湖北省鄂東南五校一體聯盟聯考2022-2023學年高一物理第一學期期末質量跟蹤監(jiān)視試題含解析

1、2022-2023學年高一上物理期末模擬試卷注意事項：1 答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、

2、如圖所示,為伽利略設計的斜面實驗伽利略理想實驗是將可靠的事實和理論思維結合起來，能更深刻地反映自然規(guī)律下面給出了伽利略斜面實驗的四個事件：減小斜面BC的傾角（圖中BC），小球將通過較長的路程，仍能到達原來的高度由靜止釋放小球，小球沿斜面AB滾下，滾上另一斜面BC，高度幾乎與原來相同如果沒有摩擦，小球將上升到原來的高度繼續(xù)減小BC的傾角，最終使它水平，小球將沿水平面以恒定速度一直運動下去對事件性質的判斷及排序，正確的是( )A.事實推論事實推論B.事實推論事實推論C.事實推論推論推論D事實推論推論推論2、一同學從樓的窗口處，兩只手一高一低同時釋放兩個鐵球，忽略空氣的影響，則兩球在落地前的運動情況

3、，下列敘述正確的是（ ）A.下落過程中兩球間的距離逐漸增大B.下落過程中兩球間的距離保持不變C.下落過程中兩球間的距離逐漸減小D.兩球落地時的速度相等3、一個物體從45m高處開始做自由落體運動（g10m/s2）。則（）A.物體下落的總時間為4.5sB.前2s的平均速度是15m/sC.2s末的速度是20m/sD.最后1s內的位移為20m4、如圖所示，質量為m 的物塊懸掛在繩PA和PB的結點上，PA 偏離豎直方向=30角，PB在水平方向，且連在質量為M的木塊上，木塊靜止于傾角也為=30的斜面上，則（ ）A.細繩PB的拉力大小為B.細繩PA的拉力大小為C.木塊所受斜面的摩擦力大小為D.木塊所受斜面的

4、彈力大小為5、一輕質彈簧在彈性限度內伸長了1cm時產生了2N的彈力，則這根彈簧的勁度系數是（ ）A.2NmB.200NmC.20NmD.02Nm6、關于瞬時速度、平均速度、速度、平均速率，下列說法正確的是A.在直線運動中，某一段時間內的平均速度大小一定等于它在這段時間內的平均速率B.運動物體在某段時間內的任一時刻速率都不變，則它在這段時間內的瞬時速度一定不變C.若物體在某段時間內每個時刻的瞬時速度都等于零，它在這段時間內的平均速度可能不等于零D.若物體在某段時間內的平均速度等于零，它這段時間內的任一時刻的瞬時速度可能都不等于零7、如圖所示，A、B兩物體用兩根輕質細線分別懸掛在天花板上，兩細線與

5、水平方向夾角分別為60和45，A、B間拴接的輕質彈簧恰好處于水平狀態(tài)，則下列計算正確的是（）A.A、B所受彈簧彈力大小之比為B.A、B的質量之比為以C.懸掛A、B的細線上拉力大小之比為D.快速撤去彈簧的瞬間，A、B的瞬時加速度大小之比為8、如圖是某同學為頸椎病人設計的一個牽引裝置的示意圖，一根繩繞過兩個定滑輪和動滑輪后各掛著一個相同的重物，與動滑輪相連的帆布帶拉著病人的頸椎（圖中是用手指代替頸椎做實驗），整個裝置在同一豎直平面內如果要增大手指所受的拉力，可采取的方法是（）A.只增加繩的長度B.只增加重物的重量C.只將手指向下移動D.只將手指向上移動9、如圖所示，現使小車向右做勻速直線運動時，物

6、體A的受力及速度情況判斷正確的是不計滑輪摩擦和繩子的質量( ) A.物體A的運動速度也保持不變B.物體A的運動速度逐漸增大C.繩子的拉力小于A的重力D.繩子的拉力大于A的重力10、如圖甲所示，水平傳送帶始終以恒定速率v1向右運行初速度大小為v2的小物塊向左從與傳送帶等高的光滑水平地面上的A處滑上傳送帶。若從小物塊滑上傳送帶開始計時，小物塊在傳送帶上運動的v-t圖象（以地面為參考系）如圖乙所示。已知v2v1，正確是（）A.t2時刻，小物塊離A處的距離達到最大B.t2時刻，小物塊相對傳送帶滑動的距離達到最大C.0t2時間內，小物塊受到的摩擦力方向始終向右D.0t3時間內，小物塊相對傳送帶的位移大小

7、為11、某一物體在斜面上保持靜止狀態(tài)，下列說法中正確的是A.重力可分解為沿斜面向下的分力和對斜面的壓力B.重力沿斜面向下的分力與斜面對物體的靜摩擦力是平衡力C.物體對斜面壓力與斜面對物體的支持力是平衡力D.重力垂直于斜面方向的分力與斜面對物體的支持力是平衡力12、如圖所示，輕質彈簧上端固定在電梯的天花板上，彈簧下端懸掛一個小球，電梯中有質量為50kg的乘客，在電梯運行時乘客發(fā)現輕質彈簧的伸長量始終是電梯靜止時的四分之三，已知重力加速度g=10m/s2，由此可判斷A.乘客處于失重狀態(tài)B.電梯可能加速下降，加速度大小為5m/s2C.電梯可能減速上升，加速度大小為2.5 m/s2D.乘客對電梯地板的

8、壓力為625N二填空題(每小題6分，共18分)13、某同學設計了一個如圖所示裝置測定滑塊與木板間的動摩擦因數，其中A為滑塊，B和C是質量可調的砝碼，不計繩和滑輪的質量及它們之間的摩擦，裝置水平放置實驗中該同學在砝碼總質量（mmm0）保持不變的條件下，改變m和m的大小，測出不同m下系統(tǒng)的加速度，然后通過實驗數據的分析就可求出滑塊與木板間的動摩擦因數（1）該同學手中有電磁打點計時器、紙帶、質量已知且可隨意組合的砝碼若干、滑塊、一端帶有定滑輪的長木板、細線，為了完成本實驗，得到所要測量的物理量，還應有（ ）A秒表 B毫米刻度尺C天平D低壓交流電源（2）實驗中，該同學得到一條較為理想的紙帶，如圖所示，

9、從清晰的O點開始，每隔4個點取一計數點（中間4個點沒畫出），分別記為A、B、C、D、E、F，各計數點到O點的距離為OA1.61 cm，OB4.02 cm，OC7.26 cm，OD11.30 cm，OE16.14 cm，OF21.80 cm，打點計時器打點頻率為50 Hz，則由此紙帶可得到打E點時滑塊的速度v_m/s，此次實驗滑塊的加速度a_m/s2.（結果均保留兩位有效數字）（3）在實驗數據處理中，該同學以m為橫軸，以系統(tǒng)的加速度a為縱軸，繪制了如圖所示的實驗圖線，結合本實驗可知滑塊與木板間的動摩擦因數_.（g取10 m/s2）14、用等效替代法驗證力的平行四邊形定則的實驗情況如圖甲所示，其中

10、A為固定橡皮筋的圖釘，O為橡皮筋與細繩的結點，OB和OC為細繩，圖乙是白紙上根據實驗結果畫出的圖。(1)本實驗中“等效替代”的含義是_；A橡皮筋可以用細繩替代B左側彈簧測力計的作用效果可以替代右側彈簧測力計的作用效果C右側彈簧測力計作用效果可以替代左側彈簧測力計的作用效果D兩彈簧測力計共同作用的效果可以用一個彈簧測力計的作用效果替代(2)圖乙中的F與F兩力中，方向一定沿著AO方向的是_；(3)關于該實驗的下列說法中，正確的是_。A拉橡皮筋的繩盡量細一些且長一些B拉橡皮筋時，彈簧測力計、橡皮筋、細繩應貼近木板且與木板面平行C橡皮筋的結點可以不拉到同一位置，只要讓橡皮筋伸長量相同就行D使拉力F1和

11、F2的夾角很小，可以減小實驗誤差15、理想實驗是科學研究中的一種重要方法，如圖所示的是伽利略根據可靠的事實進行的理想實驗和推論的示意圖。請在下面的空格里填入恰當的內容，完成對各示意圖的說明。如圖（1）所示，把兩個斜面對接，讓小球由靜止開始從左側斜面上高為h處滾下，如果沒有摩擦，小球將達到右側斜面相同高度的地方。如圖（2）所示，如果減小右側斜面的傾角，小球到達右側斜面上的高度要_（選填“大于”“等于”或“小于”）原來的高度h，但要通過更長的距離。如圖（3）所示，繼續(xù)減小右側斜面的傾角，直到使它成為水平面，小球不可能達到原來的高度h，就要沿著水平面以_（填“恒定”或“變化”）的速度持續(xù)運動下去。三

12、計算題(22分)16、（12分）如圖所示，質量為2 kg的物體在40 N水平推力作用下，從靜止開始1 s內沿豎直墻壁下滑3 m求：(取g10 m/s2)(1)物體運動的加速度大??；(2)物體受到的摩擦力大小；(3)物體與墻壁間的動摩擦因數17、（10分）如圖（甲）所示，蹦極是一項非常刺激的戶外休閑活動為了研究蹦極運動做以下簡化：將跳躍者視為質量為m的質點，他的運動沿豎直方向，且初速度為0彈性繩的原長為L，勁度系數為k，其形變量與所受拉力成正比跳躍者下落1.5L時到達最低點此過程中忽略空氣阻力和彈性繩質量，重力加速度為g求：（1）當彈性繩剛好被拉直時，跳躍者的速度大小；（2）當跳躍者速度達到最大

13、時，距起跳平臺的高度；（3）取起跳位置為坐標原點O，取豎直向下為正方向，建立x軸在跳躍者從開始跳下到最低點的過程中，跳躍者的位移為x，加速度為a，在圖（乙）中定性畫出a隨x變化關系的圖像參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、D【解析】先是根據事實：由靜止釋放小球，小球沿斜面AB滾下，滾上另一斜面BC，高度幾乎與原來相同，推出：如果沒有摩擦，小球將上升到原來的高度，根據這個推論，在進一步推出：減小斜面BC的傾角（圖中BC），小球將通過較長的

14、路程，仍能到達原來的高度，最后得出繼續(xù)減小BC的傾角，最終使它水平，小球將沿水平面以恒定速度一直運動下去，即力不是維持物體運動的原因；A事實推論事實推論，與結論不相符，A錯誤；B事實推論事實推論，與結論不相符，B錯誤；C事實推論推論推論，與結論不相符，C錯誤；D事實推論推論推論，與結論相符，D正確。故選D。2、B【解析】根據兩小球的運動情況去分析兩球下落的距離，從而找出它們相隔的距離【詳解】同時釋放的兩個小球做自由落體運動，運動情況完全一樣，它們之間的高度在落地前就是釋放時的距離故下落過程中兩球間的距離保持不變；選項B正確，AC錯誤；由于開始下落的高度不同，則兩球落地時的速度不相等，選項D錯誤

15、；故選B【點睛】本題考查自由落體運動的規(guī)律，因為兩小球是同時釋放的，故兩小球在空中運動完全相同，故一直保持開始的距離不變3、C【解析】A根據位移公式有故A錯誤；BC根據速度與時間公式得2s末的速度則2s內的平均速度為故B錯誤，C正確；D最后1s下落的位移為前3s的位移減去前2s的位移，前2s的位移為所以最后1s的位移為故D錯誤。故選C。4、C【解析】以結點P為研究對象，分析受力情況，根據平衡條件求解PA、PB繩上的拉力大??；以木塊M為研究對象，分析受力情況，作出力圖，根據平衡條件求出木塊所受斜面的摩擦力和彈力?！驹斀狻緼B對結點P受力分析由平衡條件得故AB錯誤；CD對斜面上的物體，由平衡條件可

16、得，平行斜面方向上解得垂直斜面方向上解得故C正確、D錯誤。故選C。5、B【解析】由題，F=2N，x=1cm=110-2m，根據胡克定律F=kx得彈簧的勁度系數，故選B【點睛】彈簧的彈力與形變量之間的關系遵守胡克定律公式F=kx中，x是彈簧伸長的長度或壓縮的長度，即是彈簧的形變量6、D【解析】A平均速度等于位移與時間的比值，平均速率等于路程與時間的比值，如果物體做往返直線運動，則位移和路程不等，則平均速度大小不等于平均速率，A錯誤；B瞬時速率是瞬時速度的大小，瞬時速率只有大小沒有方向，瞬時速度既有大小又有方向，所以瞬時速率不變，只是大小不變，有可能方向在變，如勻速圓周運動，瞬時速度時刻在變，B錯

17、誤；C若物體在某段時間內每個時刻的瞬時速度都等于零，說明物體處于靜止狀態(tài)，平均速度一定為零，C錯誤；D物體做圓周運動，轉動一周，位移為零，所以平均速度為零，但是過程中的瞬時速度卻不為零，D正確；故選D.考點：考查了平均速度，平均速率，瞬時速度【名師點睛】正確解答本題的關鍵是：深刻理解瞬時速度、平均速度、平均速率等基本概念，瞬時速度是與某一時刻或者某一位置相對應的速度，平均速度是質點在某段時間內運動的位移與所用時間的比值，而平均速率是所用路程與時間的比值，二者是兩個完全不同的概念7、BD【解析】A同一根彈簧彈力相等，A、B所受彈簧彈力大小之比為1：1，故A錯誤；B對A、B兩個物體受力分析，并合成

18、矢量三角形，如圖所示：A、B都處于靜止狀態(tài)，受力平衡，則有：對物體A：對物體B：則：B正確；C懸掛A、B細線上的拉力之比：C錯誤；D快速撤去彈簧瞬間，小球做圓周運動，速度為0，在向心方向上合力為零，加速度由重力在切線方向的分力提供：兩小球加速度之比：D正確。故選BD。8、BC【解析】A對動滑輪受力分析，受重力、兩個對稱的拉力，拉力等于懸掛物體的重量mg，如圖三個力的合力為零，兩個拉力的大小恒定，夾角越大，合力越小，夾角越小，合力越大；增加細線長度時，由于兩個細線拉力也不變，動滑輪位置不變，故三個力大小方向都不變，故A錯誤；B只增加重物的重力，兩個繩拉力變大，動滑輪位置不變，則兩拉力夾角不變，故

19、合力變大，故手指所受的拉力增大，故B正確；C只將手指向下移動，兩個繩拉力大小不變，夾角變小，故兩拉力合力變大，故手指所受的拉力增大，故C正確；D只將手指向上移動，兩個繩拉力大小不變，夾角變大，故兩拉力合力變小，故手指所受的拉力減小，故D錯誤。故選BC。9、BD【解析】小車的運動是合運動，由運動效果可分解為：垂直繩子向上的運動和沿繩子方向的運動，結合矢量分解的平行四邊形法則求出沿繩子的速度，可得知A物體的速度，得到物體A做何種運動，然后由牛頓第二定律做出判斷；【詳解】設和小車連接的繩子與水平面的夾角為，小車的速度為v，則這個速度分解為沿繩方向向下和垂直繩方向向上的速度，根據平行四邊形法則解三角形

20、得沿繩方向的速度為，隨著小車勻速向右運動，顯然逐漸減小，則沿繩方向的速度越來越大，又知物體A的速度與繩子的速度大小一樣，所以物體A向上做加速運動，則由牛頓第二定律得：，即，因此，繩的拉力大于物體A的重力，所以選項BD正確，AC錯誤【點睛】在分析合運動與分運動時要明確物體實際運動為合運動，因此，判斷小車的運動為合運動是關鍵，同時要根據運動的效果分解合運動10、BC【解析】A在0-t1時間內小物塊向左減速，受向右的摩擦力作用，在t1-t2時間內小物塊向右加速運動，受到向右的摩擦力作用，t1時刻小物塊向左運動到速度為零，離A處的距離達到最大，A錯誤；Bt2時刻前小物塊相對傳送帶向左運動，之后相對靜止

21、，則知小物塊相對傳送帶滑動的距離達到最大，B正確；C.0t2時間內，小物塊受到的摩擦力方向始終向右，且大小不變，C正確；D0t1時間內，傳送帶的位移為小物塊的位移為所以小物塊相對傳送帶的位移向左，大小為t1t2時間內，物塊向右加速，皮帶向右勻速運動，物體相對皮帶向左，相對位移大小為兩者的位移之差由于t2-t3時間內小物塊相對傳送帶靜止，所以0t3時間內小物塊相對傳送帶的位移向左，大小為故D錯誤。故選BC。11、BD【解析】A.重力可分解為沿斜面向下的分力和垂直于斜面向下的分力，不能說成壓力。故A錯誤。BD.物體受到重力、斜面的支持力和靜摩擦力，根據平衡條件可知重力沿斜面向下的分力與斜面對物體的

22、靜摩擦力是平衡力，重力垂直于斜面方向的分力與斜面對物體的支持力是平衡力,故BD正確。C.物體對斜面的壓力與斜面對物體的支持力是一對作用力與反作用力，不是平衡力。故C錯誤。故選BD。12、AC【解析】A彈簧的彈力減小，小球的重力不變，所以小球的加速度向下，乘客的加速度向下，乘客處于失重狀態(tài)，故A正確；BC電梯靜止時，小球受力平衡：電梯運行時，小球加速度豎直向下：聯立方程解得：，所以電梯可能向下做加速運動，可能向上做減速運動，故B錯誤，C正確；D乘客處于失重狀態(tài)，地板對乘客的支持力小于乘客的重力，根據牛頓第三定律可知乘客對地板的壓力小于乘客的重力，故D錯誤。故選AC二填空題(每小題6分，共18分)

23、13、 (1).BD (2).0.53 (3).0.81 (4).0.3【解析】(1)1.A.打點計時器通過打點即可知道時間，故不需要秒表，故A錯誤B.實驗需要測量兩點之間的距離，故需要毫米刻度尺和，故B正確C.本實驗中可以不測滑塊的質量，而且砝碼的質量已知，故天平可以不選，故C錯誤D.電磁打點計時器要用到低壓交流電源，故D正確(2)2.每隔4個點取一計數點，相鄰計數點之間的時間間隔為0.1s，故用平均速度等于中間時刻的瞬時速度可得：3.由x=at2可得：(3).對ABC系統(tǒng)應用牛頓第二定律可得：所以a-t圖象中，縱軸的截距為-g，故-g=-3，解得：=0.3014、 .D .F .AB【解析】(1)1驗證平行四邊形定則的實驗中，第一次同時用兩個彈簧測力計作用在橡皮筋上，將橡皮筋與細線的結點拉到一個合適的位置，第二次只用一個彈簧測力計作用在橡皮筋上，使橡皮筋與細線的結點到達同樣的位置，可見兩次彈簧測力計對橡皮筋產生的作用效果相同，可以等效替代，故D正確ABC錯誤。(2)2只用一個彈簧測力計作用在橡皮筋上時，拉力一定與AO方向相同，故力F一定沿AO方向。(3)3 A.細繩越細，重力等因素的影響越小，彈簧測力