2022年河北省五個一名校聯盟高一物理第一學期期末監(jiān)測試題含解析

1、2022-2023學年高一上物理期末模擬試卷請考生注意：1請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用05毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區(qū)內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2答題前，認真閱讀答題紙上的注意事項，按規(guī)定答題。一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、踢毽子是一項深受大眾喜愛的傳統健身運動。在某次踢毽子的過程中，關于毽子和腳之間的相互作用力，下列說法正確的是（）A.毽子對腳的作用力大于腳對毽子的作用

2、力B.毽子對腳的作用力小于腳對毽子的作用力C.腳對毽子的作用力與毽子對腳的作用力方向相同D.腳對毽子的作用力是由于腳發(fā)生形變產生的2、下列說法中，正確是（）A.質點做直線運動時，其位移的大小和路程一定相等B.質點做曲線運動時，某段時間內位移的大小一定小于路程C.兩個位移相同的質點，它們所通過的路程一定相等D.兩個質點通過相同的路程，它們的位移大小一定相等3、下列各組儀器，用來測量國際單位制中三個力學基本物理量的是（ ）A.米尺、彈簧秤、壓強計B.米尺、天平、秒表C.米尺、測力計、打點計時器D.量筒、天平、秒表4、對于平拋運動，下列說法正確的是（）A.落地時間和落地時的速度只與拋出點的高度有關B

3、.平拋運動是加速度方向變化的曲線運動C.做平拋運動的物體，在任何相等的時間內位移的增量都是相等的D.做平拋運動的物體，在任何相等的時間內速度的增量都是相同的5、如圖所示，粗糙水平面上放有截面為圓周的柱狀物體A，A與墻面之間放一光滑的圓柱形物體B，對A施加一個水平向左的力F，使A緩慢地向左移動少許，在這一過程中（）A.墻壁對B的彈力先減小后增大B.A對B的彈力一直增大C.A受到的摩擦力一直增大D.A受到的地面支持力不變6、如圖所示，水平面上有一質量為m=2kg的滑塊，t=0時，該滑塊在恒定的水平拉力F作用下由靜止開始做勻加速直線運動，t=1s時撤去拉力F，物體在整個運動過程中的vt圖象如圖所示，

4、g10 m/s2，則A.拉力F的大小為18NB.拉力F的大小為15NC.滑塊與水平面的動摩擦因數為=0.3D.滑塊與水平面的動摩擦因數為=0.27、重150N的光滑球A懸空靠在豎直墻和三角形木塊B之間,木塊B的重力為1500N,且靜止在水平地面上,如圖所示,則 A.地面所受壓力的大小為1650NB.地面所受壓力的大小為1500NC.木塊B所受水平地面摩擦力大小為150ND.木塊B所受水平地面摩擦力大小N8、一只船在靜水中的速度為，它要渡過一條寬度為的河，河水的流速為，則下列說法中正確的是（ ）A.船渡河的最短時間為10sB.船渡河的速度一定為C.船不能垂直到達對岸D.船垂直到達對岸所需時間為6

5、s9、將力F分解為兩個不為零的力，下列情況具有唯一解的是（ ）A.已知兩個力的方向，并且不在同一直線上B.已知一個分力的大小和另一分力的方向C.已知兩個力的大小D.已知一個分力的大小和方向10、某人在t0時刻開始觀察一個正在做勻加速直線運動的質點，現只測出該質點在第3s內和第7s內的位移，則下列說法正確的是（ ）A.不能求出任意一秒內的位移B.不能求出任一時刻的瞬時速度C.能求出第3s末到第7s末這段時間內的位移D.能求出質點運動的加速度二、實驗題11、（4分）利用如圖甲所示的裝置可以驗證牛頓第二定律。(1)除了圖中器材外，在下列器材中還必須使用的有_（選填選項前的字母）。A低壓直流電源 B2

6、20V、50Hz的交流電源C天平（或電子秤） D刻度尺(2)如圖乙所示為某同學某次實驗中打出紙帶的一部分，已知實驗中打點計時器的打點周期為0.02s，紙帶上的A、B、C為三個相鄰的計數點，在每兩相鄰的計數點間還有4個點沒有畫出，A、B間的距離x1=6.15cm，B、C間的距離x2=6.63cm，則小車的加速度a=_m/s2(3)該實驗中“細線對小車的拉力F等于砂和桶所受的總重力”是有條件的。若實驗前已經平衡好了摩擦，將小車的質量記為M，砂和桶的總質量記為m，重力加速度為g，根據牛頓第二定律可計算出細線作用于小車的拉力F=_（用題中所給字母表示）。如果實驗中要進行質量M和m的選取，以下最合理的一

7、組是_。AM=20g，m=10g、15g、20g、25g、30g、40gBM =200g，m =20g、40g、60g、80g、100g、120gCM =400g，m =10g、15g、20g、25g、30g、40gDM =400g，m =20g、40g、60g、80g、100g、120g(4)在本實驗中認為細線對小車的拉力F等于砂和桶的總重力mg，已知兩位同學利用實驗數據做出的圖像如圖丙中的1、2所示。下列分析正確的是_（選填選項前的字母）。A出現圖線1的原因可能是在平衡摩擦力時長木板的傾斜度過大B出現圖線1的原因可能是在平衡摩擦力時長木板的傾斜度過小C出現圖線2的原因可能是砂和桶的總質量不

8、合適D出現圖線2的原因可能是小車的質量過大12、（10分）游樂場上的升降機可在豎直方向做變速運動讓人體驗超失重的感覺，某同學在升降機中把一物體掛在力傳感器上，通過傳感器顯示上升過程拉力隨時間的變化情況升降機從靜止加速上升，再勻速運動一段時間，最后減速到停止運動，如圖所示為傳感器在屏幕上顯示的拉力隨時間的變化圖線，則該升降機向上加速過程經歷了_, 升降機的最大加速度是_（取10）三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟只寫出最后答案的不能得分有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位13、（9分）如圖，質量為m的重球，由細繩懸掛而放在斜面上，斜面光滑，傾角=30，細繩與豎直

9、方向夾角也為30，求細繩受到的拉力及斜面受到的壓力？14、（14分）風洞實驗室中可產生水平方向的、大小可調節(jié)的風力，現將一套有小球的細直桿放入風洞實驗室小球孔徑略大于細桿直徑(1)當桿在水平方向上固定時，調節(jié)風力的大小，使小球在桿上作勻速運動，這時小球所受的風力為小球所受重力的0.5倍，求小球與桿間的滑動摩擦因數(2)保持小球所受風力不變，使桿與水平方向間夾角為37并固定，如圖，則小球從靜止出發(fā)在細桿上下滑的加速度大小為多少?15、（13分）如圖所示，傾角37斜面長L1m的斜面體放在水平面上。將一質量m2kg的小物塊從斜面頂部由靜止釋放，經時間t1s后到達底端，斜面體始終保持靜止。重力加速度g

10、10m/s2，sin370.6，cos370.8求:（1）小物塊沿斜面下滑的加速度；（2）小物塊與斜面之間的動摩擦因數；（3）小物塊沿斜面下滑過程中重力做功。參考答案一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、D【解析】ABC毽子對腳作用力與腳對毽子的作用力是相互作用力，根據牛頓第三定律可知，二者大小相等，方向相反，故ABC錯誤；D由彈力的產生可知，腳對毽子的作用力是由于腳發(fā)生形變產生的，故D正確。故選D。2、B【解析】只有做單向直線運動時，路程等于位移

11、的大小，故A錯誤在曲線運動中，位移的大小小于路程，故B正確兩個質點的位移相同，但它們經過的運動軌跡不一定相同，故C錯誤兩個質點的路程相同，但它們初末位置不一定相同，即位移不一定相同，故D錯誤故選B【點睛】路程是標量，大小等于物體運動軌跡的長度，位移是矢量，位移的大小等于由初位置指向末位置的有向線段的長度，與運動的路線無關3、B【解析】國際單位制總力學基本量為時間、質量和長度，用秒表測量時間，用天平測量質量，用刻度尺即米尺測量長度，故B正確4、D【解析】A由hgt2得：t，則知落地時間只與拋出點的高度有關，落地時的速度v，可知落地時的速度與初速度、高度都有關，故A錯誤。B平拋運動的物體只受重力作

12、用，加速度為g，保持不變，做勻變速曲線運動，故B錯誤。C做平拋運動的物體在水平方向上做勻速直線運動，在任何相等的時間內通過的位移相等。在豎直方向上做自由落體運動，在相等時間內通過的位移不斷增大，所以做平拋運動的物體，在任何相等的時間內位移的增量不等，故C錯誤。D平拋運動只受重力，做勻變速曲線運動，在任何相等的時間內速度的增量都是相同，故D正確。故選擇D選項。5、D【解析】AB、對B球受力分析，受到重力mg、A球對B球的支持力N和墻壁對B球的支持力N，如圖當A球向左移動后，A球對B球的支持力N的方向不斷變化，根據平衡條件可以知道：A球對B球的支持力N和墻壁對B球的支持力N都在不斷減小，故AB錯誤

13、；CD、對A和B整體受力分析，受到總重力G、地面支持力FN，推力F和墻壁的彈力N，如圖根據平衡條件有：F=N+f，FN=G，地面的支持力不變，由于壁對B球的支持力N的不斷減小，f=F-N，由于不知F如何變化，f可能減小，也可能增大，還可能不變，故C錯誤D正確故選D6、AC【解析】速度時間圖象的斜率表示加速度，則01s的加速度大小為：m/s213s的加速度大小為：m/s201s沒有撤去拉力F，根據牛頓第二定律有：13s撤去拉力F，根據牛頓第二定律有：由得：由得：F=18N故AC正確，BD錯誤。故選AC7、AD【解析】以A球為研究對象，分析受力情況：重力，墻的支持力和B的支持力，作出力圖：由平衡條

14、件得知，和的合力與大小相等、方向相反，則有：；再以AB整體為研究對象，分析受力如圖：由平衡條件得：B所受的摩擦力：，方向水平向右；支持力為：，根據牛頓第三定律可知，對地面的壓力大小為，方向豎直向下，故AD正確，BC錯誤8、AC【解析】將船的運動分解為沿河岸方向和垂直于河岸方向，根據垂直于河岸方向上的速度求出渡河的時間通過判斷合速度能否與河岸垂直，判斷船能否垂直到對岸【詳解】A、D項：當靜水速與河岸垂直時，渡河時間最短為：，不可能等于6s故A正確，D錯誤；B項：因為船的靜水速的方向未知，根據平行四邊形定則，無法判斷船渡河的速度大小，故B錯誤 ；C項：根據平行四邊形定則，由于靜水速小于水流速，則合

15、速度不可能垂直于河岸，即船不可能垂直到達對岸，故C正確故選AC【點睛】解決本題的關鍵知道合運動與合運動具有等時性，各分運動具有獨立性，互不干擾9、AD【解析】因合力F一定，若已知兩個力的方向，并且不在同一直線上，則分解的結果是唯一的，選項A正確；已知一個分力的大小和另一分力的方向，分解的結果可能有兩種，選項B錯誤；已知兩個力的大小，分解的結果可能有兩種，選項C錯誤；已知一個分力的大小和方向，則另一個分力一定是唯一的，選項D正確；故選AD.10、CD【解析】根據連續(xù)相等時間內的位移之差是一恒量求出質點的加速度，以及各秒內的位移根據某段時間內的平均速度等于中間時刻的瞬時速度求出瞬時速度的大小，結合

16、速度時間公式求出各個時刻的瞬時速度【詳解】因為連續(xù)相等時間內位移之差是一恒量，已知第3s內和第7s內的位移，則可以得出相鄰相等時間內的位移之差，從而得出任意1s內的位移，以及第3s末到第7s末的位移，故A錯誤，C正確根據連續(xù)相等時間內的位移之差是一恒量，即x7x34aT2，可以求出加速度的大小，根據某段時間內的平均速度等于中間時刻的瞬時速度求出瞬時速度的大小，結合速度時間公式求出各個時刻的瞬時速度故B錯誤，D正確故選CD【點睛】解決本題的關鍵掌握勻變速直線運動的運動學公式和推論，并能靈活運用，有時運用推論求解會使問題更加簡捷二、實驗題11、 .BCD .0.48 . .C .A C【解析】(1

17、)1AB實驗中用到電火花計時器，所以需要220V、50Hz的交流電源，選項B正確，A錯誤；C驗證牛頓第二定律實驗中需要用天平測質量，選項C正確；D實驗中需要通過紙帶測出加速度，則需要刻度尺，選項D正確。故選BCD。(2)2小車的加速度(3)3 根據牛頓第二定律有，對整體有對小車有所以細線作用于小車的拉力4當時，繩子的拉力近似等于砂和砂桶的重力，因此最合理的一組是C。(4)5AB由圖線1可知F=0時，加速度a不等于零，可知平衡摩擦力過度，即木板一端墊得過高，選項A正確，B錯誤；CD出現圖線2的原因可能是砂和桶的總質量不合適，沒有滿足遠小于小車的質量，選項C正確，D錯誤。故選AC。12、 .6s

18、.8m/s2【解析】（1）當升降機在啟動階段加速上升時，重物所受的支持力大于重力，則重物對臺秤的壓力也大于重力由圖讀出重物的重力，根據壓力大于重力，確定升降機加速上升的時間（2）當重物對臺秤的壓力最大時，升降機的加速度最大，讀出最大的壓力，由牛頓第二定律求出最大的加速度【詳解】（1）由圖讀出，升降機在6-16s內做勻速運動，重物對臺秤的壓力大小等于其重力的大小，則知重物的重力為G=5N，由圖還看出，在0-6s內，重物對臺秤的壓力大于重物的重力，說明升降機正在加速上升，所以該升降機在啟動階段經歷了6s時間（2）由圖讀出，重物對臺秤最大的壓力為9N，則臺秤對重物最大的支持力為Nmax=9N，根據牛頓第二定律得：Nmax-G=mamax，而m=G/g