江西省南昌市南昌縣蓮塘第一中學2018-2019學年高一上學期期末考試物理試題(含解析)

1、江西省南昌市南昌縣蓮塘一中2018-2019學年高一（上）期末物理試卷一、單選題.一船以恒定的速率渡河，水流速度恒定（小于船速），要使船航行的路徑與河岸垂直到達正對岸，則A.船應垂直河岸航行B.船的航行方向偏向上游一側C.船不可能沿直線到達對岸D.河的寬度一定時，船到對岸的時間是任意的【答案】B【解析】試題分析：ABC要使船垂直河岸過河，應使合速度垂直河岸，則可將船速沿河和垂直于河分解，則沿水流方向上的分速度應等于水流速度且逆著水流方向，故船速只能偏向上游；B正確D、因河的寬度一定，而垂直于河的速度一定，故船到對的時間固定；錯誤故選B考點：運動的合成和分解點評：要使船垂直到達對岸，應讓船的實際

2、路線沿垂直于河岸方向，而船同時參與了兩個運動，故可以采用 運動的合成和分解確定船的航行方向。.跳傘運動員從高空懸停的直升機跳下，運動員沿豎直方向運動，其 v-t圖象如圖所示，下列說法正確的是s-1)A.運動員在0-10s內(nèi)的平均速度大小等于10m/sB.從15s末開始運動員處于靜止狀態(tài)10s末運動員的速度方向改變10s-15s內(nèi)運動員做加速度逐漸減小的減速運動【答案】Dfn + n .i- 70【詳解】010s內(nèi)，若運動員做勻加速運動，平均速度為?=-一=上=根據(jù)圖象的“面22積”等于位移可知，運動員的位移大于勻加速運動的位移，所以由公式方二f得知：010s內(nèi)的平均速度大t于勻加速運動的平均速

3、度 10m/s,故A錯誤。由圖知，15s末開始運動員做勻速直線運動，故 B錯誤；由圖看出，運動員的速度一直沿正向，速度方向沒有改變，故C錯誤。1015s圖象的斜率減小，則其加速度減小，故1015s運動員做加速度減小的減速運動，故D正確。所以D正確，ABC錯誤。.人站在地面上，先將兩腿彎曲，再用力蹬地，就能跳離地面，人能跳起離開地面的原因是（）A.人對地球的作用力等于地球?qū)θ说囊.地面對人的作用力大于人對地面的作用力C.地面對人的作用力大于地球?qū)θ说囊.人除受地面的彈力外，還受到一個向上的力【答案】C【解析】【詳解】A、C項：根據(jù)牛頓第三定律，人對地球的作用力等于地球?qū)θ说囊?，但不是?/p>

4、能起跳離開地面的原因，原因是地面對人的作用力大于地球?qū)θ说囊?，?A錯誤，C正確；B項：根據(jù)牛頓第三定律，地面對人的作用力等于人對地面的作用力；故 B錯誤；D項：人受重力和支持力，沒有所謂的“向上的力”，故D錯誤。故選：C。.如圖所示，吊籃P懸掛在天花板上，與吊籃質(zhì)量相等的物體 Q被固定在吊籃中的輕彈簧托住，當懸掛吊籃的細繩燒斷的瞬間，吊籃 P和物體Q的加速度大小是（）A. a p= a q= gB. ap=2g,aQ=gC. ap=g ,aQ=2gD. ap= 2g ,ac= 0【答案】D【解析】試題解析：細繩燒斷的瞬間，吊籃P在豎直方向受自身重力的作用和彈簧彈力的作用。而在細繩燒斷的瞬間

5、=2g,對物體Q的合力在這一瞬間仍彈簧的彈力大小并沒有變化仍然等于物體Q的重力所以.ap=為零故aQ= 0考點：牛頓第二定律的瞬時性點評：分析此類問題一注意對物體進行準確的受力分析二要注意彈簧彈力不能發(fā)生突變。.如圖所示，在高爾夫球場上，某人從高出水平地面h的坡頂以速度V0水平擊出一球，球落在水平地面上的C點。已知斜坡 AB與水平面的夾角為 0 ,不計空氣阻力。則下列說法正確的是A.若球落到斜坡上，其速度方向與水平方向的夾角為定值B.若球落到斜坡上，其速度方向與水平方向的夾角不確定C. AC的水平距離為 RD.小球落在C點時的速度大小為 舜+仙【答案】A【解析】12AR若球落到斜面上，由平拋運

6、動規(guī)律有十白_產(chǎn)_上設速度與水平方向的夾角為 比，由平拋運動X Vgt 2Vq一，4研，rra,.，規(guī)律有1tm.tr = = ,比較得助.比二2必.開.日=定值，故A正確，B錯誤；唳 %b hC、球從A運動到C做平拋運動，豎直方向有 卜=5產(chǎn)，水平方向有1 = %。= % - ,故C錯誤；D、根據(jù)動能定理有 mgh = 41m總 解得 心二降Q示,故D錯誤；故選A?！军c睛】平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動 ，根據(jù)高度求出運動的時間，根據(jù)速度時間關系求解水平位移 ，根據(jù)動能定理求解 C點的速度大小。.如圖所示，物體 A和B的質(zhì)量均為 m且分別與輕繩連接跨過定滑輪（

7、不計繩子與滑輪、滑輪與軸之間的摩擦）.當用水平變力F拉物體B沿水平方向向右做勻速直線運動的過程中：物體A也做勻速直線運動繩子拉力始終大于物體 A所受的重力繩子對A物體的拉力逐漸增大繩子對A物體的拉力逐漸減小 以上說法正確的是（A.B.C.D.【答案】D【解析】由于細線不可伸長，故 A B兩個物體沿著細線的分速度相等，故：Va=VbCOS 0 （其中0為細線與水平方向的夾角）由于 vb不變，隨著0的減小，va增加，故物體 A是加速上升；對物體 A,根據(jù)va=vbCOS 0 ,結合 三角函數(shù)知識，可知 VA的變化率減小，故物體 A做加速度減小的加速運動；對物體A,受重力和拉力，根據(jù)牛頓第二定律，有

8、：T-mg=ma由于a在減小，故拉力大于重力且在減??；故錯誤，正確；故選 D. 點睛：本題考查運動的合成與分解，抓住B在沿繩子方向白速度等于 A的速度；同時要能夠結合三角函數(shù)知 TOC o 1-5 h z 識分析加速度的情況，結合牛頓第二定律分析.物體A B C均靜止在同一水平面上，它們的質(zhì)量分別為 m、mB、me,與平面的動摩擦因數(shù)分別為科a、b、c,用平行于水平面的拉力 F分別拉物體A、B C所得加速度a與F的關系圖線如圖，對應的直線甲、乙、 丙所示，甲、乙 直線平行，則以下說法正確的是（）.什 甲乙丙I一 a”Hi” or?h,F！i acmme（i b=cmBmaem由飛 乙丙的截距相

9、等即摩擦因數(shù)相等，甲的截距小即摩擦因數(shù)小，有血=叱勿對照答案D對?？键c：牛頓第二定律 圖像分析.如圖所示，彈簧左端固定，右端自由伸長到O點并系住質(zhì)量為 m的物體，現(xiàn)將彈簧壓縮到 A點，然后釋放， 物體可以一直運動到 B點.如果物體受到的阻力恒定，則 （）【答案】BCD【答案】BCDA.物體從A到O先加速后減速B.物體從A到O做加速運動,從 O到B做減速運動C.物體運動到O點時，所受合力為零D.物體從A到O的過程中，加速度逐漸減小【答案】A【解析】【分析】對物體受力分析，豎直方向受重力和支持力，二力平衡，水平方向受彈簧彈力和摩擦力，剛從A點釋放時，彈力大于摩擦力，物體加速向右運動，隨著物體向右運

10、動，彈簧壓縮量減小，彈力減小，到達。點之前某一位置C,彈力減小到等于摩擦力，由 C至。彈力小于摩擦力，物體開始減速，。至B過程受向左的拉力和摩擦力，加速度向右物體一直做減速運動.【詳解】物體從 A點到。點過程，彈力逐漸減為零，剛開始彈簧的彈力大于摩擦力，合力向右，加速度也向右，速度也向右，物體加速，后來彈力小于摩擦力，合力向左，速度向右，物體減速。即物體先加速后減速，故A正確；物體從A到。先加速后減速，從。到B的過程中物體一直受到向左的彈力與向左的阻力，所以物體一直做減速運動。故 B錯誤；物體運動到 O點時，彈簧的彈力為零，而滑動摩擦力不為零，則物體所受合 力不為零。故C錯誤。物體從A點至。點

11、先做加速度不斷減小的加速運動，后做加速度不斷增大的減速運動，故D錯誤；故選Ao【點睛】本題關鍵分階段結合運動情況對物體受力分析，求出合力后確定加速度的變化情況，從而最終確定物體的運動情況.二、多選題.為了求出樓房高度，讓一石子從樓頂自由下落，空氣阻力不計，測出下列哪個物理量的值能計算出樓房的高度（當?shù)刂亓铀俣?g已知）（）A.石子開始下落1s內(nèi)的位移B.石子落地時的速度C.石子最后1s內(nèi)的位移D.石子通過最后1m的時間【答案】BD【解析】【分析】通過自由落體運動的位移時間公式 卜-；。式和速度位移公式 v2= 2gh知，只要知道落地的速度或下落的時間， 就可以求出樓房的高度.【詳解】A、石子

12、開始下落1s內(nèi)的位移，可以直接求出，但無法知道石子下落的總時間或石子落地的速度，所以無法求出樓房的高度；故A錯誤.B、根據(jù)速度位移公式 v2=2gh,知道石子落地的速度，可以求出樓房的高度；故 B正確。C、根據(jù)最后1s內(nèi)的位移，可以知道最后 1s內(nèi)的平均速度，某段時間內(nèi)的平均速度等于中v2=2gh知，間時刻的瞬時速度，則可以知道落地前0.5s末的速度，根據(jù)速度時間公式 v=V0+gt,求出落地時的速度，再根據(jù)v2=2gh,求出下落的距離；故 C正確。D、根據(jù)最后1m內(nèi)的時間，根據(jù)了二%E + 求出最后1m內(nèi)的初速度，根據(jù)速度時間公式v=v0+gt,求出落地時的速度，再根據(jù) v2=2gh,求出下

13、落的距離；故 D正確.故選BCD.【點睛】解決本題的關鍵知道根據(jù)自由落體運動的位移時間公式卜二%產(chǎn)和速度位移公式 v2=2gh,只要知道落地的速度或下落的時間，就可以求出樓房的高度.質(zhì)量為m的人站在升降機中，如果升降機運動時加速度的絕對值為a,升降機底板對人的支持力 N=ma+mg則可能的情況是（）A.升降機以加速度a向下加速運動B.升降機以加速度 a向上加速運動C.在向上運動中，以加速度 a制動D.在向下運動中，以加速度 a制動【答案】BD【解析】試題分析：由題意可知支持力大于重力，人處于超重狀態(tài)，所以有向上的加速度，有向上加速度的運動可分 為兩種情況：向上加速運動和向下減速運動。故選BD考

14、點：超重和失重點評：容易題。物體處于超重狀態(tài)時，不一定是向上加速運動也可能是向下減速運動；同理，物體處于失重狀態(tài)時，不一定向下加速運動.也可能是向上減速運動.11.用一輕繩將光滑小球 P系于粗糙墻壁上的 0點，在墻壁和球P之間夾有一矩形物塊 Q整體處于靜止狀態(tài)，如圖所示。略微改變繩子的長度，P、Q仍然均處于靜止狀態(tài)，則下列相關說法正確的是（）P物體受4個力作用Q物體受3個力作用C.若繩子變長，繩子的拉力將變小D.若繩子變短，Q受到的靜摩擦力將增大【答案】C【解析】【分析】先對小球P受力分析，然后對小方塊 Q受力分析，對 巳由平衡條件研究繩子變長時，繩子的拉力如何變化?！驹斀狻緼、P受到重力、Q

15、的支持力和靜摩擦力，繩子的拉力，共4個力作用，故 A正確。B、Q受到重力、墻壁的彈力、 P的壓力和靜摩擦力，共 4個力作用，故B錯誤。C、設繩子與豎直方向的夾角為a,P的重力為G,繩子的拉力大小為 F,則由平衡條件得：f = GQ, G+f = FC0S”，則G+G= Fcos”，G與G不變，若繩子變長， “變小，cos a變大，則F變小，故 C正確。D、Q受到的靜摩擦力豎直向上，與其重力平衡，與繩子長度無關，所以若繩子變短，Q受到的靜摩擦力不變，故D錯誤。故選：ACo【點睛】為了防止多力或少力，一般按重力、彈力和摩擦力的順序分析物體的受力情況。12.如圖所示，A、B兩物塊的質(zhì)量分別為 3m和

16、m,靜止疊放在水平地面上。 A、B間的動摩擦因數(shù)為四，B與地1面間的動摩擦因數(shù)為最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為go現(xiàn)對A施加一水平拉力F,對于A、 TOC o 1-5 h z B加速度可能的值，下列說法中正確的是（）12A. aA = -P5 ,%均44。乂 =。牙【解析】【詳解】設B對A的摩擦力為fi, A對B的摩擦力為f2,地面對B的摩擦力為f3,由牛頓第三定律可知 fi與 f 2大小相等，方向相反，fi和f2的最大值均為f 2n=3（1 mg, f 3的最大值為 人母=x 4溝故當0VFW2 mg時，A、B均保持靜止；繼續(xù)增大F,在一定范圍內(nèi) A、B將相對靜止以共同的加速度開始

17、運動，此過程中A和B一起運動的最大加速度為口 =包二包! =即,所以二者加速度相等的范圍為0W aw科g ；mm當A、B發(fā)生相對滑動時，A的加速度隨著拉力的增大而增大，而B的加速度大小不變?yōu)?g。故AC錯誤、BD正確故選：BD。三、填空題13.某同學在做“測定勻變速直線運動的加速度”實驗時打出的紙帶如圖所示，每兩點之間還有四點沒有畫出來，圖中上面的數(shù)字為相鄰兩點間的距離，打點計時器的電源頻率為50Hz。（答案保留三位有效數(shù)字）5.01N A7, ID 一 v. io)1.fW)12 ,MlT|15. ID 144加位：E3 r1 I I41z345t占71打第4個計數(shù)點時紙帶的速度V4=m/s

18、0 6點間的加速度為 a=m/s 2。2【答案】（1）. 1.22m/s;（2）. 2.06m/s【解析】打第4個計數(shù)點時紙帶的速度9.10 + 11.00 + I2.90 + 15.1047ojAr 占孤一比；111 + 12.9 + 15.1)-(5 + 7.1 + 9J).八：1n口 ,、06點間的加速度為 a=-=產(chǎn)=-X 10 *=丁廣9x0.01故答案為: 1.20 m/s 1.98 m/s 2 ( 1.97 - 2.00 均可)四、實驗題探究題14.如圖1所示，為“探究加速度與力、質(zhì)量的關系”實驗裝置，該裝置依靠電子信息系統(tǒng)獲得了小車加速度a的信息，由計算機繪制出a與鉤碼重力的關

19、系圖.鉤碼的質(zhì)量為m,小車和鉤碼的質(zhì)量為 M,重力加速度為g.(I)下列說法正確的是A.每次在小車上加減鉤碼時，應重新平衡摩擦力B.實驗時若用打點計時器應先釋放小車后接通電源C.本實驗m應遠小于MD.在用圖象探究加速度與質(zhì)量關系時，應作口圖象(2)實驗時，某同學由于疏忽，遺漏了平衡摩擦力這一步驟，他作出的。-F圖可能是圖2中(選填“甲”、“乙”、“丙”)圖線.此圖線的AB段明顯偏離直線，造成此誤差的主要原因是 A.小車與軌道之間存在摩擦B. .導軌保持了水平狀態(tài)C.鉤碼的總質(zhì)量太大D.所用小車的質(zhì)量太大0)實驗時，某同學遺漏了平衡摩擦力這一步驟，其它操作均正確，若軌道水平，他測量得到的圖象如圖

20、M設圖中縱軸上的截距為 -h ,則小車與木板間的動摩擦因數(shù) _二 . _一 一b【答案】.C ；.丙；.C ；.-【解析】【詳解】(1)A項：小車與長木板間的粗糙情況與小車質(zhì)量無關，所以在同一個實驗中，每次改變小車質(zhì)量，不需重新平衡摩擦力，故 A錯誤；B項：實驗時應先接通電源，后釋放小車，故 B錯誤；mM mgmF = Ma = q -C項：根據(jù)牛頓第二定律得，口= ,則繩子的拉力M +中當鉤碼的總質(zhì)量遠小于m + a?I H小車的質(zhì)量時，繩子的拉力才等于鉤碼的重力，故C正確；一，一L1 L ， 一 J ，,， I D項：由牛頓第二定律得：。二三，當F 一定時，a與成正比，所以作出口 =大圖象

21、，故D錯誤。mMm故選：C。(2)遺漏了平衡摩擦力這一步驟，就會出現(xiàn)當有拉力時，物體不動的情況，故圖線為丙當不滿足mM時，隨m的增大物體的加速度 a逐漸減小，故圖象彎曲的原因是：所掛鉤碼的總質(zhì)量太大,不滿足沙和沙桶質(zhì)量遠小于小車的質(zhì)量，故C正確;(3)根據(jù)牛頓第二定律可知，mg-p.Mg = Ma結合 口一上 圖象，可得： 口二 mg工一口g MM設圖中直線的斜率為 k,在縱軸上的截距為-b,，一一b因此小車與木板間的動摩擦因數(shù)9五、計算題.從高空落下的石塊，受到的空氣阻力與它的速度成正比，即 二*乙 當下落速度為1。皿/5時，其加速度為6m/s2,當它接近地面時做勻速運動，則石塊落地時的速度

22、為多大？(0=1Om/s2)【答案】25m/s【解析】【詳解】根據(jù)題意得 f=kv由牛頓第二定律有： mrIM即：.TH得k=0.4m當石塊做勻速運動時，f=mg及 kv =10m 由解得：v =25m/s。.木塊A、B分別重50N和60N,它們與水平地面之間的動摩擦因數(shù)均為 0衛(wèi)6 ； 一只彈簧的勁度系數(shù)為400N/m , 壓縮了 2cm夾在A、B間靜止不動?，F(xiàn)用 尸=1N的水平拉力作用在木塊 B上。如圖所示，力 F作用后，A、B 靜止不動，則 A和B受到的摩擦力分別為多少？一【答案】8N, 9N【解析】【詳解】木塊 A與地面間的滑動靜摩擦力為：fA入 mg=0.25X50N=12.5N木塊

23、B與地面間的滑動靜摩擦力為：fB=科mg=0.2 5X60N=15N彈簧彈力為：F彈=卜*=400* 0.02N=8N施加水平拉力F后，對B物體受力分析，重力與支持力平衡，水平方向受向右的彈簧彈力和拉力，由于B木塊與地面間的最大靜摩擦力為15N (等于滑動摩擦力)，大于彈簧彈力和拉力之和，故木塊B靜止不動，故木塊B受到的靜摩擦力與彈簧彈力和拉力的合力平衡，因而：fB =F”F=8N+1N=9N施加水平拉力F后，彈簧長度沒有變化，彈力不變，故木塊A相對地面有向左的運動趨勢，其受到向右的靜摩擦力，且與彈力平衡，因而： f A =Fw=8No.如圖所示，物體從光滑斜面上的A點由靜止開始下滑，經(jīng)過 B點后進入粗糙水平面(設經(jīng)過B點前后速度大小不變)，最后停在C點，運動全程中利用速度傳感器每隔0.1s測量物體的瞬時速度，下表給出了部分測量數(shù)據(jù)，白;10巾/52)求：h切Q.0|0 1|020.R|0,9|1Km/5)0.0|031.01|121.01(I)斜面的傾角；(N)物體運動到斜面底端 B點的速度V。【答案】(1)30 ; (2)2m/s【解析】【詳解】(1)由前三列數(shù)據(jù)可知物體在斜面上勻加速下滑過程，加速度為：1.0 一 0.6物體在斜面上運動時，由牛頓第二定律得：mgsin 0 =ma代入數(shù)據(jù)可得：0 =30 ;(2)由后兩列數(shù)據(jù)可知物體