江西省贛州市第四中學2022-2023學年高三物理第一學期期中調研模擬試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷請考生注意：1請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用05毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區(qū)內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2答題前，認真閱讀答題紙上的注意事項，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、拿一個長約1.5m的玻璃筒，一端封閉，另一端有開關，把金屬片和小羽毛放到玻璃筒里把玻璃筒倒立過來，觀察它們下落的情況，然后把玻璃筒里的空氣抽出，再把玻璃筒倒立過來，再次觀察它們下落的情況，下列說法正確的是A玻璃筒充滿空氣時，金屬片和

2、小羽毛下落一樣快B玻璃筒充滿空氣時，金屬片和小羽毛均做自由落體運動C玻璃筒抽出空氣后，金屬片和小羽毛下落一樣快D玻璃筒抽出空氣后，金屬片比小羽毛下落快2、蹦極是一項非常刺激的戶外休閑活動北京青龍峽蹦極跳塔高度為68米，身系彈性蹦極繩的蹦極運動員從高臺跳下，下落高度大約為50米假定空氣阻力可忽略，運動員可視為質點下列說法正確的是()A運動員到達最低點前加速度先不變后增大B蹦極過程中，運動員的機械能守恒C蹦極繩張緊后的下落過程中，動能一直減小D蹦極繩張緊后的下落過程中，彈力一直增大3、咸寧市某高中物理研究性學習小組為了測量當地的重力加速度大小，讓一小球豎直上拋，測量上升一段高度h所用的時間為，緊接

3、著繼續(xù)上升一段高度h所用時間為則當地的重力加速度大小為ABCD4、一定質量的氣體在T1、 T2不同溫度下的等溫變化圖線如圖所示，A、B和C、D分別為兩條等溫線上的點。在下面p- -T和V- -T圖象中，能表示圖中氣體狀態(tài)變化過程的是A甲B乙C丙D丁5、驚險的娛樂項目一一娛樂風洞：是在豎直的圓筒內，從底部豎直向上的風可把游客“吹”起來，讓人體驗太空飄浮的感覺若風洞內向上的風速、風量保持不變，讓質量為m的表演者通過身姿調整，可改變所受向上的風力大小，以獲得不同的運動效果假設人體受風力大小與有效面積成正比，己知水平橫躺時受風力有效面積最大，站立時受風力有效面積最小，為最大值的18 ，與豎直方向成一定

4、角度傾斜時，受風力有效面積是最大值的一半，恰好可以靜止或勻速漂移在某次表演中，質量為m的表演者保持站立身姿從距底部高為H的M點由靜止開始下落；經過N點時，立即調整身姿為水平橫躺并保持；到達底部的P點時速度恰好減為零則在從M到P的過程中，下列說法正確的是（）A人向上的最大加速度是12gB人向下的最大加速度是12gCNP之間的距離是37HD若在P點保持水平橫躺，經過N點時，立即調整身姿為站立身姿恰好能回到M點并持靜止6、在物理學史上，利用理想斜面實驗得出“力是改變物體運動狀態(tài)的原因”的著名科學家是A伽利略 B牛頓 C奧斯特 D愛因斯坦二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出

5、的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在傾角為足夠長的光滑斜面上，存在著兩個磁感應強度大小相等的勻強磁場，磁場方向一個垂直斜面向上，另一個垂直斜面向下，寬度均為L，如圖所示一個質量為m、電阻為R、邊長也為L的正方形線框，在t=0時刻以速度v0進入磁場，恰好做勻速直線運動，若經過時間t0，線框ab邊到達gg與ff中間位置時，線框又恰好做勻速運動，則下列說法正確的是()A當ab邊剛越過ff時，線框加速度的大小為gsin Bt0時刻線框勻速運動的速度為Ct0時間內線框中產生的焦耳熱為mgLsin D離開磁場的過程中線框將做勻速直線運動8、

6、如圖所示，豎直運動的電梯底面上放有托盤彈簧秤，質量為1kg的物體放在水平托盤中，當電梯運動時，發(fā)現(xiàn)彈簧秤的示數為14N，g取10m/s1電梯的運動情況是A電梯可能以1m/s1的加速度向上做勻加速運動B電梯可能以1m/s1的加速度向下做勻減速運動C電梯可能以11m/s1的加速度向上做勻加速運動D電梯可能以11m/s1的加速度向下做勻減速運動9、在光滑的水平地面上方，有兩個磁感應強度大小均為B，方向相反的水平勻強磁場，如圖所示，PQ為兩個磁場的邊界，磁場范圍足夠大一個半徑為a，質量為m，電阻為R的金屬圓環(huán)垂直磁場方向，以速度v從如圖位置向右運動，當圓環(huán)運動到直徑剛好與邊界線PQ重合時，圓環(huán)的速度為

7、，則下列說法正確的是A此時圓環(huán)中的電功率為B此時圓環(huán)的加速度為C此過程中通過圓環(huán)截面的電量為D此過程中回路產生的電能為0.75mv210、如圖所示，M點是豎直光滑圓軌道NMB的最低點，半徑ON與豎直方向的夾角為=60?，F(xiàn)從B點的正上方某處A點由靜止釋放一個質量為m的小球（可視為質點），小球經圓弧軌道飛出后沿水平方向通過C點，速度大小為v=（R為圓軌道的半徑，g為重力加速度），則以下結論正確的是（）AC、N的水平距離為RBC、N的水平距離為2RC小球在M點對軌道的壓力為4mgD小球在M點對軌道的壓力為6mg三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。1

8、1（6分）某同學利用如圖所示裝置探究平拋運動中機械能是否守恒在斜槽軌道的末端安裝一個光電門B，調節(jié)激光束與球心等高，斜槽末端水平地面上依次鋪有白紙、復寫紙，讓小球從斜槽上固定位置A點無初速釋放，通過光電門后落在地面的復寫紙上，在白紙上留下打擊印重復實驗多次，測得小球通過光電門的平均時間為2.50 ms.(當地重力加速度g=9.8 m/s2，計算結果保留三位有效數字) 用游標卡尺測得小球直徑如圖所示，則小球直徑為d=_cm，由此可知小球通過光電門的速度vB=_m/s；實驗測得軌道離地面的高度h=0.441 m，小球的平均落點P到軌道末端正下方O點的距離x=0.591 m，則由平拋運動規(guī)律解得小球

9、平拋的初速度v0=_m/s；在誤差允許范圍內，實驗結果滿足小球通過光電門的速度vB與由平拋運動規(guī)律求解的平拋初速度v0滿足_關系，就可以認為平拋運動過程中機械能是守恒的12（12分）在做“研究平拋運動”的實驗中，為了確定小球在不同時刻所通過的位置，實驗時用如圖1所示的裝置。實驗操作的主要步驟如下：A在一塊平木板上釘上復寫紙和白紙，然后將其豎直立于斜槽軌道末端槽口前，木板與槽口之間有一段距離，并保持板面與軌道末端的水平段垂直B使小球從斜槽上緊靠擋板處由靜止?jié)L下，小球撞到木板在白紙上留下痕跡C將木板沿水平方向向右平移一段動距離，再使小球從斜槽上緊靠擋板處由靜止?jié)L下，小球撞到木板在白紙上留下的痕跡D

10、將木板再水平向右平移同樣距離，使小球仍從斜槽上緊靠擋板處由靜止?jié)L下，再在白紙上得到痕跡若測得間距離為，間距離為，已知當地的重力加速度為。（1）關于該實驗，下列說法中正確的是_A斜槽軌道必須盡可能光滑B每次釋放小球的位置可以不同C每次小球均需由靜止釋放D小球的初速度可通過測量小球的釋放點與拋出點之間的高度，之后再由機械能守恒定律求出（2）根據上述直接測量的量和已知的物理量可以得到小球平拋的初速度大小的表達式=_。（用題中所給字母表示）（3）實驗完成后，該同學對上述實驗過程進行了深入研究，并得出如下的結論，期中正確的是_。A小球打在點時的動量與打在點時的動量的差值為，小球打在點時的動量與打在點時動

11、量的差值為，則應由：B小球打在點時的動量與打在點時的動量的差值為，小球打在點時的動量與打在點時動量的差值為，則應由：C小球打在點時的動能與打在點時的動能的差值為，小球打在點時的動能與打在點時動能的差值為，則應由D小球打在點時的動能與打在點時的動能的差值為，小球打在點時的動能與打在點時動能的差值為，則應由（4）另外一位同學根據測量出的不同情況下的和，令，并描繪出了如圖所示的圖象。若已知圖線的斜率為，則小球平拋的初速度大小與的關系式為_。（用題中所給字母表示）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，一足夠

12、長的固定斜面傾角，兩物塊A、B的質量、分別為1kg和2kg，它們與斜面之間的動摩擦因數均為兩物塊之間的輕繩長，作用在B上沿斜面向上的力F逐漸增大，使A、B一起由靜止開始沿斜面向上運動，g取(1)當作用在物塊B桑的拉力F達到42N時，連接物塊A、B之間的輕繩恰好被拉斷，求該輕繩能承受的最大拉力；(2)若連接物塊A、B之間的輕繩恰好被拉斷瞬間A、B的速度均為，輕繩斷裂后作用在B物塊上的外力不變，求當A運動到最高點時，物塊A、B之間的距離。14（16分）如圖所示，長度為L=1.0m的繩，系一小球在豎直面內做圓周運動，小球的質量為M=5kg，小球半徑不計，小球在通過最低點時的速度大小為v=20m/s，

13、g10m/s2，試求：(1) 小球在最低點所受繩的拉力；(2) 小球在最低點的向心加速度。15（12分）如圖所示為“過山車”模型。其中ab段位傾斜平直軌道，cdc 段位環(huán)形軌道，c和c為最低點、d為最高點，半徑為R，bc段位水平軌道與傾斜軌道、環(huán)形軌道平滑連接。無限長的水平軌道ce與環(huán)形軌道相切于c點。剛性小球A從傾斜軌道離水平面高度H處靜止釋放，與另一靜置于水平軌道上的剛性小球B發(fā)生彈性正碰。已知B球質量是A球的4倍，整個裝置處于豎直平面內，忽略一切摩擦阻力。(重力加速度為g)(1)要使A球能夠沿著軌道運動與B球碰撞，對釋放點高度有何要求?(2)要使兩球在軌道上至少發(fā)生兩次碰撞，對釋放點高度

14、H有何要求?參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】抽出空氣前.金屬片和口小羽毛受到空氣阻力的作用，不是自由落體運動，羽毛受到的空氣阻力大，所以加速度小，則下落的慢，故AB錯誤.抽出空氣后金屬片和小羽毛都不受空氣阻力作用.只受重力作用運動，都做加速度為重力加速度的自由落體運動，下落一樣快.故C正確.D錯誤.綜上所述本題答案是：C2、D【解析】A：蹦極繩張緊前，運動員只受重力，加速度不變蹦極繩張緊后，運動員受重力、彈力，開始時重力大于彈力，加速度向下；后來重力小于彈力，加速度向上；則蹦極繩張緊后，運動員加速度先

15、減小為零再反向增大故A錯誤B：蹦極過程中，運動員和彈性繩的機械能守恒故B錯誤C：蹦極繩張緊后的下落過程中，運動員加速度先減小為零再反向增大，運動員速度先增大再減小，運動員動能先增大再減小故C錯誤D：蹦極繩張緊后的下落過程中，彈性繩的伸長量增大，彈力一直增大故D正確3、C【解析】設小球的初速度為，則在時間內豎直上拋運動的位移：。同理在時間內豎直上拋運動的位移：，聯(lián)立以上兩式得：，故選C。4、A【解析】A、B和C、D分別為兩條等溫線上的點，故TA=TB、TC=TD；由圖1可知，A到B和由C到D均為等溫膨脹過程，且壓強減??；又在p-V圖象中離坐標原點越遠的等溫線溫度越高可知，TATC，由此可知，甲正

16、確，乙丙丁錯誤；A甲，該圖與結論相符，選項A正確；B乙，該圖與結論不相符，選項B錯誤；C丙，該圖與結論不相符，選項C錯誤；D丁，該圖與結論不相符，選項D錯誤；故選A。5、C【解析】AB、設人所受的最大風力為Fm，由于人體受風力大小與正對面積成正比，故人站立時風力為18Fm由于受風力有效面積是最大值的一半時，恰好可以靜止或勻速漂移，故可以求得重力 G=12Fm，得 Fm=2G=2mg則表演者保持站立身姿時，向下的最大加速度為a1=mg-18Fmm=mg-182mgm=34g 人平躺時，向上的最大加速度為a2=Fm-mgm=2mg-mgm=g 故AB兩項錯誤。C、設下降的最大速度為v，由速度位移公

17、式，得：加速下降過程位移x1=v22a1，減速下降過程位移x2=v22a2則x1:x2=4:3 又 x1+x2=H 解得：x2=37H，即NP之間的距離是37H故C項正確。D：若在P點保持水平橫躺，經過N點時，立即調整身姿為站立身姿，設人到達M的速度為v對上升的整個過程，由動能定理得Fm37H+18Fm47H-mgH=12mv2-0可得 v=0，則人恰好能回到M點。但在M點受的合力向下，不能保持靜止。故D項錯誤。6、A【解析】在物理學史上，利用理想斜面實驗得出“力是改變物體運動狀態(tài)的原因”的著名科學家是伽利略，故選A.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中

18、，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】線框開始進入磁場時，線框處于平衡狀態(tài)，此時有：mgsin=BIL=當ab邊剛越過ff時，此時線框速度仍為v0，此時有：2BI2L-mgsin=ma2I2由得：-mgsin=ma2聯(lián)立可得：a=3gsin，故A錯誤；設t0時刻的速度為v，此時處于平衡狀態(tài)，有：I32BI3L=mgsin聯(lián)立得v=，故B正確；在時間t0內根據功能有：Q=mgLsin+mv02mv2=mgLsin+mv2，故C正確； 離開磁場時由于安培力小于重力沿斜面的分力，因此線框將做加速度逐漸減小的變加速運動，故D錯誤；故選BC8

19、、AB【解析】對物體分析，彈簧秤的示數即彈簧秤對物體的支持力，根據牛頓第二定律得：方向豎直向上，知電梯以的加速度加速上升，或以的加速度減速下降，故AB正確，CD錯誤【點睛】解決本題的關鍵知道物體與電梯的加速度相同，根據牛頓第二定律求出加速度的大小和方向是解決本題的關鍵9、AC【解析】A. 當圓環(huán)的直徑與邊界線PQ重合時，圓環(huán)左右兩個半環(huán)均產生感應電動勢，有效切割的長度都等于直徑，故線圈中的感應電動勢為：圓環(huán)中的電功率為：故A正確。B.此時圓環(huán)受力為：故B錯誤。C. 此過程中，電路中的平均電動勢為：則電路中通過的電量為：故C正確。D. 此過程中產生的電能等于電路中的熱量，也等于外力所做的功，則一

20、定也等于動能的改變量，故故D錯誤；10、AD【解析】A采用逆向思維，C到N做平拋運動，即沿N點切線方向進入，根據平行四邊形定則知，小球在N點的豎直分速度則N到C的時間C、N的水平距離故A正確，B錯誤。CD小球運動到N點的速度根據動能定理得在M點，根據牛頓第二定律有聯(lián)立解得N=6mg故C錯誤，D正確。故選AD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 0.50 2.00 1.97 v0=vB【解析】（1）小球直徑為d=5mm+0.05mm0=5.00mm；利用小球通過光電門的平均速度代替瞬時速度，因此有： （2）根據平拋運動規(guī)律有：hgt2x

21、=v0t聯(lián)立解得：v0=2.00m/s（3）若球通過光電門的速度vB與由平拋運動規(guī)律求解的平拋初速度v0相等，則說明沒有能量損失，機械能守恒點睛：該題從新的角度來驗證機械能守恒，在原來問題上有所創(chuàng)新，無論怎么變化，明確實驗原理是解答實驗問題的根本12、C A 【解析】（1）1AB.只要保證小球每次從同一位置釋放，每次摩擦力做功相同，故不需要斜槽盡量光滑，A、B錯誤；C.必須保證小球每次從同一位置、靜止釋放，才能保證每次小球平拋的速度相同，C正確；D.小球從釋放點到拋出點，有摩擦力做負功，故不能用機械能守恒定律求解，D錯誤；故選C。（2）2由平拋運動規(guī)律解得（3）3AB.從點到點和從點到點水平位移相同，故運動時間相同，由動量定理可知，動量變化為從點到點和從點到點的動量變化相同，故故A正確，B錯誤；CD.由動能定理可得，兩次動能變化為由于和的大小關系未知，故不能求出動能變化的比值，故C、D錯誤；故選A。（4）4由可得故該直線的斜率為即初速度為四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1) 14N (2