2023屆江蘇省揚州市廣陵區(qū)揚州中學(xué)物理高三第一學(xué)期期中監(jiān)測模擬試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷請考生注意：1請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請用05毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2答題前，認真閱讀答題紙上的注意事項，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、以下情形中,物體的機械能一定守恒的是( )A向下運動的物體受到空氣阻力的作用B物體在光滑水平面上勻速滑動C一物體在豎直面內(nèi)做勻速圓周運動D物體勻速上升2、如圖所示，重球用細繩跨過輕小光滑滑輪與小球相連，細繩處于水平拉直狀態(tài)。小球由靜

2、止釋放運動到最低點過程中，重球始終保持靜止，不計空氣阻力。下列說法正確的有()A細繩偏離豎直方向成角時，細繩拉力為mgcosB因為重球與地面間的壓力減小，因此地面對重球的摩擦力也減小C上述過程中小球重力的瞬時功率先增大后減小D重球靜止不動，故其所受重力的沖量為零3、如圖所示，一個小型水電站，其交流發(fā)電機的輸出電壓U1 一定，通過理想升壓變壓器T1 和理想降壓變壓器T2向遠處用戶供電，輸電線的總電阻為R.T1的輸入電壓和輸入功率分別為U1和P1，它的輸出電壓和輸出功率分別為U2和P2；T2的輸入電壓和輸入功率分別為U3和P3，它的輸出電壓和輸出功率分別為U4和P4.下列說法正確的是()A當用戶的

3、用電器增多時，U2減小，U4變小B當用戶的用電器增多時，P1變大，P3減小C輸電線上損失的功率為PD要減小線路的損耗，應(yīng)增大升壓變壓器的匝數(shù)比，同時應(yīng)增大降壓變壓器的匝數(shù)比4、物體在恒力F1、F2、F3的共同作用下做勻速直線運動，若突然撤去恒力F1，則物體的運動情況是（）A一定做勻變速直線運動B可能做勻速直線運動C可能做曲線運動D速度大小一定增加5、一質(zhì)點做勻加速直線運動，位移為x1時，速度的變化為v；緊接著位移為x2時，速度的變化仍為v.則質(zhì)點的加速度為（ ）ABCD6、如圖所示的電路中，電源電動勢為E，內(nèi)電阻為r，閉合電鍵S，當滑動變阻器的滑動觸頭P從最底端向上滑動時A電源的效率變小.B經(jīng)

4、過R2的電流變大C電容器所帶的電荷量變大D電阻R3消耗的功率變大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一個帶電小球從某復(fù)合場中的a點運動到b點的過程中，克服重力做功3J，電場力做功2J，空氣阻力做功-1J，下列正確的是A在a點的重力勢能比在b點大3JB在a點的電勢能比在b點大2JC在a點的動能比在b點大2JD在a點的機械能比在b點小1J8、一物體做直線運動的的v t圖像如圖所示，圖像為四分之一圓弧，則下列說法正確的是A物體做勻減速直線運動B物體在10s末的速度為15m/

5、sC物體在20s內(nèi)速度的變化量大小為20m/sD物體在10s末的加速度大小為9、如圖所示，斜面體的上表面除AB段粗糙外，其余部分光滑 一可視為質(zhì)點的滑塊從斜面的頂端滑下，經(jīng)過A、C兩點時的速度相等，已知AB=BC，物體與AB段的動摩擦因數(shù)處處相等，斜面體始終靜止在地面上，則 ( ) A物體在AB段和BC段運動的時間不相等B物體在AB段和BC段運動的加速度大小相等C物體在AB段和BC段運動時，斜面體受到地面靜摩擦力的大小相等D物體在AB段和BC段運動時，斜面體受到地面支持力的大小相等10、兩異種點電荷A、B附近的電場線分布如圖所示，P為電場中的一點，已知P點的電勢為，電荷A產(chǎn)生的電場在P點的場強

6、大小為EA，電 荷B產(chǎn)生的電場在P點的場強大小為EB取無窮遠處的電勢為零下列說法中正確的有（） AA、B所帶電荷量不等BP點的場強大小為EA+EBCA、B連線上有一個電勢為零的點D將電荷為+q的點電荷從P點移到無窮遠處，電場力做的功為q三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）為了“驗證牛頓第二定律”，某實驗小組設(shè)計了如圖1所示的實驗裝置。（1）實驗過程有以下操作：a安裝好實驗器材，將打點計時器接到頻率為50Hz的交流電源上，接通電源后，讓拖著紙帶的小車沿長木板運動，重復(fù)幾次。b選出一條點跡清晰的紙帶，選取部分計數(shù)點如圖2所示（每相鄰兩

7、個計數(shù)點間還有4個點，圖中未畫出）。c測得OA=3.59cm；AB=4.41cm；BC=5.19cm；CD=5.97cm；DE=6.78cm；EF=7.64cm。d計算出小車的加速度a= _m/s2；打下B點時，小車的速度vB=_m/s。（結(jié)果均保留2位小數(shù)）（2）若保持小車及車中的砝碼質(zhì)量一定，研究加速度a與所受外力F的關(guān)系，在木板水平和傾斜兩種情況下分別做了實驗，得到了兩條a-F圖線，如圖3所示。圖線_（選填“甲”或“乙”）是在木板傾斜情況下得到的；小車及車中的砝碼總質(zhì)量m=_kg。12（12分）為了驗證動能定理,某學(xué)習(xí)小組在實驗室組裝了如圖所示的裝置， 備有下列器材：打點計時器所用的學(xué)生

8、電源、導(dǎo)線、復(fù)寫紙、天平、刻度 尺、細沙.他們稱量滑塊的質(zhì)量為、沙和小桶的總質(zhì)量為m 當滑塊連接上紙帶，讓細線跨過滑輪并懸掛空的小桶時滑塊處于靜止狀態(tài)。要完成該實驗，請冋答下列問題：（1）實驗時為保證細線拉力等于滑塊所受的合外力，需要做的步驟是_。實驗時為保證滑塊受到的力與沙、小桶的總重力大小基本相等，沙和小桶的總質(zhì)量應(yīng)滿足的實驗條件是_.（2）在滿足（1）)問的條件下，讓小桶帶動滑塊加速運動，如圖所示為打點 計時器所打的紙帶的一部分，圖中A、B、C、D、E是按時間先后順序確 定的計數(shù)點,相鄰計數(shù)點間的時間間隔為T,相鄰計數(shù)點間的距離標 注在圖上，當?shù)刂亓铀俣葹間,則滑塊在B、D兩點間運動時

9、，合力 對滑塊做的功W為 _ ,滑塊動能的變化為_（用題中所給的表示數(shù)據(jù)的字母表示）.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，長l1m的輕質(zhì)細繩上端固定，下端連接一個可視為質(zhì)點的帶電小球，小球靜止在水平向右的勻強電場中，繩與豎直方向的夾角37.已知小球所帶電荷量q1.0106C，勻強電場的場強E3.0103N/C，取重力加速度g10m/s2，sin 370.6，cos 370.8.求：(1)小球所受電場力F的大小；(2)小球的質(zhì)量m；(3)將電場撤去，小球回到最低點時速度v的大小14（16分）將一傾角

10、為、上表面光滑的斜面體固定在水平地面上，一勁度系數(shù)為k的輕彈簧的上端固定在斜面上，下端與質(zhì)量為m的小滑塊連接且彈簧與斜面平行，如圖所示。用外力控制小滑塊使彈簧處于原長，某時刻撤去外力，小滑塊從靜止開始自由運動。已知：斜面足夠長，重力加速度為g。（1）求：小滑塊運動到平衡位置時的加速度大小；（2）若小滑塊在斜面上振動的周期為T，沿斜面向下運動經(jīng)過平衡位置時開始計時，請寫出小滑塊振動過程中位移x隨時間t變化的函數(shù)關(guān)系式；（3）愛鉆研的小明同學(xué)思考能否將重力勢能和彈性勢能這兩個勢能等效地看成一個勢能。試幫助小明論述是否可以引進“等效勢能”。若可以，以小滑塊運動的平衡位置為坐標原點O，平行斜面向上建立

11、一維坐標系Ox，求出“等效勢能”的表達式（規(guī)定坐標原點為“等效勢能”的零點）；若不可以，請說明理由。15（12分）如圖所示，AB為半徑R0.50m的四分之一圓弧軌道，B端距水平地面的高度h0.45m。一質(zhì)量m1.0kg的小滑塊從圓弧道A端由靜止釋放，到達軌道B端的速度v2.0m/s。忽略空氣的阻力，取g10m/s2，求：（1）小滑塊在圓弧軌道B端受到的支持力大??；（2）小滑塊由A端到B端的過程中，克服摩擦力所做的功W；（3）小滑塊的落地點與B點的水平距離x。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】A下落的小球

12、受到空氣阻力的作用，由于阻力做負功故機械能不守恒。故A不符合題意。B物體在光滑水平面上勻速滑動，機械能守恒。故B符合題意。C在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運動，動能不變，重力勢能在變化，機械能變化。故C不符合題意。D物體勻速上升時，動能不變，重力勢能增加，所以機械能不守恒。故D不符合題意。2、C【解析】A項：設(shè)繩子與豎直方向的夾角為時繩子的拉力大小為T，根據(jù)牛頓第二定律得：，解得：，故A錯誤；B項：隨減小，v增大，可知繩子拉力T不斷增在，對重球受力分析且由平衡可知，地面與重球間的摩擦力增大，故B錯誤；C項：開始時小球豎直方向的分速度為零，小球到達最低點時豎直方向的分速度也為零，所以小球豎直方向的分速度

13、先增大后減小，所以小球重力的瞬時功率先增大后減小，故C正確；D項：由沖量定義式可知，重力不為零，時間不為零，所以沖量不為零，故D錯誤。故應(yīng)選：C。3、D【解析】A交流發(fā)電機的輸出電壓U1一定，匝數(shù)比沒變，根據(jù)，知U2不變，故A錯誤；B當用戶的用電器增多時，用戶消耗的電功率變大，則輸入功率增大，即P3變大，故B錯誤；C輸電線上損失的功率，輸電線上損失的電壓U損小于U2，故C錯誤；D輸送功率一定時，根據(jù)P=UI和P損=I2R知，要減小線路的損耗，應(yīng)增大輸送電壓，又U1一定，根據(jù)，可知應(yīng)增大升壓變壓器的匝數(shù)比，U3=U2-IR，U2增大，I2減小，所以U3增大，用戶電壓不變，根據(jù)，知，應(yīng)增大降壓變壓

14、器的匝數(shù)比，故D正確4、C【解析】撤去，其余力的合力與F1等值、反向、共線，與速度方向不共線時，物體做勻變速曲線運動，共線時做勻變速直線運動，當合力的方向與速度的方向相反時，物體做加速運動，故C正確，ABD錯誤 點睛：本題關(guān)鍵是明確：多力平衡時，任意一個力必定與其余所有力的合力等值、反向、共線；當合力與速度共線時，物體做直線運動；當合力與速度不共線時，物體做曲線運動5、A【解析】根據(jù)知，發(fā)生相同的速度變化所需時間相等，求出時間間隔，根據(jù)相鄰相等時間位移之差x=aT2求加速度.【詳解】發(fā)生v所用的時間為：，根據(jù)x=at2得：，解得：；故選A.【點睛】本題考查了勻變速直線運動的規(guī)律，關(guān)鍵是知道相鄰

15、相等時間內(nèi)位移之差等于常數(shù)這一結(jié)論的正確應(yīng)用6、C【解析】A電源效率知滑動變阻器的滑動觸頭P從最底端向上滑動時，電阻增大，外電阻增大，故電源效率增大，故A錯誤；B滑動變阻器的滑動觸頭P從最底端向上滑動時，總電阻增大，根據(jù)歐姆定律知總電流減小，內(nèi)電壓減小，電阻R1電壓增大，流過電阻R1的電流增大，則經(jīng)過R2的電流變小，故B錯誤；C根據(jù)知，干路電流I減小，路端電壓增大，并聯(lián)電路的電壓增大，電容器兩端電壓增大，Q=CU增大，故C正確；D電阻R3處于干路，經(jīng)過的電流變小，根據(jù)P=I2R3知電阻R3消耗的功率變小，故D錯誤。故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選

16、項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BCD【解析】A. 重力做功等于重力勢能的變化量，克服重力做功3J，重力勢能增加3J，所以a點重力勢能比b點小3J，故A錯誤。B. 電場力做功等于電勢能的變化量，電場力做功2J，電勢能減小2J，所以a點電勢能比b點大2J，故B正確。C. 合力做功等于動能的變化量，合力做功等于各個分力做的功，總功為-2J，故動能減小2J，所以a點動能比b點大2J，故C正確。D. 除重力外的各個力做的總功等于機械能的變化量，除重力外，電場力做功為2J，克服空氣阻力做功1J，故機械能增加1J，所以a點機械能比b點小1J，故D

17、正確。8、CD【解析】試題分析：根據(jù)圖像的斜率表示加速度分析加速度的變化以及10s時的加速度，根據(jù)圓方程分析10s末的速度圖像的斜率表示加速度，故從圖中可知斜率越來越大，做加速度增大的減速運動，A錯誤；物體在20s內(nèi)速度的變化量大小為，C正確；根據(jù)圓方程可知，故在10s末物體的速度為，此時圖像的斜率為，故B錯誤D正確9、BC【解析】A、經(jīng)過A點時的速度與經(jīng)過C點時的速度相等,根據(jù)公式，知AB段和BC段的平均速度相等，兩段位移相等，所以運動時間相等故A錯誤；B、根據(jù)運動學(xué)公式分析，對于AB段：對于BC段：由題vA=vC,則由上兩式比較可得：a1=a2，即BC段與AB段的加速度大小相等，故B正確；

18、C、在AB段，物體的加速度沿斜面向上，以斜面和物體整體為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律可知，整體有水平向右的合外力，則地面對斜面的靜摩擦力水平向右；在BC段，物體的加速度沿斜面向下，以斜面和物體整體為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律可知，整體有水平向左的合外力，則地面對斜面的靜摩擦力水平向左又合力相等，故水平分力相等，斜面體受到地面靜摩擦力的大小相等，故C正確.；D、在AB段，物體的加速度沿斜面向上，故超重，對地面的壓力大于重力，在BC段，物體的加速度沿斜面向下，故失重，對地面的壓力小于重力，由牛頓第三定律得，斜面體受到地面支持力的大小不相等，故D錯誤故選BC點睛：根據(jù)牛頓第二定律比較AB段和BC段加速

19、度的大小；根據(jù)平均速度公式比較在AB段和BC段運動的時間相同；分析斜面的受力，根據(jù)平衡確定摩擦力的大小，根據(jù)超重、失重判斷整體的受力，由牛頓第三定律求支持力10、ACD【解析】根據(jù)等量異種點電荷的電場線分布圖具有對稱性，而該圖左右不對稱，知A、B所帶的電荷量不相等，故A正確；P點的場強是點電荷A、B在P點產(chǎn)生的合場強；根據(jù)平行四邊形定則可以得出P點的場強，可知P點的場強小于EA+EB，故B錯誤；如果取無窮遠處的電勢為零，正電荷附近的電勢高于零，負電荷附近低于零，所以其A、B連線上有電勢為零的點，故C正確；根據(jù)W=q（0）=q知，電場力做功為q，故D正確。所以ACD正確，B錯誤。三、實驗題：本題

20、共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、1.81 1.48 甲 1.5 【解析】(1)1由題意可知s1=3.59cm，s2=4.41cm，s3=5.19cm，s4=5.97cm，s5=6.78cm，s6=7.61cm。每五個點取一個計數(shù)點，故T=1.1s。根據(jù)x=aT2可知：可得加速度為：2根據(jù)平均速度等于中間時刻的瞬時速度可得：(3)3由圖象可知，當F=1時，a1也就是說當繩子上沒有拉力時小車就有加速度，該同學(xué)實驗操作中平衡摩擦力過大，即傾角過大，平衡摩擦力時木板的右端墊得過高。所以圖線甲是在軌道右側(cè)抬高成為斜面情況下得到的。4由牛頓第二定律得：，由圖乙

21、所示圖象可知，圖象斜率：，可得質(zhì)量：kg12、平衡摩擦力 沙和小桶的總質(zhì)量遠小于滑塊的質(zhì)量 【解析】(1)1在該實驗中，為了保證細線拉力等于滑塊所受的合外力，首先要將木板一端抬高，以平衡摩擦力。2設(shè)繩子上拉力為F，對小車根據(jù)牛頓第二定律有：F=Ma，對砂桶和砂有：mg-F=ma，由此解得：由此可知當Mm時，砂和砂桶的重力等于繩子的拉力，所以若使繩子拉力近似等于沙和沙桶的重力，應(yīng)滿足的條件是沙和沙桶的總質(zhì)量遠小于滑塊的質(zhì)量，即mM。(2) 1滑塊在運動過程中外力做功為：W=mg（x2+x3）。2根據(jù)推論可知B點的瞬時速度為：，C點的瞬時速度為：。動能的增加量為：四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1)F=3.0103N(2)m=4.0104kg(3)v=2.0m/s【解析】(1)根據(jù)