2022年四川省任隆中學高考臨考沖刺物理試卷含解析

1、2021-2022學年高考物理模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示空間中存在沿水平方向的勻強磁場，磁感應強度大小為，將長度為2L的通電直導線由中點O處彎成折線，夾角為60，現(xiàn)在導線中通有恒定電流。如果在空間另外施加一磁感應強度大小為

2、的勻強磁場，且使導線MO、NO所受的安培力相等，則下列說法正確的是（ ）A磁場的方向斜向左下方與水平方向成60角，MO受到的安培力的大小為B磁場方向豎直向上，MO受到的安培力的大小為C磁場方向豎直向下，MO受到的安培力的大小為D磁場方向斜向右上方與水平方向成60角，MO受到的安培力的大小為2、空間存在如圖所示的靜電場，圖中實線a、b、c、d、e為靜電場中的等勢線，虛線為等勢線的水平對稱軸。一個帶負電的粒子從P點以垂直于虛線向上的初速度v0射入電場，開始一小段時間內(nèi)的運動軌跡已在圖中畫出，粒子僅受電場力作用，則下列說法中正確的是（ ）A等勢線a的電勢最高B帶電粒子從P點射出后經(jīng)過等勢線b時，粒子

3、的速率可能等于v0C若讓粒子從P點由靜止釋放，在圖示空間內(nèi)，粒子將在虛線上做往復運動D若讓粒子從P點由靜止釋放，在圖示空間內(nèi)，粒子的加速度先增大后減小3、觀看科幻電影流浪地球后，某同學設想地球僅在木星引力作用下沿橢圓軌道通過木星的情景，如圖所示，軌道上P點距木星最近（距木星表面的高度可忽略）。則A地球靠近木星的過程中運行速度減小B地球遠離木星的過程中加速度增大C地球遠離木星的過程中角速度增大D地球在P點的運行速度大于木星第一宇宙速度4、如圖所示，等量異種點電荷連線水平，O為兩點電荷連線的中點，點A與B、B與C分別關于O點和水平連線對稱。下列說法正確的是（ ）A點A與B的電勢一定相等B點A與C的

4、場強一定相同C將一負電荷沿直線AC從A移至C，電場力不做功D將一正電荷沿直線AB從A移至B，電荷電勢能一直減小5、一輛汽車遇到險情緊急剎車，剎車過程做勻減速運動，剎車后第1s內(nèi)的位移為16m，最后1s內(nèi)的位移為8m，則汽車的剎車時間為A1sB1.5sC2 sD2.5s6、如圖所示，A、B是兩個完全相同的燈泡，D是理想二極管，L是帶鐵芯的線圈，其直流電阻忽略不計.下列說法正確的是（ ）AS閉合瞬間，B先亮A后亮BS閉合瞬間，A先亮B后亮C電路穩(wěn)定后，在S斷開瞬間，B閃亮一下，然后逐漸熄滅D電路穩(wěn)定后，在S斷開瞬間，B立即熄滅二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選

5、項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示,傾角為30的斜面體置于水平地面上。一根不可伸長的輕繩兩端分別系著小球A和物塊B,跨過固定于斜面體頂端的小滑輪O,A的質(zhì)量為m,B的質(zhì)量為4m。開始時,用手托住A,使OA段繩恰處于水平伸直狀態(tài)(繩中無拉力),OB繩平行于斜面,此時B靜止不動。將A由靜止釋放,在其下擺過程中,斜面體始終保持靜止。下列判斷中正確的是()A物塊B始終處于靜止狀態(tài)B地面對斜面體的摩擦力方向一直向右C物塊B受到的摩擦力一直減小D小球A、B系統(tǒng)的機械能不守恒8、如圖所示，輕質(zhì)彈簧一端固定，另一端連接一小物塊，點為彈簧在原長時

6、物塊的位置物塊由點靜止釋放，沿粗糙程度相同的水平面向右運動，最遠到達點在從到的過程中，物塊（ ）A加速度先減小后增大B經(jīng)過點時的速度最大C所受彈簧彈力始終做正功D所受彈簧彈力做的功等于克服摩擦力做的功9、如圖所示，在豎直平面內(nèi)，傾斜長桿上套一小物塊，跨過輕質(zhì)定滑輪的細線一端與物塊連接，另一端與固定在水平面上的豎直輕彈簧連接。使物塊位于A點時，細線自然拉直且垂直于長桿彈簧處于原長?，F(xiàn)將物塊由A點靜止釋放，物塊沿桿運動的最低點為B，C是AB的中點，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，不計一切阻力，則（ ）A物塊和彈簧系統(tǒng)機械能守恒B物塊在B點時加速度方向由B指向ACA到C過程物塊所受合力做的功大于C到B過程物塊

7、克服合力做的功D物塊下滑過程中，彈簧的彈性勢能在A到C過程的增量小于C到B過程的增量10、一帶負電粒子僅在電場力的作用下，從x軸的原點O由靜止開始沿x軸正方向運動，其運動速度v隨位置x的變化關系如圖所示，圖中曲線是頂點為O的拋物線，粒子的質(zhì)量和電荷量大小分別為m和，則下列說法正確的是（）A電場為勻強電場，電場強度大小BO、x1兩點之間的電勢差C粒子從O點運動到x1點的過程中電勢能減少了D粒子沿x軸做加速度不斷減小的加速運動三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在練習使用多用電表的實驗中。請完成下列問題：(1)用多用表測量某元件的電阻

8、，選用“100”倍率的電阻擋測量，發(fā)現(xiàn)多用表指針偏轉(zhuǎn)角度過小，因此需選擇倍率的電阻擋_（填“10”或“1k”），并需_（填操作過程）后，再次進行測量，多用表的指針如圖甲所示，測量結(jié)果為_。(2)某同學設計出一個的歐姆電表，用來測量電阻，其內(nèi)部結(jié)構(gòu)可簡化成圖乙電路，其中電源內(nèi)阻r=1.0，電流表G的量程為Ig，故能通過讀取流過電流表G的電流值而得到被測電阻的阻值。但和普通歐姆表不同的是調(diào)零方式。該同學想用一個電阻箱Rx來測出電路中電源的電動勢E和表頭的量程Ig，進行如下操作步驟是：a先兩表筆間不接入任何電阻，斷開狀態(tài)下調(diào)滑動電阻器使表頭滿偏；b將歐姆表與電阻箱Rx連成閉合回路，改變電阻箱阻值；記

9、下電阻箱示Rx和與之對應的電流表G的示數(shù)I；c將記錄的各組Rx，I的數(shù)據(jù)描點在乙圖中，得到圖線如圖丙所示；d根據(jù)乙圖作得的圖線，求出電源的電動勢E和表頭的量程Ig。由丙圖可知電源的電動勢為_，歐姆表總內(nèi)阻為_，電流表G的量程是_。12（12分）實驗室有一破損的雙量程電壓表，兩量程分別是3V和15V，其內(nèi)部電路如圖所示，因電壓表的表頭G已燒壞，無法知道其電學特性，但兩個精密電阻R1、R2完好，測得R1=2.9k，R2=14.9k現(xiàn)有兩個表頭，外形都與原表頭G相同，已知表頭G1的滿偏電流為1mA，內(nèi)阻為50；表頭G2的滿偏電流0.5mA，內(nèi)阻為200，又有三個精密定值電阻r1=100，r2=150

10、，r3=200若保留R1、R2的情況下，對電壓表進行修復，根據(jù)所給條件回答下列問題：（1）原表頭G滿偏電流I=_，內(nèi)阻r=_（2）在虛線框中畫出修復后雙量程電壓表的電路_（標識出所選用的相應器材符號）（3）某學習小組利用修復的電壓表，再加上可以使用的以下器材，測量一未知電阻Rx的阻值：電流表A量程05mA，內(nèi)阻未知； 最大阻值約為100的滑動變阻器；電源E（電動勢約3V）； 開關S、導線若干由于不知道未知電阻的阻值范圍，學習小組為精確測出未知電阻的阻值，選擇合適的電路，請你幫助他們補充完整電路連接 _，正確連線后讀得電壓表示數(shù)為2.40V，電流表示數(shù)為4.00mA，則未知電阻阻值Rx為_四、計

11、算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）有一個直角三角形的玻璃棱鏡ABC，截面如圖。A=30，D點是AC邊的中點，AC邊長為L。一條光線從D點沿平行于AB方向射入棱鏡，光線在AB面發(fā)生全反射后垂直BC從F點射出。求玻璃的折射率n ；若光在真空中的速度為c，光線從D點到F點經(jīng)過的時間t。14（16分）微棱鏡增亮膜能有效提升LCD(液晶顯示屏)亮度。如圖甲所示為其工作原理截面圖，從面光源發(fā)出的光線通過棱鏡膜后，部分會定向出射到LCD上，部分會經(jīng)過全反射返回到光源進行再利用。如圖乙所示，等腰直角為一微棱鏡的橫截面，A=90

12、，AB=AC=4a，緊貼BC邊上的P點放一點光源，BP=BC。已知微棱鏡材料的折射率n = ，sin37=06，只研究從P點發(fā)出照射到AB邊上的光線。(1)某一光線從AB邊出射時，方向恰好垂直于BC邊，求該光線在微棱鏡內(nèi)的入射角的正弦值；(2)某一部分光線可以依次在AB、AC兩界面均發(fā)生全反射，再返回到BC邊，求該部分光線在AB邊上的照射區(qū)域長度。15（12分）一種測量稀薄氣體壓強的儀器如圖（a）所示，玻璃泡M的上端和下端分別連通兩豎直玻璃細管和。長為，頂端封閉，上端與待測氣體連通；M下端經(jīng)橡皮軟管與充有水銀的容器R連通。開始測量時，M與相通；逐漸提升R直到中水銀面與頂端等高，此時水銀已進入，

13、且中水銀面比頂端低，如圖（b）所示。設測量過程中溫度、與相通的待測氣體的壓強均保持不變。已知和的內(nèi)徑均為，M的容積為，水銀的密度為，重力加速度大小為。求：(i)待測氣體的壓強(ii)該儀器能夠測量的最大壓強參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】A當所加磁場的方向斜向左下方與水平方向成60角時，NO受到的安培力仍垂直紙面向里，大小為，MO受到的安培力垂直紙面向外，大小為，A錯誤；B當所加磁場方向豎直向上時，NO受到的安培力仍垂直紙面向里，大小為，MO受到的安培力垂直紙面向里，大小為，B錯誤；C當所加磁場方向豎

14、直向下時，NO受到安培力垂直紙面向里，大小為，MO受到的安培力垂直紙面向外，大小為，C錯誤；D當所加磁場方向斜向右上方與水平方向成60角時，NO受到的安培力仍垂直紙面向里，大小為當，MO受到的安培力垂直紙面向里，大小為，D正確。故選D。2、D【解析】A由圖可知，負電荷彎曲的方向向右，則受到的電場力得方向向右，由于負電荷受到的電場力得方向與電場強度的方向相反，所以電場強度的方向向左，等勢線a電勢最低。故A錯誤；B帶電粒子從P點射出后經(jīng)過等勢線b時，電場力做正功，則粒子的動能增加，則其速率大于v0，選項B錯誤；C讓粒子在P點由靜止釋放，粒子受到的電場力得方向始終向右，所以將一直向右做加速運動。故C

15、錯誤；D電場線的疏密代表電場的強弱，讓粒子在P點由靜止釋放，粒子將沿虛線向右做加速運動，因電場線先密后疏，可知電場力先增后減，即加速度先增大后減小。故D正確。故選D。3、D【解析】A地球靠近木星時所受的萬有引力與速度成銳角，做加速曲線運動，則運行速度變大，A錯誤；B地球遠離木星的過程，其距離r變大，則可知萬有引力增大，由牛頓第二定律：則加速度逐漸減小，B錯誤；C地球遠離木星的過程線速度逐漸減小，而軌道半徑逐漸增大，根據(jù)圓周運動的角速度關系，可知運行的角速度逐漸減小，C錯誤；D木星的第一宇宙速度指貼著木星表面做勻速圓周的線速度，設木星的半徑為R，滿足，而地球過P點后做離心運動，則萬有引力小于需要

16、的向心力，可得可推得：即地球在P點的運行速度大于木星第一宇宙速度，D正確；故選D。4、D【解析】A由等量異種電荷的電場分布可知，A點電勢高于C點，C點電勢等于B點電勢，可知點A的電勢高于B點電勢，選項A錯誤；B由對稱性可知，點A與C的場強大小相同，但是方向不同，選項B錯誤；C將一負電荷沿直線AC從A移至C，電場力做負功，選項C錯誤；D將一正電荷沿直線AB從A移至B，電場力做正功，則電荷電勢能一直減小，選項D正確；故選D。5、B【解析】最后1s內(nèi)的汽車位移為8m，根據(jù)x=at2，可知加速度大小為a=16m/s2剎車后第1s內(nèi)的平均速度大小v=m/s=lm/s，則剎車的時間:t=0.5s+s=1.

17、5sA1s。故A不符合題意。 B1.5s。故B符合題意。 C2 s。故C不符合題意。 D2.5s。故D不符合題意。6、D【解析】閉合瞬間線圈相當于斷路，二極管為正向電壓，故電流可通過燈泡AB，即AB燈泡同時亮，故AB錯誤因線圈的電阻為零，則當電路穩(wěn)定后，燈泡A被短路而熄滅，當開關S斷開瞬間B立刻熄滅，線圈中的電流也不能反向通過二極管，則燈泡A仍是熄滅的，故C錯誤，D正確故選D【點睛】該題兩個關鍵點，1、要知道理想線圈的特征：剛通電時線圈相當于斷路，斷開電鍵時線圈相當于電源；2、要知道二極管的特征是只正向?qū)ǘ⒍囗椷x擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項

18、是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】小球下擺時做圓周運動，下擺的速度越來越大，所需向心力越來越大，小球達到最低點時速度最大，繩子的拉力最大；小球A下擺過程中只受重力作用，機械能守恒，設繩子的長度是L，由機械能守恒定律得：mgL=12mv2，在最低點，由牛頓第二定律得：F-mg=mv2L，解得繩子的拉力為F=3mg，即物塊B受到繩子沿斜面向上的拉力為3mg，而B的重力沿斜面向下的分力為4mgsin30=2mg，所以，斜面對B的靜摩擦力沿斜面向下為mg，而物塊B在小球A還沒有下擺時受到斜面的靜摩擦力沿斜面向上為2mg，因此物塊B始終處于靜止狀態(tài)，

19、物塊B受到的摩擦力先減小后增大，故C錯誤；對物體B和斜面體整體受力分析，由于A球向左下方拉物體B和斜面體整體，故一定受到地面對其向右的靜摩擦力，故B正確；在小球下A擺過程中，只有重力做功，則小球A、物塊B與地球組成的系統(tǒng)機械能守恒，故D錯誤。所以AB正確，CD錯誤。8、AD【解析】A項：由于水平面粗糙且O點為彈簧在原長時物塊的位置，所以彈力與摩擦力平衡的位置在OA之間，加速度為零時彈力和摩擦力平衡，所以物塊在從A到B的過程中加速度先減小后反向增大，故A正確；B項：物體在平衡位置處速度最大，所以物塊速度最大的位置在AO之間某一位置，即在O點左側(cè)，故B錯誤；C項：從A到O過程中彈力方向與位移方向相

20、同，彈力做正功，從O到B過程中彈力方向與位移方向相反，彈力做負功，故C錯誤；D項：從A到B過程中根據(jù)動能定理可得W彈-W克f=0，即W彈=W克f，即彈簧彈力做的功等于克服摩擦力做的功，故D正確9、ABD【解析】A由題知，不計一切阻力，則物塊和彈簧系統(tǒng)機械能守恒，故A正確； B由題知，物塊從A點運動到B點是先加速后減速，到B點速度剛好為0，彈簧處于伸長狀態(tài)，此時對物塊受力分析可知，彈簧沿斜面向上的分力大于重力沿斜面向下的分力，故物塊在B點時加速度方向由B指向A，故B正確； C物塊從A到C，根據(jù)動能定理可知，合力做的功等于動能的增加量，物塊從C到B，根據(jù)動能定理可知，物塊克服合力做的功等于動能的減

21、少量，而物塊在A點和B點的速度都為零，故兩個過程動能的變化量相等，所以A到C過程物塊所受合力做的功等于C到B過程物塊克服合力做的功，故C錯誤； D彈簧的形變量越小，彈簧的彈性勢能越小，根據(jù)幾何關系，可知物塊從A到C過程的彈簧形變量小于C到B過程的彈簧形變量，故物塊下滑過程中，彈簧的彈性勢能在A到C過程的增量小于C到B過程的增量，故D正確。故選ABD。10、AC【解析】AD由題意可知，圖中曲線是拋物線，則曲線的表達式可寫為粒子只在電場力作用下運動，由動能定理得即又所以粒子在運動過程中，受到的電場力不變，說明電場為勻強電場，場強為即粒子沿x軸做加速度不變，所以A正確，D錯誤；BC粒子從O點運動到x

22、1點，由動能定理得電場力做正功，電勢能減少，為則O、x1兩點之間的電勢差為所以B錯誤，C正確。故選AC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、1k 歐姆調(diào)零（或電阻調(diào)零） 6000 1.5 6.0 0.25 【解析】(1)123多用表指針偏轉(zhuǎn)角度過小說明指針靠近無窮處，所以要換高擋位，因此需選擇1k，同時注意歐姆調(diào)零；多用表的指針結(jié)果為6000。(2)d.456設電流表G所在回路除電源內(nèi)阻外其余電阻之和為R，由閉合電路歐姆定律解得由分流原理得聯(lián)立兩式整理得由圖可知解得E=1.5V，R=5，所以歐姆表總內(nèi)阻為R+r=6電流表G的量程解得E=1.5V R=6.0Ig=0.25A12、1mA 100 750 【解析】（1）由圖示電路圖可知，電壓表量程：Ig（rg+R1）=3VIg（rg+R2）=15V代入數(shù)據(jù)解得：Ig=1mA，rg=100；（2）修復電壓表，表頭滿偏電流為，Ig=1mA，電阻應為：rg