2023學(xué)年黑龍江省哈師大附屬中學(xué)高二物理第一學(xué)期期中檢測(cè)試題含解析

1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷考生請(qǐng)注意：1答題前請(qǐng)將考場(chǎng)、試室號(hào)、座位號(hào)、考生號(hào)、姓名寫(xiě)在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標(biāo)記。2第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫(xiě)在試卷指定的括號(hào)內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫(xiě)在試卷題目指定的位置上。3考生必須保證答題卡的整潔。考試結(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)受到的磁場(chǎng)力叫洛倫茲力，下列說(shuō)法正確的是：A洛倫茲力的方向與磁場(chǎng)方向相同；B洛倫茲力對(duì)運(yùn)動(dòng)粒子不做功；C帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)一定有洛倫茲力；D洛倫茲力使粒子

2、速度增大2、如圖為某勻強(qiáng)電場(chǎng)的等勢(shì)面分布圖，每?jī)蓚€(gè)相鄰等勢(shì)面相距2 cm，則該勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小和方向分別為AE200 V/m，水平向左BE200 V/m，水平向右CE100 V/m，水平向左DE100 V/m，水平向右3、均勻帶電的球殼在球外空間產(chǎn)生的電場(chǎng)等效于電荷集中于球心處產(chǎn)生的點(diǎn)電荷電場(chǎng)。如圖所示，在23球面上均勻分布正電荷，總電荷量為q，球面半徑為R，球心為O，CD為23球面AB的對(duì)稱軸，在軸線上有M、N兩點(diǎn)，且OM=ON=2R，A1A/B1B/CD，已知球面A1B1在M點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為E，靜電力常量為k，則N點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為Akq2R2a2+b2-E Bkq4R2-E C3kq8R2-

3、E Dkq12R2-E4、在水平的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，用兩根絕緣細(xì)繩懸掛一水平導(dǎo)體棒，當(dāng)導(dǎo)體棒通以向右的電流時(shí)，此時(shí)繩子受力都為T(mén)，如圖所示，為使T=0，可以采用的辦法是：A增大電流強(qiáng)度到某一個(gè)數(shù)值；B減小電流強(qiáng)度到某一個(gè)數(shù)值；C使電流的方向相反；D使磁場(chǎng)的方向相反5、有一未知電阻Rx，為較準(zhǔn)確地測(cè)出其阻值，先后用圖中甲、乙兩種電路進(jìn)行測(cè)試，利用甲圖測(cè)得的數(shù)據(jù)是“2.8 V5.0 mA”，而用乙圖測(cè)得的數(shù)據(jù)是“3.0 V4.0 mA”，那么該電阻測(cè)得的較為準(zhǔn)確的情況是（ ）A560 ，偏大B560 ，偏小C750 ，偏小D750 ，偏大6、在如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)電阻為r，C為電容器，R

4、為定值電阻，R為滑動(dòng)變阻器。開(kāi)關(guān)閉合后，燈泡L能正常發(fā)光；當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片向右移動(dòng)后，下列說(shuō)法中正確的是（）A燈泡L變亮B電容器C的帶電量將增大C兩端的電壓減小D電源的總功率變小，但電源的輸出功率一定變大二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖甲所示，兩水平金屬板間距為d，板間電場(chǎng)強(qiáng)度的變化規(guī)律如圖乙所示。t=0時(shí)刻，質(zhì)量為m的帶電微粒以初速度v0沿中線射入兩板間，0-T/3時(shí)間內(nèi)微粒勻速運(yùn)動(dòng)，T時(shí)刻微粒恰好經(jīng)金屬板邊緣飛出。微粒運(yùn)動(dòng)過(guò)程中未與金屬板接觸。重力加速度

5、的大小為g。關(guān)于微粒在0-T時(shí)間內(nèi)運(yùn)動(dòng)的描述，正確的是A末速度沿水平方向, 大小為v0B重力勢(shì)能減少了C電場(chǎng)力做功為D金屬板長(zhǎng)度為3v08、下列相互作用的過(guò)程中，可以認(rèn)為系統(tǒng)動(dòng)量守恒的是()ABCD9、如圖所示，在某一真空中，只有水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)和豎直向下的重力場(chǎng)，在豎直平面內(nèi)有初速度為v0的帶電微粒，恰能沿圖示虛線由A向B做直線運(yùn)動(dòng)那么() A微粒帶負(fù)電B微粒做勻減速直線運(yùn)動(dòng)C微粒做勻速直線運(yùn)動(dòng)D微粒做勻加速直線運(yùn)動(dòng)10、如圖所示，質(zhì)量分別為m1和m2的兩個(gè)小球A、B，帶有等量異種電荷，通過(guò)絕緣輕彈簧相連接，置于絕緣光滑的水平面上，突然加一水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)后，兩小球A、B將由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)

6、，則從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到第一次速度為零的過(guò)程中，下列說(shuō)法中正確的是（設(shè)整個(gè)過(guò)程中不考慮電荷間庫(kù)侖力的作用且彈簧不超過(guò)彈性限度）（ ）A當(dāng)A小球所受電場(chǎng)力與彈簧彈力大小相等時(shí)，A小球速度達(dá)到最大B兩小球加速度先增加，再減小C電場(chǎng)力對(duì)兩球均做正功，兩小球與彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能增加D電場(chǎng)力對(duì)兩球均做正功，兩小球的電勢(shì)能變大三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11（6分）密立根油滴實(shí)驗(yàn)首先測(cè)出了元電荷的數(shù)值，其實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示，油滴從噴霧器噴出，以某一速度進(jìn)入水平放置的平行板之間。若兩板間加一電壓，使板間形成向下的電場(chǎng)E，今有一帶負(fù)電的油滴，質(zhì)量為m，在兩板

7、間勻速下落的速率為v。已知運(yùn)動(dòng)中油滴受到的阻力可由斯托克斯公式f=6rv計(jì)算(其中r為油滴半徑，為空氣粘滯系數(shù))。實(shí)驗(yàn)時(shí)測(cè)出r、v，E、m、g為已知，則（1）油滴的帶電量q=_。（2）經(jīng)多次測(cè)量得到許多油滴的Q測(cè)量值如下表(單位1019C)Q1Q2Q3Q4Q5Q66.418.019.6511.2312.8314.48分析這些數(shù)據(jù)可得什么結(jié)論：_。12（12分）圖中螺旋測(cè)微器的讀數(shù)為_(kāi); 游標(biāo)為卡尺測(cè)圓筒外徑為_(kāi)mm四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13（10分）在光滑水平面上向右運(yùn)動(dòng)的物體受力情況如圖所示。g取10m/

8、s2，請(qǐng)根據(jù)圖中的數(shù)據(jù)求：(1)物體所受支持力F支的大??；(2)物體加速度的大小和方向。14（16分）如圖所示是一個(gè)示波管工作原理圖，電子經(jīng)電壓U1=4.5103V加速后以速度v0垂直等間距的進(jìn)入電壓U2=180V，間距為d=1.0cm，板長(zhǎng)=5.0cm的平行金屬板組成的偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，離開(kāi)電場(chǎng)后打在距離偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)s=10.0cm的屏幕上的P點(diǎn)，（e=1.610-19C，m=9.010-31kg）求：（1）射出偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)速度的偏角tan=？（2）打在屏幕上的側(cè)移位移OP=？15（12分）如圖所示為一真空示波器，電子從燈絲K發(fā)出（初速度不計(jì)），經(jīng)燈絲與A板間的加速電壓U1加速，從A板中心孔沿中心線KO射

9、出，然后進(jìn)入兩塊平行金屬板M、N形成的偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中（偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)可視為勻強(qiáng)電場(chǎng)），電子進(jìn)入M、N間電場(chǎng)時(shí)的速度與電場(chǎng)方向垂直，電子經(jīng)過(guò)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)后打在熒光屏上的P點(diǎn)已知加速電壓為U1，M、N兩板間的電壓為U2，兩板間的距離為d，板長(zhǎng)為L(zhǎng)1，板右端到熒光屏的距離為L(zhǎng)2，電子質(zhì)量為m，電荷量為e不計(jì)重力，求：（1）電子穿過(guò)A板時(shí)的速度大?。唬?）P點(diǎn)到O點(diǎn)的距離（3）電子打在熒光屏上的動(dòng)能大小參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】洛倫茲力的方向與磁場(chǎng)方向垂直，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；洛倫茲力與速度方向垂直，則洛倫茲力對(duì)運(yùn)動(dòng)粒子不做

10、功，選項(xiàng)B正確；帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，若速度與磁場(chǎng)方向平行，則沒(méi)有洛倫茲力，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；洛倫茲力方向與速度垂直，所以洛倫茲力只改變速度的方向，不改變速度的大小，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選B【點(diǎn)睛】洛倫茲力是電荷在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)才可能有力的作用，電荷的速度方向必須不能與磁場(chǎng)平行；洛倫茲力垂直速度方向，則洛倫茲力對(duì)運(yùn)動(dòng)粒子不做功2、C【解析】根據(jù)電場(chǎng)線總是與等勢(shì)面垂直，而且由高電勢(shì)指向低電勢(shì)，可知，電場(chǎng)強(qiáng)度方向水平向左兩個(gè)相鄰等勢(shì)面相距：d=2cm=0.02m，電勢(shì)差為：U=2V，則電場(chǎng)強(qiáng)度為：；故C正確ABD錯(cuò)誤故選C3、C【解析】將AB部分補(bǔ)上變成一個(gè)完整的均勻球殼，該球殼帶電荷量為：Q=32q；則該球

11、殼在M點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)為：EM=kQ(2R)2=3kq8R2；根據(jù)電場(chǎng)的疊加原理可知：球殼上A1ABB1部分在M點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小為：EM=3kq8R2-E；根據(jù)對(duì)稱性可知：AA1B1B在N點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小為：EN=EM=3kq8R2-E 故C正確，ABD錯(cuò)誤。故選C。4、A【解析】根據(jù)左手定則判斷出安培力的方向向上，開(kāi)始導(dǎo)線MN受重力、向上的安培力、拉力處于平衡直導(dǎo)線開(kāi)始受重力、向上的安培力和拉力處于平衡，若電流強(qiáng)度增大，根據(jù)FA=BIL，知安培力增大，則拉力減小，電流強(qiáng)度增大到某一值，拉力T可以為1故A正確減小電流強(qiáng)度，根據(jù)FA=BIL，知安培力減小，則拉力增大故B錯(cuò)誤使電流I反向或者磁場(chǎng)B反向

12、，則都會(huì)使安培力反向，變成向下，要處于平衡，拉力會(huì)增大，不可能為1故CD錯(cuò)誤故選A【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵掌握安培力的大小公式FA=BIL，以及會(huì)根據(jù)左手定則判斷安培力的方向5、D【解析】?jī)纱螠y(cè)量電壓表示數(shù)變化率大小，電流表示數(shù)變化率大小，可見(jiàn)電流表示數(shù)變化顯著，說(shuō)明電壓分流作用顯著，采用電流表內(nèi)接法誤差較小，故乙圖所示電路測(cè)該電阻的阻值誤差較小測(cè)量值，真實(shí)值R真=Rx-RA，故測(cè)量值比真實(shí)值偏大故選D點(diǎn)睛：實(shí)驗(yàn)誤差要從實(shí)驗(yàn)原理進(jìn)行分析本實(shí)驗(yàn)原理是伏安法，甲圖中由于電壓表的分流，使測(cè)量值小于真實(shí)值乙圖中由于電流表的分壓，使測(cè)量值大于真實(shí)值6、B【解析】A當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片向右移動(dòng)時(shí)，變阻器在路電

13、阻增大，外電阻增大，路端電壓增大，電路中電流減小，燈L變暗，故A錯(cuò)誤；B當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片向右移動(dòng)時(shí)，變阻器在路電阻增大，外電阻增大，路端電壓增大，電容器的電壓等于路端電壓，可見(jiàn)其電壓是增大的，則由Q=CU知，電容器C的電荷量將增大，故B正確；C電容器在穩(wěn)恒電路中視為斷路，故R0兩端的電壓不變，始終等于0，故C錯(cuò)誤；D電源消耗的功率P=EI，電流減小所以電源消耗的功率將變小，P向右移動(dòng)，滑動(dòng)變阻器電阻變大，不知道內(nèi)外電阻的關(guān)系，輸出功率變化情況無(wú)法判斷，故D錯(cuò)誤。故選B。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，

14、選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、ABD【解析】A、時(shí)間內(nèi)微粒勻速運(yùn)動(dòng)，則有：，內(nèi)，微粒做平拋運(yùn)動(dòng)，下降的位移，時(shí)間內(nèi)，微粒的加速度，方向豎直向上，微粒在豎直方向上做勻減速運(yùn)動(dòng)，T時(shí)刻豎直分速度為零，所以末速度的方向沿水平方向，大小為，故A正確；B、微粒在豎直方向上向下運(yùn)動(dòng)，位移大小為，則重力勢(shì)能的減小量為，故B正確；C、在內(nèi)和時(shí)間內(nèi)豎直方向上的加速度大小相等，方向相反，時(shí)間相等，則位移的大小相等，為，整個(gè)過(guò)程中電場(chǎng)力做功為：，故C錯(cuò)誤；D、根據(jù)上面分析可以知道：在內(nèi)和時(shí)間內(nèi)位移大小相等為，則在內(nèi)下降的位移，則，而水平方向?yàn)閯蛩龠\(yùn)動(dòng)，則金屬板長(zhǎng)度為：，故選項(xiàng)D正確。點(diǎn)睛：解決本題的關(guān)鍵知

15、道微粒在各段時(shí)間內(nèi)的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，抓住等時(shí)性，結(jié)合牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式進(jìn)行求解知道在內(nèi)和時(shí)間內(nèi)豎直方向上的加速度大小相等，方向相反，時(shí)間相等，位移的大小相等。8、AC【解析】A、滑輪男孩推滑輪女孩過(guò)程,兩人及滑輪組成的系統(tǒng)所受的摩擦力很小,可忽略不計(jì),動(dòng)量守恒.所以A選項(xiàng)是正確的.B、子彈擊穿面粉袋的瞬間,面粉所受的摩擦力很大,不能忽略,系統(tǒng)的動(dòng)量不守恒.故B錯(cuò)誤.C、人在太空艙外發(fā)射子彈,人和太空艙所受的重力很小,可以忽略不計(jì).動(dòng)量守恒.所以C選項(xiàng)是正確的.D、動(dòng)量守恒的條件是合外力為0，兩車(chē)行駛相撞，肯定會(huì)有摩擦力，而且不為0，因此動(dòng)量不守恒，故D錯(cuò)誤.故選AC【點(diǎn)睛】動(dòng)量守恒的條件：系統(tǒng)

16、不受外力或者所受合外力為零，則動(dòng)量守恒。可以利用這個(gè)條件去判斷題目中各個(gè)動(dòng)量是否守恒。9、AB【解析】微粒做直線運(yùn)動(dòng)的條件是速度方向和合外力的方向在同一條直線上，只有微粒受到水平向左的電場(chǎng)力才能使得合力方向與速度方向相反且在同一條直線上，由此可知微粒所受的電場(chǎng)力的方向與場(chǎng)強(qiáng)方向相反，則微粒必帶負(fù)電，且運(yùn)動(dòng)過(guò)程中微粒做勻減速直線運(yùn)動(dòng)；故A，B正確，C，D錯(cuò)誤.故選AB.【點(diǎn)睛】帶點(diǎn)微粒做直線運(yùn)動(dòng)，所以所受合力方向與運(yùn)動(dòng)方向在同一直線上，根據(jù)重力和電場(chǎng)力的方向可確定微粒運(yùn)動(dòng)的性質(zhì)10、AC【解析】小球受到的電場(chǎng)力一開(kāi)始大于彈簧彈力，隨著彈簧彈力的增大，加速度在減小，然后加速度會(huì)反向，根據(jù)受力來(lái)判斷

17、加速度的變化；電場(chǎng)力做正功，小球的動(dòng)能增大，電勢(shì)能減小【詳解】A在電場(chǎng)力的作用下，小球AB分別向左右移動(dòng)，在移動(dòng)過(guò)程彈簧彈力一直在增大，當(dāng)電場(chǎng)力等于彈簧彈力大小時(shí)，加速度為零，此時(shí)AB的速度達(dá)到最大，故A對(duì)；B在電場(chǎng)力的作用下，小球AB分別向左右移動(dòng)，在移動(dòng)過(guò)程彈簧彈力一直在增大，小球的加速度為即加速度在減小，當(dāng)電場(chǎng)力等于彈簧彈力大小時(shí)，加速度等于零，然后彈簧的彈力大于電場(chǎng)力，小球又開(kāi)始做減速運(yùn)動(dòng)，此時(shí)加速度 ，加速度又開(kāi)始反向增大，故B錯(cuò)；C電場(chǎng)力的方向與運(yùn)動(dòng)方向相同，所以電場(chǎng)力做正功，根據(jù)機(jī)械能守恒的條件可知，電場(chǎng)力做功導(dǎo)致系統(tǒng)機(jī)械能增大了，故C對(duì)；D電場(chǎng)力對(duì)兩球均做正功，兩小球的動(dòng)能增大

18、，電勢(shì)能減小，故D錯(cuò)；故選AC三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、mg-6rvE 電荷的最小電量即元電荷為1.61019C 【解析】(1)兩板間的電壓為U時(shí)，帶電油滴恰好能以速度v豎直向上勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，電場(chǎng)力與重力、阻力相平衡，列式可求解；(2)根據(jù)物體帶電的本質(zhì)，結(jié)合測(cè)量電量值，即可求解?！驹斀狻?1) 當(dāng)有電場(chǎng)時(shí)，則有重力等于阻力與電場(chǎng)力之和，即為：mg=6rv+qE；解得：q=mg-6rvE；(2) 根據(jù)物體帶電本質(zhì)：電子的得失，且由表格所測(cè)電量，可知：在誤差范圍內(nèi)，可以認(rèn)為油滴的帶電量總是1.610-19C的整數(shù)倍，故電荷的最小電

19、量即元電荷為1.610-19C?！军c(diǎn)睛】考查受力分析與平衡方程的應(yīng)用，掌握帶電本質(zhì)，及最小電量的多少，注意電場(chǎng)力的方向是解題的關(guān)鍵。12、2.720mm 29.8 【解析】游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀；【詳解】解：螺旋測(cè)微器的固定刻度讀數(shù)為2.5mm，可動(dòng)刻度讀數(shù)為，所以最終讀數(shù)為：；游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為，游標(biāo)尺上第8個(gè)刻度和主尺上某一刻度對(duì)齊，所以游標(biāo)讀數(shù)為，所以最終讀數(shù)為；故答案為：2.720mm，29.8。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字

20、說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、 (1)8N；（2）2.0m/s2，方向水平向右【解析】解決本題的關(guān)鍵是應(yīng)用正交分解法處理問(wèn)題，豎直方向合力為0，合力與加速度方向相同，加速度沿水平方向，會(huì)用牛頓第二定律求加速度。【詳解】(1)在豎直方向，由二力平衡條件，得F支=G=8N(2)物體的質(zhì)量由牛頓第二定律，物體加速度方向水平向右。14、 (1)0.1 (2)1.25cm【解析】(1)設(shè)電子經(jīng)加速電場(chǎng)U1加速后以速度v0進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，由動(dòng)能定理有：代入數(shù)據(jù)解得：；進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)后做類平拋運(yùn)動(dòng)，在電場(chǎng)線方向有：經(jīng)時(shí)間t1飛出電場(chǎng)有：沿電場(chǎng)方向的速度：設(shè)射出偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)速度的偏角為，則：(2)飛出電場(chǎng)時(shí)偏轉(zhuǎn)量為：由以上各式代入數(shù)據(jù)得：設(shè)電子從偏轉(zhuǎn)場(chǎng)穿出時(shí)，沿y方向的速度為vy，穿出后到達(dá)屏S所經(jīng)歷的時(shí)間為t2，在此時(shí)間內(nèi)電子在y方向移動(dòng)的距離為y2,有：由以上各式得：故電子到達(dá)屏S上時(shí),它離O點(diǎn)的距離：答：(1)射出偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)速度的偏角;(2)打在屏幕上的側(cè)移位移.15、（1） （2） （3） 【解析】（1）電子在加速電場(chǎng)U1中運(yùn)動(dòng)時(shí)，電場(chǎng)力對(duì)電子做正功，根據(jù)動(dòng)能定理求解電子穿過(guò)A板時(shí)的速度大?。?）電子