2021-2022學年遼寧省遼陽市高三第五次模擬考試物理試卷含解析

1、2021-2022學年高考物理模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角條形碼粘貼處。2作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答

2、題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、明代學者方以智在陽燧倒影中記載：“凡寶石面凸，則光成一條，有數(shù)棱則必有一面五色”，表明白光通過多棱晶體折射會發(fā)生色散現(xiàn)象如圖所示，一束復色光通過三棱鏡后分解成兩束單色光a、b，下列說法正確的是A若增大入射角i，則b光先消失B在該三棱鏡中a光波長小于b光Ca光能發(fā)生偏振現(xiàn)象，b光不能發(fā)生D若a、b光分別照射同一光電管都能發(fā)生光電效應，則a光的遏止電壓低2、如圖所示，兩平行導軌ab、cd豎直放置在勻強磁場中，勻強磁場方向豎直向上，將一根金屬棒PQ放在導軌上使其水平且始終與導軌保

3、持良好接觸，現(xiàn)在金屬棒PQ中通以變化的電流I，同時釋放金屬棒PQ使其運動已知電流I隨時間t變化的關系式為I=kt（k為常數(shù)，k0），金屬棒與導軌間的動摩擦因數(shù)一定以豎直向下為正方向，則下面關于棒的速度v、加速度a隨時間t變化的關系圖象中，可能正確的有A BC D3、某氣體星球的半徑為，距離星球中心處的點的重力加速度為。若該星球的體積在均勻膨脹，膨脹過程中星球質量不變，且密度均勻。當星球半徑膨脹為時，點的重力加速度為。已知質量分布均勻的球殼對球殼內物體的引力為零。則與的比值為（）AB1CD4、如圖所示，一輕繩繞過光滑的輕質定滑輪，一端掛一水平托盤，另一端被托盤上的人拉住，滑輪兩側的輕繩均沿豎直方

4、向。已知人的質量為60kg，托盤的質量為20kg，取g=10m/s2。若托盤隨人一起豎直向上做勻加速直線運動，則當人的拉力與自身所受重力大小相等時，人與托盤的加速度大小為（ ）A5m/s2B6m/s2C7.5m/s2D8m/s25、如圖，電動機以恒定功率將靜止的物體向上提升，則在達到最大速度之前，下列說法正確的是（ ）A繩的拉力恒定B物體處于失重狀態(tài)C繩對物體的拉力大于物體對繩的拉力D繩對物體的拉力大于物體的重力6、汽車在平直公路上以108km/h的速度勻速行駛，司機看到前面有突發(fā)情況，緊急利車，從看到突發(fā)情況到剎車的反應時間內汽車做勻速運動，剎車后汽車做勻減速直線運動，從看到突發(fā)情況到汽車停

5、下，汽車行駛的距離為90m，所花時間為5.5s，則汽車勻減速過程中所受阻力約為汽車所受重力的（）A0.3倍B0.5倍C0.6倍D0.8倍二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、理論表明，圍繞地球轉動的衛(wèi)星，其機械能只與衛(wèi)星的質量和軌道的長軸大小有關。如圖所示，A為地球，b、c為質量相同的兩顆衛(wèi)星圍繞地球轉動的軌道形狀分別為圓和橢圓，兩軌道共面，P為兩個軌道的交點，b的半徑為R，c的長軸為2R。關于這兩顆衛(wèi)星，下列說法正確的是（）A它們的周期不同B它們的機械能相等C它們經過

6、P點時的加速度不同D它們經過P點時的速率相同8、如圖所示，紙面內虛線1、2、3相互平行，且間距均為L。1、2間的勻強磁場垂直紙面向里、磁感應強度大小為2B，2、3間的勻強磁場垂直紙面向外、磁感應強度大小為B。邊長為的正方形線圈PQMN電阻為R，各邊質量和電阻都相同，線圈平面在紙面內。開始PQ與1重合，線圈在水平向右的拉力作用下以速度為向右勻速運動。設PQ剛進入磁場時PQ兩端電壓為，線圈都進入2、3間磁場中時，PQ兩端電壓為；在線圈向右運動的整個過程中拉力最大為F，拉力所做的功為W，則下列判斷正確的是（）ABCD9、電阻R接在20V的恒壓電源上時，消耗的電功率為P；若將R接在如圖所示理想變壓器的

7、副線圈電路中時，R消耗的電功率為。已知電路中電阻R0的阻值是R的4倍，a、b兩端接在（V）的交流電源上，此變壓器（）A副線圈輸出電壓的頻率為100HzB副線圈輸出電壓的有效值為10VC原、副線圈的匝數(shù)之比為21D原、副線圈的電流之比為1410、如圖a為一列簡諧橫波在t=2s時的波形圖，圖b為媒質中平衡位置在x=2.5m處的質點的振動圖像，P是平衡位置為x=1.5m的質點。下列說法正確的是_。A波速為0.5m/sB波的傳播方向向左C02s時間內，P運動的路程為8cmDt=1s時，P正位于正向最大位移處E.當t=6s時，P恰好回到平衡位置三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的

8、答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某學習小組探究一小電珠在不同電壓下的電功率大小，實驗器材如圖甲所示，現(xiàn)已完成部分導線的連接(1)實驗要求滑動變阻器的滑片從左到右移動過程中，電流表的示數(shù)從零開始逐漸增大，請按此要求用筆畫線代替導線在圖甲實物接線圖中完成余下導線的連接_：(2)某次測量，電流表指針偏轉如圖乙所示，則電流表的示數(shù)為_A；(3)該小組描繪出的伏安特性曲線如圖丙所示，根據(jù)圖線判斷，將_只相同的小電珠并聯(lián)后，直接與電動勢為3V、內阻為1的電源組成閉合回路，可使小電珠的總功率最大，其總功率的值約為_W（保留小數(shù)點后兩位）.12（12分）在研究“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中，提供

9、有以下器材：A電壓表V1（05V）B電壓表V2（015V）C電流表A1（050mA）D電流表A2（0500mA）E滑動變阻器R1（060）F滑動變阻器R2（02k）G直流電源EH開關S及導線若干I小燈泡（U額=5V）某組同學連接完電路后，閉合電鍵，將滑動變阻器滑片從一端移到另外一端，移動過程中發(fā)現(xiàn)小燈未曾燒壞，記錄多組小燈兩端電壓U和通過小燈的電流I數(shù)據(jù)（包括滑片處于兩個端點時U、I數(shù)據(jù)），根據(jù)記錄的全部數(shù)據(jù)做出的UI關系圖象如圖甲所示：（1）根據(jù)實驗結果在圖乙虛線框內畫出該組同學的實驗電路圖_；（2）根據(jù)實驗結果判斷得出實驗中選用：電壓表_（選填器材代號“A”或“B”），電流表_（選填器材代

10、號“C”或“D”），滑動變阻器_（選填器材代號“E”或“F”）；（3）根據(jù)圖甲信息得出器材G中的直流電源電動勢為_V，內阻為_；（4）將兩個該型號小燈泡串聯(lián)后直接與器材G中的直流電源E相連，則每個小燈消耗的實際功率為_W。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖，一上端開口、下端封閉的細長玻璃管豎直放置玻璃管的下部封有長ll=25.0cm的空氣柱，中間有一段長為l2=25.0cm的水銀柱，上部空氣柱的長度l3=40.0cm已知大氣壓強為P0=75.0cmHg現(xiàn)將一活塞（圖中未畫出）從玻璃管開口處緩緩往下推，

11、使管下部空氣柱長度變?yōu)?20.0cm假設活塞下推過程中沒有漏氣，求活塞下推的距離14（16分）如圖所示，在xOy平面內y軸與MN邊界之間有沿x軸負方向的勻強電場，y軸左側（I區(qū)）和MN邊界右側（II區(qū)）的空間有垂直紙面向里的勻強磁場，且MN右側的磁感 應強度大小是y軸左側磁感應強度大小的2倍，MN邊界與y軸平行且間距保持不變.一質量為m、電荷量為-q的粒子以速度從坐標原點O沿x軸負方向射入磁場，每次經過y軸左側磁場的時間均為，粒子重力不計.（1）求y軸左側磁場的磁感應強度的大小B;（2）若經過時間粒子第一次回到原點O,且粒子經過電場加速后速度是原來的4倍，求電場區(qū)域的寬度d（3）若粒子在左右邊

12、磁場做勻速圓周運動的 半徑分別為R1、R2且R1R2,要使粒子能夠回到原點O,則電場強度E應滿足什么條件？15（12分）如圖所示，兩平行金屬板，、長，兩板間距離，、兩板間的電勢差。一比荷為的帶正電粒子（不計重力）從點沿電場中心線垂直電場線以初速度飛入電場，粒子飛出平行板電場后經過界面、間的無電場區(qū)域，已知兩界面、相距為。帶點粒子從分界線上的點進入右側的區(qū)域，右側是一個矩形磁場區(qū)域上下無邊界，磁感應強度大小為，方向如圖所示。求：（1）分界線上的點與中心線的距離；（2）粒子進入磁場區(qū)域后若能從邊返回，求磁場寬度應滿足的條件。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的

13、四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】設折射角為，在右界面的入射角為，根據(jù)幾何關系有：，根據(jù)折射定律：，增大入射角i，折射角增大，減小，而增大才能使b光發(fā)生全反射，故A錯誤；由光路圖可知，a光的折射率小于b光的折射率（），則a光的波長大于b光的波長（），故B錯誤；根據(jù)光電效應方程和遏止電壓的概念可知：最大初動能，再根據(jù)動能定理：，即遏止電壓，可知入射光的頻率越大，需要的遏止電壓越大，則a光的頻率小于b光的頻率（），a光的遏止電壓小于b光的遏止電壓，故D正確；光是一種橫波，橫波有偏振現(xiàn)象，縱波沒有，有無偏振現(xiàn)象與光的頻率無關，故C錯誤點睛：本題考查的知識點較多，涉及光的折射、全反射

14、、光電效應方程、折射率與波長的關系、橫波和縱波的概念等，解決本題的關鍵是能通過光路圖判斷出兩種光的折射率的關系，并能熟練利用幾何關系2、B【解析】以豎直向下為正方向，根據(jù)牛頓第二定律得，金屬棒的加速度a=mg-fm，f=N=FA=BIL=BLkt，聯(lián)立解得加速度a=gBLktm，與時間成線性關系，且t=0時，a=g，故CD錯誤。因為開始加速度方向向下，與速度方向相同，做加速運動，加速度逐漸減小，即做加速度逐漸減小的加速運動，然后加速度方向向上，加速度逐漸增大，做加速度逐漸增大的減速運動。故A錯誤，B正確。故選B?！军c睛】解決本題的關鍵會根據(jù)合力確定加速度的變化，結合加速度方向與速度方向判斷物體

15、做加速運動還是減速運動，知道速度時間圖線的切線斜率表示加速度3、D【解析】設點放置質量為的物體，則有解得如圖所示，星球膨脹后質量不變，有點以下球體質量為解得結合式得則所以D正確，ABC錯誤。故選D。4、A【解析】設人的質量為M，則輕繩的拉力大小T=Mg設托盤的質量為m，對人和托盤，根據(jù)牛頓第二定律有2T一(M+m)g=(M+m)a解得a=5m/s2故選A。5、D【解析】A功率恒定，根據(jù)可知當v從零逐漸增加，則拉力逐漸減小，故A錯誤；BD加速度向上，處于超重，物體對輕繩的拉力大于物體重力，故B錯誤，D正確；C繩對物體的拉力和物體對繩的拉力是一對作用力和反作用力，根據(jù)牛頓第三定律，可知兩者等大反向

16、，故C錯誤。故選D。6、C【解析】設反應時間為t，勻減速時間為 ，行駛距離為s，初速度為v，則 ， ，解得： ， ，根據(jù)牛頓第二定律得：故故C正確ABD錯誤。故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】A衛(wèi)星b的軌道半徑與衛(wèi)星c運行軌道的半長軸大小相等，都是R，根據(jù)可知，兩顆衛(wèi)星運行周期相同，A錯誤；B由題意可知，兩顆衛(wèi)星質量相同，衛(wèi)星b的軌道半徑與衛(wèi)星c運行軌道的半長軸大小相等，故機械能相等，B正確；C衛(wèi)星經過P點時的加速度為所以加速度相同，C錯誤；D因

17、為衛(wèi)星b的軌道半徑與衛(wèi)星c運行軌道的半長軸大小相等，且質量相等，所以兩顆衛(wèi)星經過P點時的勢能相同，又因為B選項中兩衛(wèi)星的機械能相等，則動能相同，速率相同，D正確。故選BD。8、ABD【解析】A只有PQ進入磁場，PQ切割磁感線產生電動勢電路中電流PQ兩端電壓選項A正確；C受到的安培力進入過程克服安培力做功都進入1、2間后磁場回路無電流，不受安培力，拉力為0，不做功；PQ進入右邊磁場、MN在左邊磁場中，MN切割磁感線產生電動勢，PQ切割右邊磁感線產生電動勢回路中電流PQ和MN受到安培力大小分別為需要拉力最大為選項C錯誤；BPQ進入右邊磁場過程中克服安培力做功都進入右邊磁場后，PQ和MN都切割磁場，

18、回路無電流，安培力為0，選項B正確；DPQ出磁場后，只有MN切割磁感線，線圈受到安培力PQ出磁場過程中安培力做功整個過程克服安培力做功選項D正確。故選ABD.9、BC【解析】A變壓器不改變交變電流的頻率，由題可知，交流電壓的頻率為故A錯誤；B由題意可得解得故B正確；C電源的有效值為設原、副線圈的匝數(shù)之比為n，則原、副線圈的電流之比為則R0兩端電壓為，根據(jù)原、副線圈電壓比等匝數(shù)比即解得故C正確；D由原、副線圈中的電流之比等匝數(shù)反比可知，原、副線圈的電流之比為1：2，故D錯誤。故選BC。10、ACE【解析】A由圖可知該簡諧橫波波長為2m，由圖知周期為4s，則波速為故A正確；B根據(jù)圖的振動圖象可知，

19、在處的質點在時振動方向向下，所以該波向右傳播，故B錯誤；C由于時，質點在平衡位置，且有所以在時間內，質點的路程為故C正確；D由于該波向右傳播，由圖可知時，質點在平衡位置向上運動，所以時，正位于負向最大位移處，故D錯誤；E波的周期為4s，從2s到6s經歷時間所以時，點應恰好回到了平衡位置，故E正確；故選ACE。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 0.44 4 2.222.28 【解析】（1）滑動變阻器的滑片從左到右移動過程中，電流表的示數(shù)從零開始逐漸增大，則滑動變阻器采用分壓接法，實物圖如圖所示；（2）由圖知電流表量程為0.6A，所以讀

20、數(shù)為0.44A；（3）電源內阻為1歐，所以當外電路總電阻等于電源內阻時，消耗電功率最大，此時外電路電壓等于內電壓等于1.5V，由圖知當小電珠電壓等于1.5V時電流約為0.38A，此時電阻約為，并聯(lián)后的總電阻為1歐，所以需要4個小電珠，小電珠消耗的總功率約為（2.22-2.28W均可）12、 B D E 8 10 0.56 【解析】（1） 從圖甲可知，將滑動變阻器滑片從一端移到另外一端過程中電表的示數(shù)不是從0開始的，因此滑動變阻器采用的不是分壓接法，而是限流接法；從圖甲可知，小燈泡的電阻為1030，阻值較小，因此電流表采用外接法，作出的實驗電路圖如圖所示：（2）從圖甲可知，記錄的全部數(shù)據(jù)中小燈兩

21、端電壓U最大為6V，因此電壓表的量程需要選擇15V，故電壓表選B；通過小燈的電流I最大為：0.2A=200mA，故電流表的量程需要選擇500mA，故電流表選D；電路采用滑動變阻器限流接法，為了便于實驗操作，滑動變阻器應選小阻值的，故滑動變阻器選E；（3）從圖甲可知，當滑動變阻器接入電阻為0時，小燈兩端電壓U1最大為6V，通過小燈的電流I1最大為0.2A，則此時小燈電阻RL=30由閉合電路歐姆定律有當滑動變阻器接入電阻為R2=60時，小燈兩端電壓U2最小為1V，通過小燈的電流I2最小為0.1A，則此時小燈電阻RL=10由閉合電路歐姆定律有解得電源電動勢E=8V，內阻r=10；（4）將兩個該型號小燈泡串聯(lián)后直接與器材G中的直流電源E相連，根據(jù)閉合電路歐姆定律，有E=2U+Ir解得U=45I作出此時的UI圖象如圖所示：圖中交點I=0.18A，U=3.1V，即通過每個燈泡的電流為0.18A，每