河北正定弘文中學(xué)2022-2023學(xué)年高三物理第一學(xué)期期中質(zhì)量檢測(cè)試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷考生須知：1全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫(xiě)在“答題紙”相應(yīng)位置上。2請(qǐng)用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫(xiě)姓名和準(zhǔn)考證號(hào)。3保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無(wú)效。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，一帶鐵芯線圈置于豎直懸掛的閉合鋁框右側(cè)，與線圈相連的導(dǎo)線abcd內(nèi)有水平向里變化的磁場(chǎng)下列哪種變化磁場(chǎng)可使鋁框向左偏離 ( )ABCD2、如圖所示，在粗

2、糙水平面上放置有一豎直截面為平行四邊形的木塊，圖中木塊傾角為，木塊與水平面間動(dòng)摩擦因數(shù)為，木塊所受重力為G，現(xiàn)用一水平恒力F推木塊，使木塊由靜止開(kāi)始向左運(yùn)動(dòng)，則木塊所受的摩擦力大小為()AFBCGD(Gsin Fcos )3、如圖所示，固定在地面上的半圓軌道直徑ab水平，質(zhì)點(diǎn)P與半圓軌道的動(dòng)摩擦因數(shù)處處一樣，當(dāng)質(zhì)點(diǎn)P從a點(diǎn)正上方高H處自由下落，經(jīng)過(guò)軌道后從b點(diǎn)沖出豎直上拋，上升的最大高度為，空氣阻力不計(jì)當(dāng)質(zhì)點(diǎn)下落再經(jīng)過(guò)軌道a點(diǎn)沖出時(shí)，能上升的最大高度h為()A不能從a點(diǎn)沖出半圓軌道B能從a點(diǎn)沖出半圓軌道，但C能從a點(diǎn)沖出半圓軌道，但D無(wú)法確定能否從a點(diǎn)沖出半圓軌道4、小球從空中自由下落，與水平

3、地面相碰后反彈到空中某一高度，其速度時(shí)間圖象如圖所示，則由圖可知（g取10m/s2）（）A小球在前0.5 s內(nèi)和后0.3 s內(nèi)加速度大小相等，方向相反B小球在0.8 s內(nèi)的平均速度大小是1 m/s，方向豎直向下C小球在0.8 s內(nèi)的平均速率是1 m/sD小球在0.2s時(shí)刻和0.6s時(shí)刻速度相同5、如圖所示，是上端帶定滑輪的固定堅(jiān)直桿，質(zhì)量不計(jì)的輕桿一端通過(guò)鉸鏈固定在點(diǎn)，另一端懸掛一重為的物體，且端系有一根輕繩并繞過(guò)定滑輪，用力拉繩，開(kāi)始時(shí)，現(xiàn)使緩慢變小，直到桿接近豎直桿此過(guò)程中A力逐漸增大B力先逐漸減小后逐漸增大C輕桿對(duì)端的彈力大小不變D輕桿對(duì)端的彈力先減小后增大6、如圖所示，物塊A放在傾斜的

4、木板上，木板的傾角分別為和時(shí)物塊所受摩擦力的大小恰好相等，則物塊和木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為()A BCD二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、某科研小組用火箭模型模擬火箭發(fā)射升空,該模型在地面附近一段位移內(nèi)的發(fā)射功率恒為,從靜止開(kāi)始豎直向上發(fā)射,發(fā)射過(guò)程中火箭受到含重力在內(nèi)的一切阻力的合力大小(為比例常量)火箭的質(zhì)量為,忽略其質(zhì)量變化,設(shè)火箭在這段位移內(nèi)可以達(dá)到最大速度,則A在加速過(guò)程中,火箭加速度和速度均增大B在加速過(guò)程中,火箭處于超重狀態(tài)C火箭在上升過(guò)程中的最大速度為D

5、火箭達(dá)到最大速度的一半時(shí)的加速度大小為8、一物塊沿傾角為的固定斜面以一定的初速度從底端上滑，到達(dá)最大高度處后又返回底端已知物塊上滑的時(shí)間是下滑時(shí)間的一半，則（ ）A下滑時(shí)的加速度大B回到底端時(shí)速度是出發(fā)時(shí)的C物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為D因摩擦而產(chǎn)生的熱量上滑時(shí)與下滑時(shí)相等9、如圖所示，半圓柱體P放在粗糙的水平地面上，其右端有一豎直擋板MN。在二者之間夾著一個(gè)光滑均質(zhì)的小圓柱體Q，整個(gè)裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)使MN保持豎直并且緩慢地向右平移，在Q滑落到地面之前，P始終保持靜止。則在此過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）AMN對(duì)Q的彈力逐漸減小BP對(duì)Q的彈力逐漸增大C地面對(duì)P的摩擦力逐漸增大DQ所受的合力逐漸

6、增大10、如圖所示，傾角為的斜面體C置于水平地面上，一條細(xì)線一端與斜面上的物體B相連，另一端繞過(guò)質(zhì)量不計(jì)的定滑輪與物體A相連，定滑輪用另一條細(xì)線懸掛在天花板上的O點(diǎn)，細(xì)線與豎直方向成角，A、B、C始終處于靜止?fàn)顟B(tài)，下列說(shuō)法正確的是A若僅增大A的質(zhì)量，B對(duì)C的摩擦力一定減小B若僅增大A的質(zhì)量，地面對(duì)C的摩擦力一定增大C若僅增大B的質(zhì)量，懸掛定滑輪的細(xì)線的拉力可能等于A的重力D若僅將C向左緩慢移動(dòng)一點(diǎn)，角將增大三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11（6分）某實(shí)驗(yàn)小組用一只彈簧秤和一個(gè)量角器等器材驗(yàn)證力的平行四邊形定則，設(shè)計(jì)了如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置，

7、固定在豎直木板上的量角器的直邊水平，橡皮筋的一端固定于量角器的圓心O的正上方A處，另一端系繩套1和繩套2，主要實(shí)驗(yàn)步驟如下：（1）彈簧秤掛在繩套l上豎直向下拉橡皮筋，使橡皮筋的結(jié)點(diǎn)到達(dá)O處，記下彈簧秤的示數(shù)F；（2）彈簧秤掛在繩套l上，手拉著繩套2，緩慢拉橡皮筋，使橡皮筋的結(jié)點(diǎn)到達(dá)O處，此時(shí)繩套1沿0方向，繩套2沿120方向，記下彈簧秤的示數(shù)F1；（3）根據(jù)力的平行四邊形定則計(jì)算繩套1和繩套2的合力F=_；（4）比較_和_在誤差范圍內(nèi)相同，即可初步驗(yàn)證；（5）只改變繩套2的方向，重復(fù)上述實(shí)驗(yàn)步驟。（6）將繩套l由0方向緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)到60方向，同時(shí)繩套2由120方向緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)到180方向，此過(guò)程中保持

8、橡皮筋的結(jié)點(diǎn)在O處不動(dòng)，保持繩套l和繩套2的夾角120不變關(guān)于繩套1的拉力大小的變化，下列結(jié)論正確的是_（填選項(xiàng)前的序號(hào)）A逐漸增大 B先增大后減小 C逐漸減小 D先減小后增12（12分）某實(shí)驗(yàn)小組利用圖示裝置進(jìn)行“探究動(dòng)能定理”的實(shí)驗(yàn)，部分實(shí)驗(yàn)步驟如下：A掛上鉤碼，調(diào)節(jié)長(zhǎng)木板的傾角，輕推小車后，使小車能沿長(zhǎng)木板向下做勻速運(yùn)動(dòng)；B打開(kāi)速度傳感器，取下輕繩和鉤碼，保持A中調(diào)節(jié)好的長(zhǎng)木板傾角不變，讓小車從長(zhǎng)木板頂端靜止下滑，分別記錄小車通過(guò)速度傳感器1和速度傳感器2時(shí)的速度大小v1和v2；據(jù)此回答下列問(wèn)題：（1）若要驗(yàn)證動(dòng)能定理的表達(dá)式，下列各物理量中需測(cè)量的有_；A懸掛鉤碼的總質(zhì)量m B長(zhǎng)木板的

9、傾角 C兩傳感器間的距離LD小車的質(zhì)量M E.小車與木板的摩擦力（2）根據(jù)實(shí)驗(yàn)所測(cè)的物理量，驗(yàn)證動(dòng)能定理的表達(dá)式為：_。（用題中所給的符號(hào)表示，重力加速度用g表示）四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13（10分） 在如圖所示的平面直角坐標(biāo)系 xOy 中,第一象限內(nèi)存在一個(gè)半徑為 R 的圓形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域,磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為 B,方向垂直紙面向里,且圓形磁場(chǎng)區(qū)域在第一象限中 與兩坐標(biāo)軸相切.大量質(zhì)量均為 m、電荷量均為-q 的帶電粒子(重力忽略不計(jì))沿 x 軸正方向經(jīng)過(guò) y 軸,然后以相同速度 v=勻速射入磁場(chǎng)區(qū)域.求

10、:（1）從(0,R)射入的粒子射出磁場(chǎng)時(shí)的位置坐標(biāo);（2）離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)速度方向與 x 軸的正方向成 30的粒子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí) 的位置坐標(biāo)和它在第一象限內(nèi)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間.14（16分）如圖所示，空間有一豎直向下沿x軸方向的靜電場(chǎng)，電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小按Ekx分布(x是軸上某點(diǎn)到O點(diǎn)的距離)，kx軸上，有一長(zhǎng)為L(zhǎng)的絕緣細(xì)線連接A、B兩個(gè)小球，兩球質(zhì)量均為m，B球帶負(fù)電，帶電荷量為q，A球距O點(diǎn)的距離為L(zhǎng)兩球現(xiàn)處于靜止?fàn)顟B(tài)，不計(jì)兩球之間的靜電力作用(1)求A球的帶電荷量qA；(2)剪斷細(xì)線后，求B球的最大速度vm15（12分）如圖甲所示，質(zhì)量為m0.1 kg的小球，用長(zhǎng)l0.4 m的細(xì)線與固定在圓心處的力傳感器相連

11、，小球和傳感器的大小均忽略不計(jì)當(dāng)在最低點(diǎn)A處給小球6 m/s的初速度時(shí)，小球恰能運(yùn)動(dòng)至最高點(diǎn)B，空氣阻力大小恒定求：(g取10 m/s2)(1)小球在A處時(shí)傳感器的示數(shù)；(2)小球從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至B點(diǎn)過(guò)程中克服空氣阻力做的功；(3)小球在A點(diǎn)以不同的初速度v0開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，當(dāng)運(yùn)動(dòng)至B點(diǎn)時(shí)傳感器會(huì)顯示出相應(yīng)的讀數(shù)F，試通過(guò)計(jì)算在圖乙所示坐標(biāo)系中作出F圖象參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、A【解析】由楞次定律可知，要使鋁框向左遠(yuǎn)離，則螺線管中應(yīng)產(chǎn)生增大的磁場(chǎng)，即螺線管中電流應(yīng)增大；而螺線管中的電流是由abcd區(qū)域內(nèi)的磁場(chǎng)變化

12、引起的，故abcd中的磁場(chǎng)變化率應(yīng)增大，故A正確，BCD錯(cuò)誤2、C【解析】木塊在豎直方向上平衡，有：N=G，則木塊所受的摩擦力f=N=G，因?yàn)槲飰K不是做勻速運(yùn)動(dòng)，所以f與F不等，故C正確，ABD錯(cuò)誤3、B【解析】試題分析：質(zhì)點(diǎn)第一次在槽中滾動(dòng)過(guò)程，由動(dòng)能定理得：，為質(zhì)點(diǎn)克服摩擦力做功大小，解得：，即第一次質(zhì)點(diǎn)在槽中滾動(dòng)損失的機(jī)械能為，由于第二次小球在槽中滾動(dòng)時(shí)，對(duì)應(yīng)位置處速度變小，因此槽給小球的彈力變小，摩擦因數(shù)不變，所以摩擦力變小，摩擦力做功小于，機(jī)械能損失小于，因此小球再次沖出a點(diǎn)時(shí)，能上升的高度大于零而小于，故ACD錯(cuò)誤，B正確考點(diǎn)：動(dòng)能定理【名師點(diǎn)睛】本題的關(guān)鍵在于知道第二次運(yùn)動(dòng)過(guò)程中

13、摩擦力做功比第一次小，明確動(dòng)能定理的應(yīng)用范圍很廣，可以求速度、力、功等物理量，特別是可以去求變力功摩擦力做功使得機(jī)械能轉(zhuǎn)化成內(nèi)能4、B【解析】圖象的斜率表示加速度，由圖可知，在前0.5 s內(nèi)和后0.3 s內(nèi)加速度大小相等，方向相同，故A錯(cuò)誤；由圖象可知：前0.5s內(nèi)物體自由下落，后0.3s物體反彈，根據(jù)vt圖象中速度圖象與時(shí)間軸圍成的面積表示位移可得：小球下落的高度為：h=0.55m=1.25m，小球在從開(kāi)始下落0.8 s內(nèi)的位移：x=h0.33m=1.25m0.45m=0.8m，方向豎直向下，則小球在0.8 s內(nèi)的平均速度為，方向豎直向下，故B正確；小球在0.8s內(nèi)的路程S=1.25+0.4

14、5=1.7m，故平均速率v=2.1m/s，故C錯(cuò)誤；由圖可知，小球在0.2s時(shí)刻和0.6s時(shí)刻速度方向一定相反，故速度不會(huì)相同，故D錯(cuò)誤故選B點(diǎn)睛：此題關(guān)鍵是知道速度圖象的斜率代表物體的加速度，速度圖象與時(shí)間軸圍成的面積代表物體的位移，平均速度等于位移除以時(shí)間5、C【解析】以B點(diǎn)為研究對(duì)象，分析受力情況：重物的拉力T（等于重物的重力G）、輕桿的支持力N和繩子的拉力F，作出力的示意圖如圖由平衡條件得知，N和F的合力與T大小相等，方向相反，根據(jù)三角形相似可得：，又T=G解得：，使緩慢變小時(shí)，CA、AB保持不變，CB變小，則F減小，N不變，故ABD錯(cuò)誤，C正確故選C【點(diǎn)睛】以B點(diǎn)為研究對(duì)象，分析其受

15、力情況，作出受力圖，利用三角形相似法，得出各力與三角形ABC三邊邊長(zhǎng)的關(guān)系，再分析F和N的變化6、C【解析】當(dāng)木板傾角是時(shí)，物塊受到是靜摩擦力，其大小等于mgsin，當(dāng)木板傾角是時(shí)，物塊受到是滑動(dòng)摩擦力，其大小等于，由題意可得解得故C正確。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BD【解析】A.加速上升過(guò)程中，火箭受到向上的推力為和阻力，可知速度最大推力減小，阻力最大，由牛頓第二定律，可知加速度減小，故A錯(cuò)誤B.向上加速過(guò)程中，加速度向上，處于超重狀態(tài)，故B正確C.當(dāng)時(shí)速

16、度達(dá)到最大，即，解得最大速度為，故C錯(cuò)誤D.當(dāng)速度，此時(shí)火箭受到的向上的推力為，由牛頓第二定律可得，其中，由以上方程解得加速為，故D正確8、BCD【解析】A、已知物塊上滑的時(shí)間是下滑時(shí)間的一半，由公式 可知： 故A錯(cuò)誤；B、由公式 ，可得 , 即回到底端時(shí)速度是出發(fā)時(shí)的，故B正確C、對(duì)物塊進(jìn)行受力分析可知向上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中： 向下運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中：聯(lián)立得：聯(lián)立公式可得： ，故C正確；D、物塊向上和向下運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中受到的摩擦力是相等的，所以因摩擦而產(chǎn)生的熱量上滑時(shí)與下滑時(shí)相等，故D正確；綜上所述本題答案是：BCD 9、BC【解析】AB對(duì)Q受力分析，如圖甲所示，Q受到豎直向下的重力mg、MN給的向左的支

17、持力F1和P對(duì)Q的支持力F2，根據(jù)平衡條件，得F1mgtan，在MN保持豎直并且緩慢地向右平移的過(guò)程中，增大，故F1、F2增大，即MN對(duì)Q的彈力逐漸增大，P對(duì)Q的彈力逐漸增大，故A錯(cuò)誤，B正確；C對(duì)P、Q整體受力分析，如圖乙所示，整體受到重力(Mm)g、MN的支持力F1、地面的支持力F3、地面的靜摩擦力f，根據(jù)共點(diǎn)力的平衡條件，可得fF1mgtan，由于不斷增大，故f逐漸增大，故C正確；D移動(dòng)MN過(guò)程中Q一直處于平衡狀態(tài)，合力一直為零，故D錯(cuò)誤。故選BC。10、BD【解析】A、若B具有上滑的趨勢(shì)，增大A的質(zhì)量，則B對(duì)C的摩擦力增大，若B具有下滑的趨勢(shì)，增大A的質(zhì)量，則B對(duì)C的摩擦力減小，所以不

18、一定增大，故A錯(cuò)誤；B、將BC看作一個(gè)整體，具有向左的運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)，僅增大A的質(zhì)量，地面對(duì)C的摩擦力一定增大，故B正確；C、若B具有上滑的趨勢(shì)，增大B的質(zhì)量，則B受到的摩擦力減小，若B具有下滑的趨勢(shì)，增大B的質(zhì)量，則B受到的摩擦力增大，所以不一定增大，故C錯(cuò)誤；D、連接AB的細(xì)線的夾角一半即角的大小，若僅將C向左緩慢移動(dòng)一點(diǎn)，增大連接AB的細(xì)線的夾角，則角將增大，故D正確；故選BD三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、 F F A 【解析】(3)1根據(jù)的平行四邊形定則可得繩套1和繩套2的合力：(4)23 通過(guò)比較F和F，在誤差范圍內(nèi)相同，則可

19、初步驗(yàn)證。(6)4兩個(gè)繩套在轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中，合力保持不變，根據(jù)平行四邊形定則畫(huà)出圖象如圖所示：根據(jù)圖象可知，繩套1的拉力大小逐漸增大。故A正確，BCD錯(cuò)誤。12、 ACD 【解析】（1）根據(jù)題意可以知道，小車在重力、斜面彈力、摩擦力、細(xì)線拉力作用下處于平衡狀態(tài),撤去鉤碼后小車的合外力等于鉤碼的重力，所以需要測(cè)量鉤碼的質(zhì)量，故A正確要找到合外力做功，還要知道運(yùn)動(dòng)的位移，所以需要測(cè)量?jī)蓚鞲衅鏖g的距離L，故C正確，本實(shí)驗(yàn)要驗(yàn)證的是小車的動(dòng)能增加量，所以要知道動(dòng)能就需要測(cè)量小車的質(zhì)量，故D也正確，若知道以上幾個(gè)物理量，則驗(yàn)證動(dòng)能定理的條件足夠，故ACD正確；（2）根據(jù)動(dòng)能定理可以知道,合外力對(duì)小車做的功等于小車動(dòng)能的變化量,則有: ,綜上所述本題答案是：(1). ACD (2). 四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、（1）. (R,0)；（2）【解析】(1)粒子從(0，R)射入磁場(chǎng)，軌跡半徑為r，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律有：得：所以粒子圓心O點(diǎn),離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)坐標(biāo)為(R,0)；(2)設(shè)粒子從任意位置P射入磁場(chǎng)，從Q點(diǎn)射出磁場(chǎng)，O2為軌跡圓心，O1為磁場(chǎng)圓心。由幾何關(guān)系可知，四邊形O2PO1Q必為菱形，故Q