高考物理最新電磁學知識點之電磁感應易錯題匯編附答案

1、一、選擇題1.在如圖所示的電路中,RL,則下列說法正確的是一、選擇題1.在如圖所示的電路中,RL,則下列說法正確的是A.合上開關后,B.斷開開關時,c先亮，a、b后亮N點電勢高于M點高考物理最新電磁學知識點之電磁感應易錯題匯編附答案a、b、c為三盞完全相同的燈泡，L是自感線圈，直流電阻為C.斷開開關后,D.斷開開關后,A-.C.B.C.斷開開關后,D.斷開開關后,A-.C.B.D.b、c同時熄滅，a緩慢熄滅c馬上熄滅，b閃一下后緩慢熄滅.如圖所示，有一正方形閉合線圈，在足夠大的勻強磁場中運動。下列四個圖中能產(chǎn)生感 應電流的是.如圖所示，閉合導線框的質量可以忽略不計，將它從如圖所示的位置勻速拉出

2、勻強磁場.若第一次用0.3 s時間拉出，外力所做的功為Wi,通過導線截面的電荷量為qi；第二次用0.9 s時間拉出，外力所做的功為W2,通過導線截面的電荷量為 q2,則（）* *曇* *,* *；X X X M I ；! S 4 X M K M M ：X X X M X A. WiW2,qiq2B.WiW2,qi = q2D,WiW2,qiq24.如圖所示，電源的電動勢為E,內(nèi)阻為r不可忽略.A、B是兩個相同的小燈泡，L是個自感系數(shù)較大的線圈.關于這個電路的說法中正確的是A.閉合開關，A燈立刻亮，而后逐漸變暗，最后亮度穩(wěn)定B.閉合開關，B燈立刻亮，而后逐漸變暗，最后亮度穩(wěn)定C.開關由閉合至斷開

3、，在斷開瞬間，A燈閃亮一下再熄滅D.開關由閉合至斷開，在斷開瞬間，電流自左向右通過A燈5.如圖所示兩個線圈繞在同一根鐵芯上，其中一線圈通過開關與電源連接，另一線圈與遠 處沿南北方向水平放置在紙面內(nèi)的直導線連接成回路。將一小磁針用一彈性細絲懸掛在直 導線正上方，開關斷開時小磁針處于靜止狀態(tài)。下列說法正確的是（）A.閉合開關小磁針 N極朝垂直紙面向里轉動，接著回到原位B.閉合開關，小磁針 N極朝垂直紙面向里轉動，并保持在轉動后的位置C.開關從閉合狀態(tài)斷開，小磁針 N極不發(fā)生偏轉D.開關從閉合狀態(tài)斷開，小磁針N極朝垂直紙面向里轉動，接著回到原位6.如圖所示的電路中，電源的電動勢為 E,內(nèi)阻為r ,電

4、感L的電阻不計，電阻 R的阻 值大于燈泡D的阻值，在t 0時刻閉合開關S,經(jīng)過一段時間后，在 t t1時刻斷開S,卜列表示燈D中的電流（規(guī)定電流方向 A B為正）隨時間t變化的圖像中，正確的是7.如圖甲所示，光滑的平行金屬導軌（足夠長）固定在水平面內(nèi)，導軌間距為l=20cm,7.如圖甲所示，光滑的平行金屬導軌阻值為R=1Q的電阻，放在軌道上靜止的一導體桿MN與兩軌道垂直，整個裝置置于豎直向上的勻強磁場中，磁場的磁感應弓雖度大小為B=0.5T.導體桿受到沿軌道方向的拉力F做勻加速運動,測得力F與時間t的關系如圖2所示。導體桿及兩軌道的電阻均可忽略不計，導體桿在運動過程中始終與軌道垂直且兩端與軌道

5、保持良好接觸，則導體桿的加速度大小和質量分別ffilffi310 m/s2, 0.5 kg10 m/s2, 0.1 kg20 m/s2, 0.5 kgD. 20 m/s2, 0.1 kg.如圖所示，兩根平行金屬導軌置于水平面內(nèi)，導軌之間接有電阻R.金屬棒ab與兩導軌垂直并保持良好接觸，整個裝置放在勻強磁場中，磁場方向垂直于導軌平面向下.現(xiàn)使 磁感應強度隨時間均勻減小，ab始終保持靜止，下列說法正確的是（）ab中的感應電流方向由 b至1J aab中的感應電流逐漸減小ab所受的安培力保持不變ab所受的靜摩擦力逐漸減小.如圖所示，繞在鐵芯上的線圈與電源、滑動變阻器和電鍵組成閉合回路，在鐵芯的右端 套

6、有一個表面絕緣的銅環(huán) a,下列各種情況中銅環(huán) a中沒有感應電流的是（）A.將電鍵突然斷開的瞬間B.線圈中通以恒定的電流C.通電時，使滑動變阻器的滑片P做加速移動D.通電時，使滑動變阻器的滑片P做勻速移動.下圖為無線充電技術中使用的受電線圈示意圖，線圈匝數(shù)為時間內(nèi)，勻強磁場平行于線圈軸線向右穿過線圈，其磁感應強度大小由B1均勻增加到B2,則該段時間線圈兩端a和b之間的電勢差 a bC.恒為nS(B2 B1)t2 tC.恒為nS(B2 B1)t2 t1B.從0均勻變化到D.從。均勻變化到nS(B2 B1)t2 t1nS( B2 B1)t2t1 TOC o 1-5 h z .穿過一個單匝閉合線圈的磁

7、通量始終為每秒均勻增加2Wb,則（）A.線圈中感應電動勢每秒增加 2VB.線圈中感應電動勢始終為2VC.線圈中感應電動勢始終為一個確定值，（1由于線圈有電阻，電動勢小于2VD.線圈中感應電動勢每秒減少 2V12.如圖所示，螺線管匝數(shù) n=1500匝，橫截面積 S=20cm2 ,螺線管導線電阻r= 1 Q,電阻R=4Q.螺線管所在空間存在著向右的勻強磁場，磁感應強度大小隨時間的變化如圖所示,卜列說法正確的是（）卜列說法正確的是（）圖1圖2A.電阻R的電流方向是從A到CB.感應電流的大小隨時間均勻增大C.電阻R兩端的電壓為6VD. C點的電勢為4.8V.在圖中，EF、GH為平行的金屬導軌，其電阻不

8、計，R為電阻，C為電容器，AB為可在I1和I2I1和I2分別表木圖中該處導線中的電流，則當橫桿 AB（）A,勻速滑動時，IA,勻速滑動時，I1 = 0, I2=0C.加速滑動時，I1=0, I2= 0B.勻速滑動時，I1WQ I2W0D.加速滑動時，IWQ I2WO.如圖所示，在豎直向下的勻強磁場中，將一水平放置的金屬棒ab以水平初速度vo拋出，設在整個過程中棒一直保持水平，且不計空氣阻力，則金屬棒在運動過程中產(chǎn)生的感 應電動勢的大小變化情況是A.越來越大B.越來越小C.保持不變D.無法判斷.如圖所示，兩足夠長的平行金屬導軌間的距離為L,導軌光滑且電阻不計，在導軌所在平面內(nèi)分布著磁感應強度為

9、B、方向垂直于導軌所在平面向上的勻強磁場。有一阻值為R的電阻接在M、P間，將一根有效阻值為 R的導體棒ab放在金屬導軌上，導體棒與金屬2導軌垂直且接觸良好，并在水平外力F的作用下以速度 v向右勻速運動，則（）*8*LJ_LJ_H1 1 A.；B. rLWb 1Of17.如圖，固定在水平面上的 上的磁場中.當磁感應強度A.桿中的感應電流方向是從3y3N1JJ族DOU形金屬框上，靜止放金屬桿ab,整個裝置處于豎苜洵B均勻減小時，桿 ab總保持靜止，則在這一過程中 （）a到b j I h 1產(chǎn)A.回路中的感應電流方向為M - R一PB.導體棒ab兩點間的電壓為 BLvC.導體棒a端電勢比b端低D.水

10、平外力F做的功等于電阻 R產(chǎn)生的焦耳熱16.如圖所示的情況中，線圈中能產(chǎn)生感應電流的是（）B.桿中的感應電流大小均勻增大C.金屬桿所受安培力水平向左D.金屬桿受到的摩擦力逐漸減小S和橡皮繩的長C.D.S增大,S減小,lS和橡皮繩的長C.D.S增大,S減小,l變短l變長19.如圖所示，平行導軌間有一矩形的勻強磁場區(qū)域，細金屬棒PQ沿導軌從MN處勻速18.如圖所示，一個有彈性的閉合金屬圓環(huán)被一根橡皮繩吊于通電直導線的正下方，直導線與圓環(huán)在同一豎直面內(nèi)，當通電直導線中電流增大時，彈性圓環(huán)的面積運動到MN的過程中，棒上感應電動勢 E隨時間t變化的圖示，可能正確的是NN.如圖所示，等腰三角形內(nèi)分布有垂直

11、于紙面向外的勻強磁場，它的底邊在x軸上且長為2L,高為L.紙面內(nèi)一邊長為L的正方形導線框沿 x軸正方向做勻速直線運動穿過勻強磁場區(qū)域，在t = 0時刻恰好位于圖中所示的位置.以順時針方向為導線框中電流的正方向,在下面四幅圖中能夠正確表示電流一位移（I x）關系的是2L2L.如圖所示，光滑導軌 M、N水平固定放置，兩根導體棒 P、Q平行放于導軌上，形成 一個閉合電路。當一條形磁鐵從上方下落（未到達導軌平面）的過程中，導體棒P、Q的運動情況是（）A. P、QA. P、Q互相靠攏C. P、Q均靜止22.如選項圖所示，A中線圈有一小缺口,B. P、Q互相遠離D.因磁鐵極性不明，無法確定B、D中勻強磁場

12、區(qū)域足夠大，C中通電導線位于水平放置的閉合線圈某一直徑的正上方.其中能產(chǎn)生感應電流的是（）D.M K X X.如圖所示，一個有矩形邊界的勻強磁場區(qū)域，磁場方向垂直紙面向內(nèi).一個三角形閉合導線框，由位置 1 （左）沿紙面勻速運動到位置2 （右）.取線框剛到達磁場邊界的時刻為計時起點（t=0）,規(guī)定逆時針方向為電流的正方向，則圖中能正確反映線框中電流號時間關系的是（A.QV；B.X XD.A.QV；B.X XD.如圖所示，彈簧上端固定，下端懸掛一個磁鐵。如果在磁鐵的下端的水平桌面上放一 個固定的閉合線圈，并使磁極上下振動。磁鐵在向下運動的過程中，下列說法正確的A.線圈給它的磁場力始終向上B.線圈給

13、它的磁場力先向上再向下C.線圈給它的磁場力始終向下D.線圈給它的磁場力先向下再向上.無線充電技術已經(jīng)被應用于多個領域，其充電線圈內(nèi)磁場與軸線平行，如圖甲所示;磁感應強度隨時間按正弦規(guī)律變化，如圖乙所示。則（二二t 2t 2時，線圈產(chǎn)生的電動勢最大t ；時，線圈內(nèi)的磁通量最大00T過程中，線圈產(chǎn)生的電動勢增大4r 3T TT過程中，線圈內(nèi)的磁通量增大4【參考答案】*試卷處理標記，請不要刪除、選擇題B解析：B【解析】A、開關S閉合瞬間，因線圈 L的電流增大，產(chǎn)生自感電動勢，根據(jù)楞次定律可 知，自感電動勢阻礙電流的增大，通過a燈的電流逐漸增大，所以 b、c先亮，a后亮，故A錯誤；BCD、斷開開關S的

14、瞬間，因線圈L的電流減小，產(chǎn)生自感電動勢，根據(jù)楞次定律可知通過自感線圈的電流方向與原電流方向相同，N點電勢高于M點；L和a、b組成的回路中有電流，由于原來a燈的電流小于b燈的電流，開關斷開的瞬間，通過a、b和線圈回路的電流從a燈原來的電流減小，所以 b燈會閃暗后a、b 一起緩慢熄滅，而 c沒有電流，馬上熄 滅，故B正確，C、D錯誤； 故選Bo【點睛】閉合S和斷開S瞬間，通過線圈L的電流發(fā)生變化，產(chǎn)生自感電動勢，相當瞬時 電源，從而可以進行分析。D解析：D【解析】線框垂直于磁感線運動，雖然切割磁感線，但穿過的磁通量沒有變化，因此也不會產(chǎn)生感 應電流，故A錯誤；線框平行于磁場感應線運動，穿過線框的

15、磁通量沒有變化，不會產(chǎn)生 感應電流，故B錯誤；線框繞軸轉動，但線框平行于磁場感應線穿過的磁通量沒有變化， 因此也不會產(chǎn)生感應電流，故 C錯誤；線框繞軸轉動，導致磁通量發(fā)生變化，因此線框產(chǎn) 生感應電流，故D正確.C解析：C【解析】 【詳解】第一次用0.3s時間拉出，第二次用 0.9s時間拉出，兩次速度比為 3:1,由E=BLv,兩次感 應電動勢比為3:1,兩次感應電流比為 3:1,由于F安=BIL,兩次安培力比為 3:1,由于勻速 拉出勻強磁場，所以外力比為 3:1,根據(jù)功的定義 W=Fx,所以：W1:W?=3:1 ;根據(jù)電量q it,感應電流i 巨，感應電動勢 e ，得：Rt所以:q1:q2=

16、1:1 ，故 WiW2, qi=q2。WiW2, qiq2。故 A 錯誤；WiW2,中=42。故 C 正確；WiW2, qiq2o 故 D 錯誤；A解析： A【解析】開關閉合到電路中電流穩(wěn)定的時間內(nèi)，A 燈立刻亮，由于線圈中產(chǎn)生感應電動勢的阻礙作用， B 燈逐漸變亮，當線圈電流阻礙較小后A 燈逐漸變暗，當線圈對電流沒有阻礙時，兩燈泡燈泡亮度穩(wěn)定故A 正確， B 錯誤；開關處于閉合狀態(tài)，在斷開瞬間，線圈提供瞬間電壓給兩燈泡供電，由于兩燈泡完全一樣，所以不會出現(xiàn)電流比之前還大的現(xiàn)象，因此A燈不會閃亮一下，只會一同慢慢熄滅故C 錯誤；開關斷開瞬間，線圈相當于電源，電流方向仍不變，所以電流自右向左通過

17、A 燈，故 D 錯誤；故選A點睛：線圈電流增加，相當于一個電源接入電路，線圈左端是電源正極當電流減小時，相當于一個電源，線圈左端是電源負極A解析： A【解析】【分析】【詳解】AB 開關閉合后的瞬間，根據(jù)楞次定律，左邊線圈中產(chǎn)生電流，電流的方向由南到北，根據(jù)安培定則，直導線上方的磁場方向垂直紙面向里，則小磁針N 極向紙里偏轉，保持一段時間后，右邊線圈的電流不變，根據(jù)安培定則可知，左邊線圈中有磁通量但保持不變，因此左邊線圈中不會產(chǎn)生感應電流，那么小磁針回到原位，故A 正確， B 錯誤；CD.開關閉合并保持一段時間再斷開后的瞬間，左邊線圈磁通量減小，根據(jù)楞次定律，左邊線圈中產(chǎn)生電流，電流的方向由北到

18、南，根據(jù)安培定則，直導線上方的磁場方向垂直紙面向外，則小磁針N 極向垂直紙面向外的方向轉動，故CD 錯誤。故選 A。B解析： B【解析】【分析】【詳解】在t=0時刻閉合開關S時，燈泡中電流從 A到B立刻達到最大值；線圈中電流也增大，產(chǎn)生自感電動勢，使得線圈中電流只能逐漸增大，干路中電流I 也逐漸增大，根據(jù)歐姆定律Uab = E-Ir，Uab逐漸減小直到穩(wěn)定，通過燈泡的電流逐漸減小，穩(wěn)定時，電阻 R的電流小于燈泡 D 的電流。在仁力時刻斷開S時，燈泡中原來的電流立即減小為零，線圈中產(chǎn)生自感電動勢，電阻R、燈泡D和線圈組成回路，回路中電流從原來R的電流值逐漸減小到零，此時流過燈泡D的電流方向與原來

19、的方向相反，方向從B到A;由于穩(wěn)定時線圈中電流較小，則此時燈B符合題意。泡D中電流從小于燈泡原來中的電流值逐漸減小到零。則圖像 故選B符合題意。B解析：B【解析】【分析】導體棒運動時切割磁感線產(chǎn)生感應電流，使棒受到向左的安培力，根據(jù)感應電流的大小寫出安培力的表達式，結合牛頓第二定律求出 可求解?！驹斀狻繉w桿在軌道上做勻加速直線運動，用出安培力的表達式，結合牛頓第二定律求出 可求解。【詳解】導體桿在軌道上做勻加速直線運動，用F與t的關系式，然后將圖象上的數(shù)據(jù)代入即v表示其速度，t表示時間，則有：v=at;桿切割磁感線，將產(chǎn)生感應電動勢為：E=Blv ;閉合回路中產(chǎn)生的感應電流為:，；桿受到的安

20、培力大小為：Fa=BI1 ;根據(jù)牛頓第二定律，有：感線，將產(chǎn)生感應電動勢為：E=Blv ;閉合回路中產(chǎn)生的感應電流為:，；桿受到的安培力大小為：Fa=BI1 ;根據(jù)牛頓第二定律，有：F-FA=ma；聯(lián)立以上各式得:F=ma+11;由圖線上取兩點代入上式，可解得：a=10m/s2; m=0.1kg;故桿的質量為:Rm=0.1kg,其加速度為：a=10m/s2。故選B。【點睛】解答這類問題的關鍵是正確分析安培力的大小與方向，然后根據(jù)牛頓第二定律得到 的關系式。這是常用的函數(shù)法，要學會應用。8. D解析：D【解析】【詳解】A.磁感應強度均勻減小，磁通量減小，根據(jù)楞次定律得, b, A錯誤；ab中的感

21、應電流方向由a到B.由于磁感應強度均勻減小，根據(jù)法拉第電磁感應定律E BS得，感應電動勢恒定, t則ab中的感應電流不變，根據(jù) P R可知電阻R消耗的熱功率不變，B錯誤；C.根據(jù)安培力公式 F BIL知，電流不變，B均勻減小，則安培力減小，C錯誤;D.導體棒受安培力和靜摩擦力處于平衡, 確.D.導體棒受安培力和靜摩擦力處于平衡, 確.f F ,安培力減小，則靜摩擦力減小，D正B解析：B【解析】 【詳解】A.將電鍵突然斷開的瞬間，線圈產(chǎn)生的磁場從有到無消失，穿過銅環(huán)a的磁通量減小，產(chǎn)生感應電流，故 A不符合題意；B.線圈中通以恒定的電流時，線圈產(chǎn)生穩(wěn)恒的磁場，穿過銅環(huán)a的磁通量不變，沒有感應電流

22、產(chǎn)生，故B符合題意；C.通電時，使變阻器的滑片 P作加速滑動時，變阻器接入電路的電阻變化，回路中電流變 化，線圈產(chǎn)生的磁場變化，穿過銅環(huán)a磁通量變化，產(chǎn)生感應電流，故C不符合題意；D.通電時，使變阻器的滑片 P作勻速滑動時，變阻器接入電路的電阻減小，回路中電流增 大，線圈產(chǎn)生的磁場增強，穿過銅環(huán)a磁通量增大，產(chǎn)生感應電流，故D不符合題意；C 解析：C 【解析】穿過線圈的磁場均勻增加，將產(chǎn)生大小恒定的感生電動勢，由法拉第電磁感應定律得S(B2 B1) 一 一-一E n n-(-一12 ,而等效電源內(nèi)部的電流由楞次定理知從a b ,即b點是等tt2 tl、一 ms , rS(B2 Bl)效電源的正

23、極，即a b n-，故選C.t2 tl【考點定位】法拉第電磁感應定律、楞次定律. 11. B 解析：B 【解析】 【分析】 【詳解】2Wb,貝 U2Wb1s2Wb,貝 U2Wb1st根據(jù)法拉第電磁感應定律2VE N 2Vt可知E=2V保持不變，故 B正確，AD錯誤；C.線圈中產(chǎn)生的感應電動勢的大小與線圈的電阻無關，故 C錯誤;故選BoD解析：D【解析】【分析】【詳解】R的電流方向是從A.R的電流方向是從C到A,故A錯誤；B.根據(jù)法拉第電磁感應定律有E nS t由圖知B 6 2 T/s=2T/s t 2代入數(shù)據(jù)解得E= 1500 2 20 M0-4=6V 由閉合電路歐姆定律得E 6 I 一6-A

24、=1.2AR r 4 1因此感應電流的大小是恒定的，故B錯誤；C.電阻兩端的電壓是外電壓為U=IR =1.2 沖V=4.8V故C錯誤；D.在外電路，順著電流方向電勢降低，因 A的電勢等于零，那么 C點的電勢為4.8V,故 D正確.故選D.D解析：D【解析】【分析】【詳解】AB.電容器在電路中與等效電源并聯(lián)，兩端電壓為AB端感應電動勢，所以當導體棒勻速滑動時，電容器兩端電壓不變I2 0,電阻R中電流不為零，AB錯誤；CD.加速滑動時，電容器兩端電壓隨導體棒速度的增大而增加，所以電容器一直在充電，充電電流不為零，通過電阻的電流也不為零，C錯誤D正確；故選DoC解析：C【解析】【詳解】金屬棒ab做平

25、拋運動，其水平方向的分運動是勻速直線運動，水平分速度保持不變，等于V0,由感應電動勢公式 E=Blvsinvsina是垂直于磁感線方向的分速度，即是平拋運動的水平分速度，等于 v0,則感應電動勢 E=Blv0, B、l、V0均不變，則感應電動勢大小保持不 變.則C正確.故選C.C解析：C【解析】【分析】【詳解】A .根據(jù)右手定則可知流過電阻R的電流方向P-RfM , A錯誤；B.回路中產(chǎn)生的感應電動勢E BLv導體棒ab兩點間的電壓為U -E- R - BLv1.5R3B錯誤；C.導體棒ab為電源，電流由a流向b,因此導體棒a端電勢比b端低，C正確;D.水平外力F做的功等于電阻 R和導體棒ab

26、產(chǎn)生的焦耳熱，D錯誤。故選CoD解析：D【解析】【分析】【詳解】A.線圈與磁場平行，磁通量為零，沒變彳不會產(chǎn)生感應電流，選項 A錯誤；B.線圈沒有閉合，不會產(chǎn)生感應電流，選項 B錯誤；C.線圈與磁場平行，磁通量為零，沒變彳不會產(chǎn)生感應電流，選項 C錯誤；D.導體棒切割磁感線運動，線圈形成閉合回路，有感應電流產(chǎn)生，選項 D正確。故選DoD解析：D【解析】 【詳解】A.當磁感應強度 B均勻減小時，穿過回路的磁通量減小，根據(jù)楞次定律判斷得到回路中 感應電流方向為逆時針方向（俯視），桿中的感應電流方向是從b到a ,故A錯誤;B.當磁感應強度 B均勻減小時，穿過回路的磁通量均勻減小，根據(jù)法拉第電磁感應定

27、律 可知回路中產(chǎn)生的感應電動勢不變，則感應電流大小保持不變，故 B錯誤；C.由左手定則判斷可知，金屬桿所受安培力水平向右，故 C錯誤；D .根據(jù)公式F BIL可知安培力減小，根據(jù)平衡條件可知金屬桿受到的摩擦力逐漸減 小，故D正確；故選D。D解析：D【解析】當通電直導線中電流增大時，穿過金屬圓環(huán)的磁通量增大，金屬圓環(huán)中產(chǎn)生感應電流，根據(jù)楞次定律，感應電流要阻礙磁通量的增大：一是用縮小面積的方式進行阻礙；二是用遠 離直導線的方法進行阻礙，故 D正確.A解析：A【解析】金屬棒PQ進入磁場前沒有感應電動勢，D錯誤；當進入磁場，切割磁感線有E=BLv大小不變，可能的圖象為 A選項、BC錯誤.C解析：C【

28、解析】【詳解】位移在0L過程：磁通量增大，由楞次定律判斷感應電流方向為順時針方向，為正值。BLv 一 BvI ,因l=x,則I X,位移在L2L過程：磁通量先增大后減小，由楞次定律RR判斷感應電流方向先為順時針方向，為正值，后為逆時針方向，為負值。位移在2L3L過程：磁通量減小，由楞次定律判斷感應電流方向為逆時針方向，為負值。Bv一人I (2L x),故選C。 RA 解析：A 【解析】 【分析】 【詳解】ABCD .設磁鐵的下端為 N極，則磁鐵下落時，回路中的磁通量向下增大，根據(jù)楞次定律 和安培定則，回路中的電流為逆時針，則由左手定則可得，P受力向左，Q受力向右，相互靠攏；設磁鐵的下端為 S極，則在磁鐵下落時，回路中的磁通量向上增大，根據(jù)楞次定 律和安培定則，回路中的電流為順日針，則由左手定則可得，P受力向左，Q受力向右，相互靠