廣東省吳川一中2022-2023學年高一物理第一學期期末質量跟蹤監(jiān)視模擬試題含解析

1、2022-2023學年高一上物理期末模擬試卷考生須知：1全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、國家大劇院外部呈橢球型。假設國家大劇院的屋頂為半球形，一保潔人員為執(zhí)行保潔任務，必須在半球形屋頂上向上緩慢爬行（如圖），他在向上爬的過程中（ ）A.屋頂對他的摩擦力不變B.屋頂

2、對他的摩擦力變大C.屋頂對他的支持力不變D.屋頂對他的支持力變大2、一同學從樓的窗口處，兩只手一高一低同時釋放兩個鐵球，忽略空氣的影響，則兩球在落地前的運動情況，下列敘述正確的是（ ）A.下落過程中兩球間的距離逐漸增大B.下落過程中兩球間的距離保持不變C.下落過程中兩球間的距離逐漸減小D.兩球落地時的速度相等3、在圖中，所有接觸面均光滑，且a、b均處于靜止狀態(tài)，其中A、D選項中的細線均沿豎直方向a、b間一定有彈力的是A B.C.D.4、作用在同一物體上的兩個共點力，一個力的大小是，另一個力的大小是，它們合力的大小不可能是（ ）A.B.C.D.5、如圖所示，自由落下的小球，從接觸豎直放置的彈簧開

3、始到彈簧的壓縮量最大的過程中，小球的速度及所受的合外力的變化情況是（）A.合力變小，速度變小B.合力變小，速度變大C.合力先變小，后變大；速度先變大，后變小D.合力先變大，后變小，速度先變小，后變大6、汽車以10m/s的速度在馬路上勻速行駛，駕駛員發(fā)現(xiàn)正前方15m處的斑馬線上有行人，于是剎車禮讓汽車恰好停在斑馬線前，假設駕駛員反應時間為0.5s汽車運動的圖如圖所示，則汽車的加速度大小為A.B.C.D.7、一只船在靜水中的速度為，它要渡過一條寬度為的河，河水的流速為，則下列說法中正確的是（ ）A.船渡河的最短時間為10sB.船渡河的速度一定為C.船不能垂直到達對岸D.船垂直到達對岸所需時間為6s

4、8、如圖所示為A、B兩輛摩托車同時從同一地點在平直的公路上沿同一直線運動的v-t圖象則（ ）A.B車在06s內(nèi)一直在做加速度減小的加速運動B.A、B兩車t=6s時速度相等C.在t=12s時刻A、B兩車相距最遠D.A車在012s內(nèi)的平均速度大小為10m/s9、如圖所示，從彈簧上方某點自由下落的小球，從接觸到豎直放置的彈簧，到彈簧的壓縮量最大的過程中，小球的速度及所受合力大小的變化情況正確的是（）A.速度先變大，后變小B.速度先變小，后變大C.合力先變大，后變小D.合力先變小，后變大10、如圖所示，甲、乙兩小球從高度不同的兩點分別以初速度v甲、v乙沿水平方向拋出，經(jīng)時間t甲、t乙后落到地面上的同一

5、點p已知p點與兩拋出點水平距離相等，若不計空氣阻力，下列關系式正確的是A.t甲t乙C.v甲v乙D.v甲v乙11、甲、乙兩物體都做自由落體運動，開始時它們距地面的高度比是169，則下列關于它們做自由落體運動的時間比及它們落地時的速度比正確的是（）A.B.C.D.12、如圖所示，水平傳送帶A、B兩端相距s=2m，工件與傳送帶間的動摩擦因數(shù)=0.3。工件滑上A端瞬時速度vA=4m/s，到達B端的瞬時速度設為vB，則（g取10m/s2）（）A.若傳送帶不動，則vB=3m/sB.若傳送帶以速度v=3m/s逆時針勻速傳動，vB=3m/sC.若傳送帶以速度v=3m/s順時針勻速傳動，vB=3m/sD.若傳送

6、帶以速度v=2m/s逆時針勻速傳動，vB=2m/s二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）某輕質彈簧的彈力大小與其長度的關系如圖所示，則：（1）彈簧的原長為_cm；（2）彈簧的勁度系數(shù)為_N/m；（3）圖中x1的值應為_cm14、（10分）如圖是某物體做直線運動的圖像，則根據(jù)圖像可知內(nèi)的加速度大小是_m/s2；012s內(nèi)的平均速度大小是_m/s。三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）如圖所示,平臺上的小球從A點水平拋出,恰能無碰撞地進入粗糙的BC斜面,經(jīng)C點進入光滑水平面CD時速率不變,最后進入懸掛在O點并與水平面等高的弧形輕質筐內(nèi)。已知小

7、球質量為A、B兩點高度差BC斜面高動摩擦因數(shù)傾角懸掛弧筐的輕繩長為小球看成質點,輕質筐的重量忽略不計,弧形輕質筐的大小遠小于懸線長度(取)，試求:(1)小球運動至B點的速度大小(2)小球運動至C點的速度大小(3)小球進入輕質筐后瞬間,輕質筐所受拉力F的大小16、（12分）如圖所示,一滴雨滴從離地面20m高的樓房屋檐自由下落，下落途中用t=02s的時間通過一個窗口，窗口的高度為2m，g取10m/s2 ，問：（1）雨滴落地的速度大??；（2）雨滴落地前最后1s內(nèi)的位移大小；（3）屋檐離窗的上邊框有多高？17、（12分）在同一平面內(nèi)，四個共點力F1、F2、F3、F4大小依次為22N、40N、30N和8

8、2N，方向如圖所示已知sin37=0.6，cos37=0.8，求這四個力的合力大小。參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、D【解析】緩慢爬行認為任何時刻都處于平衡狀態(tài)，對人受力分析知，上爬過程中角逐漸減小，所以摩擦力逐漸減小，支持力逐漸增大，故ABC錯誤，D正確。故選D。2、B【解析】根據(jù)兩小球的運動情況去分析兩球下落的距離，從而找出它們相隔的距離【詳解】同時釋放的兩個小球做自由落體運動，運動情況完全一樣，它們之間的高度在落地前就是釋放時的距離故下落過程中兩球間的距離保持不變；選項B正確，AC錯誤；由于開始下落的高度不同，則兩球落地時

9、的速度不相等，選項D錯誤；故選B【點睛】本題考查自由落體運動的規(guī)律，因為兩小球是同時釋放的，故兩小球在空中運動完全相同，故一直保持開始的距離不變3、C【解析】A假設兩球間有彈力，則小球將向兩邊運動，與題矛盾，故ab間無彈力故A不符合題意B假設兩球間有彈力，則小球將向b球將向右邊運動，與題矛盾，故ab間無彈力故B不符合題意C若兩球間無彈力，則兩個都將向下擺動，與題矛盾，說明ab間有彈力故C符合題意D假設a對b球有彈力，方向必定垂直于斜面向上，b球共受三個力：豎直向下的重力、豎直向上的拉力和垂直于斜面向上的彈力，三個力的合力不可能為零，則小球b不可能處于靜止狀態(tài)，與題矛盾，故ab間一定沒有彈力故D

10、不符合題意4、D【解析】兩力合成時，合力范圍為：，故合力范圍為：，故選項ABC不符合題意，選項D符合題意；故選D。5、C【解析】小球自由落下，接觸彈簧時有豎直向下的速度，接觸彈簧后，彈簧被壓縮，彈簧的彈力隨著壓縮的長度的增大而增大以小球為研究對象，開始階段，彈力小于重力，合力豎直向下，與速度方向相同，小球做加速運動，合力減??；當彈力大于重力后，合力豎直向上，小球做減速運動，合力增大【詳解】小球自由落下，接觸彈簧時有豎直向下的速度以小球為研究對象，分析小球的受力情況和運動情況：開始階段，彈力小于重力，合力豎直向下，與速度方向相同，小球做加速運動，合力變??；當彈力大于重力后，合力豎直向上，小球做減

11、速運動，合力變大當彈力等于重力時，合力為零，速度最大故選C【點睛】含有彈簧的問題，是高考的熱點關鍵在于分析小球的受力情況，來確定小球的運動情況，抓住彈力是變化的這一特點不能簡單認為小球一接觸彈簧就做減速運動6、C【解析】根據(jù)速度時間圖像可以知道，在駕駛員反應時間內(nèi)，汽車的位移為,所以汽車在減速階段的位移 根據(jù) 可解得： 故C對；ABD錯；【點睛】駕駛員在發(fā)應時間內(nèi)做勻速運動，根據(jù)圖像可以求出勻速過程的位移，再利用求出運動過程中的加速度的大小7、AC【解析】將船的運動分解為沿河岸方向和垂直于河岸方向，根據(jù)垂直于河岸方向上的速度求出渡河的時間通過判斷合速度能否與河岸垂直，判斷船能否垂直到對岸【詳解

12、】A、D項：當靜水速與河岸垂直時，渡河時間最短為：，不可能等于6s故A正確，D錯誤；B項：因為船的靜水速的方向未知，根據(jù)平行四邊形定則，無法判斷船渡河的速度大小，故B錯誤 ；C項：根據(jù)平行四邊形定則，由于靜水速小于水流速，則合速度不可能垂直于河岸，即船不可能垂直到達對岸，故C正確故選AC【點睛】解決本題的關鍵知道合運動與合運動具有等時性，各分運動具有獨立性，互不干擾8、ABD【解析】Av-t圖象的斜率表示加速度，由圖可知B車在06s內(nèi)的斜率逐漸減小，且速度大小逐漸增大，則B車做加速度減小的加速運動；故A正確。BC兩車從同一地點開始運動，A車的速度大于B車的速度，兩者的距離逐漸增大，當t=6s時

13、圖像相交表示兩車速度相等，此時距離達到最大；故B正確，C錯誤。DA車在012s內(nèi)做勻減速直線運動，由推論有：故D正確。9、AD【解析】根據(jù)小球下落與彈簧接觸過程中彈力變化，即可求出小球合外力的變化情況，進一步根據(jù)牛頓第二定律得出加速度變化，從而明確速度的變化情況【詳解】開始階段，彈簧的壓縮量較小，因此彈簧對小球向上的彈力小于向下重力，此時合外力大?。篎=mgkx，方向向下，隨著壓縮量的增加，彈力增大，故合外力減小，則加速度減小，由于合外力與速度方向相同，小球的速度增大；當mg=kx時，合外力為零，此時速度最大；由于慣性物體繼續(xù)向下運動，此時合外力大小為：F=kxmg，方向向上，物體減速，隨著壓

14、縮量增大，物體合外力增大，加速度增大即整個過程中合外力先變小后變大，速度先變大后變小，故AD正確，BC錯誤【點睛】本題在于分析小球的受力情況，來確定小球的運動情況，抓住彈力是變化的這一特點不能簡單認為小球一接觸彈簧就做減速運動10、AC【解析】AB根據(jù)解得，因為，則t甲v乙，選項C正確，D錯誤11、AC【解析】本題考查自由落體運動公式的理解運用，由高度比求出落地速度和時間比。【詳解】AB由自由落體的位移時間公式得到所以時間和高度的算術平方根成正比t甲:t乙=:=4:3 故A正確，B錯誤；CD由自由落體運動的高度與落地速度公式得到所以落地速度和高度的算術平方根成正比，同上，比為,所以C正確，D錯

15、誤。故選AC?！军c睛】自由落體運動的位移時間和位移速度公式。12、CD【解析】A若傳送帶不動，工件的加速度：由：解得：vB=2m/s，故A錯誤；B若傳送帶以速度v=3m/s逆時針勻速轉動，工件的受力情況不變，由牛頓第二定律得知工件的加速度仍為a，工件的運動情況跟傳送帶不動時的一樣，則vB=2m/s，故B錯誤；C若傳送帶以速度v=3m/s順時針勻速轉動，工件滑上傳送帶時速度大于傳送帶速度，做勻減速運動，工件的加速度仍為a，當速度減為和傳送帶速度相等時，開始勻速運動，故到達B端時和傳送帶速度一樣為vB=3m/s，故C正確；D若傳送帶以速度v=2m/s逆時針勻速轉動，工件的受力情況不變，由牛頓第二定

16、律得知工件的加速度仍為a，工件的運動情況跟傳送帶不動時的一樣，則vB=2m/s，故D正確；故選CD。二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、 .10 .200 .14【解析】由彈簧的長度L和彈力F大小的關系圖象，讀出彈力為零時彈簧的長度，即為彈簧的原長；由胡克定律求出彈簧的勁度系數(shù)；根據(jù)胡克定律求出彈簧長x1時，x1的大小【詳解】（1）由圖讀出，彈簧彈力F=0時，彈簧的長度為L0=10cm，即彈簧的原長為10cm（2）由圖讀出彈力為F1=20N，彈簧的長度為L1=20cm，彈簧射出的長度為：x1=L1-L0=20-10=0.10m，由胡克定律得彈簧的勁度系數(shù)為：（3）彈簧長x1時，

17、彈力的大小F=8N，由：k（x1-L0）=F，代入數(shù)據(jù)可得：x1=0.14m=14cm【點睛】本題主要考查了胡克定律，注意胡克定律公式F=kx中，x是彈簧伸長或壓縮的長度，不是彈簧的長度14、 .10 .10【解析】速度圖象中圖線與兩個坐標軸所圍“面積”大小等于位移，圖象有t軸上方，表示的位移為正，在t軸下方表示的位移為負對于速度時間圖象常常抓住兩個數(shù)學意義來理解其物理意義：斜率等于加速度，“面積”等于位移再利用平均速度公式求解【詳解】根據(jù)斜率等于加速度可得：內(nèi)的加速度大小是：；負號表示方向根據(jù)速度圖線與兩個坐標軸所圍“面積”大小等于位移，則得物體在內(nèi)的位移是：平均速度：三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（1）5m/s ；（2）m/s ；（3）4N【解析】（1）小球從A到B做平拋運動，所以解得小球恰能無碰撞地進入粗糙的BC斜面，所以小球在B點的速度方向沿斜面向下，所以此時滿足關系解得（2）小球從B到C，根據(jù)動能定理得解得（3）小球進入輕框瞬間，繩子拉力和小球重力的合力提供向心力解得16、（1）20m/s（2）15m（3）4.05m【解析】（1），得s雨滴落地的