2019年普通高等學校招生全國統(tǒng)一考試理綜(物理)試題(北京卷)

1、絕密啟封前機密使用完畢前普通高等學校招生全國統(tǒng)一考試理科綜合能力測試（北京卷）本試卷共16頁，共300分?？荚嚂r長150分鐘?？忌鷦?wù)必將答案答在答題卡上，在試卷上作答無效?？荚嚱Y(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。以下數(shù)據(jù)可供解題時參考：可能用到的相對原子質(zhì)量：H1C12O16Cl35.5Ca40第一部（選擇題共120分）本部分共20小題，每小題6分，共120分。在每小題列出的四個選項中，選出最符合題目要求的一項。14.如圖所示，一束可見光射向半圓形玻璃磚的圓心O，經(jīng)折射后分為兩束單色光a和b。下列判斷正確的是A玻璃對a光的折射率小雨對b光的折射率Ba光的頻率大于b光的頻率C在真空中a光的波長大于

2、b光的波長Da光光子能力小于b光光子能量15.一列沿軸正方向傳播的間諧機械橫波，波速為4m/s。某時刻波形如圖所示，下列說法正確的是A這列波的振幅為4cmB這列波的周期為1sC此時=4m處質(zhì)點沿y軸負方向運動D此時=4m處質(zhì)點的加速度為016。傾角為a、質(zhì)量為M的斜面體靜止在水平桌面上，質(zhì)量為m的木塊靜止在斜面體上。下列結(jié)論正確的是A.木塊收到的摩擦力大小事mgcosaB.木塊對斜兩體的壓力大小是mgsinaC.桌面對斜面體的摩擦力大小是mgsinacosaD.桌面對斜面體的支持力大小是（M+m）g17.如圖，在磁感應(yīng)強度為B、方向垂直紙面向里的勻強磁場中，金屬桿MN在平行金屬導(dǎo)軌上以速度V向

3、右勻速滑動,MN中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為E;若磁感應(yīng)強度增為2B,l其他條件不變，MN中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢變?yōu)镋。則通過電阻R的電流方向及E與21E之比EE分別為2l2A.Ca，2：1B.ac，2：1C.ac，1：2D.ca，1：218.某原子電離后其核外只有一個電子，若該電子在核的經(jīng)典力作用下繞核做勻速圓周運動，那么電子運動A.半徑越大，加速度越大B.半徑越小，周期越大C.半徑越大，角速度越小D.半徑越小，線速度越小21=3-2,eqoac(,)Eeqoac(,E)eqoac(,E)19.在實驗操作前應(yīng)該對實驗進行適當?shù)姆治?。研究平拋運動的實驗裝置示意如圖。小球每次都從斜槽的同一位置無初速度釋放，

4、并從斜槽末端水平飛出。改變水平板的高度，就改變了小球在板上落點的位置，從而可描繪出小球的運動軌跡。某同學設(shè)想小球先后三次做平拋，將水平板依次放在如圖1、2、3的位置，且1與2的間距等于2與三的間距。若三次實驗中，小球從跑出點到落點的水平位移依次是，機械能的變化123量依次為eqoac(,E)，eqoac(,E)，eqoac(,E)，忽略空氣阻力的影響，123下面分析正確的是A-1=2=3B-213-2,eqoac(,)E1=eqoac(,E)2=eqoac(,E)3C-213-2,eqoac(,)E1eqoac(,E)2eqoac(,E)3D-213-2,eqoac(,)E1eqoac(,E)

5、2eqoac(,213-eqoac(,2)，由于小球做平拋運動的過程中只有重力做功，機械能守恒，故E1=eqoac(,E)2=可得Unheqoac(,E)=0，本題選B。320、【答案】B【解析】由題意可知，用強激光照射發(fā)生光電效應(yīng)時有EnhW（n=2,3,4,5,6-），k在A之間逐漸增大U，當光電流恰好減小到零時，由動能定理可得eU0E，聯(lián)立kW（n=2,3,4,5,6-），對比各選項可知選B。ee21、【答案】(1)BC甲(2)如圖所示(3)5.2（4）BD（5）A【解析】（1）電流表、電壓表在實驗中指針能達到半偏附近，讀數(shù)誤差小、較精確，由于電電動勢為4V，待測電阻阻值約為5，則電路中

6、的最大電流為0.8A，故電流表應(yīng)選B，電壓表選C；由于Rx故實驗中電流表應(yīng)采用外接法。（2）電流表外接即可，連線圖見答案。RR，AV（3）由第（1）問已確定電表的兩程，在此直接讀數(shù)即可，電流表示數(shù)為0.5A，電壓表示數(shù)為2.6V，則R=5.2。x（4）圖甲電流表外接，測得的電流實際上是流過R和電壓表的電流之和；圖乙電流表內(nèi)x接，電壓表的示數(shù)實際上是R和電流表兩端的電壓之和。x（5）由閉合電路歐姆定律可知R兩端的電壓與滑動變阻器兩端的電壓之和等于電的電動x勢，隨著的增大，滑動變阻器接入電路的有效電阻減小，電路中的電流逐漸增大，故U-圖線是斜率逐漸增大的曲線。選A。22、【答案】見解析【解析】（1

7、）由平行板電容器電場強度的定義式可知，電場強度的大小為EUd；（2）根據(jù)動能定理，有qU12mv2，解得v2qUm；v2（3）粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，有qvBm，解得RR12mUBq。23、【答案】見解析【解析】（1）床面下沉x0.1m時，運動員受力平衡，0有mgkx，解得k0mgx05103N/m,h122處，彈力做的功W=122F-圖線如圖所示。（2）運動員從=0處離開床面，開始騰空，由運動的對稱性知其上升、下落的時間相等，tg()2，解得h5.0m。mm（3）參照由速度時間圖線求位移的方法可知F-圖線下的面積等于彈力做的功，從處到=01xkxkx2，T運動員從x處上升到最大高度h的過程，根據(jù)動能定理可得1m12kx2mg(xh)0，解得x=1.1m11m1對整個預(yù)備運動過程分析，由題設(shè)條件以及功和能的關(guān)系，有W12kx2mg(xh)00mtneSvttneSv。解得W=2525J.24、【答案】見解析【解析】（1）（a）設(shè)t時間內(nèi)通過導(dǎo)體橫截面的電荷量為q，由電流的定義，可得Iq（b）每個自由電子所受的洛倫茲力為FevB，洛設(shè)導(dǎo)體中共有N個自由電子，則NnSl導(dǎo)體內(nèi)自由電子所受洛倫茲力大小的總和為FNFnSlevB洛由安培力的計算公式，有FIlBneSvlB安故FF。安（2）一個粒子每與器壁碰撞一次給器壁的沖量為I2mv，如圖所示，以