海南省高考物理試卷與解析

1、2016年海南省高考物理試卷一、單項(xiàng)選擇題：此題共6小題，每題3分在每題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)為哪一項(xiàng)切合題目要求的1（3分）（2016?海南）在地面上方某一點(diǎn)將一小球以必定的初速度沿水平方向拋出，不計(jì)空氣阻力，則小球在隨后的運(yùn)動(dòng)中（）速度和加快度的方向都在不停變化B速度與加快度方向之間的夾角向來(lái)減小C在相等的時(shí)間間隔內(nèi)，速率的該變量相等D在相等的時(shí)間間隔內(nèi)，動(dòng)能的改變量相等2（3分）（2016?海南）如圖，在水平桌面上擱置一斜面體P，兩長(zhǎng)方體物塊a和b疊放在P的斜面上，整個(gè)系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)若將a和b、b與P、P與桌面之間摩擦力的大小分別用f1、f2和f3表示則（）Af=0，f20，f0B

2、f10，f2=0，f3=013Cf10，f0，f3=0Df10f0，f302，23（3分）（2016?海南）如圖，圓滑圓軌道固定在豎直面內(nèi)，一質(zhì)量為m的小球沿軌道做完整的圓周運(yùn)動(dòng)已知小球在最低點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力大小為N1，在高點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力大小為N2重力加快度大小為g，則N1N2的值為（）A3mgB4mgC5mgD6mg4（3分）（2016?海南）如圖，一圓形金屬環(huán)與兩固定的平行長(zhǎng)直導(dǎo)線在同一豎直平面內(nèi)，環(huán)的圓心與兩導(dǎo)線距離相等，環(huán)的直徑小于兩導(dǎo)線間距兩導(dǎo)線中通有大小相等、方向向下的恒定電流若（）A金屬環(huán)向上運(yùn)動(dòng)，則環(huán)上的感覺(jué)電流方向?yàn)轫槙r(shí)針?lè)较駼金屬環(huán)向下運(yùn)動(dòng)，則環(huán)上的感覺(jué)電流方向?yàn)轫槙r(shí)針?lè)?/p>

3、向C金屬環(huán)向左邊直導(dǎo)線湊近，則環(huán)上的感覺(jué)電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針D金屬環(huán)向右邊直導(dǎo)線湊近，則環(huán)上的感覺(jué)電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針5（3分）（2016?海南）沿固定斜面下滑的物體遇到與斜面平行向上的拉力F的作用，其下滑的速度時(shí)間圖線以以下圖已知物體與斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為常數(shù)，在05s，510s，1015s內(nèi)F的大小分別為F1、F2和F3，則（）第1頁(yè)（共18頁(yè)）AF1F2BF2F3CF1F3DF1=F36（3分）（2016?海南）如圖，平行板電容器兩極板的間距為d，極板與水平面成45角，上極板帶正電一電荷量為q（q0）的粒子在電容器中湊近下極板處以初動(dòng)能Ek0豎直向上射出不計(jì)重力，極板尺寸足夠大，若粒子能打到上

4、極板，則兩極板間電場(chǎng)強(qiáng)度的最大值為（）ABCD二、多項(xiàng)選擇題：此題共4小題，每題5分在每題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是切合題目要求的所有選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分7（5分）（2016?海南）經(jīng)過(guò)觀察冥王星的衛(wèi)星，能夠計(jì)算出冥王星的質(zhì)量假定衛(wèi)星繞冥王星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，除了引力常量外，最少還需要兩個(gè)物理量才能計(jì)算出冥王星的質(zhì)量這兩個(gè)物理量能夠是（）A衛(wèi)星的速度和角速度B衛(wèi)星的質(zhì)量和軌道半徑C衛(wèi)星的質(zhì)量和角速度D衛(wèi)星的運(yùn)轉(zhuǎn)周期和軌道半徑8（5分）（2016?海南）如圖（a）所示，揚(yáng)聲器中有一線圈處于磁場(chǎng)中，當(dāng)音頻電流信號(hào)經(jīng)過(guò)線圈時(shí)，線圈帶動(dòng)紙盆振動(dòng)，發(fā)出聲音俯視圖（b）表示處

5、于輻射狀磁場(chǎng)中的線圈（線圈平面即紙面），磁場(chǎng)方向如圖中箭頭所示，在圖（b）中（）當(dāng)電流沿順時(shí)針?lè)较驎r(shí)，線圈所受安培力的方向垂直于紙面向里B當(dāng)電流沿順時(shí)針?lè)较驎r(shí)，線圈所受安培力的方向垂直于紙面向外C當(dāng)電流沿逆時(shí)針?lè)较驎r(shí)，線圈所受安培力的方向垂直于紙面向里D當(dāng)電流沿逆時(shí)針?lè)较驎r(shí)，線圈所受安培力的方向垂直于紙面向外9（5分）（2016?海南）圖（a）所示，理想變壓器的原、副線圈的匝數(shù)比為4：1，RT為阻值隨溫度高升而減小的熱敏電阻，R1為定值電阻，電壓表和電流表均為理想溝通電表原線圈所接電壓u隨時(shí)間t按正弦規(guī)律變化，如圖（b）所示以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是（）第2頁(yè)（共18頁(yè)）A變壓器輸入輸出功率之比為4

6、：1B變壓器原、副線圈中的電流強(qiáng)度之比為1：4Cu隨t變化的規(guī)律為u=51sin（50t）（國(guó)際單位制）D若熱敏電阻RT的溫度高升，則電壓表的示數(shù)不變，電流表的示數(shù)變大10（5分）（2016?海南）如圖，一帶正電的點(diǎn)電荷固定于O點(diǎn)，兩虛線圓均以O(shè)為圓心，兩實(shí)線分別為帶電粒子M和N先后在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡，a、b、c、d、e為軌跡和虛線圓的交點(diǎn)不計(jì)重力以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是（）AM帶負(fù)電荷，N帶正電荷BM在b點(diǎn)的動(dòng)能小于它在a點(diǎn)的動(dòng)能CN在d點(diǎn)的電勢(shì)能等于它在e點(diǎn)的電勢(shì)能DN在從c點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到d點(diǎn)的過(guò)程中戰(zhàn)勝電場(chǎng)力做功三、實(shí)驗(yàn)題：此題共2小題，第11題6分，第12題9分把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不

7、要求寫(xiě)出演算過(guò)程11（6分）（2016?海南）某同學(xué)利用圖（a）所示的實(shí)驗(yàn)裝置研究物塊速度隨時(shí)間的變化物塊放在桌面上，細(xì)繩的一端與物塊相連，另一端越過(guò)滑輪掛上鉤碼打點(diǎn)計(jì)時(shí)器固定在桌面左端，所用溝通電源頻次為50Hz紙帶穿過(guò)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器連結(jié)在物塊上啟動(dòng)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，開(kāi)釋物塊，物塊在鉤碼的作用下拖著紙帶運(yùn)動(dòng)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出的紙帶如圖（b）所示（圖中相鄰兩點(diǎn)間有4個(gè)點(diǎn)未畫(huà)出）依據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)分析，該同學(xué)以為物塊的運(yùn)動(dòng)為勻加快運(yùn)動(dòng)回答以下問(wèn)題：（1）在打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出B點(diǎn)時(shí)，物塊的速度大小為m/s在打出D點(diǎn)時(shí)，物塊的速度大小為m/s；（保存兩位有效數(shù)字）（2）物塊的加快度大小為m/s2（保存兩位有效數(shù)字）12（9

8、分）（2016?海南）某同學(xué)改裝和校準(zhǔn)電壓表的電路圖以以下圖，圖中虛線框內(nèi)是電壓表的改裝電路（1）已知表頭G滿偏電流為100A，表頭上標(biāo)志的內(nèi)阻值為900R1、R2和R3是定值電阻利用R1和表頭構(gòu)成1mA的電流表，而后再將其改裝為兩個(gè)量程的電壓表若使用a、第3頁(yè)（共18頁(yè)）b兩個(gè)接線柱，電壓表的量程為1V；若使用a、c兩個(gè)接線柱，電壓表的量程為3V則根據(jù)題給條件，定值電阻的阻值應(yīng)選R1=，R2=，R3=（2）用量程為3V，內(nèi)阻為2500的標(biāo)準(zhǔn)電壓表對(duì)改裝表3V擋的不一樣刻度進(jìn)行校準(zhǔn)所用電池的電動(dòng)勢(shì)E為5V；滑動(dòng)變阻器R有兩種規(guī)格，最大阻值分別為50和5k為了方便實(shí)驗(yàn)中調(diào)理電壓，圖中R應(yīng)采納最大

9、阻值為的滑動(dòng)變阻器（3）校準(zhǔn)時(shí)，在閉合開(kāi)關(guān)S前，滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)端P應(yīng)湊近（填“M”或“N”）端（4）若因?yàn)楸眍^G上標(biāo)志的內(nèi)阻值禁止，造成改裝后電壓表的讀數(shù)比標(biāo)準(zhǔn)電壓表的讀數(shù)偏小，則表頭G內(nèi)阻的真切值（填“大于”或“小于”）900四、計(jì)算題：此題共2小題，第13題9分，第14題14分把解答寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必需的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟13（9分）（2016?海南）水平川面上有質(zhì)量分別為m和4m的物A和B，二者與地面的動(dòng)摩擦因數(shù)均為細(xì)繩的一端固定，另一端越過(guò)輕質(zhì)動(dòng)滑輪與A相連，動(dòng)滑輪與B相連，以以下圖初始時(shí)，繩出于水平拉直狀態(tài)若物塊A在水平向右的恒力F作用下向右挪動(dòng)了距離s，

10、重力加快度大小為g求（1）物塊B戰(zhàn)勝摩擦力所做的功；（2）物塊A、B的加快度大小14（14分）（2016?海南）如圖，A、C兩點(diǎn)分別位于x軸和y軸上，OCA=30，OA的長(zhǎng)度為L(zhǎng)在OCA地區(qū)內(nèi)有垂直于xOy平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子，以平行于y軸的方向從OA邊射入磁場(chǎng)已知粒子從某點(diǎn)射入時(shí)，恰巧垂直于OC邊射出磁場(chǎng)，且粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t不計(jì)重力0（1）求磁場(chǎng)的磁感覺(jué)強(qiáng)度的大?。唬?）若粒子先后從兩不一樣點(diǎn)以同樣的速度射入磁場(chǎng)，恰巧從OC邊上的同一點(diǎn)射出磁場(chǎng)，求該粒子這兩次在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之和；（3）若粒子從某點(diǎn)射入磁場(chǎng)后，其運(yùn)動(dòng)軌跡與AC邊相切，且在磁場(chǎng)內(nèi)運(yùn)動(dòng)的

11、時(shí)間為t0，求粒子此次入射速度的大小第4頁(yè)（共18頁(yè)）五、選考題：請(qǐng)考生從第1517題中任選二題作答假如多做，則按所做的第一、二題計(jì)分【選修3-3】（12分）15（4分）（2016?海南）必定量的理想氣體從狀態(tài)M能夠經(jīng)歷過(guò)程1或許過(guò)程2抵達(dá)狀態(tài)N，其pV圖象以以下圖在過(guò)程1中，氣體一直與外界無(wú)熱量互換；在過(guò)程2中，氣體先經(jīng)歷等容變化再經(jīng)歷等壓變化關(guān)于這兩個(gè)過(guò)程，以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是（）A氣體經(jīng)歷過(guò)程1，其溫度降低B氣體經(jīng)歷過(guò)程1，其內(nèi)能減小C氣體在過(guò)程2中向來(lái)對(duì)外放熱D氣體在過(guò)程2中向來(lái)對(duì)外做功E氣體經(jīng)歷過(guò)程1的內(nèi)能改變量與經(jīng)歷過(guò)程2的同樣16（8分）（2016?海南）如圖，密閉汽缸雙側(cè)與一U

12、形管的兩頭相連，汽缸壁導(dǎo)熱；U形管內(nèi)盛有密度為23=7.510kg/m的液體一活塞將汽缸分紅左、右兩個(gè)氣室，開(kāi)始時(shí)，左3氣室的體積是右氣室的體積的一半，氣體的壓強(qiáng)均為P0=4.510Pa外界溫度保持不變緩慢向右拉活塞使U形管雙側(cè)液面的高度差h=40cm，求此時(shí)左、右兩氣室的體積之比，取重力加快度大小g=10m/s2，U形管中氣體的體積和活塞拉桿的體積忽視不計(jì)【選修3-4】（12分）17（2016?海南）以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是（）在同一地點(diǎn)，單擺做簡(jiǎn)諧振動(dòng)的周期的平方與其擺長(zhǎng)成正比B彈簧振子做簡(jiǎn)諧振動(dòng)時(shí)，振動(dòng)系統(tǒng)的勢(shì)能與動(dòng)能之和保持不變C在同一地點(diǎn)，當(dāng)擺長(zhǎng)不變時(shí)，擺球質(zhì)量越大，單擺做簡(jiǎn)諧振動(dòng)的周期

13、越小D系統(tǒng)做穩(wěn)固的受迫振動(dòng)時(shí)，系統(tǒng)振動(dòng)的頻次等于周期性驅(qū)動(dòng)力的頻次E已知彈簧振子初始時(shí)刻的地點(diǎn)及其振動(dòng)周期，即可知振子在隨意時(shí)刻運(yùn)動(dòng)速度的方向第5頁(yè)（共18頁(yè)）18（2016?海南）如圖，半徑為R的半球形玻璃體置于水平桌面上，半球的上表面水平，球面與桌面相切于A點(diǎn)一細(xì)束單色光經(jīng)球心O從空氣中攝取玻璃體內(nèi)（入射面即紙面），入射角為45，出射光芒射在桌面上B點(diǎn)處測(cè)得AB之間的距離為現(xiàn)將入射光束在紙面內(nèi)向左平移，求射入玻璃體的光芒在球面上恰巧發(fā)生全反射時(shí)，光束在上表面的入射點(diǎn)到O點(diǎn)的距離不考慮光芒在玻璃體內(nèi)的多次反射【選修3-5】（12分）19（2016?海南）以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是（）愛(ài)因斯坦在光的

14、粒子性的基礎(chǔ)上，成立了光電效應(yīng)方程B康普頓效應(yīng)表示光子只擁有能量，不擁有動(dòng)量C波爾的原子理論成功地解說(shuō)了氫原子光譜的實(shí)驗(yàn)規(guī)律D盧瑟福依據(jù)粒子散射實(shí)驗(yàn)提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型E德布羅意指出微觀粒子的動(dòng)量越大，其對(duì)應(yīng)的波長(zhǎng)就越長(zhǎng)20（2016?海南）如圖，物塊A經(jīng)過(guò)一不行伸長(zhǎng)的輕繩懸掛在天花板下，初始時(shí)靜止；從發(fā)射器（圖中未畫(huà)出）射出的物塊B沿水平方向與A相撞，碰撞后二者粘連在一同運(yùn)動(dòng)，碰撞前B的速度的大小v及碰撞后A和B一同上漲的高度h均可由傳感器（圖中未畫(huà)出）232的質(zhì)量分別為mA=0.400kg和mB=0.100kg，重力加快為k=1.9210s/m已知物塊A和B度大小g=9.8m/s2hv

15、2直線斜率的理論值k0（i）若碰撞時(shí)間極短且忽視空氣阻力，求（ii）求k值的相對(duì)偏差（=100%），結(jié)果保存1位有效數(shù)字第6頁(yè)（共18頁(yè)）2016年海南省高考物理試卷參照答案與試題分析一、單項(xiàng)選擇題：此題共6小題，每題3分在每題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)為哪一項(xiàng)切合題目要求的1（3分）【考點(diǎn)】功能關(guān)系【分析】明確平拋運(yùn)動(dòng)的性質(zhì)，知道平拋運(yùn)動(dòng)可分解為豎直方向上的自由落體運(yùn)動(dòng)和水平方向上的勻速直線運(yùn)動(dòng)；再依據(jù)運(yùn)動(dòng)的合成和分解規(guī)律可明確速度及速率的變化狀況【解答】解：A、平拋運(yùn)動(dòng)的物體其加快度恒定不變，速度方向時(shí)刻變化；故A錯(cuò)誤；B、因?yàn)樨Q直分速度向來(lái)增大，而水均分速度不變，故合速度的方向由水平逐漸

16、變成湊近豎直，故與豎直方向夾角愈來(lái)愈??；與加快度方向的夾角愈來(lái)愈??；故B正確；C、由v=gt可知，在相等的時(shí)間間隔內(nèi)速度的改變量同樣；可是速率為水平速度和豎直速度的合速度的大??；故速率的改變量不同樣；故C錯(cuò)誤；D、由C可知，速率的變化量不相等，故由動(dòng)能的表達(dá)式可知，動(dòng)能的改變量也不相等；故錯(cuò)誤；故選：B【評(píng)論】此題觀察平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，要注意明確平拋運(yùn)動(dòng)的研究方法為運(yùn)動(dòng)的合成和分解，要正確理解合成與分解的方法；并注意速率和速度變化的差別2（3分）【考點(diǎn)】共點(diǎn)力均衡的條件及其應(yīng)用；摩擦力的判斷與計(jì)算【分析】分別對(duì)a、ab以及abP整體進(jìn)行分析，依據(jù)均衡條件可明確各研究對(duì)象能否遇到摩擦力作用【解答】

17、解：對(duì)a物體分析可知，a物體受重力、支持力的作用，有沿斜面向下滑動(dòng)的趨向，所以a遇到b向上的摩擦力；f10；再對(duì)ab整體分析可知，ab整體受重力、支持力的作用，有沿斜面向下滑動(dòng)的趨向，所以b遇到P向上的摩擦力；f20；對(duì)ab及P構(gòu)成的整體分析，因?yàn)檎w在水平方向不受外力，所以P不受地面的摩擦力；f3=0；故只有C正確，ABD錯(cuò)誤；應(yīng)選：C【評(píng)論】此題觀察靜摩擦力的分析和判斷，要注意明確靜摩擦力隨物體遇到的外力的變化而變化；同時(shí)明確靜摩擦力產(chǎn)生的條件，從而分析能否存在摩擦力；同時(shí)注意整體法與間隔法的正確應(yīng)用3（3分）【考點(diǎn)】機(jī)械能守恒定律；物體的彈性和彈力；向心力【分析】依據(jù)機(jī)械能守恒定律可明確

18、最低點(diǎn)和最高點(diǎn)的速度關(guān)系；再依據(jù)向心力公式可求得小球在最高點(diǎn)和最低點(diǎn)時(shí)的壓力大小，則可求得壓力的差值【解答】解：設(shè)最高點(diǎn)的速度為v2，最低點(diǎn)速度為v1；對(duì)由最低點(diǎn)到最高點(diǎn)的過(guò)程中，依據(jù)機(jī)械能守恒定律可知：22mg2R=mv2mv1依據(jù)向心力公式可得：第7頁(yè)（共18頁(yè)）最高點(diǎn)時(shí)：N2+mg=m最低點(diǎn)時(shí)；N1mg=m聯(lián)立解得：N1N2=6mg；應(yīng)選：D【評(píng)論】此題觀察機(jī)械能守恒定律以及向心力公式，要注意明確小球在圓環(huán)內(nèi)部運(yùn)動(dòng)可視為繩模型；最高點(diǎn)時(shí)壓力只好豎直向下4（3分）【考點(diǎn)】楞次定律【分析】經(jīng)過(guò)線圈面積的磁通量發(fā)生變化時(shí)，則會(huì)出現(xiàn)感覺(jué)電動(dòng)勢(shì)，當(dāng)電路閉合時(shí)，則產(chǎn)生感覺(jué)電流聯(lián)合楞次定律可判斷感覺(jué)電

19、流方向【解答】解：AB、直導(dǎo)線之間的磁場(chǎng)時(shí)對(duì)稱的，圓環(huán)在中間時(shí)，經(jīng)過(guò)圓環(huán)的磁通量為零，金屬環(huán)上下運(yùn)動(dòng)的時(shí)候，圓環(huán)的磁通量不變，不會(huì)有感覺(jué)電流產(chǎn)生，故AB錯(cuò)誤；C、金屬環(huán)向左邊直導(dǎo)線湊近，則穿過(guò)圓環(huán)的磁場(chǎng)垂直紙面向外而且增強(qiáng)，依據(jù)楞次定律可得，環(huán)上的感覺(jué)電流方向?yàn)轫槙r(shí)針，故C錯(cuò)誤；D、金屬環(huán)向右邊直導(dǎo)線湊近，則穿過(guò)圓環(huán)的磁場(chǎng)垂直紙面向里而且增強(qiáng)，依據(jù)楞次定律可得，環(huán)上的感覺(jué)電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針，故D正確；應(yīng)選：D【評(píng)論】此題觀察楞次定律的應(yīng)用，掌握感覺(jué)電流的產(chǎn)生條件，理解右手螺旋定章的內(nèi)容穿過(guò)線框的磁通量變化有幾種方式，有磁場(chǎng)變化以致磁通量變化，也有面積變化以致磁通量變化，還有磁場(chǎng)與面積均變化以致磁

20、通量變化的，最后有磁場(chǎng)與面積均沒(méi)有變，而是擱置的角度變化以致磁通量變化5（3分）【考點(diǎn)】牛頓運(yùn)動(dòng)定律的綜合應(yīng)用；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像【分析】速度時(shí)間圖象的斜率表示加快度的大小，斜率為正，表示加快運(yùn)動(dòng)，斜率為負(fù)，表示減速運(yùn)動(dòng)，再依據(jù)牛頓第二定律分析拉力的大小即可【解答】解：由速度時(shí)間圖象的斜率可知，05s內(nèi)和1015s內(nèi)物體的加快度大小a相等在05s內(nèi)，物體加快下滑，由牛頓第二定律可得：mgsinfF1=ma，所以F1=mgsinfma；在510s，物體勻速下滑，受力均衡，則mgsinf=F2，所以F2=mgsinf；在1015s內(nèi)，物體減速下滑，由牛頓第二定律可得，F(xiàn)3+fmgsin=ma，所

21、以F3=mgsinf+ma；由以上分析可得，F(xiàn)1F2F3；應(yīng)選：A【評(píng)論】此題是對(duì)速度時(shí)間圖象含義的觀察，明確速度時(shí)間圖象的斜率表示加快度的大小，斜率為正，表示加快運(yùn)動(dòng)，斜率為負(fù)，表示減速運(yùn)動(dòng)，再依據(jù)牛頓第二定律計(jì)算拉力的大小即可6（3分）【考點(diǎn)】勻強(qiáng)電場(chǎng)中電勢(shì)差和電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系；電場(chǎng)強(qiáng)度【分析】粒子在電場(chǎng)中只遇到電場(chǎng)力的作用，只有電場(chǎng)力做功，計(jì)算出粒子在電場(chǎng)分析上的動(dòng)能的大小，依據(jù)動(dòng)能定理即可計(jì)算電場(chǎng)強(qiáng)度的大小第8頁(yè)（共18頁(yè)）【解答】解：依據(jù)電荷的受力狀況可知，粒子在電場(chǎng)中做曲線運(yùn)動(dòng)，以以下圖，當(dāng)電場(chǎng)足夠大時(shí)，粒子抵達(dá)上極板時(shí)速度恰巧與上極板平行，將粒子的速度v分解為垂直于板的v和平行于板

22、的v，因?yàn)闃O板與水平面夾角45，粒子的初速度方向豎直向上，所以粒子在垂直于板大小的動(dòng)能為Ek0，電場(chǎng)力對(duì)粒子做的功為W=qEd，當(dāng)qEd=Ek0時(shí)，電場(chǎng)強(qiáng)度最大，解得，E=，故B正確，ACD錯(cuò)誤；應(yīng)選：B【評(píng)論】此題要點(diǎn)是明確粒子的受力狀況和運(yùn)動(dòng)狀況，而后依據(jù)類平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律和動(dòng)能定理計(jì)算電場(chǎng)強(qiáng)度的大小即可二、多項(xiàng)選擇題：此題共4小題，每題5分在每題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是切合題目要求的所有選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分7（5分）【考點(diǎn)】萬(wàn)有引力定律及其應(yīng)用【分析】人造衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，萬(wàn)有引力充任向心力，由萬(wàn)有引力定律聯(lián)合牛頓第二定律列式求中心天體的質(zhì)量，而

23、后由選項(xiàng)條件判斷正確的答案【解答】解：衛(wèi)星環(huán)繞冥王星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，萬(wàn)有引力供給向心力，A、已知衛(wèi)星的速度和角速度，則軌道半徑r=，依據(jù)即可求解冥王星質(zhì)量M，故A正確；B、依據(jù)可知，衛(wèi)星的質(zhì)量能夠約去，只知道半徑不可以求出冥王星質(zhì)量，故B錯(cuò)誤；C、依據(jù)可知，衛(wèi)星的質(zhì)量能夠約去，只知道角速度不可以求出冥王星質(zhì)量，故錯(cuò)誤；D、依據(jù)可知，知道衛(wèi)星的運(yùn)轉(zhuǎn)周期和軌道半徑可求解冥王星質(zhì)量M，故D正確；應(yīng)選：AD【評(píng)論】解答萬(wàn)有引力定律在天體運(yùn)動(dòng)中的應(yīng)用時(shí)要明確天體做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，其遇到的萬(wàn)有引力供給向心力，會(huì)用線速度、角速度、周期表示向心力，同時(shí)注意公式間的化簡(jiǎn)第9頁(yè)（共18頁(yè)）8（5分）【考點(diǎn)】楞次定律

24、；安培力【分析】應(yīng)用化曲為直法，把線圈看作一小段一小段的直導(dǎo)線連結(jié)而成，再依據(jù)左手定章判斷所受安培力的方向即可【解答】解：A、把線圈看作一小段一小段的直導(dǎo)線連結(jié)而成，當(dāng)電流沿順時(shí)針?lè)较驎r(shí)，根據(jù)左手定章可知，每一小段直導(dǎo)線遇到的安培力都是垂直于紙面向外，則線圈所受安培力的方向垂直于紙面向外，故A錯(cuò)誤，B正確；C、把線圈看作一小段一小段的直導(dǎo)線連結(jié)而成，當(dāng)電流沿逆時(shí)針?lè)较驎r(shí)，依據(jù)左手定章可知，每一小段直導(dǎo)線遇到的安培力都是垂直于紙面向里，則線圈所受安培力的方向垂直于紙面向里，故D錯(cuò)誤，C正確；應(yīng)選：BC【評(píng)論】此題主要觀察了左手定章的直接應(yīng)用，注意化曲為直法在解題中的應(yīng)用，難度不大，屬于基礎(chǔ)題9（

25、5分）【考點(diǎn)】變壓器的結(jié)構(gòu)和原理；電功、電功率；正弦式電流的圖象和三角函數(shù)表達(dá)式【分析】變壓器原副線圈的輸入功率和輸出功率相等，依據(jù)電流之比等于匝數(shù)之反比求出原副線圈的電流比依據(jù)交變電壓的ut圖線得出峰值和周期，從而求出角速度，得出ut的表達(dá)式抓住輸入電壓不變，得出輸出電壓不變，聯(lián)合副線圈負(fù)載電阻的變化得出電流的變化【解答】解：A、原副線圈輸入功率和輸出功率相等，故A錯(cuò)誤B、依據(jù)得，原副線圈的電流之比為1：4，故B正確C、交變電壓的峰值為51V，周期T=0.02s，則角速度，則u隨t的變化規(guī)律為u=51sin（100）t，故C錯(cuò)誤D、若熱敏電阻RT的溫度高升，則熱敏電阻的阻值減小，因?yàn)樵€圈的

26、電壓不變，則副線圈的電壓不變，副線圈中的電流變大，故D正確應(yīng)選：BD【評(píng)論】依據(jù)圖象正確找出已知量，是對(duì)學(xué)生認(rèn)圖的基本要求，正確掌握理想變壓器的特色及電壓、電流比與匝數(shù)比的關(guān)系，是解決此題的要點(diǎn)10（5分）【考點(diǎn)】電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系；電場(chǎng)強(qiáng)度【分析】依據(jù)軌跡的曲折，確立粒子所受的力是吸引力還是排擠力，從而確立粒子的電性；依據(jù)動(dòng)能定理，聯(lián)合庫(kù)侖力做功狀況判斷動(dòng)能的變化，依據(jù)電場(chǎng)力做功判斷電勢(shì)能的變化【解答】解：A、由粒子運(yùn)動(dòng)軌跡可知，M遇到的是吸引力，N遇到的是排擠力，可知M帶負(fù)電荷，N帶正電荷，故A正確B、M從a到b點(diǎn)，庫(kù)侖力做負(fù)功，依據(jù)動(dòng)能定理知，動(dòng)能減小，則b點(diǎn)的動(dòng)能小于在a點(diǎn)的動(dòng)能，

27、故B正確C、d點(diǎn)和e點(diǎn)在同一等勢(shì)面上，電勢(shì)相等，則N在d點(diǎn)的電勢(shì)能等于在e點(diǎn)的電勢(shì)能，故C正確D、N從c到d，庫(kù)侖斥力做正功，故D錯(cuò)誤應(yīng)選：ABC第10頁(yè)（共18頁(yè)）【評(píng)論】此題要點(diǎn)是依據(jù)曲線運(yùn)動(dòng)的條件判斷出靜電力的方向，掌握判斷動(dòng)能和電勢(shì)能變化的方向，一般的解題思路是依據(jù)動(dòng)能定理判斷動(dòng)能的變化，依據(jù)電場(chǎng)力做功判斷電勢(shì)能的變化三、實(shí)驗(yàn)題：此題共2小題，第11題6分，第12題9分把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程11（6分）【考點(diǎn)】研究小車速度隨時(shí)間變化的規(guī)律；測(cè)定勻變速直線運(yùn)動(dòng)的加快度【分析】（1）做勻變速直線運(yùn)動(dòng)的物體，某一時(shí)間內(nèi)的均勻速度等于這段時(shí)間中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度，所以

28、B點(diǎn)的速度等于AC兩點(diǎn)間的均勻速度，D點(diǎn)速度等于CE兩點(diǎn)間的均勻速度（2）依據(jù)逐差法求加快度【解答】解：（1）依據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)中間時(shí)刻的剎時(shí)速度等于該過(guò)程中的均勻速度，所以（2）依據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論公式能夠求出加快度的大小，得為了更為正確的求解加快度，我們對(duì)兩個(gè)加快度取均勻值得=2.0故答案為：（1）0.560.96（2）2.0【評(píng)論】此題借助實(shí)驗(yàn)觀察了勻變速直線的規(guī)律以及推論的應(yīng)用，知道紙帶的數(shù)據(jù)辦理方法，在平常練習(xí)中要增強(qiáng)基礎(chǔ)知識(shí)的理解與應(yīng)用，提升解決問(wèn)題能力12（9分）【考點(diǎn)】把電流表改裝成電壓表【分析】（1）依據(jù)串并聯(lián)電路的知識(shí)求定值電阻的阻值（2）在保證安全的前提下，為方便實(shí)驗(yàn)

29、操作，應(yīng)選擇最大阻值較小的滑動(dòng)變阻器（3）分壓電路，控制電路兩頭的電壓由0開(kāi)始增大，同時(shí)也起到保護(hù)作用4）改裝表的讀數(shù)比標(biāo)準(zhǔn)表的讀數(shù)偏小，指針偏轉(zhuǎn)的角度偏小，流過(guò)的表頭的電流偏小，可能是表頭電阻偏大【解答】解：（1）依據(jù)題意，與表頭G構(gòu)成1mA的電流表，則：，整理得第11頁(yè)（共18頁(yè)）若使用a、b兩個(gè)接線柱，電壓表的量程為1V，則若使用a、c兩個(gè)接線柱，電壓表的量程為3V，則=（2）電壓表與之并聯(lián)以后，電阻小于2500，關(guān)于分壓式電路，要求滑動(dòng)變阻器的最大值遠(yuǎn)小于并聯(lián)部分，同時(shí)還要便于調(diào)理，故滑動(dòng)變阻器選擇小電阻，即選擇50的電阻（3）在閉合開(kāi)關(guān)S前，滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)端P應(yīng)湊近M端，這樣把并聯(lián)

30、部分電路短路，起到一種保護(hù)作用（4）造成改裝后電壓表的讀數(shù)比標(biāo)準(zhǔn)電壓表的讀數(shù)偏小，說(shuō)明經(jīng)過(guò)表頭G的電流偏小，則實(shí)質(zhì)其電阻偏大，故其實(shí)質(zhì)阻值大于900故答案為：（1）1009102000（2）50（3）M（4）大于【評(píng)論】此題要點(diǎn)是電壓表和電流表的改裝原理，分析清楚電路結(jié)構(gòu)，應(yīng)用串并聯(lián)電路特色與歐姆定律即可正確解題四、計(jì)算題：此題共2小題，第13題9分，第14題14分把解答寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必需的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟13（9分）【考點(diǎn)】牛頓第二定律；功的計(jì)算【分析】（1）依據(jù)幾何關(guān)系確立B的位移；再依據(jù)滑動(dòng)摩擦力公式可明確摩擦力的大小，依據(jù)功的公式即可求得戰(zhàn)勝摩擦力所做的功

31、；2）分別對(duì)AB受力分析，依據(jù)牛頓第二定律進(jìn)隊(duì)列式，聯(lián)立可求得兩物體的加快度【解答】解：1）物塊A挪動(dòng)了距離s，則物塊B挪動(dòng)的距離為s1=物塊B遇到的摩擦力大小為f=4mg物塊B戰(zhàn)勝摩擦力所做的功為W=fs1=4mgs=2mgs（2）設(shè)物塊A、B的加快度大小分別為aA、aB，繩中的張力為T(mén)有牛頓第二定律得FmgT=maA2T4mg=4maB由A和B的位移關(guān)系得aA=2aB聯(lián)立式得aA=aB=第12頁(yè)（共18頁(yè)）答：（1）物塊B戰(zhàn)勝摩擦力所做的功為2mgs；（2）物塊A、B的加快度大小分別為和【評(píng)論】此題觀察牛頓第二定律以及功的計(jì)算，要注意明確研究對(duì)象的采納，正確受力分析，再依據(jù)牛頓第二定律列式

32、求解14（14分）【考點(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)【分析】（1）粒子垂直O(jiān)A進(jìn)入磁場(chǎng)中，轉(zhuǎn)過(guò)90，垂直打在y軸上，則t=t0=T，求出周期，由周期公式T=求B的大?。?）畫(huà)出兩個(gè)粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，設(shè)軌跡所對(duì)應(yīng)的圓心角分別為和，由幾何關(guān)系有121=1802，可獲取時(shí)間之和等于（3）依據(jù)圓周運(yùn)動(dòng)知識(shí)知道，兩粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間差t與=成正比，只要求出的最大值，即可求得的最大21值2由t=T和已知條件tmax2的最大值，再聯(lián)合幾何知識(shí)求出軌=，聯(lián)立可求出跡的半徑，由牛頓第二定律，利用洛倫茲力等于向心力，列式求解速度【解答】解：（1）粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，在時(shí)間t0內(nèi)其速度方向改變了90，故其

33、周期T=4t0設(shè)磁感覺(jué)強(qiáng)度大小為B，粒子速度為v，圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為r由洛倫茲力公式和牛頓定律得勻速圓周運(yùn)動(dòng)的速度滿足聯(lián)立式得B=（2）設(shè)粒子從OA變兩個(gè)不一樣地點(diǎn)射入磁場(chǎng)，能從OC邊上的同一點(diǎn)P射出磁場(chǎng)，粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡以以下圖設(shè)兩軌跡所對(duì)應(yīng)的圓心角分別為1和2由幾何關(guān)系有第13頁(yè)（共18頁(yè)）=18012粒子兩次在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間分別為t1與t2，則t1+t2=2t0；（3）如圖（b），由題給條件可知，該粒子在磁場(chǎng)所區(qū)中的軌跡圓弧對(duì)應(yīng)的圓心角為150O為圓弧的圓心，圓弧的半徑為r0，圓弧與AC相切與B點(diǎn)，從D點(diǎn)射出磁場(chǎng)，由幾何關(guān)系和題給條件可知，此時(shí)有OOD=BOA=30r0cosO0D

34、+=L設(shè)粒子此次入射速度的大小為v0，由圓周運(yùn)動(dòng)線速度公式，則有：v0=聯(lián)立式得v0=答：（1）磁場(chǎng)的磁感覺(jué)強(qiáng)度的大?。唬?）該粒子這兩次在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之和2t0；（3）粒子此次入射速度的大小【評(píng)論】關(guān)于帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)種類，要擅長(zhǎng)運(yùn)用幾何知識(shí)幫助分析和求解，這是軌跡問(wèn)題的解題要點(diǎn)，注意畫(huà)出正確的運(yùn)動(dòng)軌跡圖是解題的要點(diǎn)五、選考題：請(qǐng)考生從第1517題中任選二題作答假如多做，則按所做的第一、二題計(jì)分【選修3-3】（12分）15（4分）【考點(diǎn)】熱力學(xué)第必定律；理想氣體的狀態(tài)方程【分析】AB、依據(jù)絕熱，既不吸熱，也不放熱，聯(lián)合熱力學(xué)第必定律：U=Q+W，即可判斷；CD、依據(jù)理想氣體狀態(tài)方程=

35、C，聯(lián)合過(guò)程2中，壓強(qiáng)與體積的變化狀況，從而即可求解；第14頁(yè)（共18頁(yè)）E、依照初末狀態(tài)的溫度同樣，從而確立內(nèi)能改變量也同樣【解答】解：AB、氣體經(jīng)歷過(guò)程1，壓強(qiáng)減小，體積變大，膨脹對(duì)外做功，內(nèi)能減小，故溫度降低，故AB正確；CD、氣體在過(guò)程2中，依據(jù)理想氣體狀態(tài)方程=C，剛開(kāi)始時(shí)，體積不變，壓強(qiáng)減小，則溫度降低，對(duì)外放熱，而后壓強(qiáng)不變，體積變大，膨脹對(duì)外做功，則溫度高升，吸熱，故CD錯(cuò)誤；E、不論是經(jīng)過(guò)1過(guò)程還是2過(guò)程，初、末狀態(tài)同樣，故內(nèi)能改變量同樣，故E正確；應(yīng)選：ABE【評(píng)論】觀察熱力學(xué)第必定律與理想氣體狀態(tài)方程的應(yīng)用，理解絕熱的含義，注意熱力學(xué)第必定律中各量的正負(fù)含義，及掌握理想氣

36、體的定義16（8分）【考點(diǎn)】理想氣體的狀態(tài)方程【分析】對(duì)左右兩部分氣體分別運(yùn)用玻意耳定律列式，由力的均衡找出壓強(qiáng)關(guān)系，由幾何關(guān)系找出體積關(guān)系【解答】解：設(shè)初始狀態(tài)時(shí)汽缸左氣室的體積為V01，右氣室的體積為V02；當(dāng)活塞至汽缸中某地點(diǎn)時(shí)，左、右氣室的壓強(qiáng)分別為p1、p2，體積分別為V1、V2，由玻意耳定律得0=pVpV11pV01=pV00222依題意有01+V02=V1+V2由力的均衡條件有p2p1=gh聯(lián)立式，并代入題給數(shù)據(jù)得由此解得（另一解不合題意，舍去）由式和題給條件得V1：V2=1：1答：此時(shí)左、右兩氣室的體積之比1：1【評(píng)論】此題觀察氣體實(shí)驗(yàn)定律的應(yīng)用，要點(diǎn)是確立狀態(tài)參量，特別是兩部

37、分氣體的壓強(qiáng)關(guān)系，初末狀態(tài)的體積關(guān)系【選修3-4】（12分）17（2016?海南）【考點(diǎn)】簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的答復(fù)力和能量；簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的振幅、周期和頻次；自由振動(dòng)和受迫振動(dòng)【分析】依據(jù)單擺的周期公式分析周期與擺長(zhǎng)的關(guān)系彈簧振子做簡(jiǎn)諧振動(dòng)時(shí)，系統(tǒng)的機(jī)械能守恒單擺的周期與擺球的質(zhì)量沒(méi)關(guān)受迫振動(dòng)的頻次等于驅(qū)動(dòng)力的頻次依據(jù)時(shí)間與周期的關(guān)系，聯(lián)合彈簧振子初始時(shí)刻的振動(dòng)方向才可確立彈簧振子在隨意時(shí)刻運(yùn)動(dòng)速度的方向第15頁(yè)（共18頁(yè)）【解答】解：A、依據(jù)單擺的周期公式T=2，得T2=L在同一地點(diǎn)，g必定，則知T2與L成正比，即單擺做簡(jiǎn)諧振動(dòng)的周期的平方與其擺長(zhǎng)成正比故A正確B、彈簧振子做簡(jiǎn)諧振動(dòng)時(shí)，振動(dòng)系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，即振動(dòng)系統(tǒng)的勢(shì)能與動(dòng)能之和保持不變故B正確C、依據(jù)單擺的周期公式T=2，知單擺做簡(jiǎn)諧振動(dòng)的周期與擺球質(zhì)量沒(méi)關(guān)，故C錯(cuò)誤D、系統(tǒng)做穩(wěn)固的受迫振動(dòng)時(shí)，系統(tǒng)振動(dòng)的頻次等于周期性驅(qū)動(dòng)力的頻次，與固有頻次沒(méi)關(guān)，故D正確E、振動(dòng)質(zhì)點(diǎn)在同一地點(diǎn)振動(dòng)方向有兩種，所以已知彈簧振子初始時(shí)刻的地點(diǎn)，不知道初始時(shí)刻振子的振動(dòng)方向，依據(jù)振動(dòng)周期，不可以知道振子在隨意時(shí)刻運(yùn)動(dòng)速度的方向應(yīng)選：ABD【評(píng)論】解決此題的要點(diǎn)要掌握單擺周期公式T=2，知道單擺的周期與擺球的質(zhì)量沒(méi)關(guān)，明確受迫振動(dòng)的頻次等于驅(qū)動(dòng)力的頻次，與固有頻次沒(méi)關(guān)18（2016?海南）【考點(diǎn)