2023學年廣東深圳平湖外國語學校物理高二上期中達標檢測模擬試題含解析

1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項1考生要認真填寫考場號和座位序號。2試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B 鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列關于磁感線的說法中不正確的是：A所有磁感線都是閉合的；B磁感線可以形象的描述磁場的強弱和方向；C同一磁場的磁感線不能相交；D沿著磁感線的方向，磁場越來越弱2、A、B為一電場中x軸上的兩點，如圖甲所示一電子僅在電場力作用下從A點運

2、動到B點，x軸上各點電勢隨其坐標變化的關系如圖乙所示，則下列說法正確的是A該電場是點電荷形成的電場BA、B兩點電場強度大小關系為EAEpB3、如圖所示，在水平向右的勻強電場中，質(zhì)量為的帶電小球，以初速度從點豎直向上運動，通過點時，速度大小為，方向與電場方向相反，則小球從運動到的過程（ ）A動能增加B機械能增加C重力勢能增加D電勢能增加4、如圖所示，將平板電容器與電池組相連，兩板間的帶電塵埃恰好處于靜止狀態(tài)。若將兩板慢慢的左右錯開一些，其它條件不變，則（ ）A電容器帶電量不變B塵埃將向下運動C電流間中有的電流D電流計中有的電流5、如圖所示，A B間電壓恒為U，當滑動變阻器的滑片P逐漸向B端移動的

3、過程中燈泡上的電壓數(shù)值是（ ）A一直為UB一直為0C逐漸增大到UD逐漸減小到06、在一個閉合電路中，當把外電阻變?yōu)樵瓉淼谋?，而其它條件不變時，電路中的電流變?yōu)樵瓉淼囊话?，由此可以判斷電源的?nèi)阻與的關系是（ ）A B C D二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，圖線1表示的導體電阻為R1，圖線2表示的導體的電阻為R2，則下列說法正確的是（） AR1：R2=1：3BR1：R2=3：1C將R1與R2串聯(lián)后看作一個電阻，其I-U圖線在圖線2與橫軸之間D將R1與R2并聯(lián)

4、后接于電源上，則電流比I1：I2=1：38、光滑水平地面上，A、B兩物體質(zhì)量都為m，A以速度v向右運動，B原來靜止，左端有一輕彈簧，如圖所示，當A撞上輕彈簧，輕彈簧被壓縮到最短時，下列說法正確的是( )AA、B系統(tǒng)總動量仍然為mvBA的動量變?yōu)榱鉉B的動量達到最大值DA、B的速度相等9、如圖所示，帶電小球在勻強磁場中沿光滑絕緣的圓弧形軌道的內(nèi)側來回往復運動，它每次通過最低點時( )A速度大小一定相同B加速度一定相同C所受洛倫茲力一定相同D軌道給它的彈力一定相同10、如圖所示，通電螺線管周圍放置能自由轉動的小磁針a、b、c、d均已處于靜止，則小磁針a、b、c、d指向正確的是( )A小磁針aB小磁

5、針bC小磁針cD小磁針d三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）如圖所示，請讀出以下測量儀器的示數(shù)，其中游標卡尺讀數(shù)為_cm，螺旋測微器讀數(shù)為_mm12（12分）探究加速度與力、質(zhì)量的關系的實驗裝置如圖所示：(1)為了研究小車加速度與力、質(zhì)量的關系應采用_種科學研究方法。A控制變量法B等效替代法(2)實驗時，釋放小車與接通電源的合理順序是_A先釋放小車，再接通電源B先接通電源，再釋放小車(3)實驗中，為了使小車運動時受到的合力等于細繩的拉力，必須完成的操作是_ A平衡摩擦力B讓小車從同一個位置開始運動四、計算題：本題共2小題，共26分

6、。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）有一光滑半圓形絕緣軌道豎直放置，如圖所示，軌道與一水平絕緣軌道MN連接，在水平向左的勻強電場中，E2103V/m，半圓軌道半徑R0.4 m，一帶正電的小滑塊質(zhì)量為m0.04 kg，電量q1.5104 C，小滑塊與水平軌道間的動摩擦因數(shù)0.25，g取10 m/s2，求：(1)要使小滑塊能運動到半圓軌道的最高點L，滑塊應在水平軌道上離N點多遠處釋放？(2)這樣釋放的滑塊通過半圓軌道中點P點時對軌道壓力是多大？14（16分）如圖所示，長為L的絕緣細線，一端懸于O點，另一端連接一質(zhì)量為m的小球，在O點正下方釘一個

7、釘子O現(xiàn)將細線向右水平拉直后從靜止釋放，細線碰到釘子后要使小球剛好繞釘子O在豎直平面內(nèi)做圓周運動（重力加速度為g）（1）求小球剛到最低點時的速度；（2）求OO的長度；（3）若小球帶上負電，電量為q；在區(qū)域內(nèi)加一水平向右，的勻強電場再次將細線向右拉直后從靜止釋放，細線碰到釘子后小球剛好能繞釘子O在豎直面內(nèi)做圓周運動，求此時OO的長度15（12分）下圖所示的電路中，電源的電動勢E=6.0 V，內(nèi)電阻r=1.0 ，外電路的電阻R=5.0 .閉合開關S,求：（1）通過電阻R的電流；（2）電阻R消耗的電功率.參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是

8、符合題目要求的。1、D【解析】所有磁感線都是閉合的，選項A正確；磁感線可以形象的描述磁場的強弱和方向，磁感線的疏密反映磁場的大小，磁感線的切線方向表示磁場的方向，選項B正確；同一磁場的磁感線不能相交，選項C正確；沿著磁感線的方向，磁場不一定越來越弱，磁場的強弱要看磁感線的疏密，選項D錯誤；此題選擇不正確的選項，故選D【點睛】磁感線是描述磁場分布而假想的；磁感線的疏密表示磁場強弱，磁感線某點的切線方向表示該點的磁場方向；磁感線是閉合曲線，磁體外部磁感線是從N極到S極，而內(nèi)部是從S極到N極，且磁感線都不相交2、D【解析】AB各點電勢隨其坐標變化的關系圖象中，斜率表示電場強度大小可知，該電場為勻強電

9、場，則A、B兩點電場強度大小關系為EA=EB，故AB錯誤；CD一電子僅在電場力作用下從A點運動到B點，電子從A運動到B過程中電場力方向與運動方向相同，電場力做正功，電勢能減小，故電子在A、B兩點的電勢能大小關系為EpAEpB，故C錯誤，D正確；3、B【解析】由動能的表達式可知帶電小球在M點的動能為，在N點的動能為，所以動能的增量為，故A錯誤；帶電小球在電場中做類平拋運動，豎直方向受重力做勻減速運動，水平方向受電場力做勻加速運動，由運動學公式有，可得，豎直方向的位移，水平方向的位移，因此有，對小球寫動能定理有，聯(lián)立上式可解得，因此電場力做正功，機械能增加，故機械能增加，電勢能減少，故B正確D錯誤

10、，重力做負功重力勢能增加量為，故C錯誤4、C【解析】ACD電容器始終與電源相連，則兩端的電勢差不變，將兩板緩慢地錯開一些，正對面積減小，根據(jù)，知電容減小，根據(jù)Q=CU知，電荷量減小，檢流計中有ab的電流。故C符合題意，AD不符合題意。B因為兩極板間的電勢差不變，d不變，則電場強度不變，所以塵埃的電場力不變，塵埃仍然保持靜止。故B不符合題意。5、D【解析】由圖看出，變阻器下部與燈泡并聯(lián)后與上部串聯(lián)，當滑動變阻器的滑片P逐漸向A端移動的過程中，并聯(lián)部分的電阻變大，根據(jù)串聯(lián)電路電壓與電阻成正比的規(guī)律可知，并聯(lián)部分分擔的電壓增加，則燈泡的電壓逐漸增加當滑片移到變阻器最上端時，燈泡電壓為U，故ABD錯誤

11、，C正確故選C.6、A【解析】設變化前，根據(jù)閉合回路歐姆定律可得，變化后，聯(lián)立解得，A正確二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】根據(jù)I-U圖象知，圖線的斜率表示電阻的倒數(shù)，所以R2：R2=2：2將R2與R2串聯(lián)后看作一個電阻，此電阻值比R2還大，則其I-U圖線在圖線2與橫軸之間，選項C正確；并聯(lián)電路，電壓相等，電流比等于電阻之反比，所以將R2與R2并聯(lián)后接于電源上，電流比I2：I2=2：2故AC正確，BD錯誤故選AC【點睛】解決本題的關鍵知道I-U圖線的斜率

12、表示電阻的倒數(shù)以及知道串并聯(lián)電路的特點；兩電阻串聯(lián)后總電阻比大的還大；兩電阻并聯(lián)后總電阻比小的還小8、AD【解析】A、B組成的系統(tǒng)所受的外力之和為零，動量守恒，總動量為mv，則彈簧壓縮最短時，A、B系統(tǒng)總動量仍然為mv，故A正確彈簧壓縮到最短時，A、B速度相等，則A的動量不為零故B錯誤，D正確A在壓縮彈簧的過程中，B做加速運動，A做減速運動，彈簧壓縮量最大時，速度相等，然后B繼續(xù)加速，A繼續(xù)減速所以彈簧壓縮最短時，B的動量未達到最大值故C錯誤故選AD點睛：解決本題的關鍵知道動量守恒定律的條件，通過分析兩個物體運動的物理過程，分析兩物體的距離變化，知道速度相等時，彈簧壓縮量最大9、AB【解析】A

13、在整個運動的過程中，洛倫茲力不做功，只有重力做功，所以向左或向右通過最低點時重力做功相同，速度大小相同，故A正確；B根據(jù)合外力提供向心力有：F合mam則加速度相同，故B正確；C根據(jù)左手定則可知洛倫茲力的大小相等，方向不同，故C錯誤；D向右、向左通過最低點時，洛倫茲力大小相等，方向相反，根據(jù)合力提供向心力可知洛倫茲力向上時有：當洛倫茲力向下時：比較可知彈力不等，故D錯誤。故選AB.10、CD【解析】由安培定則可判斷出通電螺線管的左端為N極，右端為S極，外部磁感線的方向由N極指向S極，而小磁針N極指向磁感線的方向，則可知只有cd指向正確，故AB錯誤，CD正確。故選CD。三、實驗題：本題共2小題，共

14、18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、1.140 4.713（4.712、4.714） 【解析】由題意可知考查游標卡尺、螺旋測微器讀數(shù)問題，根據(jù)兩種儀器的讀數(shù)原理分析可得?！驹斀狻? 先讀主尺上的數(shù)值為11mm，再讀游標尺上的數(shù)值0.058=0.40，二者加在一起為游標卡尺讀數(shù)(11+0.40)mm=11.40mm=1.140cm2 先讀固定刻度值為4.5mm，再讀可動刻度0.0122.2mm=0.222mm，螺旋測微器讀數(shù)為兩部分之和4.5mm+0.222mm=4.712mm【點睛】無論是游標卡尺還是螺旋測微器讀數(shù)都要注意有效數(shù)字的要求，讀數(shù)時先以mm為單位讀出，

15、10分度(精確度為0.1mm)的游標卡尺保留1位小數(shù)，20分度(精確度為0.05mm)、50分度(精確度為0.02mm的保留2位，讀數(shù)公式：主尺上的讀數(shù)+精確度對齊時游標尺的格數(shù)，單位換算時注意有效數(shù)字不能改變。螺旋測微器讀數(shù)方法：固定刻度+0.01對齊時可動刻度格數(shù)（估讀一位）12、A B A 【解析】(1)1該實驗是探究加速度與力、質(zhì)量的三者關系，研究三者關系必須控制力不變，研究加速度和質(zhì)量的關系或者控制質(zhì)量不變，研究加速度和力的關系，故運用控制變量法，A正確。故選A。(2)2實驗時，如果先放開小車，再接通打點計時器電源，由于小車運動較快，可能會使打出來的點很少，不利于數(shù)據(jù)的采集和處理，所

16、以應該先接通電源，再放開小車，B正確。故選B。(3)3為了使細繩對小車的拉力等于小車受到的合力，所以要先平衡摩擦力，A正確。故選A。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1)2m(2)2.1N【解析】試題分析：（1）在小滑塊運動的過程中，摩擦力對滑塊和重力對滑塊做負功，電場力對滑塊做正功，根據(jù)動能定理可以求得滑塊與N點之間的距離；（2）在P點時，對滑塊受力分析，由牛頓第二定律可以求得滑塊受到的軌道對滑塊的支持力的大小，由牛頓第三定律可以求滑塊得對軌道壓力.（1）設滑塊與N點的距離為L，分析滑塊的運動過程，由動能定

17、理可得：小滑塊在L點時，重力提供向心力，則有：聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)解得：L=2m（2）滑塊到達P點時，對全過程應用動能定理可得：在P點時由牛頓第二定律可得：聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)解得：N=2.1N由牛頓第三定律可得，滑塊通過P點時對軌道壓力是2.1N14、（1） （2） （3）【解析】（1）小球由水平位置到最低點，由動能定理：mgL=mv2，解得 （2）設小球剛好繞釘子O在豎直平面內(nèi)作圓周運動時軌道半徑為r，則在最高點有：mg =m對于小球從開始運動到最高點的整個過程，由動能定理得： 解得：，則故OO長度為 （3）由于重力場和電場力做功都與路徑無關，因此可以把兩個場疊加起來看成一個等效力場來處理重力和電場力的合力大小為 設此合力與水平方向的夾角為，則，得：=45 在等效力場中，當合力F的方向通過點O時，小球恰好通過繞O點做圓周運動的“最高點”，設此點為Q，圓周的半徑為R，則在Q點應滿足： 即有：從開始到Q點的過程，由動能定理得：mg（L-2R）+R（1-sin45）+qE（L-