四川省資陽市高中2023學年物理高二第一學期期中監(jiān)測試題含解析

1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項:1答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2答題時請按要求用筆。3請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖a、b、c、d是勻強電場中的四個點，它們正好是一個平行四邊形的四個頂點.電場線與平行四邊形所在的平面平行.

2、已知a點的電勢是2V，b點的電勢是5V，c點的電勢是9V.由此可知，d點的電勢為（ ）A6VB7VC9VD5V2、如圖為一壓路機的示意圖，其大輪半徑是小輪半徑的1.5倍A、B分別為大輪和小輪邊緣上的點在壓路機前進時（）AA、B兩點的線速度之比為：2：3BA、B兩點的線速度之比為：3：2CA、B兩點的角速度之比為：3：2DA、B兩點的向心加速度之比為：2：33、關(guān)于電壓和電動勢，下列說法正確的是 （ ）A電動勢是反映電源把其他形式能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)的物理量B電動勢就是電源兩極間的電壓C電壓和電動勢單位相同，所以電動勢和電壓物理意義相同D電源電動勢定義式和電勢差定義式中的W都是電場力做的功4、如圖所

3、示為不帶電空腔球形導體，現(xiàn)將一個帶負電的小金屬球A放入腔中，當導體處于靜電平衡狀態(tài)時，圖中a、b、c三點的電場強度E和電勢的關(guān)系是（ ）A，B，C，D，5、如圖所示，空間有一水平勻強電場，在豎直平面內(nèi)有一初速度為v0的帶電微粒，沿圖中虛線由A運動至B，其能量變化情況是（重力不能忽略）（ ）A動能減少，重力勢能增加，電勢能增加B動能減少，重力勢能增加，電勢能減少C動能不變，重力勢能增加，電勢能減少D動能增加，重力勢能增加，電勢能減少6、真空中甲、乙兩個固定的點電荷，相互作用力為F，若甲的帶電量變?yōu)樵瓉淼?倍，乙的帶電量變?yōu)樵瓉淼?倍，要使它們的作用力仍為F，則它們之間的距離變?yōu)樵瓉淼模?）A2倍

4、B4倍C8倍D16倍二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、光滑絕緣的水平面上M、N兩點各放一電荷量分別為+q和+2q，完全相同的金屬球A和B，給A和B以大小相等的初動能E0（此時動量大小均為p0）使其相向運動剛好能發(fā)生碰撞，碰后返回M、N兩點時的動能分別為E1和E2，動量大小分別為p1和p2，則AE1=E2=E0 ,p1=p2=p0BE1=E2E0 , p1=p2p0C碰撞發(fā)生在M、N中點的左側(cè)D兩球不同時返回M、N兩點8、在如圖所示的電路中，電流表的內(nèi)阻很小可忽略不計

5、則利用此電路（ ）A若已知 R1、R2 的阻值，且R1R2，可以測定電源電動勢和內(nèi)電阻B若已知R1、R2 的阻值，且R1R2，只能測定電源電動勢不能測電源內(nèi)電阻C若已知 R1、R2的阻值，且 R1=R2，可以測定電源電動勢和內(nèi)電阻D若已知電源電動勢 E 及 R1 的阻值，可以測量電阻 R2 的阻值和電源內(nèi)電阻9、直流電路如圖所示，電源內(nèi)電阻r=2，定值電阻R0=4，滑動變阻器R的最大阻值為10，當S閉合，滑片P從最左端向右端移動的過程中，下列說法正確的是（）A電流表示數(shù)減小，伏特表示數(shù)增大B電源的輸出功率一定先增大后減小C電源的總功率一定減小，效率一定增大D變阻器R的功率一直減小10、A、B兩

6、船的質(zhì)量均為m，都靜止在平靜的湖面上，現(xiàn)A船上質(zhì)量為m的人，以對地水平速度v從A船跳到B船，再從B船跳到A船，經(jīng)n次跳躍后，人停在B船上，不計水的阻力，則AA、B兩船速度大小之比為2：3BA、B（包括人）兩船動量大小之比為1：1CA、B（包括人）兩船動能之比為3：2DA、B（包括人）兩船動能之比為1：1三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某同學用伏安法測一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻，現(xiàn)備有下列器材：A被測干電池一節(jié)B電流表1：量程00.6A，內(nèi)阻C電流表2：重相00.6A，內(nèi)阻約為D電壓表1：量程03V，內(nèi)阻未知E電壓表2：量程015

7、V，內(nèi)阻未知F滑動變阻器，2AG滑動變阻器，1AH開關(guān)、導線若干伏安法測電池電動勢和內(nèi)阻的實驗中，由于電流表和電壓表內(nèi)阻的影響，測量結(jié)果存在系統(tǒng)誤差；在現(xiàn)有器材的條件下，要盡可能準確地測量電池的電動勢和內(nèi)阻。（1）在上述器材中請選擇適當?shù)钠鞑模篲（填寫選項前的字母）；（2）實驗電路圖應(yīng)選擇下圖中的_（“甲”或“乙”）；（3）根據(jù)實驗中電流表和電壓表的示數(shù)得到了如圖丙所示的圖象，則在修正了實驗系統(tǒng)誤差后，干電池的電動勢_V，內(nèi)電阻_。12（12分）在“描繪小燈泡的伏安特性曲線的實驗中，可供選擇的器材及代號如下：A小燈泡L（3V、1.8W）；B滑動變阻器R（010，額定電流1.5A）；C電壓表V1

8、（量程：03V，RV=5k）；D電壓表V2（量程：015V，RV=10k）；E電流表A1（量程：00.6A，RA=0.5）；F電流表A2（量程03A，RA=0.1）G鉛蓄電池、電鍵各一個，導線若干實驗中要求加在小燈泡兩端的電壓可連續(xù)地從零調(diào)到額定電壓.為了減少誤差，實驗中應(yīng)選電壓表_，電流表_；某同學實驗后作出的I-U圖象如圖所示，請分析該圖象形成的原因是_請在圖中虛線框內(nèi)按要求完成實驗電路圖_（用筆線代替導線）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）光滑水平面上質(zhì)量為1kg的小球A，以2.0m/s的速度與同向

9、運動的速度為1.0m/s、質(zhì)量為2kg的大小相同的小球B發(fā)生正碰,碰撞后小球B以1.5m/s的速度運動求:(1)碰后A球的速度大小;(2)碰撞過程中A、B系統(tǒng)損失的機械能14（16分）在真空中的O點放一個Q=110-9C的點電荷，直線MN過O點，OM=30cm，M點放有一個q=-110-10C的點電荷，如圖所示，求：（1）點電荷q在M點所受的靜電力的大小和方向（2）拿走點電荷q后M點的場強和方向 （3）比較拿走點電荷q后M、N兩點的場強大小15（12分）有一個帶電荷量 q = -3106C 的點電荷，從某電場中的 A 點移到 B 點，電荷克服靜電場力做 6104J 的功，從 B 點移到 C 點

10、，電場力對電荷做 9104J 的功若以 B 點電勢為零，求：（1）點電荷 q 在 A 點的電勢能為多少？ （2）C 點的電勢為多少？參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】在勻強電場中，每前進相同的距離，電勢的降落相等，故：，代入數(shù)據(jù)有：，解得：，故A正確，B、C、D錯誤；故選A【點睛】關(guān)鍵是記住“勻強電場中每前進相同的距離電勢的降落相等”的結(jié)論，并能靈活運用2、D【解析】AB、壓路機前進時，其輪子邊緣上的點參與兩個分運動，即繞軸心的轉(zhuǎn)動和隨著車的運動；與地面接觸點速度為零，故、兩點圓周運動的線速度大小都等于

11、汽車前進的速度大小，故、兩點的線速度之比，故選項A、B錯誤；CD、兩點的線速度之比，根據(jù)公式可知，線速度相等時角速度與半徑成反比，故、兩點的角速度之比，由可知，、兩點的向心加速度之比，故選項D正確，C錯誤3、A【解析】A、電動勢是表征電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電勢能本領(lǐng)的物理量,故A正確.B、當外電路斷開時，電動勢大小等于電源兩極間的電壓，故B錯誤.C、電壓和電動勢單位相同，但電動勢和電壓物理意義不相同，電動勢反映電源的特性，與外電路的結(jié)構(gòu)無關(guān)，故C錯誤D、電源電動勢定義式中的W是指非靜電力做的功，電勢差定義式中的W是指電場力做的功，故D錯誤.故選A.4、A【解析】當導體處于靜電平衡狀態(tài)時，空腔

12、球形導體內(nèi)表面感應(yīng)出正電荷，外表面感應(yīng)出負電荷.根據(jù)電場線的分布可知，由于a處電場線較密，c處電場線較疏，b處場強為零.則EaEcEb.順著電場線方向，電勢逐漸降低.整個空腔球形導體是一個等勢體，表面是一個等勢面，分析可知電勢關(guān)系是.A，與結(jié)論相符，選項A正確；B，與結(jié)論不相符，選項B錯誤；C，與結(jié)論不相符，選項C錯誤；D，與結(jié)論不相符，選項D錯誤；5、A【解析】帶電微粒做直線運動，其合力方向與速度方向必在同一條直線上，得出電場力的方向,從而得出合力的方向，根據(jù)合力做功得出動能的變化，根據(jù)重力做功得出重力勢能的變化，根據(jù)電場力做功得出電勢能的變化【詳解】因為帶電微粒做直線運動，合力的方向與速度

13、的方向在同一條直線上重力豎直向下，則電場力水平方向左，合力做負功，由動能定理可知動能減小，重力做負功，則重力勢能增加，電場力做負功，則電勢能增加，受力如下圖，故B、C、D錯誤，A正確故選A6、B【解析】試題分析：由庫侖定律可得：；當甲的帶電量變?yōu)樵瓉淼?倍，即2Q；乙的帶電量變?yōu)樵瓉淼?倍，即8q由于作用力相等，所以變化后距離變?yōu)樵瓉淼?倍故選B考點：考查庫侖定律的直接應(yīng)用，點評：由庫侖力公式可得出兩次作用力的表達式，則可求得相等的相互作用力對應(yīng)的距離二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，

14、有選錯的得0分。7、BD【解析】試題分析：由動量觀點看，系統(tǒng)動量守恒，兩球的速度始終等值反向，也可得出結(jié)論：兩球必將同時返回各自的出發(fā)點，且兩球末動量大小和末動能一定相等從能量觀點看，兩球接觸后的電荷量都變?yōu)?5q，在相同距離上的庫侖斥力增大，返回過程中電場力做的正功大于接近過程中克服電場力做的功，系統(tǒng)機械能必然增大，即末動能增大，故A錯誤B正確；由牛頓定律的觀點看，兩球的加速度大小始終相同，相同時間內(nèi)的位移大小一定相同，必然在連線中點相遇，又同時返回出發(fā)點故C錯誤D正確考點：考查了動量守恒定律，庫侖定律【名師點睛】當兩個完全相同的金屬小球相接觸時，若是同種電荷則是平均分配；若是異種電荷則是先

15、中和再平均分配由動量觀點看，系統(tǒng)動量守恒，返回過程中電場力大于接近過程中電場力，根據(jù)動能關(guān)系求解由牛頓定律的觀點看，兩球的加速度大小始終相同，運用運動學知識求解8、AD【解析】開關(guān)接1時，由閉合電路歐姆定律可得： 開關(guān)接2時，由閉合電路歐姆定律可得： AB若已知的阻值，且，因電流值可以測出，故可以測定電源電動勢和內(nèi)電阻，故A正確，B錯誤；C若，則兩方程相同，故無法測定電源的電動勢和內(nèi)電阻，故C錯誤；D若已知電源電動勢E及的阻值，根據(jù)方程可以測量電阻的阻值和電源內(nèi)電阻，故D正確9、AC【解析】A：滑片P從最左端向右端移動的過程，R增大，電路總電阻增大，電路中總電流減小，電流表示數(shù)減小，據(jù)，增大，

16、伏特表示數(shù)增大故A正確B：電源的輸出功率 ，因為，隨著R增大，電源的輸出功率減小故B錯誤C：電源的總功率，隨著R增大，電源的總功率減??；電源的效率 ，隨著R增大，電源的效率增加故C正確D：變阻器R的功率：，當時，變阻器的功率最大，則滑片P從最左端向右端移動的過程中，變阻器R的功率先增加后減小故D錯誤點睛：當內(nèi)外電路電阻相等時，電源的輸出功率最大10、BC【解析】以人與兩船組成的系統(tǒng)為研究對象，人在跳躍過程中總動量守恒，所以A、B兩船（包括人）的動量大小之比總是1：1，故B正確；最終人在B船上，以系統(tǒng)為研究對象，在整個過程中，以A的速度方向為正方向，由動量守恒定律得：，解得：，故A錯誤；A的動能

17、為：，B的動能為：，則，故C正確，D錯誤。所以BC正確，AD錯誤。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、ABDFH 甲 1.50 0.7 【解析】(1)1在上述器材中請選擇適當?shù)钠鞑模篈干電池是唯一電源，必選；B考慮到干電池電流不宜過大，同時為了精確，電流表應(yīng)該選量程00.6A的電流表；D根據(jù)干電池電壓，應(yīng)該選擇量程為03V電壓表；F滑動變阻器阻值較小有利于電表的數(shù)值變化，減小誤差，故應(yīng)選規(guī)格為，2A的變阻器；H開關(guān)、導線若干必選。故選ABDFH。(2)2因電流表內(nèi)阻已知，故應(yīng)采用相對電源的電流表內(nèi)接法，故選甲；(3)3由圖可知，電源的電

18、動勢4內(nèi)電阻12、 C； E； 溫度升高，燈泡電阻增大； ； 【解析】試題分析：電壓表、電壓表最佳測量范圍為大于等于滿偏的23；根據(jù)額定值可以確定電表的選擇；I-U圖象的斜率等于電阻R的倒數(shù)，故I-U圖象的斜率逐漸減小，即電阻R逐漸增大；被測電阻是小電阻，電流表應(yīng)該采用外接法；要小燈泡兩端的電壓從0開始連續(xù)可調(diào)，滑動變阻器要采用分壓接法（1）由于小燈泡的額定電壓為3伏，而電壓表最佳測量范圍為大于等于滿偏的23，故不能選0-15V的量程，而只能選0-3V的量程，故電壓表應(yīng)選C由于小燈泡的額定電流I=PU=1.83A=0.6A，而電流表最佳測量范圍為大于等于滿偏的23，故不能選0-3A的量程而只能

19、選0.6A的量程，故電流表應(yīng)選E （2）由于UI=R，故I-U圖象的斜率等于電阻R的倒數(shù)，從圖象可知I-U圖象的斜率逐漸減小，即電阻R逐漸增大，故金屬材料的電阻隨著溫度的升高而升高，而R=LS，故隨溫度升高，金屬材料的電阻率升高，燈泡電阻增大 （3）由于要描繪小燈泡的伏安特性曲線，故要小燈泡兩端的電壓從0開始連續(xù)可調(diào)，故滑動變阻器要采用分壓接法；由于的電阻R=UI=30.6=5，而中值電阻R中=RARV=0.5500=50，故被測電阻是小電阻，故電流表應(yīng)該采用外接法如圖所示四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、，【解析】試題分析：