2022-2023學年山東省青島經(jīng)濟開發(fā)區(qū)致遠中學物理高三第一學期期中聯(lián)考試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷請考生注意：1請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用05毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2答題前，認真閱讀答題紙上的注意事項，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，靜止在光滑水平面上的木板，右端有根輕彈簧沿水平方向與木板相連，木板質(zhì)量為M=4kg；質(zhì)量為m=2kg的小鐵塊以水平速度v0=6m/s從木板的左端沿板而向右滑行，壓縮彈簧后又被彈回，最后恰好到達木板左端并與木板保持相對靜止；

2、在上述過程中彈簧具有的最大彈性勢能為（）A9JB12JC3JD24J2、電動勢為E、內(nèi)阻不計的電源與定值電阻及滑動變阻器R連接成如圖所示的電路.當滑動變阻器的觸頭由中點滑向a端時A電壓表和電流表示數(shù)都增大B電壓表和電流表示數(shù)都減小C電壓表示數(shù)不變，電流表示數(shù)減小D電壓表示數(shù)減小，電流表示數(shù)增大3、如圖所示，在水平向右的勻強磁場中，有一傾角為的光滑固定斜面，斜面上垂直紙面放置一根長為L、質(zhì)量為m的通電直導體棒，導體棒中的電流為I、方向垂直紙面向外，導體棒剛好能靜止在斜面上；重力加速度為g。則勻強磁場的磁感應強度大小為（）ABCD4、如圖，光滑的四分之一圓弧軌道A、B固定在豎直平面內(nèi)，A端與水平面

3、相切，穿在軌道上的小球在拉力F的作用下，緩慢地由A向B運動，F(xiàn)始終沿軌道的切線方向，軌道對球的彈力為N在運動過程中AF增大，N減小BF減小，N減小CF增大，N增大DF減小，N增大5、如圖所示的曲線是某個質(zhì)點在恒力作用下的一段運動軌跡質(zhì)點從M點出發(fā)經(jīng)P點到達N點，已知弧長MP大于弧長PN，質(zhì)點由M點運動到P點與從P點運動到N點的時間相等下列說法中正確的是A質(zhì)點從M到N過程中速度大小保持不變B質(zhì)點在這兩段時間內(nèi)的速度變化量大小相等，方向相同C質(zhì)點在這兩段時間內(nèi)的速度變化量大小不相等，但方向相同D質(zhì)點在MN間的運動不是勻變速運動6、太空飛船在宇宙空間中飛行時，會遇到太空塵埃的碰撞而受到阻礙作用設單位

4、體積的太空均勻分布著塵埃n顆，每顆塵埃平均質(zhì)量為m，塵埃速度可忽略、飛船的橫截面積為S，與塵埃碰撞后將塵埃完全黏附住當飛船維持恒定的速率v飛行時，飛船引擎需要提供的平均推力為Anmv2SBnmv2SCnmv2SDnmv2S二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，在傾角為300的光滑斜面上端系有一勁度系數(shù)為k200 N/m的輕質(zhì)彈簧，彈簧下端連一個質(zhì)量為m=2 kg的小球，球被一垂直于斜面的擋板A擋住，此時彈簧沒有形變。若擋板A以a=6m/s2，的加速度沿斜面向下

5、做勻加速直線運動，斜面固定不動，取g=10 m/s2，則( ) A小球向下運動0.05 m時速度最大B小球向下運動0.01 m時與擋板分離C小球速度最大時與擋板分離D小球從一開始運動就與擋板分離8、如圖所示，在傾角=37固定斜面體的底端附近固定一擋板，一質(zhì)量不計的彈簧下端固定在擋板上，彈簧自然伸長時其上端位于斜面體上的O點處質(zhì)量分別為mA=4.0kg、mB=1.0kg的物塊A和B用一質(zhì)量不計的細繩連接，跨過固定在斜面體頂端的光滑定滑輪，開始物塊A位于斜面體上的M處，物塊B懸空，現(xiàn)將物塊A和B由靜止釋放，物塊A沿斜面下清，當物塊A將彈簧壓縮到N點時，物塊A、B的速度減為零。已知MO=1.0m，O

6、N=0.5m，物塊A與斜面體之間的動摩擦因數(shù)為=0.25，重力加速度取g=10m/s2，sin37=0.6，整個過程細繩始終沒有松弛。則下列說法正確的是A物塊A在與彈簧接觸前的加速度大小為1.2m/s2B物塊A在與彈簧接觸前的加速度大小為1.5m/s2C物塊A位于N點時，彈簧所儲存的彈性勢能為9JD物塊A位于N點時，彈簧所儲存的彈性勢能為21J9、在水平向左的勻強電場中，一帶電顆粒以速度v從a點水平向右拋出，不計空氣阻力，顆粒運動到b點時速度大小仍為v，方向豎直向下已知顆粒的質(zhì)量為m，電荷量為q，重力加速度為g，則顆粒從a運動到b的過程中A做勻變速運動B速率先增大后減小C電勢能增加了Da點的電

7、勢比b點低10、如圖所示，動滑輪下系有一個質(zhì)量為1kg的物塊，細線一端系在天花板上，另一端繞過動滑輪用F=6N的恒力豎直向上拉細線的另一端滑輪、細線的質(zhì)量不計，不計一切摩擦經(jīng)過1s，則A拉力F做功為10JB拉力F做功為12JC物體的動能增加了10JD物體的機械能增加了12J三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）如圖所示為驗證動量守恒的實驗裝置示意圖若入射小球質(zhì)量為，半徑為；被碰小球質(zhì)量為，半徑為則_A.C.為完成此實驗，以下所提供的測量工具中必需的是_填下列對應的字母A.直尺游標卡尺天平彈簧秤秒表設入射小球的質(zhì)量為，被碰小球的質(zhì)量為

8、為碰前入射小球落點的平均位置，則關系式用、及圖中字母表示_成立，即表示碰撞中動量守恒12（12分）某同學用圖示的實驗裝置探究加速度與力的關系他在氣墊導軌旁安裝了一個光電門B，滑塊上固定一遮光條，滑塊用細線繞過氣墊導軌左端的定滑輪與力傳感器相連，力傳感器可直接測出繩中拉力大小，傳感器下方懸掛鉤碼改變鉤碼數(shù)量，每次都從A處由靜止釋放滑塊已知滑塊（含遮光條）總質(zhì)量為M，導軌上遮光條位置到光電門位置的距離為L請回答下面相關問題(1)如圖，實驗時用游標卡尺測得遮光條的寬度為_ 某次實驗中，由數(shù)字毫秒計記錄遮光條通過光電門的時間為t，由力傳感器記錄對應的細線拉力大小為F，則滑塊運動的加速度大小應表示為_（

9、用題干已知物理量和測得物理量字母表示）(2)下列實驗要求中不必要的是（_）A應使滑塊質(zhì)量遠大于鉤碼和力傳感器的總質(zhì)量B應使遮光條位置與光電門間的距離適當大些C應將氣墊導軌調(diào)節(jié)至水平D應使細線與氣墊導軌平行四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，固定斜面足夠長，斜面與水平面的夾角=30，一質(zhì)量為3m的“L”型工件沿斜面以速度v0勻速向下運動，工件上表面光滑，其下端連著一塊擋板某時刻，一質(zhì)量為m的小木塊從工件上的A點，沿斜面向下以速度v0滑上工件，當木塊運動到工件下端時（與擋板碰前的瞬間），工件速度剛好減

10、為零，后木塊與擋板第1次相碰，以后每隔一段時間，木塊就與工件擋板碰撞一次已知木塊與擋板都是彈性碰撞且碰撞時間極短，木塊始終在工件上運動，重力加速度為g求：（1）木塊滑上工件時，木塊、工件各自的加速度大?。?）木塊與擋板第1次碰撞后的瞬間，木塊、工件各自的速度大?。?）木塊與擋板第1次碰撞至第n（n=2，3，4，5，）次碰撞的時間間隔及此時間間隔內(nèi)木塊和工件組成的系統(tǒng)損失的機械能E14（16分）如圖所示，有一質(zhì)量為M=2kg的平板小車靜止在光滑的水平地面上，現(xiàn)有質(zhì)量均為m=1kg的小物塊A和B（均可視為質(zhì)點），由車上P處分別以初速度v1=2m/s向左和v2=4m/s向右運動，最終A、B兩物塊恰好

11、停在小車兩端與車相對靜止沒有脫離小車。已知兩物塊與小車間的動摩擦因數(shù)都為=0.1，取g=10m/s2。求：（1）求物塊A剛開始滑動時加速度a大??；（2）求物塊A、B與小車相對靜止時共同速度v共及物塊A、B在小車上滑動過程中產(chǎn)生的熱量Q（3）求整個過程中物塊B相對小車的位移x相大小。15（12分）通過“30m折返跑”的測試成績可以反應一個人的身體素質(zhì)在平直的跑道上，一學生站立在起點線處，當聽到起跑口令后測試員同時開始計時，跑向正前方30m處的折返線，到達折返線處時，用手觸摸固定在折返線處的標桿，再轉(zhuǎn)身跑回起點線，返程無需減速，到達起點線處時，停止計時，全過程所用時間即為折返跑的成績學生加速或減速

12、過程均視為勻變速，觸摸桿的時間不計該學生加速時的加速度大小為，減速時的加速度大小為，到達折返線處時速度需減小到零，并且該生全過程中最大速度不超過求該學生“30m折返跑”的最好成績參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】解：設鐵塊與木板速度相同時，共同速度大小為v，鐵塊相對木板向右運動時，滑行的最大路程為L，摩擦力大小為f根據(jù)能量守恒定律鐵塊相對于木板向右運動過程有：鐵塊相對于木板運動的整個過程有：又根據(jù)系統(tǒng)動量守恒可知：mv0=（M+m）v聯(lián)立得到：EP=12.0J故B正確，ACD錯誤故選B2、C【解析】因電

13、源的內(nèi)阻不計，則連在電源兩端的電壓表測量的路端電壓等于電源的電動勢始終不變；滑動變阻器的觸頭由中點滑向a端時，接入電路的電阻減小，導致總電阻減小，干路電流增加，則R1兩端的電壓增加，故并聯(lián)部分電壓減小，由歐姆定律可知電流表示數(shù)減??；故C正確，A、B、D錯誤。故選C。3、D【解析】根據(jù)左手定則可知導線受到的安培力豎直向上，其還受豎直向下的重力，要使導線能靜止在斜面上，則只有所以解得故D正確，ABC錯誤。故選D。4、A【解析】對球受力分析，受重力、支持力和拉力，如圖，根據(jù)共點力平衡條件，有N=mgcos F=mgsin其中為支持力N與豎直方向的夾角；當物體向上移動時，變大，故N變小，F(xiàn)變大；故A正

14、確，BCD錯誤故選A注：此題答案應該是A.5、B【解析】試題分析：由圖知，質(zhì)點在恒力作用下做一般曲線運動，不同地方彎曲程度不同，即曲率半徑不同，所以速度大小在變，所以A錯誤；因是在恒力作用下運動，根據(jù)牛頓第二定律F=ma，所以加速度不變，根據(jù)可得在相同時間內(nèi)速度的變化量相同，故B正確；C錯誤；因加速度不變，故質(zhì)點做勻變速運動，所以D錯誤考點：本題考查曲線運動6、B【解析】以飛船為參照物，選擇一和飛船橫截面積相等的圓柱內(nèi)的塵埃進行研究，則該圓柱內(nèi)的塵埃相對飛船以速度v做勻速直線運動，在t時間內(nèi)，由長度為x=vt，橫截面積S，體積為V=vtS的塵埃柱碰到飛船上，塵埃柱內(nèi)塵埃顆粒數(shù)目為N=nvtS塵

15、埃總質(zhì)量為M=Nm=mnvtS根據(jù)動量定理Ft=Mv聯(lián)立解得故選B二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】球和擋板分離的條件是: 球和擋板之間無作用力，球的加速度小于或等于擋板的加速度。對小球有: 解得： ，即球和擋板分離時彈簧處于壓縮形變，而彈簧開始沒有形變，故有小球從一開始運動就與擋板分離，D正確，B錯誤。球和擋板分離后做加速度減小的加速運動，當加速度為零時，速度最大，此時球所受合力為零即： 解得： ，故A正確，C錯誤。故選AD8、AC【解析】對AB整體，

16、由牛頓第二定律可得：，解得a=1.2m/s2，選項A正確，B錯誤；由能量關系可知，物塊A位于N點時，彈簧所儲存的彈性勢能為 ，解得EP=9J，選項C正確，D錯誤；故選AC.9、AC【解析】A.小球受到的重力和電場力是恒力，所以小球做的是勻變速運動故A正確B.由于不知道重力和電場力的大小關系，故無法確定速度大小的變化情況故B錯誤C.在平行于電場方向，小球的動能減小量為，減小的動能轉(zhuǎn)化為了小球的電勢能，所以小球電勢能增加了故C正確D. 在平行于電場方向有，解之得，所以a點的電勢比b點低故D錯誤10、BD【解析】AB.如圖所示,物體受到兩個力的作用:拉力F=2F和重力mg.由牛頓第二定律得F-mg=

17、ma，a=2m/s2，物體從靜止開始運動,1s內(nèi)的位移為：x=12at2=12212m=1m 拉力F的作用點為繩的端點,在物體發(fā)生1 m位移的過程中,繩的端點的位移為s=2s=2m所以拉力F做的功為W=Fs=62 J=12 J，故A錯誤，B正確；C物體的速度v=at=2m/s2，物體的動能增加了Ek=12mv2=12122J=2J，故C錯誤； D.拉力做的功等于物體機械能的增加量，所以物體的機械能增加了12J，故D正確故選BD三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 (1)C(2)AC(3)【解析】（1）為了保證碰撞前后使入射小球的速度方向

18、不變，故必須使入射小球的質(zhì)量大于被碰小球的質(zhì)量為了使兩球發(fā)生正碰，兩小球的半徑相同；（2）兩球做平拋運動，由于高度相等，則平拋的時間相等，水平位移與初速度成正比，把平拋的時間作為時間單位，小球的水平位移可替代平拋運動的初速度將需要驗證的關系速度用水平位移替代【詳解】（1）在小球碰撞過程中水平方向動量守恒定律故有m1v0=m1v1+m2v2在碰撞過程中動能守恒故有m1v02=m1v12+m2v22解得v1=v0要碰后入射小球的速度v10，即m1-m20，m1m2，為了使兩球發(fā)生正碰，兩小球的半徑相同，r1=r2，故選C（2）P為碰前入射小球落點的平均位置，M為碰后入射小球的位置，N為碰后被碰小球

19、的位置，碰撞前入射小球的速度v1；碰撞后入射小球的速度v2 ；碰撞后被碰小球的速度v3；若m1v1=m2v3+m1v2則表明通過該實驗驗證了兩球碰撞過程中動量守恒，代入數(shù)據(jù)得：m1=m1+m2，所以需要測量質(zhì)量和水平位移，用到的儀器是直尺、天平；故選AC（3）若關系式m1=m1+m2成立，即表示碰撞中動量守恒【點睛】本題是運用等效思維方法，平拋時間相等，用水平位移代替初速度，這樣將不便驗證的方程變成容易驗證12、0.96cm A 【解析】(1)1游標卡尺的主尺讀數(shù)為9mm，游標尺上第12個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標讀數(shù)為120.05mm=0.60mm，所以最終讀數(shù)為：2已知初速度為零，

20、位移為，要計算加速度，需要知道末速度，故需要由數(shù)字計時器讀出遮光條通過光電門的時間，末速度：由得：(2)3A.拉力是直接通過傳感器測量的，故與小車質(zhì)量和鉤碼質(zhì)量大小關系無關，不必要使滑塊質(zhì)量遠大于鉤碼和力傳感器的總質(zhì)量，故A符合題意；B.應使位置與光電門間的距離適當大些，有利于減小誤差，故B不符合題意；C.應將氣墊導軌調(diào)節(jié)水平，使拉力才等于合力，故C不符合題意；D.要保持拉線方向與氣墊導軌平行，拉力才等于合力，故D不符合題意四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）a1； a1 （1）1v0 ；1v0（3）t =（

21、n=1,3,4,5,）；E=14（n1）mv01（n=1,3,4,5,）【解析】（1）設工件與斜面間的動摩擦因數(shù)為，木塊加速度為a1，工件加速度為a1對木塊，由牛頓第二定律可得：mgsinma1對工件，由牛頓第二定律可得：（3m+m）gcos3 mgsin3ma1 工件勻速運動時，由平衡條件可得：3mgcos3 mgsin由式解得：a1 a1 （1）設碰擋板前木塊的速度為v，由動量守恒定律可得：3mv0+mv0=mv 由式解得：v=4v0 木塊以v與擋板發(fā)生彈性碰撞，設碰后木塊速度為v1，工件速度為v1，由動量守恒定律可得： mv= mv1+ 3mv1 由能量守恒得： 由式聯(lián)立解得：v11v0 v11v0 （3）第1次碰撞后，木塊以1 v0沿工件向上勻減速運動，工件以1 v0沿斜面向下勻減速運動，工件速度再次減為零的時間：t=木塊的速度v1=1v0+a1t=4v0 此時，木塊的位移：x1=1v0t+a1t1工件的位移：x1=1v0ta1t1即木塊、工件第1次相碰前瞬間的速度與第1次相碰前瞬間的速度相同，以后木塊、工件重復前面的運動過程