2021-2022學年浙江省寧波市高一下學期期末物理試題（含答案）

1、請沒有要在裝訂線內(nèi)答題外裝訂線試卷第 =page 10 10頁，共 =sectionpages 11 11頁第PAGE 頁碼11頁/總NUMPAGES 總頁數(shù)27頁2021-2022學年浙江省寧波市高一下學期期末物理試題考試范圍：xxx；考試時間：100分鐘；命題人：xxx題號一二三四總分得分注意事項：1答題前填寫好自己的姓名、班級、考號等信息2請將答案正確填寫在答題卡上第I卷（選一選）請點擊修改第I卷的文字說明評卷人得分一、單 選 題1在人類歷史發(fā)展的長河中，圍繞萬有引力的研究，物理學家們經(jīng)歷了大量曲折頑強而又閃爍智慧的科學實踐。在萬有引力定律的發(fā)現(xiàn)歷程中，下列敘述符合史實的是（）A開普勒通

2、過分析第谷的天文觀測數(shù)據(jù)，提出了“日心說”，并發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律B卡文迪什通過實驗推算出來引力常量G的值，被個能“稱量地球質(zhì)量”的人C丹麥天文學家第谷多年的天文觀測和記錄，建立了行星運動三定律D伽利略利用“地一月系統(tǒng)”驗證了萬有引力定律的正確性，使萬有引力定律得到了廣泛的應用2高一某同學參加引體向上體能測試，如圖所示，在20s內(nèi)完成10次標準動作，每次引體向上的高度約為50cm，則此過程中該同學克服重力做功的平均功率最接近于（g取10 m/s2）（）A150WB450WC750WD1500W3關(guān)于靜電場的電場強度和電勢，下列說確的是（）A電場強度為零的地方，電勢也為零B電場強度大小逐漸減小的區(qū)

3、域，電勢也逐漸降低C電場強度的方向處處與等勢面垂直D電場中電勢降落的方向，就是電場強度的方向4在物理實驗中，把一些微小量的變化進行放大，是常用的物理思想方法。如圖所示的四個實驗，沒有運用此思想方法的是（）A觀察桌面形變B觀察玻璃瓶發(fā)生形變C探究平拋運動規(guī)律D測定萬有引力常量5如圖所示為一電腦CPU的散熱風扇，O點在風扇上表面，葉片圍繞O點所在轉(zhuǎn)軸轉(zhuǎn)動，可以通過改變轉(zhuǎn)速為CPU散熱降溫。圖中a、b兩點為同一葉片上靠近邊緣的兩點，a、b兩點到O點距離相等，當風扇轉(zhuǎn)速穩(wěn)定在1800r/min時，下列說確的是（）Aa、b兩點轉(zhuǎn)動的線速度沒有同Ba、b兩點轉(zhuǎn)動的角速度沒有同Ca、b兩點的向心加速度相同D

4、a點轉(zhuǎn)動的周期約為30s6在2022年2月5日北京上，我國選手范可新、曲春雨、張雨婷、武大靖、任子威一起奪得短道速滑混合團體接力奧運！為中國體育代表團拿到本屆首枚，這也是短道速滑項目歷史上枚男女混合接力奧運。短道速滑比賽中運動員的沖刺階段如圖所示，設甲、乙兩運動員在水平冰面上恰好同時到達虛線PQ，然后分別沿半徑為r1和r2（r2r1）的滑道做勻速圓周運動，運動半個圓周后勻加速沖向終點線。假設甲、乙兩運動員質(zhì)量相等，他們做圓周運動時所受向心力大小相等，直線沖刺時的加速度大小也相等。下列判斷中正確的是（）A在做圓周運動時，甲先完成半圓周運動B在做圓周運動時，乙先完成半圓周運動C在直線加速階段，甲、

5、乙所用的時間相等D在沖刺時，甲、乙到達終點線時的速度相等72021年10月16日，神舟十三號載人飛船與天和核心艙成功對接，已知天和核心艙在距地面高度約為400km的軌道上做勻速圓周運動，運行周期約為93min，地球表面的重力加速度g=9.8m/s2，萬有引力常量G=6.6710一11Nm2/kg2忽略地球自轉(zhuǎn)的影響，根據(jù)這些數(shù)據(jù)，下列物理量中無法求得的是（）A地球的質(zhì)量B地球的平均密度C核心艙的線速度大小D核心艙受到的地球引力8下列四幅圖描述的場景依次為雷電擊中避雷針（圖甲）、高壓輸電線上方還有兩條與大地相連的導線（圖乙）、燃氣灶中的針尖狀點火器（圖丙）、工人穿戴著含金屬絲制成的工作服進行超高

6、壓帶電作業(yè)（圖?。P(guān)于這四幅圖所涉及的物理知識，下列說確的是（）A圖甲中避雷針的工作原理主要是靜電屏蔽B圖丙中的點火器是利用起電的原理進行點火的C圖丙中的點火器的工作原理和圖丁中工作服內(nèi)摻入的金屬絲的工作原理是相同的D圖乙中與大地相連的兩條導線所起的作用和圖丁中工作服內(nèi)的金屬絲所起的作用是相同的9如圖所示，是圓的內(nèi)接三角形，為圓心，為直徑，半徑。有一勻強電場（圖中未畫出）電場方向與圓周在同一平面內(nèi)，取點電勢為零。處的粒子源向平面內(nèi)各個方向發(fā)射初動能均為、電荷量為的粒子，其中到達點的粒子動能為，到達點的粒子電勢能為。沒有計粒子的重力和粒子間的相互作用，。則勻強電場的電場強度大小為（）ABCD1

7、0一質(zhì)量為的艦艇在某次軍事訓練時，由靜止開始沿直線航行，發(fā)動機的輸出功率恒為，所受阻力大小恒定，時間，艦艇恰好達到速度，則該過程艦艇運動的位移大小為（）ABCD11一物體在豎直向上的恒力作用下，由靜止開始向上運動，到達某一高度時撤去該力。若沒有計空氣阻力，則在整個上升過程中，物體的機械能 E 隨時間 t 變化的關(guān)系圖像是（）ABCD12利用如圖所示的電路分析平行板電容器的動態(tài)變化，已知電源的內(nèi)阻可忽略沒有計，R為電阻箱，一帶負電的小球固定在電容器之間的O位置。則下列說確的是（）A保持電鍵閉合，M板向下平移少許，小球的電勢能減少B保持電鍵閉合，將電阻箱的阻值增大，靜電計的指針偏角減小C斷開電鍵，

8、M板向下平移少許，靜電計的指針偏角增大D斷開電鍵，M板向左平移少許，小球的電勢能增大13如圖甲所示，傾角為的傳送帶以恒定速率逆時針運行，現(xiàn)將一質(zhì)量為1kg的煤塊輕輕放在傳送帶的A端，物體的速度隨時間變化的關(guān)系如圖乙所示，2s末物體到達B端，取沿傳送帶向下為正方向，g取。則（）A傾角B物體與傳送帶間的動因數(shù)0.4C2s內(nèi)傳送帶上留下的痕跡長為5mD2s內(nèi)物體與傳送帶產(chǎn)生的內(nèi)能20J評卷人得分二、多選題14如圖所示，為某一電荷所形成的一簇電場線，a、b、c三條虛線為三個帶電粒子以相同的速度從O點射入電場的運動軌跡，其中b虛線為一圓弧，AB的長度等于BC的長度，且三個粒子的電荷量大小相等，沒有計粒子

9、重力。則下列說確的是（）Aa一定是正粒子的運動軌跡，b和c一定是負粒子的運動軌跡BAB的長度等于BC的長度，故Ca虛線對應的粒子的加速度越來越小，c虛線對應的粒子的加速度越來越大，b虛線對應的粒子的加速度大小沒有變Db虛線對應的粒子的質(zhì)量大于c虛線對應的粒子的質(zhì)量152021年2月，天問一號火星探測器被火星捕獲，系列變軌后從“調(diào)相軌道”進入“停泊軌道”，為著陸火星做準備。如圖所示為探測器多次變軌后登陸火星的軌跡示意圖，其中軌道、為橢圓，軌道為圓。探測器經(jīng)軌道、運動后在點登陸火星，點是軌道、的交點，軌道上的、三點與火星在同一直線上，、分別是橢圓軌道的遠火星點和近火星點。已知火星的半徑為，軌道上正

10、常運行時點的速度為，關(guān)于探測器，下列說確的是（）A探測器沿軌道運動時點的速度大于沿軌道點的速度B沿軌道運動時，探測器點的加速度大小小于C探測器由軌道到軌道，需在點加速D沿軌道的運動周期大于沿軌道的運動周期16沒有可伸長的輕繩一端固定，另一端系著質(zhì)量為m的小球在豎直面內(nèi)做圓周運動，小球動能Ek隨它離地高度h的變化如圖所示。忽略空氣阻力，重力加速度取10m/s2，以地面為重力勢能零點，由圖中數(shù)據(jù)可得（）A小球質(zhì)量為1kgB繩對小球拉力值120NC當小球離地高度為0.7m時，繩對小球拉力為60ND當小球動能與重力勢能相等時，小球離地高度0.725m第II卷（非選一選）請點擊修改第II卷的文字說明評卷

11、人得分三、實驗題17在利用落體“驗證機械能守恒定律”的實驗中（1）下列器材中沒有必要的一項是_（只需填字母代號）。A重物 B紙帶C天平D低壓交流電源E毫米刻度尺（2關(guān)于本實驗的誤差，說法沒有正確的一項是_。A選擇質(zhì)量較小的重物，有利于減小誤差B選擇點跡清晰的紙帶，有利于減小誤差C實驗產(chǎn)生誤差的主要原因是重物在下落過程中沒有可避免地受到阻力的作用（3） 在實驗中，質(zhì)量的物體下落，得到如圖所示的紙帶，相鄰計數(shù)點間的時間間隔為。那么從打點計時器打下起點O到打下B點的過程中，物體重力勢能的減少量_J，此過程中與物體動能的增加量_J。（取g=9.8m/s2，結(jié)果均保留三位有效數(shù)字）18用如圖所示的裝置來

12、探究小球做圓周運動所需向心力的大小與質(zhì)量、角速度和半徑之間的關(guān)系。兩個變速輪塔通過皮帶連接，轉(zhuǎn)動手柄使長槽和短槽分別隨變速輪塔勻速轉(zhuǎn)動。槽內(nèi)的鋼球就做勻速圓周運動。橫臂的擋板對鋼球的壓力提供向心力，鋼球?qū)醢宓姆醋饔昧νㄟ^橫臂的杠桿作用使彈簧測力筒下降，從而露出標尺，標尺上的黑白相間的等分格顯示出兩個鋼球所受向心力的比值。如圖是探究過程中某次實驗時裝置的狀態(tài)。在研究向心力的大小與質(zhì)量關(guān)系時，要保持_相同；A和rB和mCm和rDm和F當傳動皮帶套在兩塔輪半徑?jīng)]有同的輪盤上，兩個塔輪邊緣處的_大小相等；（選填“線速度”或“角速度”）圖中所示，兩個鋼球質(zhì)量和運動半徑相等，圖中標尺上黑白相間的等分格顯

13、示出兩個小球所受向心力的比值為19，與皮帶連接的兩個變速輪塔的半徑之比為_。A13B31C19D9119小陳同學用如圖甲所示的電路做“觀察電容器的充、放電現(xiàn)象”實驗。接好電路，學生電源電壓調(diào)節(jié)選“10V”，然后給電容器充分充電，再觀察電容器的放電，得到電容器放電電流I隨時間t的變化曲線如圖乙，根據(jù)該圖，可知他所選用的電容器最可能是下列的_（選填序號“A”、“B”或“C”）。如果沒有改變電路其他參數(shù)，只減小電阻R，充電時曲線與橫軸所圍成的面積將_（填“增大”“沒有變”或“變小”），充電時間將_（填“變長”“沒有變”或“變短”）。評卷人得分四、解 答 題20如圖所示，一個質(zhì)量為、帶電量為的半徑極小

14、的小球用絲線懸掛在某勻強電場中，電場線與水平面平行，當小球靜止時，測得懸線與豎直方向夾角為，（?。┣螅海?）勻強電場的大小和方向；（2）改變電場強度的大小和方向，為使小球仍保持靜止，場強的最小值。21如圖甲，光滑的水平木板上有一質(zhì)量m=0.5kg的小球A，它與物塊B通過長為3m、沒有可伸長的輕質(zhì)細線連接，細線通過木板的光滑小孔O，當小球A在水平木板上做半徑R=1m、角速度的勻速圓周運動時，物塊B恰于靜止狀態(tài)。將光滑的木板換成粗糙的水平木板，A、B位置互換，物塊B到光滑小孔O的距離為1m，讓A在水平面內(nèi)繞過O的豎直軸做勻速圓周運動，如圖乙所示，此時物塊B恰好沒有滑動。已知物塊B與粗糙木板間的動因

15、數(shù)=0.5，靜力等于滑動力，重力加速度g=10m/s2，A、B均可視為質(zhì)點，求：（1）物塊B的質(zhì)量M；（2）圖乙中小球A做圓周運動的角速度大小。22如圖所示，真空中有兩塊正方形平行正對金屬極板、，邊長為，兩板間距，構(gòu)成一個電容的電容器，緊貼兩極板右邊緣有一個與極板同寬、上下長度足夠長的熒光屏。現(xiàn)使極板均勻帶上的正電荷。在兩板左端面正位置處有一離子源。以點為原點，以垂直于熒光屏方向為軸，垂直于極板方向為軸，平行于熒光屏方向為軸，建立圖示坐標系。離子源發(fā)射的正離子的比荷為，打在極板上的離子均被吸收。求（1）兩極板間的場強大??；（2）若離子源沿軸正方向沒有斷發(fā)射離子，試求能打在熒光屏上的離子的速度范

16、圍？（3）若離子源發(fā)一個離子，分速度分別為，求該離子打在熒光屏上點的坐標。23如圖所示為某彈射游戲裝置圖。水平管中彈簧被彈射桿P用線拉著，處于壓縮狀態(tài)，質(zhì)量為m的小鋼球緊靠彈簧，口上邊緣與半圓形光滑豎直軌道點A的內(nèi)側(cè)對齊。水平軌道BC在B、C兩點分別與半圓軌道內(nèi)側(cè)和傾角=45的傾斜軌道平滑連接。扣動扳機，彈射桿P立即松開彈簧，鋼球射出經(jīng)軌道到達斜面上點D后又恰好能回到A點進入內(nèi)，擠壓彈簧后再次被彈出。已知半圓軌道半徑為R，BC長s=2R，球與斜面CD、水平面BC的動因數(shù)均為= 0.25，重力加速度為g，小球受到的力視為滑動力。求：（1）小球第二次B點時的速度大小vB；（2）彈簧儲存的彈性勢能E

17、P；（3）通過計算說明小球能否脫離軌道。答案第 = page 14 14頁，共 = sectionpages 15 15頁答案第 = page 15 15頁，共 = sectionpages 15 15頁參考答案：1B【解析】【詳解】A哥白尼提出了“日心說”，開普勒通過分析第谷的天文觀測數(shù)據(jù)，總結(jié)出行星的運動三大定律，牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律，故A錯誤；B卡文迪什通過實驗推算出來引力常量G的值，被個能“稱量地球質(zhì)量”的人，故B正確；C開普勒通過分析丹麥天文學家第谷的天文觀測和記錄，建立了開普勒行星運動三大定律，故C錯誤；D牛頓利用“地一月系統(tǒng)”驗證了萬有引力定律的正確性，使萬有引力定律得到了廣泛

18、的應用，故D錯誤。故選B。2A【解析】【詳解】中學生體重接近于60kg，該同學克服重力做功的平均功率約為故選A。3C【解析】【詳解】A電場強度的大小具有性，而電勢的高低則具有相對性，選擇的參考平面沒有同，電勢的高低也會沒有同，所以電勢是否為0與電場強度沒有必然聯(lián)系，故A錯誤；B電場強度的大小可以從電場線的疏密程度看出，但是電勢的高低卻取決于電場線的走向，沿著電場線方向電勢會逐漸降低，但是電場強度卻可能在逐漸增大，故B錯誤；C因為在等勢面上移動電荷電場力沒有做功，故電場強度的方向處處與等電勢面垂直，故C正確；D沿著電場線的方向電勢逐漸降低，但是電勢降低的方向沒有一定是電場強度的方向，應該是電勢降

19、低最快的方向為電場強度的方向，故D錯誤。故選C。4C【解析】【詳解】A桌面的受力微小形變借助于光的反射來放大，運用了放大的思想方法，故A正確，沒有符合題意；B玻璃瓶的受力微小形變借助于液體體積變化，運用了放大的思想方法，故B正確，沒有符合題意；C探究平拋運動規(guī)律，運用了類比的思想方法，故C錯誤，符合題意；D測定萬有引力常量仍是借助于光的反射來放大，運用了放大的思想方法，故D正確，沒有符合題意。故選C。5A【解析】【詳解】ABCa、b兩點同軸轉(zhuǎn)動，角速度一定相同，線速度和向心加速度是矢量，有大小有方向，因為a、b兩點到O點距離相等，線速度和向心加速度方向沿軌跡切線方向，則線速度和向心加速度的方向

20、一定沒有同，故A正確，BC錯誤；Da點轉(zhuǎn)動的周期等于風扇轉(zhuǎn)動的周期，為故D錯誤。故選A。6A【解析】【詳解】AB根據(jù)公式可得由題意，甲、乙兩運動員質(zhì)量相等，他們做圓周運動時所受向心力大小相等，可知，做圓周運動的半徑越大，周期越大，甲的半徑小于乙的半徑，則甲先完成半圓周運動，故B錯誤A正確；CD根據(jù)公式可得，甲乙運動員滑行速度為可知，乙的滑行速度大于甲的滑行速度，在直線加速階段，根據(jù)可知，甲的滑行時間大于乙的滑行時間；根據(jù)可知，甲到達終點線時的速度小于乙到達終點線時的速度，故CD錯誤故選A。7D【解析】【詳解】AB對軌道處天和核心艙考慮萬有引力提供其做圓周運動的向心力再根據(jù)黃金代換聯(lián)立可以求出地

21、球半徑、地球質(zhì)量，從而可以求出地球密度，故AB正確，沒有符合題意；C再根據(jù)可以求出核心艙的線速度，故C正確，沒有符合題意；D由于核心艙的質(zhì)量未知，無法求出核心艙受到地球的引力，故D錯誤，符合題意。故選D。8D【解析】【詳解】A避雷針的工作原理主要是利用放電避免雷擊，A錯誤；B放電電極做成針尖狀，更容易累積電荷從而發(fā)生放電現(xiàn)象，B錯誤；C點火器是利用高壓放電的原理，而工作服內(nèi)摻入的金屬絲，是利用了靜電屏蔽的原理，C錯誤；D高壓輸電線的上方還有兩條導線，這兩條導線的作用是它們與大地相連，形成稀疏的金屬“網(wǎng)”把高壓線屏蔽，免遭雷擊，與工作服內(nèi)摻入的金屬絲，都是利用了靜電屏蔽的原理，D正確。故選D。9

22、C【解析】【詳解】根據(jù)電勢能表達式可知粒子在點的電勢為根據(jù)可得粒子從到的過程，根據(jù)動能定理可得解得可知連線為等勢線，過點做的垂線，如圖所示由圖中幾何關(guān)系可得則勻強電場的電場強度大小為C正確，ABD錯誤；故選C。10B【解析】【詳解】從開始到艦艇恰好達到速度，過程由動能定理得艦艇達到速度時，受力平衡聯(lián)立解得B正確，ACD錯誤。故選B。11C【解析】【詳解】設物體在恒力作用下的加速度為a，由功能原理可知，機械能增量為知E-t圖象是開口向上的拋物線撤去拉力后，無其他外力做功，機械能守恒，則機械能隨時間沒有變故選C。12A【解析】【詳解】A保持電鍵閉合，則電容器兩極板間的電壓保持沒有變，板向下移動，由

23、可知電容器兩極板之間的電場強度增大，由于板接地，則板的電勢為零，點與板之間的電勢差為可知，點的電勢升高，則帶負電的小球在點的電勢能減少，故A正確；B由電路可知，靜電計兩端的電壓等于電容器兩極板之間的電壓，保持電鍵閉合，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，電容器兩極板之間的電壓沒有變，則靜電計的指針保持沒有變，故B錯誤；C斷開電鍵，電容器所帶的電荷量保持沒有變，板向下移動，由可知電容器的電容變大，又因為由以上可知電容器兩極板間的電壓減小，則靜電計的指針偏角減小，故C錯誤；D斷開電鍵，電容器所帶的電荷量保持沒有變，板向左移動，則電容器的電容減小，由于兩極板之間的距離保持沒有變，則兩極板間的電壓增大，電場強度增大，點

24、的電勢升高，帶電小球的電勢能減少，故D錯誤。故選A。13C【解析】【詳解】AB由圖乙可知，01s物體的加速度為a1=10m/s2，12s物體的加速度為a2=2m/s2，皮帶的速度為v1=10m/s，根據(jù)牛頓第二定律得解得故AB錯誤；C01s內(nèi)皮帶的位移及物體的位移分別為它們的相對位移為12s內(nèi)皮帶的位移及物體的位移分別為它們的相對位移為01s內(nèi)物體位移小于皮帶位移，在皮帶上出現(xiàn)5m長的痕跡，12s內(nèi)物體位移大于皮帶的位移，這1m長的痕跡與剛才的痕跡重合，所以皮帶上出現(xiàn)的痕跡長為5m，故C正確；D2s內(nèi)物體與傳送帶產(chǎn)生的內(nèi)能為故D錯誤。故選C。14CD【解析】【詳解】A由圖只能確定三個粒子的受力

25、方向，由于電場線的方向未知，則無法確定粒子的電性，A錯誤；B根據(jù)勻強電場的規(guī)律AB的長度等于BC的長度，而電場線的疏密對應電場強度的大小，方向上電場強度逐漸增大，則有B錯誤；C電場線的疏密對應電場強度的大小，根據(jù)牛頓第二定律可得a虛線對應的粒子的電場強度越來越弱，加速度越來越小，c虛線對應粒子電場強度越來越強，粒子的加速度越來越大，b虛線對應的粒子做圓周運動，庫侖力提供向心力，粒子與場源電荷的距離保持沒有變，對應的電場強度大小保持沒有變，粒子的加速度大小沒有變，C正確；D設場源電荷的帶電量大小為，粒子帶電量大小為，場源電荷與點的距離為，粒子在點的速度大小為，b虛線對應的粒子的質(zhì)量為，c虛線對應

26、的粒子的質(zhì)量為，則根據(jù)庫侖定律可得粒子受到的電場力為b虛線對應的粒子的做圓周運動，庫侖力提供向心力，則有c虛線對應的粒子的做近心運動，庫侖力大于粒子圓周運動所需的向心力即由此可知，b虛線對應的粒子的質(zhì)量大于c虛線對應的粒子的質(zhì)量，D正確。故選CD。15AD【解析】【詳解】A探測器沿軌道運動，點時需要減速以進入軌道，所以軌道的速度大于沿軌道點的速度，軌道是圓軌道，探測器勻速圓周運動，所以探測器沿軌道運動時點的速度大于沿軌道點的速度，A正確；B軌道是圓軌道，半徑為，點的速度為，根據(jù)圓周運動的規(guī)律可知，探測器點的加速度在軌道上點時，受力情況沒有改變，只是速度大小變化了，加速度大小沒變，所以加速度還是

27、，B錯誤；C探測器由軌道到軌道，需在點減速，做近心運動，C錯誤；D軌道的半徑大于軌道的半長軸，由開普勒第三定律可知，沿軌道的運動周期大于沿軌道運動周期，D正確故選AD。16BCD【解析】【詳解】A根據(jù)豎直面圓周運動的特點由圖可知，小球的軌道半徑滿足解得 小球從點運動到點的過程中，根據(jù)動能定理有代入數(shù)據(jù)，聯(lián)立可得故A錯誤；B小球在點時，繩對小球拉力，根據(jù)牛頓第二定律有代入數(shù)據(jù)，可得故B正確；C根據(jù)圖中信息，可知當小球離地高度為0.7m時，小球動能為10J，此時小球處在與圓心等高的位置，繩對小球拉力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律有代入數(shù)據(jù)，可得故C錯誤；D當小球動能與重力勢能相等時，有代入數(shù)據(jù)，可得

28、圖像中小球動能Ek隨它離地高度h的變化的函數(shù)關(guān)系為聯(lián)立，可得故D正確。故選BD。17 C A 【解析】【詳解】（1）1在計算過程中，等式兩端都有質(zhì)量，可以消去，沒有必稱量質(zhì)量，故選C；（2）2A對于下端懸掛的重物，應選擇質(zhì)量大體積小的重力，故A項錯誤，符合題意；B選擇點擊清晰且第1、2兩點間距約為2mm的紙帶，有利于減小誤差，故B項正確，沒有符合題意；C實驗產(chǎn)生誤差的主要原因是重物在下落過程中沒有可避免地受到阻力的作用，故C項正確，沒有符合題意；故選A。（3）3根據(jù)公式故重物的重力勢能減少量為。4利用勻變速直線運動推論，中間時刻速度動等于平均速度，有動能增加量為18 A 線速度 B【解析】【詳解】1向心力的大小與質(zhì)量關(guān)系時，須保持角速度和轉(zhuǎn)動半徑?jīng)]有變，故A正確，BCD錯誤；2當傳動皮帶套在兩塔輪半徑?jīng)]有同的輪盤上，屬于皮帶傳動，兩個塔輪邊緣處的線速度大小相同；3由題意，兩鋼球質(zhì)量和運動半徑相等，向心力之比是，根據(jù)可知兩鋼球角速度之比為又因為兩變速塔輪的線速度相等，根據(jù)可知可知兩個變速輪塔的半徑之比是，故