2020屆湖北黃岡八模高三模擬理綜物理測試卷一解析版

1、岡 八 模2020屆高三理綜物理模擬測試卷（一）命 題：黃岡市文海教科院本試卷分第1卷（選擇題）和第n卷（非選擇題）兩部分，共 300分.考試用時1 50分鐘可能用到的相對原子質(zhì)量：H:1 C:12 （）:16 Na:23 2n:65第1卷（選擇題，共126分）、選擇題：本題共 8小題，每小題6分，共48分，在每小題給出的四個選項中，第14 -18題只有一項符合題目要求，第1921題有多項符合題目要求.全部選對的得6分，選對但不全的得 3分，有選錯的得 0分.14.鉆-60放射性的應(yīng)用非常廣泛，幾乎遍及各行各業(yè)。在農(nóng)業(yè)上，常用于輻射育種、刺激 增產(chǎn)、輻射防治蟲害和食品輻照保藏與保鮮等；在醫(yī)學(xué)上

2、，常用于癌和腫瘤的放射治療。一 個鉆-60原子核放出一個 3粒子后衰變成一個饃核，并伴隨產(chǎn)生了丫射線。已知鉆-60的半衰期為5.27年，該反應(yīng)中鉆核、3 粒子、饃核的質(zhì)量分別為m、m m.下列說法正確的是（）A.核反應(yīng)中釋放的能量為（n2+m-m1）c2 （J）B.核反應(yīng)中釋放出的 丫射線的穿透本領(lǐng)比3粒子強(qiáng)C.若有16個鉆-60原子核，經(jīng)過5.27年后只剩下8個鉆-60原子核D. 3粒子是鉆原子核外的電子電離形成的15.如圖所示，A B是兩個帶電小球，質(zhì)量相等，A球用絕緣細(xì)線懸掛于 。點，A B球用絕緣細(xì)線相連，兩細(xì)線長度相等，整個裝置處于水平向右的勻強(qiáng)電場中，平衡時B球恰好處于。點正下方，

3、OA和AB繩中拉力大小分別為 Toa和Tab。則（）A.兩球的帶電量相等B.Toa=2TabC.增大場強(qiáng)，B球上移，仍在 O點正下方D.增大場強(qiáng)，B球左移，在 O點正下方的左側(cè)16.2019年4月10日，全球多地同步公布了人類歷史上第一張黑洞照片。黑洞是 一種密度極大，引力極大的天體，以至于光都無法逃逸。黑洞的大小由史瓦西半徑R=. *決定，其中萬有引力常量 G=6.67X 10-11N?n2/kg2,光速c=3.0 x 108m/s,天體的質(zhì)量為M已知地球的質(zhì)最約為6X 1024kg.假如它變成一個黑洞，則“地球黑洞”的半徑約為（ ）A. 9 m B. 9mmC. 9cmD. 9m17.如圖

4、所示，粗細(xì)均勻的正方形金屬線框abcd用輕質(zhì)導(dǎo)線懸吊，線框一半處在勻強(qiáng)磁場中，線框平面與磁場垂直，給導(dǎo)線通以如圖的恒定電流，靜止時每根導(dǎo)線的拉力為F.保持電流不變，將金屬線框向下平移剛好完全進(jìn)入磁場中，靜止時每根導(dǎo)線的拉力為2F. ab邊始終保持水平，導(dǎo)線始終豎直，則金屬框的重力為（A. |FBjFCFD.：F18.一質(zhì)量為m的物體放在傾角為 0且足夠長的光滑固定斜面上，初始位置如圖甲所示。 在平行于斜面的力 F的作用下由靜止開始沿斜面運(yùn)動，運(yùn)動過程中物體的機(jī)械能E隨位置x的變化關(guān)系如圖乙所示。其中0Xi過程的圖線是曲線，XiX2過程的圖線是平行于 x軸的直線，X2X3過程的圖線是傾斜的直線，

5、則下列說法正確的是（）A.在0Xi的過程中，物體向上運(yùn)動B.在0Xi的過程中，物體的加速度一直增大C.在XiX2的過程中，物體的速度大小不變D.在0X3的過程中，物體的速度方向先沿斜面向上再沿斜面向下.如圖所示，將質(zhì)量為 m的小球用橡皮筋懸掛在豎直墻的O點，小球靜止在 Q點，P為。點正下方一點。OP間的距離等于橡皮筋原長，在P點固定一光滑圓環(huán)，橡皮筋穿過圓環(huán)。現(xiàn)對小球施加一個外力 F,使小球沿以PQ為直徑的圓弧緩慢向上運(yùn)動，不計一切阻力，重力加速度為g。則下列說法正確的是（）F的方向始終跟橡皮筋垂直F的方向始終水平向右F逐漸增大F先變大后變小A.小球在Q向P運(yùn)動的過程中外力 B.小球在Q向P運(yùn)

6、動的過程中外力 C.小球在Q向P運(yùn)動的過程中外力 D.小球在Q向P運(yùn)動的過程中外力.如圖所示，在豎直平面內(nèi)有一平面直角坐標(biāo)系XOy,存在一個范圍足夠大的垂直紙面向里的水平磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度沿 X軸方向大小相同，沿 y軸方向按By=ky （k為大于零的常數(shù)） 的規(guī)律變化。一光滑絕緣的半徑為R的半圓面位于豎直平面內(nèi)，其圓心恰好位于坐標(biāo)原點O處，將一銅環(huán)從半圓面左側(cè)最高點a從靜止釋放后，銅環(huán)沿半圓面運(yùn)動， 到達(dá)右側(cè)的b點為最高點，a、b高度差為ho下列說法正確的是（）A.銅環(huán)在半圓面左側(cè)下滑過程，感應(yīng)電流沿逆時針方向B.銅環(huán)第一次經(jīng)過最低點時感應(yīng)電流達(dá)到最大C.銅環(huán)往復(fù)運(yùn)動第二次到達(dá)右側(cè)最高點時與b點

7、的高度差小于2hD.銅環(huán)沿半圓面運(yùn)動過程，銅環(huán)所受安培力的方向總是與銅環(huán)中心的運(yùn)動方向相反.如圖所示，一艘輪船正在以4m/s的速度沿垂直于河岸方向勻速渡河，河中各處水流速度都相同，其大小為 vi=3m/s,行駛中，輪船發(fā)動機(jī)的牽引力與船頭朝向的方向相同。某時刻發(fā)動機(jī)突然熄火，輪船牽引力隨之消失， 但輪船受到水大小不變的阻力作用而使輪船相對于 TOC o 1-5 h z 水的速度逐漸減小，但船頭方向始終未發(fā)生變化。下列判斷正確的是（）A.發(fā)動機(jī)未熄火時，輪船相對于靜水行駛的速度大小為5m/sB.發(fā)動機(jī)從熄火到相對于靜水靜止的過程中，輪船相對于地面做勻變速直線運(yùn)動 C.發(fā)動機(jī)從熄火到相對于靜水靜止

8、的過程中，輪船相對于靜水做勻變速直線運(yùn)動 D.發(fā)動機(jī)熄火后，輪船相對于河岸速度的最小值為3m/s第n卷（非選擇題，共 174分）三、非選擇題：共 174分.第2232題為必考題，每個試題考生都必須作答.第 33 38題為選考題，考生根據(jù)要求作答.（一）必考題：共 129分. （7分）用如圖甲所示裝置來探究功和動能變化的關(guān)系，木板上固定兩個完全相同的遮 光條A、B,用不可伸長的細(xì)線將木板通過兩個滑輪與彈簧測力計C相連，木板放在安裝有定滑輪和光電門的軌道 D上，軌道放在水平桌面上，P為小桶（內(nèi)有砂子），滑輪質(zhì)量、摩擦不計。叩 U（1）實驗中軌道應(yīng)傾斜一定角度，這樣做的目的是 （2）用游標(biāo)卡尺測量遮

9、光條的寬度，如圖乙所示，則遮光條的寬度d =cm.(3)實驗主要步驟如下：測量木板(含遮光條)的質(zhì)量 M測量兩遮光條間的距離L,按圖甲所示正確連接器材；將木板左端與軌道左端對齊，靜止釋放木板，木板在細(xì)線拉動下運(yùn)動， 記錄彈簧測力計示數(shù)F及遮光條B、A先后經(jīng)過光電門的時間為 ti、t2,則遮光條 曰A通過光電門的過程中木 板動能的變化量 AEk =,合外力對木板做功 W=.(以上兩空 用字母 M ti、t2、d、L、F表示)在小桶中增加砂子，重復(fù)的操作，比較W AEk的大小，可得出實驗結(jié)論.23.某研究性學(xué)習(xí)小組為了測量某電源的電動勢E和電壓表V的內(nèi)阻R/,從實驗室找到實驗器材如下：A.待測電源

10、(電動勢 E約為2V,內(nèi)阻不計)B.待測電壓表 V (量程為1V,內(nèi)阻約為100Q)C.定值電阻若干(阻值有：50.0 Q , 100a , 500.0 a, 1.0k Q)D.單刀開關(guān)2個(1)該研究小組設(shè)計了如圖甲所示的電路原理圖，請根據(jù)該原理圖在圖乙的實物圖上完成 連線。(2)為了完成實驗，測量中要求電壓表的讀數(shù)不小于其量程的，則圖甲R=;R=。(3)在Ri、R選擇正確的情況進(jìn)行實驗操作，當(dāng)電鍵Si閉合、S2斷開時，電壓表讀數(shù)為0.71V;當(dāng)S、S2均閉合時，電壓表讀數(shù)為 0.90V;由此可以求出 R=Q;電源的電動勢 E=(保留2位有效數(shù)字)。國甲闋乙.如圖所示，圓心為 。半彳空為r的

11、圓形區(qū)域外存在勻強(qiáng)磁場，磁場方向垂直于紙面向外，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為 B. P是圓外一點，OP=3r, 一質(zhì)量為 n電荷量為q (q0)的粒子從P 點在紙面內(nèi)沿著與 OP成0 =60方向射出。不計重力。求：(1)若粒子運(yùn)動軌跡經(jīng)過圓心 O,求粒子運(yùn)動速度的大??；(2)若要求粒子不能進(jìn)入圓形區(qū)域，求粒子運(yùn)動速度應(yīng)滿足的條件。.如圖所示，光滑的四分之一圓弧光滑水平軌道在最低平滑連接?，F(xiàn)有一質(zhì)量為m的小球P沿光滑的四分之一圓弧上由靜止開始下滑，與一質(zhì)量為km （k0,未知）的靜止在光滑水平地面上的等大的小球 B發(fā)生正碰撞。設(shè)碰撞是彈性的，且一切摩擦不計。（1）為使二者能且只能發(fā)生一次碰撞，則k的值應(yīng)滿足

12、什么條件?（2）為使二者能且只能發(fā)生兩次碰撞，則k的值應(yīng)滿足什么條件?（二）選考題：共 45分.請考生從2道物理題、 一題做答，如果多做，則每科按所做的第一題計分.33.物理選修 3-3 （15分）（1）如圖所示，兩個絕熱的、容積相同的球狀容器 相鄰兩球球心的高度 ho初始時，閥門是關(guān)閉的，2道化學(xué)題、2道生物題中每科任選A、B,用帶有閥門K的絕熱細(xì)管連通，A中裝有2mol的氨（He） , B中裝有2molK,的氨（Kr）,二者的溫度和壓強(qiáng)都相同。氣子之間的相互作用勢能可忽略?，F(xiàn)打開閥門兩種氣體相互混合，已知兩種氣體的摩爾質(zhì)量H HeV Kr,最終每一種氣體在整個容器中均勻分布，兩個容器中氣體

13、的溫相同， 則兩種氣體混合后的溫度 （填“高于”或“等于” 或“低于”）混合前的溫度，混合后氨分子的平均速率 （填“大于”或“等于”或“小 于）氟分子的平均速率。（2）如圖所示，豎直放置的圓柱形密閉氣缸，缸體質(zhì)量m=10kg,活塞質(zhì)量m=2kg,橫截面積S=2X 10-3吊.活塞與一勁度系數(shù) k=1.0 X103N/m的彈簧相連，當(dāng)氣缸下部被支柱支起時，彈簧剛好無伸長，此時活塞下部被封閉氣柱長度L=20cmo試求：（已知大氣壓強(qiáng)為p0=1.0X105Pa,設(shè)氣缸足夠長，且不計一切摩擦）（i ）支柱移去前氣體的壓強(qiáng)；（ii ）若將氣缸下的支柱移去，待氣缸重新平衡時，缸體下降的高度為多少？33.物

14、理選修 3-4 (15分)(1)如圖甲所示，在 xy平面內(nèi)有兩個沿z方向做簡諧振動的點波源Si (-2, 0)和S2 (4,0.50m/s 。兩列波從波0)。兩波源的振動圖線分別如圖乙和圖丙所示，兩列波的波速均為源傳播到點A(-2 , 8)的振幅為m,兩列波引起的點B (1,4)處質(zhì)點的振動相互(填“加強(qiáng)”或“減弱”)，點 C (0.5 , 0)處質(zhì)點的振動相互 (填“加強(qiáng)”或“減 弱”)。(2)如圖所示，一半徑為 R=30.0cm,橫截面為六分之一圓的透明柱體水平放置，O為橫截面的圓心，該柱體的BO面涂有反光物質(zhì)，一束光豎直向下從 A點射向柱體的BD面，入射角8i=45 ,進(jìn)入柱體內(nèi)部后，經(jīng)

15、過一次反射恰好從柱體的D點射出。已知光在真空中的速度為c=3.00 X 10 8m/s, sin37.5 =0.608, sin45 =0.707, sin15 =0.259, sin22.5 =0.383,試求：(i)透明柱體的折射率；(結(jié)果保留3位有效數(shù)字)(ii )光在該柱體的傳播時間 t o (結(jié)果保留3位有效數(shù)字)解析版.【答案】B【解析】解：A、根據(jù)質(zhì)能方程可知核反應(yīng)中釋放的能量為( m-m2-ma) c2 (J),故A錯誤。B、根據(jù)三種射線的特點與穿透性，可知丫射線的穿透本領(lǐng)比0粒子強(qiáng)，故B正確；C、半衰期具有統(tǒng)計意義，對個別的原子沒有意義，故C錯誤；D、根據(jù)0衰變的本質(zhì)可知，0

16、粒子是原子核內(nèi)的一個中子轉(zhuǎn)變?yōu)橘|(zhì)子時產(chǎn)生的，故D錯誤。故選：Bo根據(jù)質(zhì)能方程判斷釋放的能量；根據(jù)三種射線的特點與穿透性判斷；經(jīng)過一個半衰期有半數(shù)發(fā)生衰變,具有統(tǒng)計意義。解決本題的關(guān)鍵知道衰變的過程中電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒，知道a衰變和B衰變的實質(zhì)，理解半衰期，并能進(jìn)行計算。.【答案】C【解析】【分析】若兩球帶電量相等，整體受力分析可知，04期應(yīng)豎直。利用隔離法，對B進(jìn)行受力分析，有Tab+F庫=* ;利用整體法，對AB整體進(jìn)行受力分析，有To屆班”， 可以推出Toa和Tab之間的關(guān)系。增大場強(qiáng)，同樣用隔離法和整體法分別對 B和AB整體進(jìn)行受力分析，列出水平電場力和重力的關(guān)系， 然后分析B的位置

17、變化。本題考查了庫侖定律、共點力的平衡等知識點。合理利用整體法和隔離法是解決本題的關(guān)鍵?！窘獯稹緼.若兩球帶電量相等，整體受力分析可知，OAM應(yīng)豎直，故A錯誤；B.取B和A、B整體為研究對象，AB繩與豎直方向夾角為a ,則 0A繩與豎直方向夾角為a ,對 B有Tab+F =.對整體Tq=幽，故Rm=2Tab+2F雷，故幅誤；8衷TBWtan 口二也，對整ittana=嗎一叫,故增大E2向火 A吟豎直方向夾角變大，且兩夾角仍相,故增大E之后OA AB與豎直方向夾角變大，且兩夾角仍相等，故B球上移，仍在0點正下方，故C正確，D錯誤。故選Co.【答案】B【解析】解：根據(jù)題意知，萬有引力常量 G=6.

18、67X10-11N?m2/kg2,光速c=3.0 x 108m/s,天體的質(zhì)量為 M=6.0X1 024kg,則由史瓦西半徑公式：R=2 求出地球變成一個黑洞的半徑2 x fHi7 工 III 11 lilH-R=I什m=9X 10-3m=9mm故B正確，AC/昔誤。故選：Bo根據(jù)題目中給出的信息，由地球的質(zhì)量和引力常量及光速，根據(jù) R=求出黑洞的半徑即可本不難，只是能根據(jù)題目給出的信息，知道黑洞半徑的史瓦西半徑公式的直接使用。.【答案】D【解析】解：根據(jù)左手定則可知ab邊受到的安培力方向向下，左右兩邊安培力等大反向，線框有一半在磁場 中時，根據(jù)平衡條件可得 2F=mg+E；將金屬線框向下平移

19、剛好完全進(jìn)入磁場中， 靜止時每根導(dǎo)線的拉力為 2F,根據(jù)閉合電路的歐姆定律可 知ab邊和cd邊的電流強(qiáng)度之比為1: 3,則cd邊受到的安培力大小為3F安，方向向上；根據(jù)平衡條 件可得 4F=mg+4F?;L后:IW封也、口聯(lián)立解得mg=,故D正確、ABC錯誤。故選：Do根據(jù)左手定則判斷安培力方向，根據(jù)電流大小關(guān)系分析cd邊在磁場中時受到的安培力大小，兩種情況下根據(jù)平衡條件進(jìn)行求解。本題主要是考查安培力作用下共點力的平衡問題，解答本題的關(guān)鍵是弄清楚cd邊受到的安培力大小和方向，能夠根據(jù)平衡條件列方程求解。.【答案】B【解析】解：A、在0 xi過程中，物體的機(jī)械能在減小，知拉力對物體做負(fù)功，所以物

20、體沿斜面向下運(yùn)動，故A錯誤；岫B、根據(jù)功能關(guān)系得： E=F?Ax,得F= ,知E-x圖線的斜率表示拉力，在 0 xi過程中，圖線的，陽廟w r斜率逐漸減小到零，知物體的力逐漸減小到零。根據(jù)a= 如 ，可知，加速度一直增大，故B正確；C、在xix2過程中，拉力F=0,物體的機(jī)械能守恒，物體向下運(yùn)動，重力勢能減小，動能增大，速度 增大，做勻加速運(yùn)動，故 C錯誤；D、在0 xi過程中，加速度的方向與速度方向相同，都沿斜面向下，所以物體做加速運(yùn)動；xix2過程中，F(xiàn)=0,物體做勻加速運(yùn)動；x2x3過程，由于慣性，物體繼續(xù)沿斜面向下運(yùn)動，其機(jī)械能增大， 拉力做正功，拉力沿斜面向下，故物體繼續(xù)向下做加速運(yùn)

21、動， 即物體一直沿斜面向下運(yùn)動， 故D錯誤； 故選：Bo根據(jù)功能關(guān)系：除重力以外其它力所做的功等于機(jī)械能的增量，可根據(jù)機(jī)械能的變化情況確定力 F做功情況，從而判斷物體的運(yùn)動方向；機(jī)械能與位移圖線的斜率表示拉力。當(dāng)機(jī)械能守恒時，拉力等于 零，通過拉力的變化判斷其加速度的變化。解決本題的關(guān)鍵是要理解并掌握功能原理，通過圖線的斜率確定出拉力的變化，然后根據(jù)牛頓第二定律判斷出加速度的方向，根據(jù)加速度方向和速度的方向關(guān)系知道物體的運(yùn)動規(guī)律。.【答案】AC【解析】Ifo卜,1k解：設(shè)圓的半徑為R,橡皮筋的勁度系數(shù)為k,當(dāng)小球在Q點時彈力為k?2R=mg當(dāng)小球與P的連線與豎直方向之間的夾角為a時，橡皮筋的伸

22、長量： X=2R?C0Sa,橡皮筋的彈力： F =kAx=mgcos；a ,對小球，設(shè)拉力F與水平方向之間的夾角為0 ,在水平方向：Fcos0=F sin a,豎直方向： F cos a +Fsin 0 =mg聯(lián)立可彳導(dǎo):B =a , F=mgsin a ,可知才才力F的方向繩子與橡皮筋的方向垂直，而且隨a的增大，F(xiàn)逐漸增大，故AC正確，BD錯誤。故選：AC由幾何關(guān)系求出P點對應(yīng)的橡皮筋的伸長量，然后由胡克定律求出橡皮筋的彈力，由共點力平衡求出 橡皮筋的拉力與拉力F的關(guān)系，然后分析即可。該題結(jié)合胡克定律考查共點力平衡，解答的關(guān)鍵是正確找出橡皮筋的形變量與圓的直徑之間的幾何關(guān)系，根據(jù)平衡條件列方

23、程求解。.【答案】AC【解析】解：A、銅環(huán)在半圓面左側(cè)下滑過程，半圓面內(nèi)磁場方向為垂直紙面向里，由上至下磁感應(yīng)強(qiáng)度逐漸 增大，通過圓環(huán)的磁通量增大，則由楞次定律知感應(yīng)電流為逆時針方向，故A正確；B、由于磁感應(yīng)強(qiáng)度沿x軸方向大小相同，所以在同一水平面上磁感應(yīng)強(qiáng)度是相等的，銅環(huán)在最低點 的速度為水平向右，銅環(huán)內(nèi)的磁通量變化率為 0,感應(yīng)電流為零，所以銅環(huán)在最低點的感應(yīng)電流最小， 故B錯誤；C、設(shè)銅環(huán)的質(zhì)量為m,則銅環(huán)第一次從a點運(yùn)動到b點時，消耗的能量為 mgh銅環(huán)在豎直方向上的 速度越大時，其里面的磁通量變化率越大，產(chǎn)生的感應(yīng)電流越大，從而產(chǎn)生的焦耳熱越大，消耗的能 量越大。顯然銅環(huán)從右往左端返

24、回時，在同一高度，豎直方向上的速度要比第一次從左端到右端的小， 所以返回消耗的能量要小于第一次消耗的能量，即小于mgh同理，銅環(huán)再從左端運(yùn)動到右端，消耗的能量更小于mgh,則銅環(huán)往復(fù)運(yùn)動第二次到達(dá)右側(cè)最高點時與點b的高度差小于2h,故C正確；D、當(dāng)銅環(huán)沿著半圓面斜向下運(yùn)動時，根據(jù)對稱性，銅環(huán)左右兩端產(chǎn)生的安培力大小相等，方向相反； 而銅環(huán)下半部分產(chǎn)生的安培力要大于上半部分產(chǎn)生的安培力，下半部分產(chǎn)生的安培力的合力方向豎直向上，上半部分產(chǎn)生的安培力的合力豎直向下，所以銅環(huán)所受到的安培力是豎直向上的，顯然與銅環(huán) 中心的運(yùn)動方向不是相反的，故 D錯誤。故選：AC根據(jù)半圓面所在位置的磁場分布，應(yīng)用楞次定

25、律分析電流的方向， 根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律分析電流 的大小變化情況，由功能關(guān)系分析運(yùn)動的高度，再根據(jù)左手定則分析安培力的方向本題考查法拉第電磁感應(yīng)定律與能量和受力相結(jié)合的題目，要注意明確磁場方向以及大小的變化情況，再根據(jù)楞次定律以及功能關(guān)系進(jìn)行分析，即可明確圓環(huán)的運(yùn)動情況；本題的易錯點在于安培力方 向的判斷。.【答案】A【解析】解：A、設(shè)靜水中輪船的速度為 VC,輪船在水中的合速度為 V2,發(fā)動機(jī)未熄火時，輪船運(yùn)動速度 V2與 水流速度V1方向垂直，如圖所示：故得此時船相對于靜水的速度 Vc的大小為：Vc=vm/s=5m/s,故A正確；B、發(fā)動機(jī)從熄火到相對于靜水靜止的過程中，輪船在靜水中受到

26、阻力，船的速度減小，那么相對于地面做加速度變小的曲線運(yùn)動，故 B錯誤；C、發(fā)動機(jī)從熄火到相對于靜水靜止的過程中，輪船在靜水中受到阻力，船的速度減小，輪船相對于靜水做加速度變小的直線運(yùn)動，故 C錯誤；D、熄火前，船的牽引力沿V。的方向，水的阻力與V。的方向相反，熄火后，牽引力消失，在阻力作用下，V。逐漸減小，但其方向不變，當(dāng) V。減小到與Vi的矢量和與V。方向垂直時，輪船的合速度最小，目又設(shè)V。與V2的夾角為8 ,則有： 8S 8 =0.8;則相對于河岸的最小速度為：Vmin=Vi8S 0 =3X0.8 m/s=2.4m/s ,故D錯誤。故選：Ao設(shè)靜水中輪船的速度為vc,輪船在水中的合速度為V

27、i,根據(jù)速度的合成法則，結(jié)合勾股定理，即可求解A選項；根據(jù)運(yùn)動的合成與分解，結(jié)合平行四邊形法則，及直線與曲線條件，即可判定BC選項；熄火后在阻力作用下，V。逐漸減小，但其方向不變，當(dāng)V。減小到與Vi的矢量和與V。方向垂直時，輪船 的合速度最小，根據(jù)三角函數(shù)，即可求解 D選項?？疾檫\(yùn)動的合成與分解應(yīng)用，掌握數(shù)學(xué)中的勾股定理與三角函數(shù)知識，注意隨著船速減小，當(dāng)其與合 速度垂直時，合速度達(dá)到最小，同時理解合運(yùn)動是直線還是曲線的判定依據(jù)。.【解析】解：(1)由于探究的是動能關(guān)系，而功是合力所做的功，所以要平衡摩擦力，即將導(dǎo)軌的一端墊高， 使摩擦力與下滑分力平衡。(2)游標(biāo)卡尺的讀數(shù)由兩主尺與游標(biāo)尺的讀

28、數(shù)之和，則遮光條的寬度為：d=5mm+121=0.560mni(3)先求出遮光條通過光電門的速度分別為：V11 ; V2=；71m曷-的！- i)則兩個遮光條通過光電門的動能的變化為：A R=!合外力是繩拉力，所以合外力的功為：W=FLo；口/的,_ 1)故答案為：(1)平衡木板受到的摩擦力；(2) 0.560; (3) -; FLo本題考查探究動能定理的實驗，這個實驗對于我們可能是一個新的實驗，但該實驗的原理都是我們學(xué) 過的物理規(guī)律，做任何實驗問題還是要從最基本的物理規(guī)律入手去解決。對于系統(tǒng)問題處理時我們要 清楚系統(tǒng)內(nèi)部各個物體能的變化。23.【解析】解：(1)根據(jù)圖甲所示電路圖連接實物電路

29、圖，實物電路圖如圖所示圖乙(2)由題意可知，電源電動勢約為 2V,內(nèi)阻不計，電壓表量程為 1V,電壓表內(nèi)阻約為100Q,測量中要求電壓表的讀數(shù)不小于其量程的3 ,即電壓表示數(shù)不能小于V,電阻R、R兩端電壓之和不能超過XV,兩電阻之和不能超過電壓表內(nèi)阻的5倍，即不能超過500Q,因此兩電阻不能是 500.0 Q與1.0k Q ,為保護(hù)電路，由圖示電路圖可知電阻R應(yīng)大于R2,因此：R=100Q , R=50.0Q。(3)根據(jù)圖示電路圖與實驗步驟，由閉合電路歐姆定律可知：國 圄E=U+% (R+R) , E=U+% R,由題意可知：U=0.71V, U=0.90V,代入數(shù)據(jù)解得：E 1.9V, Rv

30、 87 Q。故答案為：(1)實物電路圖如圖所示；(2) 100Q; 50.0 Q; (3) 87; 1.9V。(1)根據(jù)圖甲所示電路圖連接實物電路圖。(2)根據(jù)電源電動勢與題目所給實驗器材與實驗要求確定電阻阻值。(3)根據(jù)實驗電路圖與實驗步驟應(yīng)用閉合電路歐姆定律求出電源電動勢與電壓表內(nèi)阻。本題考查了連接實物電路圖、確定電阻阻值與實驗數(shù)據(jù)處理問題，認(rèn)真審題理解題意是確定電阻阻值的關(guān)鍵，應(yīng)用串聯(lián)電路特點即可確定電阻阻值；應(yīng)用閉合電路歐姆定律可以求出電壓表內(nèi)阻與電源電動勢。24.【答案】解：(1)運(yùn)動軌跡經(jīng)過O點，其運(yùn)動軌跡如圖直=仁為：K= =心 h 冷卜311由Bqv=m 4得；*=匹=”Rtn

31、 巾(2)粒子不能進(jìn)入圓形區(qū)域，其速度較大時對應(yīng)的軌跡如圖,其速度較小時對應(yīng)的軌跡如圖其最小的半徑為R :由圖可知：(3r) 2+Rin2-2 X 3r X R= (r+Rmin) 解得：R=re _ r? vmin則由 Bqvmin=，f- -1 得：1U段或/圮迪則要不進(jìn)入圓形區(qū)，速度 v要滿足：v J答：(1)粒子運(yùn)動速度的大小為_V虹如也空-fTljjj(2)粒子運(yùn)動速度應(yīng)滿足【解析】(1)畫出粒子的運(yùn)動軌跡，由幾何關(guān)系求出軌道半徑，再有洛倫茲力提供向心力求得速度。(2)分別確定出兩個臨界軌跡圖，由幾何關(guān)系確定出對應(yīng)的圓軌道的半徑，再有洛倫茲力提供向心力求得速度，從而確定出速度范圍。對

32、于粒子在磁場中的圓周運(yùn)動，其關(guān)鍵是畫出運(yùn)動軌跡圖，定圓心，求出半徑即可輕松求解。25.【答案】解：設(shè)A球與B球碰撞前A的速度為V。，碰后A球與B球的速度分別為vi與Vi,取水平向右為正方向, 由動量守恒定律及機(jī)械能守恒定律有mv=mV+kmV由此解例:vi= VQA + 1(1)為使二者能且只能發(fā)生一次,必須有 Vi即1*5系“口解得-1 k3o由于k是正數(shù)，所以0k3。(2)要能發(fā)生兩次碰撞，必須使 A能回到坡上，要求Vi1；為使A從坡上滑下后再能追上 B,應(yīng)有-viV,即k-1 2,則k3,于是，為使第二次碰撞能發(fā)生, 要求k3o對于第二次碰撞，令V2和V2分別表示碰后A和B的速度，同樣由

33、動量守恒及機(jī)械能守恒定律有：m (-V1)+kmV=mv+kmV2mvkm/2=2mv? l?kmV2由此解得:ii U i rrr殉 Mr”V =I) 誦二尸o若V20,則一定不會發(fā)生第三次碰撞，若V2V2,則會發(fā)生第三次碰撞。故為使第三次碰撞不會發(fā)生，要求A第三次從坡上滑下后速度的大小(-V2)不大于B速度的大小V2,即為：-v 2V由以上三式得：k2-10k+50LL解得 5-2 y k3,得到它們的交集即為所求:3k5+2答：(1)為使二者能且只能發(fā)生一次碰撞，則 k的值應(yīng)滿足的條件是0k3。(2)為使二者能且只能發(fā)生兩次碰撞，則k的值應(yīng)滿足什么條件是 3k5+2 【解析】兩個小球發(fā)生

34、彈性碰撞，系統(tǒng)的動量和機(jī)械能都守恒，根據(jù)動量守恒定律和機(jī)械能守恒定律 列出方程，聯(lián)立可求出碰撞后兩個小球速度的表達(dá)式。(1)為使二者能且只能發(fā)生一次碰撞，第一次碰撞后P球的速度要小于Q球的速度。結(jié)合兩球速度表達(dá)式，求出k的值應(yīng)滿足的條件。(2)為使二者能且只能發(fā)生兩次碰撞， 第一次碰撞后P球的速度要大于Q球的速度，第二次碰撞后P 球的速度要小于Q球的速度。結(jié)合兩球速度表達(dá)式，求出 k的值應(yīng)滿足的條件。對于彈性碰撞，動量守恒定律和機(jī)械能守恒定律是基本規(guī)律，本題的關(guān)鍵是分析為使兩滑塊能且只能發(fā)生兩次碰撞的條件，由數(shù)學(xué)知識求出k滿足的條件。33(1)【答案】低于 大于【解析】解：兩種氣體混合的過程中

35、，0.5mol的氨氣向下進(jìn)入下面的容器，重力做正功，有：L-a11,i 叱岫 e： _ x 1 x 10氟氣向上進(jìn)入上面的容器，重力做負(fù)功，有：rc ； s I*由于重力做的負(fù)功比較大，所以重力對系統(tǒng)做的功：W=WV2y0.整個容器絕熱，所以系統(tǒng)的內(nèi)能減小，氣體的溫度降低；溫度是分子的平均動能的標(biāo)志。氣體混合后溫度是相等的，所以混合后兩種氣體的分子的平均動能是 相同的，由于氨氣的分子的質(zhì)量小，所以氨氣的分子平均速率大。故填：低于，大于。兩種氣體混合的過程中，氨氣向下進(jìn)入下面的容器，重力做正功；氟氣向上進(jìn)入上面的容器，重力做 負(fù)功。比較兩種情況下重力做功的多少，確定系統(tǒng)內(nèi)能的增加或減小，從而判斷

36、出系統(tǒng)的溫度是升高 或降低；溫度是分子的平均動能的標(biāo)志，而不是平均速率的標(biāo)志。該題中兩種氣體混合的過程中，氨氣向下進(jìn)入下面的容器，重力做正功；氟氣向上進(jìn)入上面的容器，重力做負(fù)功。判斷出重力所做的總功的正負(fù)是解題的關(guān)鍵。(2)【答案】解：(i )支柱移去前，活塞受重力和內(nèi)外壓力而平衡，故：mg+poS=pS解得：pi=1.1 x i05Pa；(ii )將支柱拿開，此時汽缸受重力和內(nèi)外壓力而平衡，故：mg+pzS=pS,Ie明解得：p2=5X104Pa根據(jù)玻意耳定律，有：p1SL=p2SL2解得：L2=0.44m對汽缸和活塞整體分析受彈簧的拉力和重力即T= (m+m) g=kx解得：x=0.12m則缸體下降的高度為 h=L2- (L-x