內(nèi)蒙古 高中高二(上)期末物理試卷-

1、題號高二（上）期末物理試卷一二三四總分得分一、單選題（本大題共10小題，共30.0分）1.關(guān)于通電導(dǎo)線所受安培力F的方向、磁場B的方向、電流I的方向之間的關(guān)系，下述說法中正確的是（）A.F、B、I三者必須相互垂直B.F必須垂直B、I，但B、I可以不垂直C.B必須垂直F、I，但F、I可以不垂直D.I必須垂直F、B，但F、B可以不垂直2.如圖所示的四種情況，通電導(dǎo)體均置于勻強磁場中，其中通電導(dǎo)線不受安培力的是（）A.B.C.D.3.如圖所示，在第一象限內(nèi)有垂直紙面向里的勻強磁場，一對正、負電子分別以相同速度沿與x軸成30角從原點垂直射入磁場，則正、負電子在磁場中運動時間之比為（）A.1：2B.2：

2、1C.：D.1：14.質(zhì)量為m、帶電量為q的小球，從傾角為的光滑絕緣斜面上由靜止下滑，整個斜面置于方向水平向外的勻強磁場中，其磁感強度為B，如圖所示若帶電小球下滑后某時刻對斜面的作用力恰好為零，下面說法中正確的是（）小球帶正電小球在斜面上運動時做勻加速直線運動小球在斜面上運動時做加速度增大，而速度也增大的變加速直線運動則小球在斜面上下滑過程中，當(dāng)小球?qū)π泵鎵毫榱銜r的速率為A.B.C.D.5.閉合線框abcd，自某高度自由下落時穿過一個有界的勻強磁場，當(dāng)它經(jīng)過如圖所示的三個位置時，感應(yīng)電流的方向是（）A.經(jīng)過時，B.經(jīng)過時，C.經(jīng)過時，無感應(yīng)電流D.經(jīng)過時，6.在閉合線圈上方有一條形磁鐵自由下

3、落，直至穿過線圈的過程中，下列說法中正確的是（）第1頁，共17頁A.磁鐵在下落過程中機械能守恒B.磁鐵的機械能增加C.磁鐵的機械能有時增加有時減少D.線圈增加的內(nèi)能是由磁鐵減少的機械能轉(zhuǎn)化而來的7.如圖所示，A、B、C、D是四個相同的白熾燈，都處于正常發(fā)光狀態(tài)，則圖中ab、cd兩端電壓U1與U2之比是（）A.3：1B.4：1C.3：2D.2：18.遠距離送電，已知升壓變壓器輸出電壓為U，輸出功率為P，降壓變壓器的輸入電壓為U，輸電線的電阻為R，則線路損耗的熱功率P損可用下面哪種方法計算（）A.損B.損C.D.損9.如圖所示，a、b、c三個閉合線圈放在同一平面內(nèi)，當(dāng)a線圈中通有電流I時，它們的磁

4、通量分別是a、b、c，下列說法正確的是（）A.B.C.D.10.如圖所示電路中，燈LA、LB完全相同，帶鐵芯的線圈L的電阻可忽略，則（）A.S閉合瞬間，、同時發(fā)光，接著熄滅，更亮，最后熄滅B.S閉合瞬間，不亮，立即亮C.S閉合瞬間，、都不立即亮D.穩(wěn)定后再斷開S的瞬間，熄滅，比原先亮度更亮二、多選題（本大題共5小題，共20.0分）11.如圖所示，一束帶電粒子沿著水平方向平行地飛過磁針的上方時，磁針的S極向紙內(nèi)偏轉(zhuǎn)，這一帶電粒子束可能是（）A.向右飛行的正離子束B.向右飛行的負離子束C.向左飛行的正離子束D.向左飛行的負離子束12.位于光滑水平面的小車上放置一螺線管，一個比螺線管長的條形磁鐵沿著

5、螺線管的軸線水平穿過，如圖所示，在此過程中（）A.磁鐵做勻速直線運動C.小車向右做加速運動B.磁鐵做減速運動D.小車先加速后減速13.如圖所示，回旋加速器是加速帶電粒子的裝置，其核心部分是分別與高頻交流電源兩極相連接的兩個D形金屬盒，兩盒間的狹縫中形成周期性變化的電場，使粒子在通過狹縫時都能得到加速，兩D形金屬盒處于垂直于盒底的勻強磁場中，D形盒半徑為R用該回旋加速器加速質(zhì)子時，勻強磁場的磁感應(yīng)強度為B，高頻交流電周期為T（粒子通過狹縫的時間忽略不計）則（）第2頁，共17頁A.質(zhì)子在D形盒中做勻速圓周運動的周期為TB.質(zhì)子被加速后的最大速度可能超過C.質(zhì)子被加速后的最大速度與加速電場的電壓大小

6、無關(guān)D.不改變B和T，該回旋加速器也能用于加速粒子14.如圖所示，兩根光滑的金屬導(dǎo)軌，平行放置在傾角為的斜面上，導(dǎo)軌的左端接有電阻R，導(dǎo)軌自身的電阻不計，磁場方向垂直于斜面向上，質(zhì)量為m、電阻不計的金屬棒ab在沿著斜面、與棒垂直的恒力F作用下沿導(dǎo)軌勻速上滑h高度，在此過程中（）A.作用于金屬棒上的各個力的合力所做的功等于零B.作用于金屬棒上的各個力的合力所做的功等于mgh與電阻R上發(fā)出的焦耳熱之和C.恒力F與安培力的合力所的功等于零D.恒力F與重力的合力所做的功等于電阻R上發(fā)出的焦耳熱15.如圖，一理想變壓器原線圈接入一交流電源，副線圈電路中R1、R2、R3和R4均為固定電阻，開關(guān)S是閉合的和

7、為理想電壓表，讀數(shù)分別為U1和U2；、和為理想電流表，讀數(shù)分別為I1、I2和I3現(xiàn)斷開S，U1數(shù)值不變，下列推斷中正確的是（）A.變小、變小C.變小、變小B.不變、變大D.變大、變大三、填空題（本大題共2小題，共14.0分）16.現(xiàn)將電池組、滑動變阻器、帶鐵芯的線圈A、線圈B、電流計（零刻線在正中位置）及開關(guān)如圖連接在一起，在開關(guān)閉合、線圈A在線圈B中的情況下，某同學(xué)發(fā)現(xiàn)當(dāng)他將滑動變阻器的滑動片P向左滑動時，電流計指針向右偏轉(zhuǎn)，由此可以推斷：如果將線圈A從線圈B中抽出時，電流表指針_當(dāng)開關(guān)由斷開狀態(tài)突然閉合，電流表指針將_當(dāng)滑動變阻器滑片P向右滑動時，電流表指針_（填右偏、左偏）17.在如下情

8、況中，求出金屬桿ab上的感應(yīng)電動勢，回答兩端的電勢高低（1）ab桿沿軌道下滑到速度為v時（圖甲），=_，_端電勢高（圖中、B、l均為已知）第3頁，共17頁（2）ab桿繞a端以角速度勻速轉(zhuǎn)動時（圖乙），=_，_端電勢高圖中B、l均為已知）四、計算題（本大題共4小題，共36.0分）18.一個10匝的閉合線圈的總電阻為0.5線圈的面積為10cm2，有一垂直于線圈平面的勻強磁場，其磁感應(yīng)強度隨時間變化的情況如圖所示，求：（1）00.2s內(nèi)線圈中磁通量的變化率；（2）00.2s內(nèi)線圈中產(chǎn)生的熱量。19.如圖所示，質(zhì)量為為m、電量為q的帶電粒子，經(jīng)電壓為U的電場加速，又經(jīng)磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場后落到圖中

9、D點，求A、D間的距離和粒子在磁場中運動的時間20.輕直導(dǎo)線桿ab沿垂直于軌道方向放在水平平行的光滑軌道上，ab桿所在區(qū)域充滿豎直向下的勻強磁場，如圖所示，磁感應(yīng)強度B=0.2T，軌道間距為10cm，當(dāng)給ab桿施加一個大小為0.04N，方向水平向左的力時，ab桿恰好靜止不動，已知電源內(nèi)阻r=1，電阻R=8，ab桿電阻為4，導(dǎo)軌電阻不計，求電源電動勢第4頁，共17頁21.如圖所示，ab=25cm，ad=20cm，匝數(shù)為50匝的矩形線圈線圈總電阻r=1外電路電阻R=9磁感應(yīng)強度B=0.4T線圈繞垂直于磁感線的OO軸以角速度50rad/s勻速轉(zhuǎn)動求：（1）從此位置開始計時，它的感應(yīng)電動勢的瞬時值表達

10、式（2）1min內(nèi)R上消耗的電能（3）當(dāng)從該位置轉(zhuǎn)過60時，通過R上瞬時電功率是多少？（4）線圈由如圖位置轉(zhuǎn)過30的過程中，R的電量為多少？第5頁，共17頁答案和解析1.【答案】B【解析】解：根據(jù)左手定則，可知：磁感線穿過掌心，安培力與磁感線垂直，且安培力與電流方向垂直，所以安培力垂直于磁感線與電流構(gòu)成的平面。但磁感線不一定垂直于電流，故只有B正確，ACD均錯誤；故選：B。左手定則的內(nèi)容：伸開左手，使大拇指與其余四個手指垂直，并且都與手掌在同一個平面內(nèi)；讓磁感線從掌心進入，并使四指指向電流的方向，這時拇指所指的方向就是通電導(dǎo)線在磁場中所受安培力的方向。根據(jù)左手定則的內(nèi)容判斷安培力的方向。解決本

11、題的關(guān)鍵是掌握用左手定則判定安培力的方向。2.【答案】C【解析】解：根據(jù)左手定則來確定安培力的方向，其內(nèi)容：伸開左手，大拇指與四指在同一平面，且與四指垂直，讓磁感線穿過掌心，四指向為電流的方向，則大拇指向為安培力的方向。A選項受到到安培力方向水平向左；B選項受到安培力方向水平向右；D選項受到安培力方向垂直紙面向里。而C選項，由于通電導(dǎo)線與磁感線平行，所以沒有磁場力。故選：C。通電導(dǎo)線在磁場中的受到安培力作用，由公式F=BIL求出安培力大小，由左手定則來確定安培力的方向?qū)W會區(qū)分左手定則與右手定則，前者是判定安培力的方向，而后者是判定感應(yīng)電流的方向3.【答案】B【解析】第6頁，共17頁解：正離子進

12、入磁場后，在洛倫茲力作用下向上偏轉(zhuǎn)，而負離子在洛倫茲力作用下向下偏轉(zhuǎn)正離子以60入射，則圓弧對應(yīng)的圓心角為120，而負離子以30入射，則圓弧對應(yīng)的圓心角為60，所以正離子運動時間是負離子時間的2倍故選B帶電粒子以一定的速度垂直進入勻強磁場，在洛倫茲力的作用下做勻速圓周運動粒子受到的洛倫茲力提供向心力；粒子在磁場中運動的周期僅與粒子的比荷及磁場有關(guān)，而運動的時間與偏轉(zhuǎn)角有關(guān)帶電粒子在磁場中運動的題目解題步驟為：定圓心、畫軌跡、求半徑則可畫出正、負離子運動軌跡，由幾何關(guān)系可知答案4.【答案】B【解析】解：、小球向下運動，由磁場垂直紙面向外，又由于洛倫茲力垂直斜面向上，所以小球帶正電。故正確；、小球

13、沒有離開斜面之前，在重力，支持力、洛倫茲力作用下做勻加速直線運動，雖然速度變大，導(dǎo)致洛倫茲力變大，但三個力的合力卻不變，故正確；、小球沒有離開斜面之前，在重力，支持力、洛倫茲力作用下做勻加速直線運動，雖然速度變大，導(dǎo)致洛倫茲力變大，但重力沿斜面向下的分力卻不變，即三個力的合力卻不變，故錯誤；、則小球在斜面上下滑過程中，當(dāng)小球受到的洛倫茲力等于重力垂直與斜面的分力相等時，小球?qū)π泵鎵毫榱恪Ｋ訠qv=mgcos，則速率為v=，故正確；故選：B。帶電滑塊在滑至某一位置時，由于在安培力的作用下，要離開斜面根據(jù)磁場方向結(jié)合左手定則可得帶電粒子的電性第7頁，共17頁由光滑斜面，所以小滑塊在沒有離開斜面

14、之前一直做勻加速直線運動借助于洛倫茲力公式可求出恰好離開時的速度大小，從而由運動學(xué)公式來算出勻加速運動的時間由位移與時間關(guān)系可求出位移大小本題突破口是從小滑塊剛從斜面離開時，從而確定洛倫茲力的大小，進而得出剛離開時的速度大小，由于沒有離開之前做勻加速直線運動，所以由運動與力學(xué)可解出運動的時間及位移倘若斜面不是光滑的，則隨著粒子的下滑，洛倫茲力大小變化，導(dǎo)致摩擦力變化，從而使加速度也發(fā)生變化5.【答案】C【解析】解：A、經(jīng)過時，向里的磁通量增加，根據(jù)楞次定律則感應(yīng)電流磁場方向向外，由右手定則判斷感應(yīng)電流方向為逆時針，故A錯誤；B、經(jīng)過時，磁通量不變，則感應(yīng)電流為0，故B錯誤，C正確；D、經(jīng)過時，

15、向里的磁通量減少，根據(jù)楞次定律感應(yīng)電流的磁場方向向里，由右手定則判斷感應(yīng)電流方向為順時針，故D錯誤。故選：C。根據(jù)楞次定律直接進行判斷即可本題考查了由楞次定律和右手定則對感應(yīng)電流方向以及有無的判斷，基礎(chǔ)題6.【答案】D【解析】解：A、B、C、磁鐵下落過程中，線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流，根據(jù)楞次定律可知，磁鐵將向上的安培力阻礙，其機械能減小轉(zhuǎn)化為電能，故ABC錯誤。D、穿過線圈的磁通量發(fā)生變化，將產(chǎn)生感應(yīng)電流，產(chǎn)生內(nèi)能。則由能量守恒知，線圈中增加的內(nèi)能是由磁鐵減少的機械能轉(zhuǎn)化而來的。故D正確。故選：D。第8頁，共17頁條形磁鐵在下落過程中穿過閉合線圈，線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流，該過程是電磁感應(yīng)現(xiàn)象，磁鐵的機械

16、能轉(zhuǎn)化為電能，也是克服阻力做功的過程分析磁鐵的受力情況，判斷其機械能是否守恒楞次定律有兩種表述方式，一種為“增反減同”，另一種為“來拒去留”，我們常用第一種來判斷電流方向，但不應(yīng)忽視第二種表達的應(yīng)用，可以用來判斷磁極間的相互作用或者是運動情況7.【答案】B【解析】解：原副線圈的電流之比為：則，則=，則U=3U原燈因U1=U燈+U原=4U燈則故B正確，ACD錯誤故選：B。由三個燈泡的電流一樣，求得原副線圈的電流之比，進而得出電壓之比，再由U1=UA+U原，從而得U1與U2之比考查變壓器的電壓與匝數(shù)成正比，電流與匝數(shù)成反比，從而分析計算電流電壓8.【答案】D【解析】解：根據(jù)P=U1I得，輸電線上的

17、電流I=。，則輸電線上損耗的功率P損=I2R=又輸電線上電壓U線=U-U，則輸電線上損耗的功率P損=正確，A、B、C錯誤。故選：D。根據(jù)功率和輸出電壓得出輸送電流的大小，根據(jù)P損=I2R=的功率=故D求出線路損耗第9頁，共17頁解決本題的關(guān)鍵知道：1、輸送功率、輸送電壓、電流之間的關(guān)系，2、升壓變壓器的輸出電壓、降壓變壓器的輸入電壓、電壓損失之間的關(guān)系9.【答案】B【解析】解：根據(jù)題意可知，結(jié)合安培定則可得，線圈a內(nèi)部的磁場方向垂直紙面向外，a的外部磁場方向垂直紙面向里，而磁通量可看成穿過線圈的磁感線條數(shù)，當(dāng)線圈的面積越大時，則相互抵消的越多，因此穿過線圈a的磁通量最大，線圈c的磁通量最??；故

18、有：abc。故選：B。根據(jù)安培定則可知，環(huán)形導(dǎo)線周圍磁場的分布；而通過線圈的磁通量變化是末磁通量減去初磁通量，磁通量是標(biāo)量，但磁感線分正反面穿過線圈，根據(jù)抵消后的磁通量計算解決本題的關(guān)鍵安培定則以及應(yīng)用，掌握磁通量的概念，理解磁通量的正負含義注意分清正反面10.【答案】A【解析】解：ABC、開關(guān)S閉合的瞬間，兩燈同時獲得電壓，所以A、B同時發(fā)光。由于線圈的電阻可以忽略，燈A逐漸被短路，流過A燈的電流逐漸減小，流過B燈的電流逐漸增大，則A燈變暗，B燈變亮，最后LA熄滅。故BC錯誤，A正確。D、穩(wěn)定后再斷開S的瞬間，由于線圈與燈A構(gòu)成自感回路，與燈B無關(guān)，所以LB立即熄滅；流過線圈的電流在A的電流

19、的基礎(chǔ)上開始減小，所以LA不能比LB原先亮度更亮。故D錯誤。故選：A。開關(guān)S閉合的瞬間，電源的電壓同時加到兩燈的兩端，兩燈同時發(fā)光。由于線圈的電阻可以忽略，燈A逐漸被短路，隨后A燈變暗，B燈變亮。斷開開關(guān)K第10頁，共17頁的瞬間，B燈立即熄滅，A燈突然閃亮一下再熄滅。對于自感線圈，當(dāng)電流變化時產(chǎn)生自感電動勢，相當(dāng)于電源，當(dāng)電路穩(wěn)定時，相當(dāng)于導(dǎo)線，將所并聯(lián)的電路短路。11.【答案】BC【解析】解：小磁針的S極向紙內(nèi)偏轉(zhuǎn)，N極向外偏轉(zhuǎn)，因此在粒子下方磁場方向向外，根據(jù)安培定則可知電流方向向左，故這束粒子若帶正電，則向左飛行，若帶負電，則向右飛行，故BC正確，AD錯誤。故選：BC。帶電粒子運動時將

20、形成電流，在電流周圍形成磁場，根據(jù)小磁針的偏轉(zhuǎn)情況，判斷出電流形成磁場方向，然后根據(jù)安培定則判斷出電流方向，從而判斷出粒子的正負及運動方向。對于電流方向、磁場方向的規(guī)定要熟練掌握，尤其是要正確根據(jù)安培定則判斷電流方向與磁場方向之間的關(guān)系。12.【答案】BC【解析】解：由題意可知，當(dāng)磁鐵向右運動時，即靠近螺線管，導(dǎo)致穿過的磁通量變大，因此根據(jù)楞次定律，則有感應(yīng)電流產(chǎn)生，根據(jù)楞次定律，安培力阻礙磁鐵靠近，同理；當(dāng)磁體遠離小車時，也受到阻力的作用。磁體受到向左的力，根據(jù)牛頓第三定律可知，同時小車受到向右的力，一直向右加速運動，直到磁鐵離小車很遠。故BC正確，AD錯誤；故選：BC。當(dāng)磁鐵的運動時，穿過

21、線圈的磁通量變化，由楞次定律判斷出小車的受力和磁鐵的受力楞次定律是高中物理的一個重點，也是常考內(nèi)容，一定要正確、全面理解楞次定律含義，掌握應(yīng)用楞次定律解題的思路與方法第11頁，共17頁13.【答案】AC【解析】解：A、回旋加速器粒子在磁場中運動的周期和高頻交流電的周期相等。故A正確。B、當(dāng)粒子從D形盒中出來時速度最大，vm=故B錯誤。C、根據(jù)，得，與加速的電壓無關(guān)。故C正確。D、根據(jù)，知質(zhì)子換成粒子，比荷發(fā)生變化，則在磁場中運動的周期發(fā)生變化，回旋加速器粒子在磁場中運動的周期和高頻交流電的周期相等，故需要改變磁感應(yīng)強度或交流電的周期。故D錯誤。故選：AC。回旋加速器粒子在磁場中運動的周期和高頻

22、交流電的周期相等，當(dāng)粒子從D形盒中出來時，速度最大，此時運動的半徑等于D形盒的半徑解決本題的關(guān)鍵知道當(dāng)粒子從D形盒中出來時，速度最大以及知道回旋加速器粒子在磁場中運動的周期和高頻交流電的周期相等14.【答案】AD【解析】解：導(dǎo)體棒勻速上升過程中，根據(jù)動能定理得：WF-WG-W安=0，注意克服安培力所做功即為回路電阻中產(chǎn)生的熱量，故有：金屬棒上的各個力的合力所做的功等于零，A正確，B錯誤；恒力F與安培力合力做功等于克服重力所做功，故C錯誤；恒力F與重力的合力所做的功等于克服安培力所做功即等于電阻R上發(fā)出的焦耳熱，故D正確。故選：AD。導(dǎo)體棒勻速上升，因此合外力為零，對導(dǎo)體棒正確受力分析，根據(jù)動能

23、定理列方程，弄清功能轉(zhuǎn)化關(guān)系，注意克服安培力所做功即為回路電阻中產(chǎn)生的熱量第12頁，共17頁對于電磁感應(yīng)與功能結(jié)合問題，注意利用動能定理進行判斷各個力做功之間關(guān)系，尤其注意的是克服安培力所做功等于整個回路中產(chǎn)生熱量15.【答案】BC【解析】解：理想變壓器的電壓與匝數(shù)程正比，由于理想變壓器原線圈接到電壓不變，則副線圈電壓不變，所以V2的示數(shù)U2也不變，當(dāng)s斷開之后，并聯(lián)電路的電阻變大，副線圈的電阻也就變大，由于副線圈電壓不變，所以副線圈的總電流減小，即I2變小，由于電流與匝數(shù)成反比，當(dāng)副線圈的電流減小時，原線圈的電流也就要減小，所以I1變小，由于副線圈的總電流減小，R1的電壓減小，并聯(lián)電路的電壓

24、就會增大，所以R3的電流I3就會增大，所以BC正確，AD錯誤故選BC和閉合電路中的動態(tài)分析類似，可以根據(jù)R2的變化，確定出總電路的電阻的變化，進而可以確定總電路的電流的變化的情況，再根據(jù)電壓不變，來分析其他的原件的電流和電壓的變化的情況電路的動態(tài)變化的分析，總的原則就是由部分電路的變化確定總電路的變化的情況，再確定其他的電路的變化的情況，即先部分后整體再部分的方法16.【答案】右偏；左偏；左偏【解析】解：由圖示可知，將滑動變阻器的滑動片P向左滑動時，滑動變阻器接入電路的阻值增大，通過線圈A的電流減小，電流產(chǎn)生的磁場減弱，穿過線圈B的磁通量減小，電流計指針向右偏轉(zhuǎn)，由此可知，穿過線圈B的磁通量減

25、少時，電流表指針向右偏，則磁通量減少時，指針向左偏；如果將線圈A從線圈B中抽出時，穿過線圈B的磁通量減少，電流表指針右第13頁，共17頁偏；當(dāng)開關(guān)由斷開狀態(tài)突然閉合，穿過線圈B的磁通量增大，電流表指針將左偏；當(dāng)滑動變阻器滑片P向右滑動時，通過A的電流增大，穿過線圈B的磁通量增大，電流表指針左偏；故答案為：右偏；左偏；左偏根據(jù)題意確定電流表指針偏轉(zhuǎn)方向與磁通量變化間的關(guān)系，然后根據(jù)題意判斷磁通量如何變化，再判斷指針偏轉(zhuǎn)方向本題無法直接利用楞次定律進行判斷，但是可以根據(jù)題意得出產(chǎn)生使電流表指針右偏的條件，即可不根據(jù)繞向判出各項中應(yīng)該出現(xiàn)的現(xiàn)象17.【答案】BLvcosa；a；BL2；a【解析】解：

26、（1）由圖示可知，為B與v間的夾角，感應(yīng)電動勢：E=BLvcos，由右手定則可知，感應(yīng)電流由b流向a，在電源內(nèi)部，電流由低電勢點流向高電勢點，則a點電勢高；（2）ab桿繞a端以角速度勻速轉(zhuǎn)動時（圖乙），=BL=BL=根據(jù)右手定則判斷可知a端電勢高故答案為：（1）BLvcosa，a（2）BL2，a（1）由E=BLvcos求出感應(yīng)電動勢，其中為B與v間的夾角，由右手定則判斷出感應(yīng)電流方向，然后判斷電勢高低（2）根據(jù)公式=低求解轉(zhuǎn)動產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢，由右手定則判斷電勢高本題考查了求感應(yīng)電動勢、判斷電勢高低，應(yīng)用E=BLvcos、=手定則即可正確解題和右第14頁，共17頁18.【答案】解：（1）1.0

27、0.2內(nèi)磁通量的變化率=S=1010-4Wb/s=0.01Wb/s。（2）00.2產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢E=n=100.01V=0.1V線圈中產(chǎn)生的熱量Q=410-3J答：（1）00.2s內(nèi)線圈中磁通量的變化率是0.01Wb/s；（2）00.2s內(nèi)線圈中產(chǎn)生的熱量是410-3J?！窘馕觥浚?）根據(jù)B-t圖象可得到磁感應(yīng)強度的變化率，再求得磁通量的變化率；（2）00.2s內(nèi)，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求得感應(yīng)電動勢，再由焦耳定律求線圈中產(chǎn)生的熱量。本題考查了法拉第電磁感應(yīng)定律、閉合電路歐姆定律、焦耳定律的綜合運用，要知道感應(yīng)電動勢與磁通量的變化率成正比，當(dāng)磁通量均勻變化量電路中產(chǎn)生恒定的感應(yīng)電動勢。19.【答案】解：粒子在電場中加速，由動能定理得：qU=mv2-0，粒子在磁場中做圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：qvB=m，A、D間的距離：d=2r，解得：d=，粒子在磁場中做圓周運動的周期：T=粒子在磁場中的運動時間：t=T=；，答：A、D間的距離為，粒子在磁場中運動的時間為【解析】粒子在電場中加速，由動能定理求出粒子進入磁場時的速度；粒子在磁場中做圓周運動，洛倫茲力提供向心力，應(yīng)用牛