2021-2022學(xué)年浙江省溫州市雙桂中學(xué)高三物理聯(lián)考試題含解析

1、2021-2022學(xué)年浙江省溫州市雙桂中學(xué)高三物理聯(lián)考試題含解析一、 選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計(jì)15分每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意1. （多選）下列說(shuō)法正確的是 。A布朗運(yùn)動(dòng)反映了懸浮小顆粒內(nèi)部分子在永不停息地做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)B氣體的溫度升高，個(gè)別氣體分子運(yùn)動(dòng)的速率可能減小C對(duì)于一定種類(lèi)的大量氣體分子，在一定溫度時(shí)，處于一定速率范圍內(nèi)的分子數(shù)所占百分比是確定的D若不計(jì)氣體分子間相互作用，一定質(zhì)量氣體溫度升高、壓強(qiáng)降低過(guò)程中，一定從外界吸收熱量E密閉容器中有一定質(zhì)量的理想氣體，當(dāng)其在完全失重狀態(tài)下，氣體的壓強(qiáng)為零 參考答案：BCD2. 2009年3月1日16時(shí)13分，“嫦娥一號(hào)”完成了“受

2、控撞月”行動(dòng)，探月一期工程完美落幕。本次“受控撞月”，“嫦娥一號(hào)”經(jīng)歷了從距月表100km的圓形軌道進(jìn)入橢圓軌道的過(guò)程，如圖所示，為橢圓軌道的遠(yuǎn)月點(diǎn)，為橢圓軌道的近月點(diǎn)，則下列說(shuō)法正確的是( )A從點(diǎn)到點(diǎn)的過(guò)程中，“嫦娥一號(hào)”受到的月球引力減小B從點(diǎn)到點(diǎn)的過(guò)程中，月球引力對(duì)“嫦娥一號(hào)”做正功C從點(diǎn)到點(diǎn)的過(guò)程中，“嫦娥一號(hào)”飛行的線(xiàn)速度減小D從點(diǎn)到點(diǎn)的過(guò)程中，“嫦娥一號(hào)”飛行的角速度減小參考答案：B3. （單選）如圖所示，P、Q是兩個(gè)完全相同的燈泡，L是直流電阻為零的純電感，且自感系數(shù)L很大C是電容較大且不漏電的電容器，下列判斷正確的是 ( )AS閉合時(shí)，P燈亮后逐漸熄滅，Q燈逐漸變亮BS閉合時(shí)

3、，P燈、Q燈同時(shí)亮，然后P燈變暗，Q燈變得更亮CS閉合，電路穩(wěn)定后，S斷開(kāi)時(shí)，P燈突然亮一下，然后熄滅，Q燈立即熄滅DS閉合，電路穩(wěn)定后，S斷開(kāi)時(shí)，P燈突然亮一下，然后熄滅，Q燈逐漸熄滅參考答案：D4. 如圖是拔樁裝置。當(dāng)用大小為F、方向豎直向下的作用力拉圖中長(zhǎng)繩上的E點(diǎn)時(shí)，繩CE部分被水平拉直，繩CA被拉到豎直，繩DE與水平方向的夾角為，繩BC與豎直方向的夾角為。則繩CA拔樁的作用力的大小是AFtantan BFtancotCFcottan DFcotcot參考答案：答案：D5. （單選）某汽車(chē)在啟用ABS剎車(chē)系統(tǒng)和不啟用該剎車(chē)系統(tǒng)緊急剎車(chē)時(shí)，其車(chē)速與時(shí)間的變化關(guān)系分別如圖中的、圖線(xiàn)所示由圖

4、可知，啟用ABS后（）At1時(shí)刻車(chē)速更小B0t1的時(shí)間內(nèi)加速度更大C加速度總比不啟用ABS時(shí)大D剎車(chē)后前行的距離比不啟用ABS更短參考答案：考點(diǎn)：勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的圖像；勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的速度與時(shí)間的關(guān)系專(zhuān)題：運(yùn)動(dòng)學(xué)中的圖像專(zhuān)題分析：根據(jù)速度圖象，直接比較車(chē)速的大小，由斜率等于加速度，比較加速度的大小由圖線(xiàn)與時(shí)間軸圍成的面積表示位移，比較位移的大小解答：解：A、由圖看出，啟用ABS后t1時(shí)刻車(chē)速更大故A錯(cuò)誤B、C、由斜率等于加速度的大小得到，啟用ABS后0t1的時(shí)間加速度小，t1t2的時(shí)間內(nèi)加速度大故BC錯(cuò)誤D、根據(jù)速度圖象的“面積”等于位移大小看出，剎車(chē)后前行的距離比不啟用ABS更短故D正確故選

5、：D點(diǎn)評(píng)：本題要結(jié)合速度圖象來(lái)分析汽車(chē)的速度、加速度和位移的大小，抓住斜率等于加速度、“面積”等于位移是基本方法二、 填空題：本題共8小題，每小題2分，共計(jì)16分6. 某研究性學(xué)習(xí)小組利用如圖甲所示電路測(cè)量某電池的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)電阻r。在坐標(biāo)紙中畫(huà)出了如圖乙所示的UI圖象，若電流表的內(nèi)阻為1,則 E_V， r_參考答案：2.0； 1.4；7. 如圖所示，同一平面內(nèi)有兩根互相平行的長(zhǎng)直導(dǎo)線(xiàn)甲和乙，通有大小均為I且方向相反的電流，a、b兩點(diǎn)與兩導(dǎo)線(xiàn)共面，其連線(xiàn)與導(dǎo)線(xiàn)垂直，a、b到兩導(dǎo)線(xiàn)中點(diǎn)O的連線(xiàn)長(zhǎng)度和甲乙間距離均相等已知直線(xiàn)電流I 產(chǎn)生的磁場(chǎng)中磁感應(yīng)強(qiáng)度的分布規(guī)律是（K為比例系數(shù)，為某點(diǎn)到直導(dǎo)線(xiàn)的

6、距離），現(xiàn)測(cè)得O點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為，則a點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，乙導(dǎo)線(xiàn)單位長(zhǎng)度受到的安培力的大小為 N參考答案： ; 8. 如圖所示，質(zhì)量為m、邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形線(xiàn)圈ABCD由n匝導(dǎo)線(xiàn)繞成，線(xiàn)圈中有順時(shí)針?lè)较虼笮镮的電流，在AB邊的中點(diǎn)用細(xì)線(xiàn)豎直懸掛于輕桿一端，輕桿另一端通過(guò)豎直的彈簧固定于地面，輕桿可繞桿中央的固定轉(zhuǎn)軸O在豎直平面內(nèi)轉(zhuǎn)動(dòng)。在圖中虛線(xiàn)的下方，有與線(xiàn)圈平面垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感強(qiáng)度為B，平衡時(shí)，CD邊水平且線(xiàn)圈有一半面積在磁場(chǎng)中，忽略電流I產(chǎn)生的磁場(chǎng)，穿過(guò)線(xiàn)圈的磁通量為 ；彈簧受到的拉力為_(kāi)。參考答案： 9. 在如圖所示的電場(chǎng)中，一電荷量q=1.0108C的點(diǎn)電荷在A點(diǎn)所受電場(chǎng)力大

7、小F=2.0104 N 則A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小E= N/C； 該點(diǎn)電荷所受電場(chǎng)力F的方向?yàn)?（填“向左”“向右”）參考答案：2.0104； 向左【考點(diǎn)】電場(chǎng)線(xiàn)；電場(chǎng)強(qiáng)度【分析】根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式E=，可以直接求解（2）在電場(chǎng)中某點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的方向沿該點(diǎn)電場(chǎng)線(xiàn)的切線(xiàn)方向，正電荷受力方向和電場(chǎng)方向一致，負(fù)電荷受力方向和電場(chǎng)方向相反【解答】解：A點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為：E=N/C=2.0104N/C根據(jù)負(fù)電荷受力方向和電場(chǎng)方向相反可得：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)所受電場(chǎng)力的方向向左故答案為：2.0104； 向左10. 如圖所示為“用DIS研究機(jī)械能守恒定律”的實(shí)驗(yàn)裝置。該實(shí)驗(yàn)裝置中傳感器K的名稱(chēng)是_傳感器；由該實(shí)驗(yàn)得

8、到的結(jié)論是：_。參考答案：光電門(mén)；在只有重力做功的情況下，物體的動(dòng)能和重力勢(shì)能相互轉(zhuǎn)化，機(jī)械能總量保持不變。11. （4分）在桌面上有一倒立的玻璃圓錐，其頂點(diǎn)恰好與桌面接觸，圓錐的軸（圖中虛線(xiàn)）與桌面垂直，過(guò)軸線(xiàn)的截面為等邊三角形，如圖所示。有一半徑為r的圓柱形平行光束垂直入射到圓錐的底面上，光束的中心軸與圓錐的軸重合。已知玻璃的折射率為1.5，則光束在桌面上形成的光斑半徑為 。參考答案： 2r 12. 如圖，一定質(zhì)量的理想氣體由狀態(tài)a沿abc變化到狀態(tài)c，吸收了340J的熱量，并對(duì)外做功120J。若該氣體由狀態(tài)a沿adc變化到狀態(tài)c時(shí)，對(duì)外做功40J，則這一過(guò)程中氣體 （填“吸收”或“放出”

9、） J熱量。參考答案：吸收 260J；13. 右圖是自行車(chē)傳動(dòng)機(jī)的示意圖，其中是大齒輪，是小齒輪，是后輪。假設(shè)腳踏板的轉(zhuǎn)速為r/s,則大齒輪的角速度是_rad/s；要知道在這種情況下自行車(chē)前進(jìn)的速度有多大，除需要測(cè)量大齒輪的半徑，小齒輪的半徑外，還需要測(cè)量的物理量是_； 用上述量推導(dǎo)出自行車(chē)前進(jìn)速度的表達(dá)式：_。參考答案： 后輪的半徑 三、 簡(jiǎn)答題：本題共2小題，每小題11分，共計(jì)22分14. （4分）已知?dú)馀輧?nèi)氣體的密度為1.29kg/，平均摩爾質(zhì)量為0.29kg/mol。阿伏加德羅常數(shù)，取氣體分子的平均直徑為，若氣泡內(nèi)的氣體能完全變?yōu)橐后w，請(qǐng)估算液體體積與原來(lái)氣體體積的比值。（結(jié)果保留一位

10、有效數(shù)字）。參考答案：設(shè)氣體體積為，液體體積為氣體分子數(shù), (或)則 （或）解得 (都算對(duì)) 解析：微觀(guān)量的運(yùn)算，注意從單位制檢查運(yùn)算結(jié)論，最終結(jié)果只要保證數(shù)量級(jí)正確即可。設(shè)氣體體積為，液體體積為氣體分子數(shù), (或)則 （或）解得 (都算對(duì)) 15. （8分）在衰變中常伴有一種稱(chēng)為“中微子”的粒子放出。中微子的性質(zhì)十分特別，因此在實(shí)驗(yàn)中很難探測(cè)。1953年，萊尼斯和柯文建造了一個(gè)由大水槽和探測(cè)器組成的實(shí)驗(yàn)系統(tǒng)，利用中微子與水中的核反應(yīng)，間接地證實(shí)了中微子的存在。（1）中微子與水中的發(fā)生核反應(yīng)，產(chǎn)生中子（）和正電子（），即中微子+，可以判定，中微子的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)分別是 。（填寫(xiě)選項(xiàng)前的字母）

11、A.0和0 B.0和1 C.1和 0 D.1和1（2）上述核反應(yīng)產(chǎn)生的正電子與水中的電子相遇，與電子形成幾乎靜止的整體后，可以轉(zhuǎn)變?yōu)閮蓚€(gè)光子（），即+2 已知正電子和電子的質(zhì)量都為9.110-31，反應(yīng)中產(chǎn)生的每個(gè)光子的能量約為 J.正電子與電子相遇不可能只轉(zhuǎn)變?yōu)橐粋€(gè)光子，原因是 。參考答案：（1）A； (2)；遵循動(dòng)量守恒解析：（1）發(fā)生核反應(yīng)前后，粒子的質(zhì)量數(shù)和核電荷數(shù)均不變，據(jù)此可知中微子的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)分都是0，A項(xiàng)正確。（2）產(chǎn)生的能量是由于質(zhì)量虧損。兩個(gè)電子轉(zhuǎn)變?yōu)閮蓚€(gè)光子之后，質(zhì)量變?yōu)榱?，由，故一個(gè)光子的能量為，帶入數(shù)據(jù)得=J。正電子與水中的電子相遇，與電子形成幾乎靜止的整體，故系

12、統(tǒng)總動(dòng)量為零，故如果只產(chǎn)生一個(gè)光子是不可能的，因?yàn)榇诉^(guò)程遵循動(dòng)量守恒。四、計(jì)算題：本題共3小題，共計(jì)47分16. 如圖所示，一直立的輕質(zhì)薄空心圓管長(zhǎng)為L(zhǎng)，在其上下端開(kāi)口處各安放有一個(gè)質(zhì)量分別為m和2m的圓柱形物塊A、B，A、B 緊貼管的內(nèi)壁,厚度不計(jì)。A、B 與管內(nèi)壁間的最大靜摩擦力分別是f1=mg、f2=2mg，且滑動(dòng)摩擦力與最大靜摩擦力大小相等。管下方存在這樣一個(gè)區(qū)域：當(dāng)物塊A 進(jìn)入該區(qū)域時(shí)受到一個(gè)豎直向上的恒力F作用，而B(niǎo) 在該區(qū)域運(yùn)動(dòng)時(shí)不受它的作用，PQ、MN 是該區(qū)域上下水平邊界，高度差為H (L2H)?，F(xiàn)讓管的下端從距離上邊界PQ 高H 處由靜止釋放，重力加速度為g。（1）為使A、

13、B 間無(wú)相對(duì)運(yùn)動(dòng)，求F 應(yīng)滿(mǎn)足的條件。（2）若F=3 mg ,求物塊A 到達(dá)下邊界MN 時(shí)A 、B 間距離。參考答案：【知識(shí)點(diǎn)】動(dòng)能定理的應(yīng)用；牛頓第二定律；機(jī)械能守恒定律C2 E2 E3【答案解析】(1) (2) 解析：（1）設(shè)A、B與管不發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)時(shí)的共同加速度為a，A與管的靜摩擦力為fA，則：=對(duì)A、B整體，有： 對(duì)A，有：，并且 聯(lián)立解得：。（2）A到達(dá)上邊界PQ時(shí)的速度 當(dāng)時(shí)，可知A相對(duì)于圓管向上滑動(dòng)，設(shè)A的加速度為a1,則有：，解得：=-gA向下減速運(yùn)動(dòng)位移H時(shí)，速度剛好減小到零，此過(guò)程運(yùn)動(dòng)的時(shí)間 由于管的質(zhì)量不計(jì)，在此過(guò)程中，A對(duì)管的摩擦力與B對(duì)管的摩擦力方向相反，大小均為mg

14、，B受到管的摩擦力小于2mg，則B與圓管相對(duì)靜止，B和圓管整體受到重力和A對(duì)管的靜摩擦力作用以VA為初速度，以a2為加速度做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律可得: 物塊A到達(dá)下邊界MN時(shí)A、B之間的距離為： 。 【思路點(diǎn)撥】（1）若使A、B間無(wú)相對(duì)運(yùn)動(dòng)，就是要讓A的加速度和整體的加速相等，據(jù)此列出兩個(gè)牛頓第二定律表達(dá)式，在結(jié)合A的最大靜摩擦力即可解出恒力F的范圍（2）這里涉及到多物體的運(yùn)動(dòng)，一定要分析好各個(gè)物體的運(yùn)動(dòng)，并且明確各物體的運(yùn)動(dòng)關(guān)系，即其初位置，末位置之間的關(guān)系，這個(gè)考查的就是兩大基礎(chǔ)中的運(yùn)動(dòng)分析其實(shí)運(yùn)動(dòng)和受力很多時(shí)候是分不開(kāi)的，比如這里我們要分析物體的運(yùn)動(dòng)，首先要受力分析，以此才能

15、來(lái)確定其運(yùn)動(dòng)情況這就是牛頓第二定律應(yīng)用之一的：由受力確定運(yùn)動(dòng)另外一個(gè)是：由運(yùn)動(dòng)確定受力這一問(wèn)的分析時(shí)這樣的：從A到上邊界至A到下邊界這個(gè)過(guò)程中：對(duì)A來(lái)說(shuō)，我們可以知道它和管相對(duì)滑動(dòng)了，則它與管之間的摩擦力就等于滑動(dòng)摩擦力，而題目告知滑動(dòng)摩擦力與最大靜摩擦力大小相等，最大靜摩擦力又等于mg，所以滑動(dòng)摩擦力等于mgA還受重力，向上的恒力F=3mg，由牛頓第二定律可以求的其加速度，進(jìn)而確定其運(yùn)動(dòng)情況由于管的質(zhì)量不計(jì)，在此過(guò)程中，A對(duì)管的摩擦力與B對(duì)管的摩擦力方向相反、大小均為mg，B受到管的摩擦力小于kmg，則B與圓管相對(duì)靜止而對(duì)管和B這個(gè)整體來(lái)說(shuō)，受到重力、A對(duì)管的摩擦力，且二力平衡，故管和B這個(gè)

16、整體做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)然后計(jì)算A和管的運(yùn)動(dòng)位移，就可以計(jì)算出物塊A到達(dá)下邊界MN時(shí)A、B間距離本題難點(diǎn)在第三問(wèn)上，難這是多物體的運(yùn)動(dòng)，并且涉及相對(duì)運(yùn)動(dòng)，如何來(lái)分析多物體的運(yùn)動(dòng)呢？關(guān)鍵就是要明確這多個(gè)物體之間有什么樣的相互作用，其各自的于東情況是如何的，相互之間有什么樣的相對(duì)運(yùn)動(dòng)等幾個(gè)方面去分析，尤其在其受力上，多物體的受力關(guān)系往往比較復(fù)雜需細(xì)心再細(xì)心16.如圖所示，長(zhǎng)度未知的兩端封閉的玻璃真空管，內(nèi)壁光滑，裝有A、B兩個(gè)金屬小球，質(zhì)量、電量分別為m、3q和3m、q ，現(xiàn)將真空管與水平面成30放置時(shí)，A球處在管底，而B(niǎo)球恰在管的正中央位置，試求真空管的長(zhǎng)度。參考答案：18. 在豎直平面直角坐標(biāo)系xO

17、y內(nèi)，第象限存在沿y軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)E1，第、象限存在沿y軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)E2（E2=），第象限內(nèi)還存在垂直于坐標(biāo)平面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B1，第象限內(nèi)存在垂直于坐標(biāo)平面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B2一帶正電的小球（可視為質(zhì)點(diǎn)）從坐標(biāo)原點(diǎn)O以某一初速度v進(jìn)入光滑的半圓軌道，半圓軌道在O點(diǎn)與x軸相切且直徑與y軸重合，如圖所示，小球恰好從軌道最高點(diǎn)A垂直于y軸飛出進(jìn)入第象限的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，偏轉(zhuǎn)后經(jīng)x軸上x(chóng)=R處的P點(diǎn)進(jìn)入第象限磁場(chǎng)中，然后從y軸上Q點(diǎn)（未畫(huà)出）與y軸正方向成60角進(jìn)入第象限磁場(chǎng)，最后從O點(diǎn)又進(jìn)入第一象限電場(chǎng)已知小球的質(zhì)量為m，電荷量為q，圓軌道的半徑為R，重力加速度為g求：（1）小球的初速度大??；

18、（2）電場(chǎng)強(qiáng)度E1的大小；（3）B1與B2的比值參考答案：解：（1）小球恰好從軌道最高點(diǎn)A垂直于y軸飛出，則小球在A點(diǎn)軌道對(duì)小球的作用力為零，即重力作為向心力，則有：；又有小球在光滑軌道上運(yùn)動(dòng)，只有重力做功，那么機(jī)械能守恒，所以有：=；解得：；（2）小球在第一象限只收電場(chǎng)力和重力的作用，合外力F=mgqE1，方向豎直向下，故小球做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)；在水平方向上有：x=vAt；在豎直方向上有：；所以， =；（3）由（2）可得小球進(jìn)入第四象限時(shí)速度v的水平分量為：；v的豎直分量為：；所以，v與x軸正向之間的夾角為60；小球在第三、第四象限所受的電場(chǎng)力F電=qE2=mg，故小球的合外力為洛倫茲力，所以，小球在洛倫茲力的作用下做圓周運(yùn)動(dòng)，如圖所示，那么由圖上幾何關(guān)系可知，小球在第四象限做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑R1有關(guān)系式：R1sin30+R1cos30=x，所以，；小球在第三象限做