2023學年河北唐山市樂亭第一中學高二物理第一學期期中達標測試試題含解析

1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項1考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回2答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用05毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置3請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符4作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效5如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題

2、目要求的。1、下列說法中不正確的是（ ）A無論在何種導體中，電流的方向都與負電荷定向移動的方向相反B電源的作用是能為電路提供自由電子C在非純電阻電路中，某段電路兩端的電壓U、通過電流I和電阻R三者的關(guān)系有：UI I2RD并聯(lián)電路中任一支路的電阻增大（其它支路不變），則總電阻也增大2、如圖所示，運動電荷在磁場中受到洛倫茲力向上的是（）ABCD3、把木箱放在電梯的水平地板上，則地板所受壓力最大的情況是（ ）A電梯以a=1.5m/s2的加速度勻加速上升B電梯以a=2.0m/s2的加速度勻減速上升C電梯以a=1.8m/s2的加速度勻減速下降D電梯以v=3m/s的速度勻速上升4、兩根完全相同的金屬裸導線

3、，如果把其中一根均勻拉長到原來的2倍，把另一根對折后絞起來，則它們的電阻之比為A1:4B1:8C1:16D16:15、圖為示波管的原理圖，如果在電極YY之間所加的電壓按圖甲所示的規(guī)律變化，在電極XX之間所加的電壓按圖乙所示的規(guī)律變化，則在熒光屏上會看到的圖形是 （ ）ABCD6、圖中所示是一實驗電路圖在滑動觸頭由b端滑向a端的過程中，下列表述正確的是( ) A電路的總電阻變小B路端電壓變小C電流表的示數(shù)變小D電源內(nèi)阻消耗的功率變小二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如

4、圖所示，有三個質(zhì)量相等，分別帶正電、負電和不帶電的小球，從平行板電場的中點以相同的初速度v0垂直于電場方向進入電場，最后落在A、B、C三點，可以判斷（ ）A小球A帶正電，小球B不帶電，小球C帶負電B三個小球在電場中運動的時間相等C三個小球到達極板時的動能關(guān)系為EkC EkB EkAD三個小球在電場中運動時的加速度關(guān)系為aAaBaC8、如圖所示的兩種電路中，電源相同，各電阻阻值相等，各電流表的內(nèi)阻相等且不可忽略不計電流表A1、A2、A3、A4的示數(shù)分別為I1、I2、I3、I4.下列關(guān)系式中正確的是()AI1I2BI1I4CI22I1DI2 I2R，選項C正確；無論是串聯(lián)還是并聯(lián)電路，任一支路的電

5、阻增大（其它支路不變），則總電阻也增大，選項D正確；此題選項不正確的選項，故選B.2、C【解析】A磁場的方向向右，粒子運動的方向向下，粒子運動的方向與磁場的方向垂直，所以受到洛倫茲力的方向垂直紙面向外，A錯誤；B磁場的方向向里，粒子運動的方向向下，粒子運動的方向與磁場的方向垂直，所以受到洛倫茲力的向右，B錯誤；C磁場的方向向外，粒子運動的方向向右，粒子運動的方向與磁場的方向垂直，所以受到洛倫茲力的作方向向上，C正確；D磁場的方向向下，粒子運動的方向向上，粒子運動的方向與磁場的方向平行，所以一定不受到洛倫茲力的作用，D錯誤。故選C。3、C【解析】解：A、加速上升，加速度向上，根據(jù)牛頓第二定律，有

6、 Nmg=ma，故N=mg+ma=11.5mB、減速上升，加速度向下，根據(jù)牛頓第二定律，有 mgN=ma，故N=mgma=8mC、減速下降，加速度向上，根據(jù)牛頓第二定律，有 Nmg=ma，故N=mg+ma=11.8mD、勻速上升，二力平衡，有N=mg=10m根據(jù)牛頓第三定律，木箱對地板的壓力等于地板對木箱的支持力，選項C中地板所受壓力最大；故選：C【點評】本題關(guān)鍵根據(jù)牛頓第二定律列方程求解出壓力后比較4、D【解析】試題分析：兩根完全相同的金屬裸導線，把其中的一根均勻拉長到原來的2倍，長度變?yōu)?倍，截面積變?yōu)楸叮鶕?jù)電阻定律公式，電阻增加為4倍；另一根對折后絞合起來，長度變?yōu)楸?，截面積變?yōu)?倍，

7、根據(jù)電阻定律公式，電阻增加為倍；故這兩根導線后來的電阻之比為,故選項D正確，選項ABC錯誤考點：電阻定律【名師點睛】電阻定律：導體的電阻R跟它的長度L成正比，跟它的橫截面積S成反比，還跟導體的材料有關(guān)系；公式為；本題關(guān)鍵是根據(jù)電阻定律直接判斷，要注意金屬裸導線體積一定，長度變化后截面積也是改變的5、C【解析】因為在電極xx之間所加的電壓保持不變，可知在x方向上的偏轉(zhuǎn)位移保持不變，在y方向上電壓隨正弦規(guī)律變化，即y方向上偏移在正負最大值之間變化故C正確，ABD錯誤故選C6、D【解析】當滑片由b端滑向a端滑動時，其接入電路中的電阻變大，使得外電路總電阻變大，故A錯誤根據(jù)，可知總電流在減小，根據(jù)閉合

8、電路中的歐姆定律有E=Ir+U外，可知路端電壓U外在增大，故B錯誤流過電流表的示數(shù)為，可知電流在增大，故C錯誤根據(jù)P=I2r，可知內(nèi)阻消耗的功率在減小，故D正確故選D.點睛：本題是電路的動態(tài)變化分析問題，首先分析變阻器接入電路的電阻如何變化，接著分析總電阻、總電流和路端電壓的變化，再分析局部電流、電壓的變化，即按“局部到整體再到局部”的思路進行分析二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACD【解析】在平行金屬板間不帶電小球、帶正電小球和帶負電小球的受力如圖所示由此可知不

9、帶電小球做平拋運動帶正電小球做類平拋運動帶負電小球做類平拋運動根據(jù)題意，三小球在豎直方向都做初速度為0的勻加速直線運動，球到達下極板時，在豎直方向產(chǎn)生的位移h相等，據(jù)得三小球運動時間，正電荷最長，不帶電小球次之，帶負電小球時間最短。A三小球在水平方向都不受力，做勻速直線運動，則落在板上時水平方向的距離與下落時間成正比，故水平位移最大的A是帶正電荷的小球，B是不帶電的小球，C帶負電的小球。故A正確；B由于三小球在豎直方向位移相等，初速度均為0，由于電場力的作用，三小球的加速度不相等，故它們的運動時間不相等，故B錯誤；C根據(jù)動能定理，三小球到達下板時的動能等于這一過程中合外力對小球做的功。由受力圖

10、可知，帶負電小球合力最大為，做功最多動能最大，帶正電小球合力最小為，做功最少動能最??；故C正確；D因為A帶正電，B不帶電，C帶負電，所以aA=a2，aB=a1，aC=a3，所以aAaBaC。故D正確。故選ACD。8、BD【解析】A、由于電流表的內(nèi)阻不可忽略不計，和R串聯(lián)這一路電流小于R的電流，所以，故AC錯誤；B、設(shè)電流表的內(nèi)阻為r，左圖中外電路總電阻為：，右圖中，外電路總電阻為：，根據(jù)數(shù)學知識得到，根據(jù)串聯(lián)電路分壓規(guī)律知，左圖中并聯(lián)電路的電壓小于右圖中路端電壓，則，所以左圖中干路電流小于右圖中干路電流，即有，故BD正確9、CD【解析】對小球進行受力分析：小球受到豎直向下的重力，斜面對它垂直斜

11、面向上的彈力，擋板對它水平向由右的彈力，而小球位移方向水平向左，所以只有重力方向與位移方向垂直，斜面對球的彈力與位移夾角小于90，做正功；擋板對球的彈力與位移方向相反，所以做負功；故只有重力不做功，所以CD正確，AB錯誤。10、BC【解析】試題分析：電場力與檢驗電荷的電荷量有關(guān)，A錯誤；電場強度只和電場本身的性質(zhì)有關(guān)，與檢驗電荷無關(guān)，B正確；電勢是人為規(guī)定的，電勢差是相對的，與檢驗電荷無關(guān)，C正確；電場力做功與檢驗電荷有關(guān)，D錯誤考點：考查了電場力，電場強度，電勢差，電場力做功三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、A B A 【解析】(1

12、)1彈簧測力計在使用前必須校零，A正確B錯誤；故選A。(2)2為了作圖方便，兩個分力間的夾角不要太大，也不要太小即可，也不一定要垂直，B正確A錯誤；故選B。(3)3在驗證力的平行四邊形定則的實驗中，兩種情況下作用效果相同，故使用了等效替代的方法，故A正確，B錯誤；故選A。12、 12.20mm 6.860mm0.002mm 10.0【解析】該工件直徑為12mm+0.05mm4=12.20mm，高度為6.5mm+0.01mm36.0=6.860mm.該電阻阻值為10.01=10.0 。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、1.5 A；5.7 V【解析】試題分析：A1的示數(shù)V1的示數(shù)V2的示數(shù)A2的示數(shù)考點：閉合電路歐姆定律14、見解析【解析】充電電流 i 隨時間 t 變化的圖像如圖， 根據(jù)q=It可知i-t 圖像與 t 軸所圍的“面積”表示電容器充電的電量；充電過程電容器的電壓 u 隨電容器帶電量q 變化的圖像如圖；由圖象可知，圖線與橫軸q所圍面積即為電容器儲存的能量；15、 (1)2W (2)2.25W (3)1.5W【解析】當時,電路中電流最大,則上功率最大,最大功率；當時,電源輸出功率最大,最大為；將視為電源的內(nèi)電阻處理,則根據(jù)電源的輸出功率隨外電阻