2023學年廣東省中山市紀念中學物理高二上期中檢測試題含解析

1、2023學年高二上物理期中模擬試卷考生須知：1全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、要增大物體的慣性，應增大物體的 ()A質量B速度C加速度D所受的力2、如圖質子和粒子都從靜止開始，經(jīng)AB間電場加速后垂直進入CD間的勻強電場，到離開電場為止，在CD間的

2、偏轉距離分別為y1、y2，動能的變化量分別為E1和E2。則y1:y2及E1:E2的值為（ ）A1:2；1:1B1:1；1：2C1:2；1：4D2:1；4：13、如圖所示電路中，電源電壓U恒定，I和II是電阻箱，III是定值電阻。調節(jié)兩電阻箱I、II的阻值R1、R2，但保持R1與R2之和不變，當R1=R2時，安培表A的示數(shù)為0.4A，伏特表V1和V2的示數(shù)分別為4V和9V。R1與R2之和為A20B30 C40D50 4、如圖所示，速度選擇器中磁感應強度大小為和電場強度大小為，兩者相互垂直一束帶電粒子以一定的初速度沿直線通過速度選擇器后從狹縫進入另一磁感應強度大小為的勻強磁場，最后打在平板的上，不

3、計粒子重力，則（ ）A速度選擇器中的磁場方向垂直紙面向里B通過狹縫的帶電粒子速度為C打在處的粒子在磁場中運動的時間都相同D帶電粒子打在平板上的位置越靠近，粒子的比荷越大5、如圖所示，水平放置的平行金屬板充電后板間形成勻強電場，板間距離為d，一個帶負電的液滴帶電量大小為q，質量為 m，從下板邊緣射入電場，沿直線從上板邊緣射出，則： （ ）A液滴做的是勻加速直線運動B液滴做的是勻減速直線運動C兩板的電勢差為mgd/qD液滴的電勢能增加了mgd6、如圖所示，實線為不知方向的三條電場線，從電場中M點以相同速度飛出a、b兩個帶電粒子，僅在電場力作用下的運動軌跡如圖中虛線所示.則 ( )Aa一定帶正電，b

4、一定帶負電Ba的速度將減小，b的速度增加Ca的加速度將減小，b的加速度增加D兩個粒子的電勢能都增大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示用三根長度相同的絕緣細線將三個帶電小球連接后懸掛在空中。三個帶電小球質量相等，A球帶負電，平衡時三根絕緣細線都是直的，但拉力都為零，已知BC連線水平，則AB球帶負電荷，C球帶正電荷 BB球和C球都帶正電荷CA球電荷量的絕對值是B球的兩倍 DB球和C球所帶電量不一定相等8、如圖所示,以等量同種點電荷的連線中點為原點,兩點電荷連線的

5、中垂線為x軸,E表示電場強度,表示電勢,根據(jù)你已經(jīng)學過的知識判斷,在下列E-x圖象和-x圖象中,可能正確的是( ) AABBCCDD9、某一電場的電場線分布如圖所示，則下列說法正確的是A點的電勢低于點的電勢B點的電場強度小于點的電場強度C一正電荷由點釋放，一定沿著電場線運動到點D一負電荷在點的電勢能大于在點的電勢能10、如圖所示,電源電動勢為E內阻r。M、N是平行板電容器的兩個極板,R0為定值電阻,R1、R2為可調電阻，用絕緣細線將質量為m、帶正電的小球懸于電容器內部，閉合電鍵S，小球靜止時受到懸線的拉力為F，電容器帶電量為Q。下列判斷正確的是()A只增大R1時，電容器兩板間電壓減小，F(xiàn)將變小

6、B只增大R1時，電容器兩板間電壓不變，F(xiàn)將不變C只增大R2時，電壓表示數(shù)增大，電流表示數(shù)減小，F(xiàn)變小D只增大R2時，電容器所帶電荷量增大，板間場強變大，故F將變大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）要測繪一個標有“3V 16W”小燈泡的伏安特性曲線，要求燈泡兩端的電壓需要由零逐漸增加到3V，并便于操作已選用的器材有：直流電源（電壓為4V）；電流表（量程為116A內阻約12）；電壓表（量程為1-3V）；電鍵一個、導線若干實驗中所用的滑動變阻器應選下列中的_（填字母代號）A滑動變阻器（最大阻值11，額定電流1A）B滑動變阻器（最大阻值

7、1k，額定電流13A）（1）為了設計合理的實驗方案，某同學用多用電表來粗略測量電壓表的內阻，表盤讀數(shù)及開關選擇檔位，如下圖所示，則其阻值約為_；測量時多用電表的紅表筆應接電壓表的_（填正或者負）接線柱（2）選出既滿足實驗要求，又要減小誤差的實驗電路圖_下圖為某同學在實驗過程中完成的部分電路連接的情況，請你幫他完成其余部分的線路連接（電路中僅缺少2條導線，請用筆代替導線連上）_12（12分）將一銅片和一鋅片分別插入一個蘋果內，就構成了簡單的“水果電池”，其電動勢約為1.5V可是這種電池并不能點亮額定電壓為1.5V、額定電流為0.3A的手電筒上的小燈泡，原因是流過小燈泡的電流太小了，經(jīng)實驗測得還不

8、足3mA為了較精確地測定該水果電池的電動勢和內阻，提供的實驗器材有：A電流表A1(量程03mA，內阻約為0.5)B電流表A2(量程00.6A，內阻約為0.1)C電壓表V(量程01.5V，內阻約為3k)D滑動變阻器1(阻值010，額定電流為1A)E滑動變阻器2(阻值03k，額定電流為1A)F電鍵，導線若干G水果電池（1）實驗中電流表應選用_，滑動變阻器應選用_(均用序號字母表示)（2）請在虛線框內畫出實驗電路圖，（有錯不給分）（_）（3）根據(jù)實驗記錄的數(shù)據(jù)，經(jīng)描點、連線得到水果電池的路端電壓隨電流變化的圖象如圖所示，由圖可知：水果電池的電動勢_V，內阻r_.（保留3位有效數(shù)字）四、計算題：本題共

9、2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示,寬度為I0的平行光束從空氣中斜射到一平板玻璃的上表面,入射角i=60,該光束由兩種不同的單色光a和b組成,玻璃對兩種單色光的折射率分別為，試求：兩種單色光在玻璃中的傳播時間之比；為使光從玻璃下表面出射時，兩種光各自的光束不重疊，玻璃板的厚度d的最小值14（16分）如圖，將小燈泡與電動機并聯(lián)接在電源上，閉合開關，此時小燈泡剛好正常發(fā)光，電動機正常轉動。已知電源電動勢為E = 9 V，內阻為r = 2 ，電動機的內阻為R = 3 ，小燈泡的額定電壓為U = 6 V，額定功率為P =

10、3 W。求：（1）干路電流I；（2）電動機的熱功率P1；（3）電動機的工作效率（輸出功率與總功率比值的百分數(shù)）。15（12分）如圖所示，勻強電場的電場線與AC平行，把帶電荷量108C的負電荷從A移至B的過程中，電場力做功6108J，AB長6cm，AB與AC的夾角為60求：(1)場強方向；(2)設B處電勢為1V，則A處電勢為多少；(3)A處的場強大?。?4)電子在A點的電勢能參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】質量是慣性的唯一衡量依據(jù)，質量大物體的慣性大，質量小物體的慣性小【詳解】質量是慣性的唯一衡量依據(jù)，

11、質量大物體的慣性大，質量小物體的慣性小.與其他任何因素無關；故A正確.故選A.2、B【解析】根據(jù)動能定理可得粒子經(jīng)過加速電場后的速度為： ，解得： ，粒子在偏轉電場中做類平拋運動，在水平方向做勻速直線運動，有： ，垂直板方向做初速度為零的勻加速直線運動，由牛頓第二定律得加速度為： ，偏轉位移為： ，由以上各式解得： ，y與m、q無關，則y1：y2=1：1；根據(jù)動能定理得動能的變化量為： ，可知，E與q成正比，則得E1：E2=1：2，故B正確，ACD錯誤。3、A【解析】(1)由題意可知，電阻箱的阻值為：按題意有：則得：4、D【解析】A、根據(jù)帶電粒子在磁感應強度為的勻強磁場中的運動軌跡可判斷粒子帶

12、正電，帶電粒子在速度選擇器中受到的電場力方向向上，受到的洛倫茲力方向向下，磁場方向垂直紙面向外，故A錯誤；B、能通過狹縫P的帶電粒子在速度選擇器中受到的電場力與洛倫茲力等大反向，由可知，帶電粒子速度為，故B錯誤；C、由洛倫茲力充當粒子做圓周運動的向心力可得，則，可知半徑不同粒子的比荷不同；打在平板S上的粒子在磁感應強度為的磁場中都只運動半個周期，周期，則比荷不同，打在D1、D2上的粒子在磁感應強度為的磁場中的運動時間不同，故C錯誤；D、由，知越靠近狹縫P，r越小，粒子的比荷越大，故D正確；故選D【點睛】本題為質譜儀模型，考查帶電粒子在速度選擇器中的運動和磁場中的運動，注意根據(jù)粒子運動形式選擇合

13、適的規(guī)律解決問題，要熟練掌握運用控制變量法結合半徑公式和周期公式分析問題的方法5、C【解析】液滴進入豎直方向的勻強電場中，所受的電場力方向豎直向上或豎直向下，因為微粒做直線運動，可知電場力方向必定豎直向上，而且電場力與重力平衡，液滴做勻速直線運動；故A、B錯誤；液滴進入豎直方向的勻強電場中，重力做功-mgd，微粒的重力勢能增加，動能不變，根據(jù)能量守恒定律得知，微粒的電勢能減小了mgd；故D錯誤；液滴從下極板運動到上極板的過程中，由動能定理有，可得；故C正確【點睛】本題是帶電粒子在電場中運動的問題，關鍵是分析受力情況，判斷出粒子做勻速直線運動6、C【解析】物體做曲線運動，所受力的方向指向軌道的內

14、側，所以能判斷a、b一定帶異種電荷，但是不清楚電場的方向，也就不能判斷哪一個是正電荷，哪一個是負電荷，故A錯誤；物體做曲線運動，所受力的方向指向軌道的內側，從圖中軌道變化來看電場力都做正功，動能都增大，速度都增大，它們的電勢能都減小，故BD錯誤；電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度小，所以a受力減小，加速度減小，b受力增大，加速度增大，故C正確；故選C【點睛】該題考查帶電粒子在電場中運動過程中的軌跡分析，要求能夠根據(jù)軌跡彎曲的方向判斷出電場力的方向，進而判斷出粒子的電性、動能與電勢能的變化等由曲線運動得出的粒子所受電場力方向指向曲線彎曲的內側許多同學不易想到此點二、多項選擇題：

15、本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】A、B、對B球受力分析如圖所示：B球受重力及A、C對B球的庫侖力而受于平衡狀態(tài)；則A與C球對B球的庫侖力的合力應與重力大小相等，方向相反；而庫侖力的方向只能沿兩電荷的連線方向，故可知A對B的庫侖力應指向A，C對B的作用力應指向B的左側；則可知B、C都應帶正電；故A錯誤、B正確.C、D、由受力分析圖可知，A對B的庫侖力應為C對B庫侖力的2倍，故C帶電量應為A帶電量的一半；同理分析C可知，B帶電量也應為A帶電量的一半，故B、C帶電量應相同；

16、故C正確，D錯誤.故選BC.【點睛】庫侖定律考查一般都是結合共點力平衡進行的，因此解題的關鍵在于做出受力分析圖，明確庫侖力的方向；則可利用共點力的平衡條件進行解答8、AD【解析】AB、在兩電荷連線的中點，由于兩個電荷在此處產生的場強大小相等、方向相反，所以該處場強為零，在無窮遠處場強也為零，所以兩點電荷連線的中點到無窮遠場強是先增大后減小，且場強關于電荷連線對稱，故A正確，B錯誤；CD、兩點電荷連線的中垂線上場強方向從中點指向無窮遠，且電勢逐漸降低，因為O處的場強為零，則O處x的斜率為0，故C錯誤，D正確；故選AD【點睛】關鍵是知道電場的電場線特點和電場的疊加原理，結合其電場線的圖即可作答9、

17、AB【解析】沿著電場線方向電勢逐漸降低，因此a點的電勢高于b點的電勢，故A正確；從電場線的分布情況可知，a點的電場線比b點的稀疏，所以a點的電場強度小于b點的電場強度，故B正確；電場線不一定是電荷的運動軌跡，由a點釋放的正電荷不一定沿著電場線運動到b點，故C錯誤；某一負電荷從a點移到b點，電場力做負功，電勢能增加，因此負電荷在a點的電勢能小于在b點的電勢能，故D錯誤所以AB正確，CD錯誤10、BC【解析】AB當只增大R1時，由于電容器相當于開路，所以對整個回路無影響，電容器兩端電壓等于R0兩端的電壓，大小不變，所以庫侖力不變，F(xiàn)不變。故A錯誤，B正確。CD當增大R2時，由于R0與R2串聯(lián)， 總

18、電阻增大，故總電流減小，即電流表示數(shù)減??；外電壓增大，即電壓表示數(shù)增大；R0兩端的電壓會減小，即電容器兩端電壓減小，電荷量減小，電場強度變弱，庫侖力減小。懸線拉力F為庫侖力和重力的合力，故F減小。故C正確，D錯誤。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、A 3.6K 負 丙 電路圖見解析 【解析】 1實驗中滑動變阻器要用分壓電路，故所用的滑動變阻器應選阻值較小的A; （1）23電壓表的內阻值約為36111=3.6K；測量時多用電表的紅表筆應接電壓表的負接線柱（2）4實驗要求燈泡兩端的電壓需要由零逐漸增加到3V，則滑動變阻器應采用分壓接法，燈

19、泡正常發(fā)光時的電阻為，電流表內阻遠小于燈泡電阻，所以電流表應采用外接法，因此實驗電路應選丙；電路連線如圖；12、A E 1.35 450 【解析】(1)1電流約為3mA，故電流表選擇A；2電源的內阻大約若選用010的滑動變阻器，移動滑片，電流基本不變，因此滑動變阻器應選E；(2)3由題意可知水果電池內阻較大，為減小實驗誤差，相對于電源來說，電流表應采用內接法，電路圖如圖所示(3)4由圖示電源U-I圖線可知，圖象與縱軸截距為1.35，則電源電動勢5圖線斜率的絕對值即為內阻四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 【解析】(1