成都市2023學年物理高二第一學期期中調(diào)研模擬試題含解析

1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、對“靜電場”一章中幾個公式的理解，正確的是：（ ）A公式C=Q/U指出，電容器的電容隨電容器所帶電荷量Q的增加而增加B由E=U/d可知，電場中兩點的距離越大，電場場強E越小C在公

2、式F=kq1q2/r2中，kq2/r2是q2所在位置的電場強度的大小D公式EP=q中，同一個負電荷在電勢越高的地方電勢能越小2、如圖，AB為豎直的光滑圓弧絕緣軌道，其半徑為0.5m，A點與圓心O等高，最低點B與絕緣水平面平滑連接，整個軌道處在水平向右的勻強電場中，場強為5103N/C將一個質(zhì)量為0.1kg，電荷量為+8105C的滑塊（可視為指點）從A 由靜止釋放，已知滑塊與水平面間的動摩擦因數(shù)為0.05，取g=10m/s2，則滑塊A第一次經(jīng)過B點時速度值為m/sB第一次經(jīng)過B點是對B點的壓力為1.2NC在水平面向右運動的加速度值為3.5m/s2D在水平面上通過的總路程為6m3、帶電粒子僅在電場

3、力作用下，從電場中a點以初速度v0進入電場并沿虛線所示的軌跡運動到b點，如圖所示，則從a到b過程中，下列說法正確的是()A粒子帶負電荷B粒子先加速后減速C粒子加速度一直增大D粒子的機械能先減小后增大4、帶有等量異種電荷的兩平行金屬板水平放置，a、b、c三個粒子(重力忽略不計)先后從同一點O沿垂直電場方向進入電場，其運動軌跡如圖所示，其中b恰好沿下極板的邊緣飛出電場下列說法正確的是()Ab在電場中運動的時間大于a在電場中運動的時間Bb在電場中運動的時間等于c在電場中運動的時間C進入電場時c的速度最大，a的速度最小Da打在負極板上時的速度與b飛離電場時的速度大小相等5、如圖所示，充電的平行板電容器

4、兩板間形成勻強電場，以A點為坐標原點，AB方向為位移x的正方向，能正確反映電勢隨位移x變化的圖像是（ ）ABCD6、如圖所示，M、N是平行板電容器的兩個極板，R0為定值電阻，R1、R2為可調(diào)電阻，用絕緣細線將質(zhì)量為m、帶正電的小球懸于電容器內(nèi)部閉合電鍵S，小球靜止時受到懸線的拉力為F.調(diào)節(jié)R1、R2，關(guān)于F的大小判斷正確的是() A保持R1不變，緩慢增大R2時，F(xiàn)將變大B保持R1不變，緩慢減小R2時，F(xiàn)將變大C保持R2不變，緩慢增大R1時，F(xiàn)將變大D保持R2不變，緩慢增大R1時，F(xiàn)將變小二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全

5、部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一個質(zhì)量為m，電荷量為+q的小球以初速度v0水平拋出，在小球經(jīng)過的豎直平面內(nèi)，存在著若干個如圖所示的無電場區(qū)和有理想上下邊界的勻強電場區(qū)，兩區(qū)域相互間隔，豎直高度相等，電場區(qū)水平方向無限長已知每一電場區(qū)的場強大小相等，方向豎直向上，不計空氣阻力，下列說法正確的是（ ）A小球在水平方向一直做勻速直線運動B若場強大小等于，則小球經(jīng)過每一電場區(qū)的時間均相同C若場強大小等于，則小球經(jīng)過每一無電場區(qū)的時間均相同D無論場強大小如何，小球通過所有無電場區(qū)的時間均相同8、圖中a、b是兩個點電荷，它們的電荷量分別為Q1、Q2，MN是ab連線的中垂線，P是中

6、垂線上的一點下列哪種情況能使P點場強方向指向MN的左側(cè)AQ1、Q2都是正電荷，且Q1|Q2|CQ1是負電荷，Q2是正電荷，且|Q1|Q2DQ1、Q2都是負電荷，且|Q1|Q2|9、從電勢差定義式U=Wq可以看出 （ ）A電場中兩點間的電勢差與電場力做的功W成正比，與移送的電量q成反比B電場力在電場中兩點間移動的電荷越多，電場力做的功越大C將1 庫的負電荷從一點移到另一點電場做了1焦的功，這兩點間的電勢差的大小是1伏D兩點間的電勢差，等于把正點電荷從一點移到另一點電場力做的功10、一質(zhì)量為2kg的物體受水平拉力F作用，在粗糙水平面上做加速直線運動時，加速度a隨時間t變化的圖象如圖所示，t=0時其

7、速度大小為0m/s，滑動摩擦力大小恒為2N，則（ ）At=6s時，物體的速度為18m/sB在0-6s內(nèi)，合力對物體做的功為324C在0-6s內(nèi)，拉力對物體的沖量為48Dt=6s時，拉力F的功率為200W三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某同學利用圖示裝置研究平拋運動他的實驗操作是：使小球A、B處于同一高度，用小錘輕擊彈性金屬片，使小球A水平飛出，同時小球B被松開（1）他觀察到的現(xiàn)象是：小球A、B_（填“同時”或“不同時”）落地（2）把小球A、B放回原處，改用較大的力敲擊彈性金屬片小球A在空中運動的時間_（填“變長”“變短”或“不

8、變”）12（12分）某同學使用多用電表粗略測量一定值電阻的阻值：（1）表內(nèi)電池的_極與紅表筆相連； （2）先把選擇開關(guān)旋到“l(fā)00”檔位，測量時指針偏角太小.請你簡述接下來的測量過程:斷開待測電阻，將選擇開關(guān)旋到_（填“l(fā)k”或者“l(fā)O” ）檔位；將兩表筆短接，_；再接入待測電阻，重新讀數(shù)；測量結(jié)束后，將選擇開關(guān)旋到OFF檔.（3）表盤的示數(shù)如下圖，則電阻值是_.（保留三位有效數(shù)字）（4）在使用多用電表的歐姆檔測量電阻時，若（_）A雙手捏住兩表筆金屬桿，測量值將偏大 B測量某電阻阻值時偏角越大越準確C選擇“10”倍率測量時發(fā)現(xiàn)指針位于20與30正中間，則測量值小于25D從電池使用時間太長導致電

9、動勢減小內(nèi)阻變大，雖然完成調(diào)零，但測量值將略大四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）由電子加速器、偏轉(zhuǎn)電場組成裝置可以實現(xiàn)電子擴束偏轉(zhuǎn)電場由加了電壓相距為d的兩塊水平平行放置的導體板組成，如圖1所示大量電子由靜止開始，經(jīng)電壓為的加速電場加速后，連續(xù)不斷地沿平行板的方向從兩板正中間射入偏轉(zhuǎn)電場；當兩板不帶電時，這些電子通過兩板之間的時間為，當在兩板間加如圖2所示的周期為、偏轉(zhuǎn)電壓峰值為的交變電壓時所有電子恰好都能從兩板間通過，已知電子的電荷量為，質(zhì)量為m，電子重力和它們之間相互作用力均忽略不計；求：（1）電子進

10、入偏轉(zhuǎn)電場的初速度大?。唬?）偏轉(zhuǎn)電場的電壓；（3）哪個時刻進入偏轉(zhuǎn)電場的電子，會從距離中線上方飛出偏轉(zhuǎn)電場14（16分）一束初速不計的電子在經(jīng)U的加速電壓加速后，在兩極板間的中點處垂直進入平行板間的勻強電場，如圖所示，若板間距離d，板長l，偏轉(zhuǎn)電場只存在于兩個偏轉(zhuǎn)電極之間已知電子質(zhì)量為m，電荷量為e，求：（1）電子離開加速電場時的速度大??；（2）電子經(jīng)過偏轉(zhuǎn)電場時的時間；（3）要使電子能從平行板間飛出，兩個極板上最多能加多大電壓U？15（12分）如圖所示，一質(zhì)量為m、帶電量為q的小球，用絕緣細線懸掛在水平向右的勻強電場中，靜止時懸線向左與豎直方向成角，重力加速度為g（1）分析小球帶何種電荷；

11、（2）若在某時刻將細線突然剪斷，分析小球如何運動。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】公式C=Q/U指出，電容器的電容等于電容器所帶電荷量Q與兩板電壓U的比值，電容器的電容與所帶電量無關(guān)，選項A錯誤；勻強電場的電場強度與電場中兩點的距離無關(guān)，選項B錯誤；在公式F=kq1q2/r2中，kq2/r2是q2在q1所在位置的電場強度的大小，選項C錯誤；公式EP=q中，同一個負電荷在電勢越高的地方電勢能越小，選項D正確；故選D.點睛：本題考查對電場中幾個公式的理解能力，關(guān)鍵要抓住各個公式的適用條件、公式中每個量的含

12、義進行分析可根據(jù)點電荷場強的計算公式E=kQ/r2，來重新理解庫侖定律2、D【解析】（1，2）對AB過程由動能定理可求得B點的速度，再根據(jù)向心力公式即可求得B點的支持力，由牛頓第三定律即可求得壓力大小；（3）根據(jù)牛頓第二定律求解在水平面向右運動的加速度；（4）滑塊在水平軌道運動時，只有電場力和摩擦力對其做功，由動能定理求得水平軌道上的總路程【詳解】A設小滑塊第一次到達B點時的速度為vB，根據(jù)動能定理可得：mgR-qER=mvB2，解得，選項A錯誤；B最低點B對小滑塊運用牛頓第二定律可得：FN-mg=m，根據(jù)牛頓第三定律：FN=FN，所以小滑塊第一次經(jīng)過圓弧形軌道最低點B時對B點的壓力：FN=3

13、mg-2qE=2.2N，選項B錯誤；C在水平面向右運動的加速度：，解得a=4.5m/s2，選項C錯誤；D電場力大小：qE=810-55103N=0.4N；摩擦力大?。篺=mg=0.050.110N=0.05N，可知：qEf；所以小滑塊最終在圓弧軌道的下部分往復運動，并且小滑塊運動到B點時速度恰好為零，對小滑塊運用動能定理可得：mgR-qER-mgx=0-0，解得小滑塊在水平軌道上通過的總路程：x=6m選項D正確； 故選D.【點睛】本題考查分析和處理物體在復合場運動的能力對于電場力做功W=qEd，d為兩點沿電場線方向的距離，同時注意正確應用功能關(guān)系和牛頓第二定律進行分析求解是解題的關(guān)鍵，選項D中

14、要注意比較在平面上時的電場力與摩擦力的大小關(guān)系，電場力與重力做功與路徑無關(guān)只與始末位置有關(guān)，但摩擦力做功與路徑有關(guān)，摩擦力在整個路徑上一直做負功3、D【解析】A、粒子受到的電場力沿電場線并指向軌跡的凹側(cè)方向,故粒子帶正電,故A錯誤;B、粒子受電場力方向沿電場線并指向軌跡的凹側(cè),所以先向左減速運動后向右加速運動,故B錯誤.C、根據(jù)電場線的疏密知道場強先小后大,故加速度先小后大，故C錯；D、從a點到b點,電場力先做負功,再做正功,所以機械能向減小后增大，故D對；故選D【點睛】做曲線運動的物體所受的合力大致指向軌跡凹的一向,根據(jù)此可判斷出電場力的方向以及電場力的做功情況,根據(jù)電場力做功可判斷出機械能

15、的變化，粒子的加速度可通過比較合力(電場力)進行比較.4、C【解析】AB.根據(jù)y=12at2可知b在電場中運動的時間等于a在電場中運動的時間，b在電場中運動的時間大于c在電場中運動的時間，A、B不符合題意；C.根據(jù)x=v0t可知進入電場時，c的速度最大，a的速度最小，C符合題意；D.因為電場力對a、b做的功相同，但初速度大小不同，所以a打在負極板上時的速度與b飛離電場時的速度大小不等，D不符合題意5、C【解析】設距離A點為x的位置的電勢為，則得：（為AB連線與電場線的夾角），則有：綜上分析可知，C正確，ABD錯誤。故選C。6、B【解析】保持R1不變，緩慢增大R2時，由于R0和R2串聯(lián)，總電流減

16、小，R0兩端的電壓減小，即平行板電容器的兩個極板的電壓U減小，帶電小球受到的電場力F電qE減小，懸線的拉力將減小，故A錯誤；同理可知，選項B正確保持R2不變，緩慢增大R1時，由于在含容支路中的電阻相當于導線，所以R0兩端的電壓不變，F(xiàn)電不變，懸線的拉力為F不變，故CD錯誤故選B.點睛：解決本題的關(guān)鍵是：熟悉含容電路的特點：電容兩端間的電壓與其并聯(lián)部分的電壓相等；含容支路中的電阻相當于導線會正確的進行受力分析，搞清楚什么力變化導致拉力的變化二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分

17、。7、AC【解析】本題考查帶電物體（計重力）在勻強電場中的一般運動，將小球的運動沿著水平方向和豎直方向正交分解，其水平方向不受外力，做勻速直線運動，豎直方向在無電場區(qū)做勻加速運動，有電場區(qū)也做勻變速運動，但加速度不同，運用速度時間關(guān)系公式分析，可以得到小球在豎直方向的運動規(guī)律【詳解】A將小球的運動沿著水平方向和豎直方向正交分解水平方向不受外力，以v做勻速直線運動，故A正確；B豎直方向，在無電場區(qū)只受重力，加速度為g，豎直向下，有電場區(qū)除重力外，還受到向上的恒定的電場力作用，加速度的大小和方向取決于合力的大小和方向當電場強度等于 時，電場力等于mg，故在電場區(qū)小球所受的合力為零，在無電場區(qū)小球勻

18、加速運動，故經(jīng)過每個電場區(qū)，小球的速度均不等，因而小球經(jīng)過每一無電場區(qū)的時間均不相等，故B錯誤；C當電場強度等于時，電場力等于2mg，故在電場區(qū)小球所受的合力大小等于mg，方向豎直向上，加速度大小等于g，方向豎直向上，根據(jù)運動學公式，有：經(jīng)過第一個無電場區(qū)y=gt12，v1=gt1，經(jīng)過第一個電場區(qū)，y=v1t2-gt22，v2=v1-gt2，聯(lián)立解得t1=t2，v2=1接下來小球的運動重復前面的過程，即每次通過無電場區(qū)都是自由落體運動，每次通過電場區(qū)都是末速度為零勻減速直線運動，故C正確；D通過前面的分析可知，物體通過每個無電場區(qū)的初速度不一定相同，所以，通過電場的時間不同；故D錯誤8、AC

19、【解析】A當兩點電荷均為正電荷時，若電荷量相等，則它們在P點的電場強度方向沿MN背離N方向當Q1|Q2|時，b點電荷在P點的電場強度方向沿Pb連線指向b點，而a點電荷在P點的電場強度方向沿aP連線指向P點，則合電場強度方向偏右不論a、b電荷量大小關(guān)系，合場強方向仍偏右，故B錯誤；C當Q1是負電荷，Q2是正電荷時，b點電荷在P點的電場強度方向沿bP連線指向P點，而a點電荷在P點的電場強度方向沿aP連線指向a點，則合電場強度方向偏左不論a、b電荷量大小關(guān)系，仍偏左故C正確；D當Q1、Q2是負電荷時且且|Q1|Q2|，b點電荷在P點的電場強度方向沿bP連線指向b點，而a點電荷在P點的電場強度方向沿a

20、P連線指向a點，由于|Q1|Q2|，則合電場強度方向偏右，故D錯誤故選AC9、BC【解析】A：電場中兩點間的電勢差由電場本身決定，與電場力做的功W及移送的電量q無關(guān)。故A項錯誤。B：從電勢差定義式U=Wq可知，W=qU；則在電場中兩點間移動的電荷越多，電場力做的功越大。故B項正確。C：從電勢差定義式U=Wq可知，將1庫的負電荷從一點移到另一點電場做了1焦的功，這兩點間的電勢差的大小是1伏。故C項正確。D：從電勢差定義式U=Wq可知，兩點間的電勢差，等于把單位正點電荷從一點移到另一點電場力做的功。故D項錯誤。【點睛】電場中兩點間的電勢差由電場本身決定，與電場力做的功W及移送的電量q無關(guān)。10、A

21、BC【解析】A、根據(jù)v=at可知a-t圖象中，圖象與坐標軸圍成的面積表示速度的增量，則在t=6s時刻，物體的速度 ，A正確B、根據(jù)動能定理得： ，B正確C、根據(jù)動量定理，代入數(shù)據(jù)，解得拉力沖量： ，C正確D、t=6s時，拉力F的大小：，所以拉力功率：，D錯誤三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、同時 不變 【解析】（1）小錘輕擊彈性金屬片時，A球做拋運動，同時B球做自由落體運動通過實驗可以觀察到它們同時落地（2）用較大的力敲擊彈性金屬片，則被拋出初速度變大，但豎直方向運動不受影響，因此運動時間仍不變12、負 lk 調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕 2.2

22、0104 D 【解析】（1） 為保證電流從紅表筆進，黑表筆出，表內(nèi)電池的負極與紅表筆相連；（2）偏角小說明阻值大，要換較大擋，選1k檔；換擋后，要重新歐姆調(diào)零：將兩表筆短接，調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕使指針指到歐姆檔零刻度處（3）讀數(shù)為：221k=2.20104；（4）A.雙手捏住兩表筆金屬桿，等效于與待測電阻并聯(lián)一個電阻，測量值將偏小，故A錯誤；B.測量某電阻阻值時在中值電阻附近較準確，故B錯誤；C.由于歐姆檔刻度左邊比較密，右邊比較稀疏，選擇“10”倍率測量時發(fā)現(xiàn)指針位于20與30正中間，則測量值小于250，故C錯誤；D.電池電動勢減小內(nèi)阻變大時，同樣的電流，外接的電阻較小，測量值將略大，故D正確故選：D四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說