2023學(xué)年四川成都青羊區(qū)外國語學(xué)校高二物理第一學(xué)期期中調(diào)研試題含解析

1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、鋰電池因能量密度高、綠色環(huán)保而廣泛使用在手機等電子產(chǎn)品中現(xiàn)用充電器為一手機鋰電池充電，等效電路如圖所示，充電器電源的輸出電壓為U，輸出電流為I，手機電池的內(nèi)阻為r，下列說法正確的

2、是( )A電能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能的功率為UIB充電器輸出的電功率為UII2rC電池產(chǎn)生的熱功率為I2r D充電器的充電效率為2、如圖所示,一帶電液滴在重力和勻強電場對它的作用力作用下,從靜止開始由b沿直線運動到d,且bd與豎直方向的夾角為,若bd的長度為l,重力加速度為g,則 () A此液滴帶正電B液滴運動的加速度等于2gC液滴從b到d的運動時間為D液滴到達d點的速度為3、如圖所示，是一個用來研究靜電除塵的實驗裝置，鋁板與手搖起電機的正極相連，鋼針與手搖起電機的負極相連，在鋁板和鋼針中間放置點燃的蚊香轉(zhuǎn)動手搖起電機，蚊香放出的煙霧會被電極吸附，停止轉(zhuǎn)動手搖起電機，蚊香的煙霧又會裊裊上升關(guān)于這個現(xiàn)象，

3、下列說法中正確的是()A煙塵因為帶正電而被吸附到鋼針上B同一煙塵顆粒在被吸附過程中離鋁板越近速度越小C同一煙塵顆粒在被吸附過程中離鋁板越近速度越大D同一煙塵顆粒在被吸附過程中如果帶電量不變，離鋁板越近則加速度越大4、如圖所示的電路中，電源電動勢為E、內(nèi)阻為r，電流表A和電壓表V的電阻對電路的影響不計。當滑動變阻器R的滑片P從a端滑到b端的過程中（ ）A燈泡L逐漸變亮B電壓表V的讀數(shù)增大C電流表A的讀數(shù)減小D電壓表讀數(shù)變化量U與電流表讀數(shù)變化量I的比值不變5、如圖所示,大小可以忽略不計的帶有同種電荷的小球A和B相互排斥,靜止時絕緣細線與豎直方向的夾角分別為和,且,兩小球在同一水平線上,由此可知(

4、)AB球受到的庫侖力較大,電荷量較大BB球的質(zhì)量較大CB球受到的拉力較大D兩球接觸后再分開,再處于靜止狀態(tài)時,懸線的偏角、仍滿足6、圖中實線是一簇未標明方向的由點電荷產(chǎn)生的電場線，虛線是某一帶電粒子通過該電場區(qū)域時的運動軌跡，a、b是軌跡上的兩點若帶電粒子在運動中只受電場力作用，根據(jù)此圖不能作出判斷的是A帶電粒子所帶電荷的符號B帶電粒子在a、b兩點的受力方向C帶電粒子在a、b兩點的速度何處較大D帶電粒子在a、b兩點的加速度方向二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所

5、示， 質(zhì)量相同而電量不同的兩個正電荷，從靜止開始，經(jīng)過同一加速電場后，垂直界面進入同一勻強磁場，最后分別打在a、b兩點，不計粒子重力，由圖可知（ ）A打在a點的粒子速度大B打在b點的粒子速度大Ca的電荷量大于b的電荷量Da、b在磁場中運動的時間相同8、如圖，當K閉合后，一帶電微粒（重力不可忽略）在平行板電容器間處于靜止狀態(tài)，下列說法正確的是（ ）A保持K閉合，使P滑動片向左滑動，微粒仍靜止B保持K閉合，使P滑動片向右滑動，微粒向下移動C打開K后，使兩極板靠近，則微粒將向上運動D打開K后，使兩極板靠近，則微粒仍保持靜止9、如圖所示，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r電路中的R1為光敏電阻（其電阻隨光照強度

6、增大而減?。㏑2為滑動變阻器，當開關(guān)S閉合時，電容器C中一帶電微粒恰好處于靜止狀態(tài)下列說法中正確的是A只增大R1的光照強度，電壓表示數(shù)變小B只增大R1的光照強度，電流表示數(shù)變小C只將滑片向上端移動時，微粒將向下運動D若斷開開關(guān)S，帶電微粒仍處于靜止狀態(tài)10、如圖所示，A是地球的同步衛(wèi)星，B是地球的近地衛(wèi)星，C是地面上的物體，A、B、C質(zhì)量相等，均在赤道平面上繞地心做勻速圓周運動。設(shè)A、B與地心連線在單位時間內(nèi)掃過的面積分別為SA、SB，周期分別為TA、TB、TC，A、B、C做圓周運動的動能分別為EkA、EkB、EkC。不計A、B、C之間的相互作用力，下列關(guān)系式正確的是()ASA=SBBSASB

7、CTC=TATBDEkAEkB=EkC三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）請在右圖方框中畫出“測繪小燈泡伏安特性曲線”實驗的實驗電路圖，采用該電路圖實驗時其測量結(jié)果比實際真實值_（填“偏大”、“偏小”、“不變”）12（12分）某興趣小組的同學(xué)利用如圖所示的實驗裝置，測量木塊與長木板之間的動摩擦因數(shù)，圖中長木板水平固定：實驗過程中，打點計時器應(yīng)接在_（填“直流”或“交流）電源上，調(diào)整定滑輪的高度，使_；已知重力加速度為g，測得木塊的質(zhì)量為M，砝碼盤和砝碼的總質(zhì)量為m，砝碼盤、砝碼和木塊的加速度大小為a，則木塊與長木板之間的動摩擦因數(shù)

8、_；實驗時，某同學(xué)得到一條紙帶，如圖所示，每隔四個計時點取一個計數(shù)點，即為圖中0、1、2、3、4、5、6點。測得每兩個計數(shù)點間的距離為cm，cm，cm，cm，cm，cm，打點計時器的電源頻率為50Hz。計算此紙帶的加速度大小a=_m/s2，打第4個計數(shù)點時紙帶的速度大小v=_m/s。（保留兩位有效數(shù)字）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）光滑的絕緣斜面固定于水平地面上，傾角為，勻強電場平行于斜面向上。質(zhì)量為m、帶正電q的小滑塊（可看作質(zhì)點），從斜面底端A點由靜止釋放，經(jīng)過一段時間物體到達B點（未畫出），這段

9、時間內(nèi)電場力做功為W，此后撤去電場，再經(jīng)一段時間滑塊到達斜面上C點（未畫出）且速度恰好減為零，滑塊從B點到C點的時間是從A點到B點時間的兩倍。最后小滑塊又從C點滑回A點，重力加速度為g，以水平地面為零勢能面，不計空氣阻力，求：（1）勻強電場的場強E（2）撤去電場前小滑塊的加速度a（3）小滑塊在B點時的動能EK（4）小滑塊最大重力勢能EP（5）小滑塊回到A點時的速度大小V14（16分）在如圖甲所示的電路中，螺線管匝數(shù)n1 500匝，橫截面積S20 cm2.螺線管導(dǎo)線電阻r1.0 ，R14.0 ，R25.0 ，C30 F.在一段時間內(nèi)，穿過螺線管的磁場的磁感應(yīng)強度B按如圖乙所示的規(guī)律變化，螺線管內(nèi)

10、的磁場B的方向向下為正方向.求：（1）閉合S，電路中的電流穩(wěn)定后，電阻R1的電功率（2）電路中的電流穩(wěn)定后電容器下極板帶電量（3）閉合S，某時刻若磁場突然消失，流經(jīng)R2的電荷量15（12分）如圖所示，一帶電粒子以速度從M點射入直線邊界勻強磁場區(qū)域，入射方向與磁場邊界的夾角為=磁場方向垂直紙面向外，磁感應(yīng)強度為B粒子從邊界上N點射出磁場，已知粒子的電量和質(zhì)量之比則：(1)請判斷該粒子帶何種電荷；(2)求粒子做圓周運動的半徑；(3)求粒子在磁場中運動所用的時間參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】C根據(jù)熱功率公

11、式可得,電池產(chǎn)生的熱功率為，故C正確；B由P=UI可知,充電器輸出的電功率為：P總=UI故B錯誤；A電能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能和熱能，根據(jù)能量守恒定律，有：故有：故A錯誤；D充電器的充電效率為：故D錯誤；【點睛】電池的充電和放電過程是電能和化學(xué)能轉(zhuǎn)化的過程，給電池充電是將電能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能儲存在電池內(nèi)，根據(jù)能量守恒定律列式求解2、C【解析】A由b到d，液滴作直線運動，所受合力沿bd所在直線，對液滴受力分析可知，電場力水平向右，與電場方向相反，所以小球帶負電，故A錯誤；B由圖可知，液滴所受合力根據(jù)牛頓第二定律，解得液滴的加速度故B錯誤；C由位移公式可得解得：故C正確；D由速度位移公式可得解得故D錯誤。3、C

12、【解析】靜電能夠吸引輕小物體，當煙塵顆粒在被吸附過程中離鋁板越近，煙塵被加速的時間越長，則速度越大，由于鋁板面上分布電荷，煙塵顆?？拷X板的過程中，越靠近受力越小，C正確4、D【解析】燈泡和滑動變阻器并聯(lián)，P從a端滑到b端的過程中，變阻器的有效電阻減小，并聯(lián)的總電阻減小，總電流增大，電流表A的讀數(shù)增大，C錯誤；總電流增大，內(nèi)電壓Ir增大，路端電壓減小，則電壓表V的讀數(shù)減小，B錯誤；路端電壓減小，燈泡L的電壓減小，燈泡逐漸變暗，A錯誤；根據(jù)閉合電路歐姆定律得：U=EIr，則：，保持不變，故D正確。5、D【解析】A根據(jù)牛頓第三定律得：A球?qū)球的庫侖力等于B球?qū)球的庫侖力，無論兩球電荷量是否相等

13、所受庫倫力都相等，故無法比較哪個電荷量較大，故A錯誤；B對小球A、B受力分析，根據(jù)平衡條件有：因，所以mAmB，故B錯誤;C根據(jù)平衡條件有：因，所以B球受的拉力較小，故C錯誤;D兩球接觸后，再靜止下來，兩絕緣細線與豎直方向的夾角變?yōu)?、，對小球A、B受力分析，根據(jù)平衡條件有：因為mAmB，所以,故D正確6、A【解析】ABC、由圖,粒子的運動軌跡向左彎曲,說明粒子在a、b兩點受到的電場力沿電場線向左,因為電場線方向不明,無法確定粒子的電性和產(chǎn)生該電場的點電荷的電性.故A錯誤,B正確.C、根據(jù)電場線的疏密程度,判斷ab兩點場強的大小,從而判斷ab兩點電場力大小,再根據(jù)牛頓第二定律得a點加速度的大,所

14、以C選項是正確的.D、由a到b,電場力做負功,動能減小,故b處的速度小,D正確本題選不正確的，故選A綜上所述本題答案是：A二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】根據(jù)帶電粒子在電場中的加速由動能定理可求得進入磁場時的速度，再對磁場中根據(jù)向心力公式可求得半徑表達式，從而明確電荷量之間的關(guān)系，再代入動能定理表達式即可求得速度大小；根據(jù)周期公式和轉(zhuǎn)過的角度進行分析，從而明確時間關(guān)系【詳解】A. 經(jīng)加速電場后，根據(jù)動能定理可得：Uq=mv2 (1)在磁場中根據(jù)牛頓第二

15、定律可得：(2)聯(lián)立解得：R=，由圖可知，a的半徑較小，而質(zhì)量相同，則說明A的電荷較大；則由(1)式可知，打在a點的粒子速度較大，故AC正確，B錯誤；D. 由T=可知，兩粒子周期不同，轉(zhuǎn)過的圓心角相同，則可知，時間不同，故D錯誤。故選：AC.8、AD【解析】ABK閉合后，一帶電微粒在平行板電容器間處于靜止狀態(tài)保持K閉合，使P滑動片左右滑動，都不能改變電容器兩端的電壓，由，得E不變，微粒仍靜止，A正確，B錯誤；CD打開K后，使兩極板靠近，由可得與d無關(guān)所受電場力不變，微粒仍保持靜止，C錯誤D正確。故選AD。9、AC【解析】試題分析：只逐漸增大的光照強度，的阻值減小，外電路總電阻減小，總電流增大，

16、電流表示數(shù)變大，內(nèi)電壓增大，則路端電壓減小，因此電壓表示數(shù)變小，故A正確，B錯誤；只將滑片向上端移動時，電容器板間的電壓變小，由分析可知，板間場強減小，油滴所受電場力減小，則微粒將向下運動故C正確；若斷開開關(guān)S，電容器處于放電狀態(tài)，電荷量變小，板間場強減小，帶電微粒所受的電場力減小，將向下運動，故D錯誤考點：閉合電路的歐姆定律；帶電粒子在勻強電場中的運動【名師點睛】本題中穩(wěn)定時電容器與電路部分是相對獨立的分析油滴是否運動，關(guān)鍵分析電場力是否變化10、BC【解析】AB人造衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動的圓的面積為：S=r2，所以人造衛(wèi)星與地心連線在單位時間內(nèi)所掃過的面積為因A的軌道半徑大于B的軌道半徑

17、，則有SASB，故A錯誤，B正確；CD赤道上的物體A與同步通信衛(wèi)星C轉(zhuǎn)動周期相同，即為：TA=TC根據(jù)：，由于赤道上物體C的軌道半徑小于同步通信衛(wèi)星A的軌道半徑，故 根據(jù)動能為： A與C的質(zhì)量相等，而vCvA，故EkcEkA；A、B是圍繞地球公轉(zhuǎn)的衛(wèi)星，根據(jù)得線速度為：周期因A的軌道半徑大于B的軌道半徑，則有vAvB，TATB根據(jù)動能，A與B的質(zhì)量相等，而vAvB，故EkAEkB綜上分析可得：TA=TCTB，EkCEkAEkB故C正確，D錯誤；三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 偏小【解析】測繪小燈泡伏安特性曲線要求電壓能夠從零開始變

18、化，所以滑動變阻器應(yīng)采用分壓接法； 燈泡正常發(fā)光時電阻較小，電壓表內(nèi)阻遠大于燈泡內(nèi)阻，電流表應(yīng)采用外接法。實驗電路圖如圖所示：由于電壓表的分流，電流測量值大于真實值，由歐姆定律可知，電阻測量值小于真實值，即測量值和真實值相比偏小。12、交流 細線與長木板平行 1.9 0.77 【解析】12打點計時器使用交流電源，為零使繩子的拉力水平，需調(diào)整定滑輪的高度，細線與長木板平行3對整體分析，根據(jù)牛頓第二定律有mg-Mg=（M+m）a解得45連續(xù)相等時間內(nèi)位移之差為1.92cm，根據(jù)x=aT2得， 第4個計數(shù)點的瞬時速度等于3、5間的平均速度，則四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1)；（2）；（3）；（4）W；（5）【解析】試題分析：利用運動學(xué)知識先求出加速度的關(guān)系，再利用動力學(xué)求解力；選取適當?shù)倪^程利用動能動理即可求解以下幾小題。(1)，可知,即，在AB過程利用，可得；(2)由(1)分析可知：撤去電場前小滑塊的加速度；(3)從A到B利用動能定理：，從A到B小滑塊運動的位移，由以上三式代入數(shù)據(jù)可得：；(4) 從A到C利用動能定理：，可得再根據(jù)，；(5)從A到C再到A利用動能定理：，可得。點晴：本題考查帶電粒子在電場的運動與動能定理的綜合應(yīng)用，注意應(yīng)用動能定理時過程的選取。14、 (1