【物理】中考物理電功率真題匯編含答案

1、【物理】中考物理電功率真題匯編（含答案）一、電功率選擇題.如圖所示，滑動變阻器的滑片 P處于中間位置，閉合開關 S,兩個燈泡均能發(fā)光（假設 燈絲電阻不變），此時，將滑動變阻器的滑片P向右移動，則（）A. Li和L2都變亮B. L變暗，L變亮C. L變亮，L2變暗D. L和L2都變暗【答案】B【解析】【解答】解：由電路圖可知，燈泡L2與滑動變阻器R并聯后再與燈泡Li串聯，將滑動變阻器的滑片 P向右移動，滑動變阻器接入電路中的電阻變大，并聯部分的電阻變 大，電路的總電阻變大，b由I= A可知，干路中的電流變小，由U=IR可知，Li兩端的電壓變小，因燈泡的亮暗取決于實際功率的大小，所以，由P=UI可

2、知，燈泡Li的實際功率變小，Li的亮度變暗，故 AC錯誤；因串聯電路中總電壓等于各分電壓之和，所以，并聯部分的電壓變大，因并聯電路中各支路兩端的電壓相等，所以，燈泡L2兩端的電壓變大，債由P=月可知，L2的實際功率變大，亮度變亮，故B正確、D錯誤.故選B.【分析】由電路圖可知，燈泡L2與滑動變阻器R并聯后再與燈泡Li串聯，根據滑片的移動可知接入電路中電阻的變化和并聯部分電阻的變化以及總電阻的變化，根據歐姆定律可知 電路中電流的變化和 Li兩端的電壓變化，根據 P=UI可知Li實際功率的變化，進一步判斷 其亮暗的變化；根據串聯電路的電壓特點可知并聯部分電壓的變化，根據并聯電路的電壓特點和P=UI

3、=可知L2實際功率的變化，進一步判斷其亮暗的變化.電子驅蚊器利用變頻聲波直接刺激蚊蟲中樞神經，使其非常痛苦，食欲不振，繁殖力下降，無法在此環(huán)境生存，從而達到驅蚊的目的其部分參數見表格，取 g=i0N/kg關于驅蚊器 下列說法錯誤的是（）電子駒妙料資費！靛定電壓aov軟定中事2W聲波箝率產品京i產品尺寸弧9 K6方二3 icm）A.驅蚊器的重力為 0.6NB.驅蚊器發(fā)出的聲音能被正常人聽到C.驅蚊器刺激蚊蟲中樞神經利用的是超聲波D.驅蚊器工作10h消耗電能為0.02kW?h【答案】B【解析】【解答】A、驅蚊器白重力，G= mg = 0.06kg xi0N/kg= 0.6N, A不符合題意；B、人

4、的聽覺范圍 2020000Hz; 22kHz55kHz超出了人的聽覺范圍，故驅蚊器發(fā)出的聲音不能被正常人聽到，B符合題意；C、22kHz55kHz超出了人的聽覺范圍，故驅蚊器刺激蚊蟲中樞神經利用的是超聲波，C不符合題意；D、蚊器工作10h消耗電能為 W=Pt=0.002kWX 10h 0.2kW?h , D不符合題意。故答案為：Bo【分析】利用物體質量計算重力的大小，人耳的聽聲范圍是2020000Hz,超聲波的頻率超過20000Hz,利用功率和時間計算消耗的電能.如圖是探究 電流通過導體時產生熱的多少跟什么因素有關”的實驗裝置.通電前，A、B兩個U型管內的液面相平，通電一定時間后，通過 R、R

5、2的電流分別為Ii、I2 ,則（）I. 9 Ql2, A管中的液面較低Di i I2 , A管中的液面較高【答案】D【解析】【解答】解：由圖可知，右側兩電阻絲并聯后與左側電阻絲串聯，并聯電路中干路電流等于各支路電流之和，所以Iil2,故AB錯誤；由Q=I2Rt可知，通電時間相同時，Iil2 , Ri=R2=5 Q,所以左側電阻產生的熱量較多，密閉空氣吸收熱量后，體積不變，壓強變大，左側容器內氣體的壓強與大氣壓的差值較大，A測玻璃管液面較高.故選D.【分析】由電路圖分析電阻絲的連接方式，根據串并聯電路的電流特點可知通過它們的電流關系，根據 Q=FRt比較兩電阻產生的熱量關系，密閉空氣吸收熱量后，

6、壓強變大，U形管內兩液面的差值變大，據此進行解答.4.如圖所示，電源電壓保持12V不變，小燈泡L上標有“6V3W字樣，滑動變阻器最大電阻值R=48Q,閉合開關，若不考慮燈絲電阻隨溫度的變化，下列說法正確的是()A.要使電壓表的示數增大 1V,小燈泡L兩端的電壓就會減小 1VB.小燈泡L的最小實際電功率為 0.6WC.當滑片P移到變阻器的中點時，小燈泡 L正常發(fā)光D.當滑片P移到最右端時，通電 10s滑動變阻器消耗的電能是19.2J【答案】D【解析】【解答】由電路圖可知，閉合開關后，滑動變阻器R與燈泡L串聯，電壓表測燈泡L兩端的電壓。(1)由電壓表測燈泡 L兩端的電壓可知，電壓表的示數增大1V,

7、小燈泡L兩端的電壓就會增大1V, A不符合題意；(2)由P=UI=#可得，燈泡的電阻：山? (6)Rl 1 危 劑=12Q,當滑片P移到最右端時，接入電路中的電阻最大，電路中的電流最小，小燈泡的實際功率最小，因串聯電路中總電阻等于各分電阻之和，所以，電路中的最小電流：U I2F1= *趣 /口 一二口 =0.2A,則小燈泡L的最小實際電功率：Pl小=|2Rl= (0.2A) 2X12a0.48W, B不符合題意；通電 10s滑動變阻器消耗的電能：Wr= I2Rt= (0.2A) 2X 48Q X DS9.2J, D符合題意；(3)當滑片P移到變阻器的中點時，電I U12V1:路中的電流：I =

8、 ?A,此時燈泡的實際功率：1Pl= ( I) 2Rl= ( J A) 2X 121.33V3W,所以，此時燈泡不能正常發(fā)光，C不符合題意。故答案為：Do【分析】閉合開關后，滑動變阻器R與燈泡L串聯，電壓表測燈泡 L兩端的電壓.(1)電壓表示數的變化和燈泡兩端的電壓變化相同；占(2)根據P=UI=#求出燈泡的電阻，當滑片P移到最右端時，接入電路中的電阻最大，電路中的電流最小，小燈泡的實際功率最小，根據電阻的串聯和歐姆定律求出電路中的最小電流，利用P=I2R求出小燈泡 L的最小實際電功率，再利用W=UIt=I2Rt求出通電10s滑動變阻器消耗的電能；(3)當滑片P移到變阻器的中點時，根據電阻的串

9、聯和歐姆定律求出電路中的電流，利用P=R求出小燈泡L的實際功率，然后與燈泡的額定功率相比較確定是否正常發(fā)光 5.有兩只燈泡Li、L2 ,分別標有“220M100W和“220V（40W的字樣。若不考慮溫度對燈絲電阻的影響，下列說法中正確的是（）A,兩燈正常發(fā)光時，Li的電阻較大B.兩燈并聯接入 220V的電路，Li、L2消耗功率之比是 2:5C.兩燈串聯接入220V的電路，Li消耗的功率小于 25WD.兩燈串聯接入 220V的電路，兩燈泡消耗總功率大于40W小于100W【答案】C【解析】【解答】解：（1）由P=UI=#可得，兩燈泡正常發(fā)光時的電阻分別為:富(220V)2I? (220V)s=-=

10、 484 Q,他=-=12100Pi IOOW是， 10W220V的電路，它們兩端則R1R2,即L1的電阻較小，A不符合題意；（2）兩燈并聯接入的電壓等于 220V,均能正常發(fā)光，則 L1、L2消耗功率之比 P1: P2=100W: 40W=5: 2, B 不符合題意；（3）兩燈串聯接入220V的電路時，因串聯電路中總電阻等于各分電阻之和，V220V10所以，電路中的電流他uiOQ :;,.h - PHi = X 拎8. 2W 2員心消耗的功率一，C符合題意；0Ip = UI = 22QY X r % 28. 6W R2 ,兩燈泡并聯，其兩端電壓相等，由P= 可知，燈泡 Li的實際功率小于燈泡

11、L2的實際功率，則燈L2更亮，B符合題意；C、已知由于燈絲的材料相同，長度相同，L2電阻小于Li電阻，所以L2燈絲就較粗，C不符合題意；D、由圖知，兩節(jié)干電池串聯，則電源電壓為3V;如果兩燈能正常發(fā)光，則A2的示數為0.2A+0.3A=0.5A;由于電源電壓小于兩燈泡的額定電壓為3.8V,所以此時兩燈泡都不能正常發(fā)光，則A2的示數應小于0.5A, D不符合題意。 故答案為：Ba【分析】結合實物圖，理清元件的連接方式及電表的測量對象，根據i=%可求得其電阻，假改燈泡的電阻不受溫度影響，由p=7可知其實際功率大小，燈泡的亮度取決于其實際功 率大小；再根據影響電阻大小的因素分析得到兩燈燈絲的粗細關系

12、.下列數據中最接近生活實際的是（）A.人的正常體溫約為39 CB.無線電波在空氣中的傳播速度約為340m/sC.甲型HiNi流感病毒的長度約為 icm“D.電冰箱的額定功率約為 i00W【答案】D 【解析】【解答】A、人的正常體溫為 37C,變化很小，故 A不符合實際；B、無線電波在真空中的傳播速度最大，為3Xl0n/s,在空氣中的傳播速度略小一些，接近3X1（8m/s,故B不符合實際；C、甲型HINI流感病毒的長度很小，約為 10-40nm,故C不符合實際；D、電冰箱的額定功率約為100W左右，故D符合實際.故選D.【分析】首先對題目中涉及的物理量有個初步的了解，對于選項中的單位，可根據需要

13、進 行相應的換算或轉換，排除與生活實際相差較遠的選項，找出符合生活實際的答案.如圖所示，兩個透明容器中密閉著等量的空氣，A、B兩U形管內的液面相平，電阻絲的電阻R1=R2=R。小明用圖示裝置進行實驗，探究電流通過導體時產生的熱量Q跟什么因素有關。下列說法正確的是（）A.此實驗在探究電熱 Q與電阻R是否有關B.通過R1的電流和通過 R2的電流大小相等C.電阻R1兩端的電壓和 R2兩端的電壓相等D.通電后，A管的液面將會比B管的液面高【答案】D【解析】【解答】由圖知，R2與R3并聯后再與R1串聯，R1處于干路上，根據并聯電路的 電流特點知，通過 R的電流大于通過 R2的電流，而 R=R2 ,可見，

14、該實驗探究的是電熱 Q與電流是否有關，A、B均錯誤；又根據 U=IR知，R1兩端的電壓大于 R2兩端的電壓，C 不符合題意；通電后，由于置于密閉空氣中的電阻絲R1=R2 ,而通過R1的電流大于通過心的電流，由Q=I2Rt知，左容器中空氣吸熱較多，內能增大較多，溫度較高，所以 A管的 液面將會比B管的液面高，D符合題意。故答案為：D【分析】探究熱量與電流及電阻的關系，要求能正確分析電路，掌握串并聯電路的特點， 并靈活應用焦耳定律根據控制變量法（通過電阻的電流不同，比較相同通電時間內兩支溫 度計示數變化情況，可探究電流產生的熱量與電流是否有關）及轉換法（探究影響電熱的 因素時，通過液體吸熱的多少反

15、應電阻絲產生的熱量）分析解答15.具有防霧除露、化霜功能的汽車智能后視鏡能保障行車安全，車主可通過旋鈕開關實 現功能切換。圖是模擬加熱原理圖，其中測試電源的電壓為10V,四段電熱絲電阻均為10 Q,防霧、除露、化霜所需加熱功率依次增大。下列說法正確的是（） TOC o 1-5 h z A.開關旋至“1檔，開啟化霜功能IB.開啟防霧功能，電路總電阻為5aC.化霜與防霧電路的總功率之差為15WuD從防霧到除露，電路總電流變化1A【答案】C【解析】【解答】由圖知道，當開關旋至“1檔時，兩條電阻絲串聯接入電路，此時電路總由陽J二,首匕電阻最大為2R=2X10a=20R由4知道，此時電功率最小，開啟防霧

16、功能，AB不符合題意；此時電路中的電流是： 二人 勿口 =0.5A ;此時電路的總功率是： P1=UI1=1OVX 0.5A=5Vy當開關旋至 “潴時，一條電阻絲單獨接入電路，電阻較大（大于并 聯時的總電阻），電路消耗的功率較小，此時為除露功能；此時電路中的電流是：U 10i 斤 初儀=1A;從防霧到除露，電路總電流變化量是：|2-|1=1A-0.5A=0.5A, D不符合題意；當開關旋至 “猾時，兩條電阻絲并聯接入電路，總電阻最小，總功率最大，此時為71一，八，一R并-二X皿？ - 5*化霜功能，電路的總電阻是： U J，電路的總電流是：V 16七二,二 rd登并 3P =2A;此時總功率是

17、：P3=UI3=10VX 2A=20W化霜與防霧電路的總功率之差是：P3-P1=20W-5W=15W, C 符合題意。故答案為：C【分析】結合電路圖，理清開關處于不同狀態(tài)時元件的連接方式，由知道對應的狀態(tài)，再逐項進行計算即可.16.如圖所示，電源電壓為 6V,定值電阻R=30Q,滑動變阻器 R0的規(guī)格為“30CA”，電流 表的量程為“A0.6A，小燈泡上標有 “3V1W字樣。不考慮燈絲電阻變化，在保證電路安 全的前提下，則（）-B. S閉合，S、S2都斷A. S S1都閉合，S2斷開，向左調節(jié) R0的滑片，燈泡會變暗開，調節(jié)R0 ,燈泡功率變化范圍是 0.451WC. S S、S2都閉合，電路

18、消耗的總功率最小值為1.2W, D. S Si、S2都閉合，當電路消耗的總功率最大時，Ro接入電路的阻值是15 a【答案】D【解析】【解答】解：A、由圖可知，S &都閉合，S2斷開時，Ro與R并聯再與燈泡串 聯，當向左調節(jié) 飛的滑片其接入電路的電阻變小，所以并聯部分電阻的變大，由串聯電路的分壓原理可知，并聯部分分得電壓變大，則燈泡分得電壓變小，由P=*可知，燈泡的電功率變小，所以燈泡會變暗，A符合題意;B、由圖可知，S閉合，Si、S2都斷開，滑動變阻器 的與L串聯,囹 3V 1由P=UI可得燈泡正常發(fā)光時的電流：Il=短=忘=3 A,由串聯電路特點和歐姆定律可知當變阻器連入阻值最大時，電路中電

19、流最小,此時電流表和燈泡都安全,X 90.21W故燈泡的功率變化范圍是0.21W1W, B不符合題意;CD、由圖可知，當 S S、8都閉合時，R0與滑動變阻器并聯， 當滑動變阻器接入電路中的電阻最大時，電路中消耗的總功率最小， 電路消耗的總功率最小值：團|出.留俗以jP小=也+及碗工=+初=2.4W, C不符合題意；當電流表的示數I =0.6A大時，電路消耗的總功率最大，L 6V通過R的電流：Ir=方=30。=0.2A, 因并聯電路中干路電流等于各支路電流之和，所以，通過滑動變阻器的最大電流：I滑=I - I0=0.6A- 0.2A=0.4A,滑動變阻器接入電路中的電阻：R滑=油=。=15a，

20、D符合題意。故答案為：Do【分析】S S都閉合，S2斷開，R0與R并聯再與燈泡串聯，判斷向左調節(jié)R0的滑片其接入電路的電阻變化，從而可知并聯部分電阻的變化，再根據串聯電路的分壓原理和電功率公式分析燈泡功率的變化，從而可知其亮度的變化；S閉合，S、S2都斷開時，燈泡 L與滑動變阻器串聯，電流表測電路中的電流，根據P=Fr分析燈泡的功率變化范圍； S S、S2都閉合時，R0與滑動變阻器并聯，當滑動變阻器接入電路中的電阻最大時，電路中消耗的總功率最小，根據并聯電路的電壓*特點和P=7求出電路消耗的總功率最小值；當電流表的示數最大時電路消耗的總功率最大，根據并聯電路的電流特點求出通過R0的電流，根據并

21、聯電路的電流特點求出通過滑動變阻器的最大電流，再根據歐姆定律求出滑動變阻器接入電路中的電阻.下列家用電器中，正常工作一小時耗電接近1.2kW?h的是（）A.空調B.電冰箱C.電視機D.臺燈【答案】A蕾 L 2kh【解析】【解答】此用電器的功率為P=7 - -記=1.2kW,四個選項中，電冰箱的功率約120W,電視機的功率約 120W,臺燈的功率約 40W,故額定功率接近 1.2kW的用電器 是空調機.故答案為：A.【分析】根據功率的公式 v 7計算出此用電器的功率，再與選項中各用電器大約的功率比 較，得出正確選項.家庭電路中，計量用電器消耗電能多少的元件是（）D總開關B符合題意。A.試電筆曲能表Ct電保護器【答案】B【解析】【解答】家庭電路中電能表是計量消耗