山西省渾源縣高中學(xué)校2020學(xué)年高二物理上學(xué)期第五次聯(lián)考試題(含解析)

1、山西省渾源縣高中學(xué)校2020學(xué)年高二物理上學(xué)期第五次聯(lián)考試題（含分析）一、選擇題(共10小題，每題4分，共40分，在每題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有的小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，有些小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，所有選對(duì)的得4分，選不全的得2分，有選錯(cuò)或不答的得0分)以下列圖，在左邊的絕緣支架上插上頂針(其頂端是尖的)，在頂針上裝上金屬風(fēng)針，若給風(fēng)針相鄰的圓形金屬板接上正高壓極，風(fēng)針接負(fù)高壓極，風(fēng)針尖端放電會(huì)使其旋轉(zhuǎn)起來，以下說法中正確的選項(xiàng)是()風(fēng)針尖端相鄰的等勢面和電場線分布較密風(fēng)針相鄰的空氣在強(qiáng)電場下發(fā)生電離空氣中的陽離子會(huì)向風(fēng)針的尖端運(yùn)動(dòng)交換金屬板與風(fēng)針?biāo)鶐щ姾呻娦裕L(fēng)針尖端會(huì)有正電荷射出【答

2、案】ABC【分析】【詳解】A.圓形金屬板與風(fēng)針分別接上正、負(fù)高壓后，風(fēng)針相鄰產(chǎn)生強(qiáng)電場，且風(fēng)針尖端處電場最強(qiáng)，所以風(fēng)針尖端相鄰的電場線分布較密，因?yàn)殡妶鼍€密的地方等勢面密，故風(fēng)針尖端相鄰的等勢面也密。故A正確；BC.風(fēng)針相鄰產(chǎn)生強(qiáng)電場使空氣發(fā)生電離，空氣中的陽離子會(huì)向風(fēng)針的尖端運(yùn)動(dòng)與針尖負(fù)電荷中和，發(fā)生放電觀象，而空氣中的負(fù)離子因受排斥力而向相反方向運(yùn)動(dòng)。因?yàn)榉礇_，風(fēng)針就旋轉(zhuǎn)起來。故B正確，C正確；D.假如交換金屬板與風(fēng)針電荷電性，風(fēng)針不行能放出正電荷，因?yàn)閷?dǎo)體內(nèi)只有自由運(yùn)動(dòng)的電子。故D錯(cuò)誤。應(yīng)選：ABC一粒子從A點(diǎn)射入電場，從B點(diǎn)射出，電場的等勢面和粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡以下列圖，圖中左邊前三個(gè)等勢

3、面平行，不計(jì)粒子的重力以下說法正確的有（）粒子帶負(fù)電荷粒子的加速度先不變，后變小粒子的速度不停增大粒子的電勢能先減小，后增大【答案】AB【分析】【詳解】A、電場線(垂直于等勢面)先向右后向上偏，而粒子后向下偏了，所以電場力與電場強(qiáng)度方向相反，所以粒子帶負(fù)電，A錯(cuò)誤；B、因?yàn)榈葎菝嫦绕叫卸颐?，后變疏，說明電場強(qiáng)度先不變，后變小，則電場力先不變，后變小，所以加速度先不變，后變小，B正確；C、因?yàn)殚_初電場力與初速度方向相反，所以速度先減小，C錯(cuò)誤；D、因?yàn)殡妶隽ο茸鲐?fù)功，所以電勢能先增大，D錯(cuò)誤。靜電計(jì)是在驗(yàn)電器的基礎(chǔ)上制成的，用其指針張角的大小來定性顯示其金屬球與外殼之間的電勢差大小以下列圖，A

4、、B是平行板電容器的兩個(gè)金屬板，G為靜電計(jì)開始時(shí)開關(guān)S閉合，靜電計(jì)指針張開必定角度，為了使指針張開的角度增大些，以下采納的措施可行的是()斷開開關(guān)S后，將A、B兩極板分開些保持開關(guān)S閉合，將A、B兩極板分開些保持開關(guān)S閉合，將A、B兩極板湊近些保持開關(guān)S閉合，將變阻器滑動(dòng)觸頭向右挪動(dòng)【答案】A【分析】S試題分析：斷開開關(guān)，電容器帶電量Q不變，將AB分開一些，則d增大，依據(jù)CQ4kd知，電容C減小，依據(jù)C知，電勢差U增大，指針張角增大，故A正確；保持U開封鎖合，電容器兩端的電勢差不變，則指針張角不變故B、C、D錯(cuò)誤考點(diǎn)：電容器的決定式及定義式。壓敏電阻的阻值隨所受壓力的增大而減小，有位同學(xué)利用壓

5、敏電阻設(shè)計(jì)了判斷小車運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的裝置，其工作原理以下列圖，將壓敏電阻和一塊擋板固定在絕緣小車上，中間擱置一個(gè)絕緣重球。小車向右做直線運(yùn)動(dòng)過程中，電流表示數(shù)以下列圖，以下判斷正確的選項(xiàng)是（）從t1到t2時(shí)間內(nèi)，小車做勻速直線運(yùn)動(dòng)從t1到t2時(shí)間內(nèi)，小車做勻加速直線運(yùn)動(dòng)從t2到t3時(shí)間內(nèi)，小車做勻速直線運(yùn)動(dòng)從t2到t3時(shí)間內(nèi)，小車做勻加速直線運(yùn)動(dòng)【答案】D【分析】【詳解】試題分析：在t1t2內(nèi)，I變大，阻值變小，壓力變大，依據(jù)牛頓第二定律可知，小車做變加速運(yùn)動(dòng)，故AB錯(cuò)誤；在t2t3內(nèi)，I不變，壓力恒定，且電流比初始電流大，所以小車做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤，故D正確；應(yīng)選：D考點(diǎn)：牛頓第二定律的應(yīng)

6、用.在以下列圖的電路中，閉合開關(guān)S，A、B、C三只燈均正常發(fā)光。當(dāng)可變電阻R的滑動(dòng)觸頭上移時(shí)，對(duì)A、B、C三燈亮度的變化，以下表達(dá)正確的選項(xiàng)是A.A燈變亮B.B燈變亮C.C燈變亮D.三燈均變暗【答案】AC【分析】試題分析：當(dāng)可變電阻的滑動(dòng)觸頭上移時(shí)，R接入電路的電阻增大，分析外電路總電阻的變化，由歐姆定律分析總電流和路端電壓，再分析局部電流和電壓的變化，判斷燈泡亮度的變化解：當(dāng)可變電阻的滑動(dòng)觸頭上移時(shí)，R接入電路的電阻增大，外電路總電阻R總增大，總電流I減小，路端電壓U=EIr，則U增大，A燈變亮因?yàn)镮總減小，流過A燈的電流IA增大，則B燈和R并聯(lián)的總電流減小，B燈變暗，B和R并聯(lián)的電流減小，

7、電壓UBR減小，C燈的電壓UC=UUBR，獲取UC增大，C燈變亮應(yīng)選AC【評(píng)論】此題電路中動(dòng)向變化分析問題，依據(jù)部分到整體再到部分的思路進(jìn)行分析小燈泡通電后其電流I隨所加電壓U變化的圖線以下列圖，P為圖線上一點(diǎn)，PN為圖線的切線，PQ為U軸的垂線，PM為I軸的垂線則以下說法中正確的選項(xiàng)是（）A.跟著所加電壓的增大，小燈泡的電阻增大U1B.對(duì)應(yīng)P點(diǎn)，小燈泡的電阻為RI2U1C.對(duì)應(yīng)P點(diǎn)，小燈泡的電阻為RI2I1D.對(duì)應(yīng)P點(diǎn)，小燈泡的功率為圖中矩形PQOM所圍的面積【答案】ABD【分析】【詳解】A由圖象可知，經(jīng)過燈泡的電流隨兩端電壓的增大而增大，且UI，因?yàn)殡娮枋侵笇?duì)電流的阻止作用，所以跟著所加電

8、壓的增大，小燈泡的電阻增大，不然U和I的變化倍數(shù)相等，故A正確；U1BC由圖象可知，P點(diǎn)對(duì)應(yīng)電壓為U1，電流為I2，則燈泡的電阻RI2，故B正確；C錯(cuò)誤；D因P=UI，所以圖象中矩形PQOM所圍的面積為對(duì)應(yīng)P點(diǎn)小燈泡的實(shí)質(zhì)功率，故D正確7.以下列圖是電視機(jī)中偏轉(zhuǎn)線圈的表示圖，圓心O表示電子束，由紙內(nèi)向紙外而來，那么，接通電源，給偏轉(zhuǎn)線圈加上圖示方向的電流時(shí)，電子束應(yīng)()A.不偏轉(zhuǎn)，仍打在O點(diǎn)向左偏轉(zhuǎn)向上偏轉(zhuǎn)向下偏轉(zhuǎn)【答案】C【分析】【詳解】偏轉(zhuǎn)線圈由上下兩個(gè)“通電螺線管”構(gòu)成，由右手螺旋定章判斷知右端都是N極，左端都是S極，則O點(diǎn)處的磁場水平向左，由左手定章判斷可知，從O點(diǎn)射出的電子遇到向上的

9、洛倫茲力的作用將會(huì)向上偏轉(zhuǎn)，故C正確，ABD錯(cuò)誤。應(yīng)選：C以下列圖，有一混雜正離子束先后經(jīng)過正交的電場、磁場所區(qū)和勻強(qiáng)磁場所區(qū)，假如這束正離子流在地域中不偏轉(zhuǎn)，進(jìn)入地域后偏轉(zhuǎn)半徑r相同，則它們必定擁有相同的()A.速度C.電荷量B.質(zhì)量D.比荷【答案】AD【分析】【詳解】A.離子流在地域中不偏轉(zhuǎn)，必定是qEqvB，vE，故A正確；BB.進(jìn)入地域后，做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑相同，由rmv知，因v、B相同，所以qB只好是比荷相同，故D正確，B、C錯(cuò)誤。應(yīng)選：AD以下列圖，兩個(gè)半徑相同的半圓形軌道分別豎直放在勻強(qiáng)磁場和勻強(qiáng)電場中，軌道兩端在同一高度上，軌道是圓滑的。兩個(gè)相同的帶正電小球同時(shí)從兩軌道左端最

10、高點(diǎn)由靜止開釋，M、N為軌道的最低點(diǎn)，則()A.兩小球到達(dá)軌道最低點(diǎn)的速度vMvNB.兩小球到達(dá)軌道最低點(diǎn)的速度vMvNC.小球第一次到達(dá)M點(diǎn)的時(shí)間大于小球第一次到達(dá)N點(diǎn)的時(shí)間在磁場中小球能到達(dá)軌道的另一端，在電場中小球不可以到達(dá)軌道的另一端【答案】BD【分析】【詳解】AB.小球在磁場中運(yùn)動(dòng)時(shí)洛倫茲力不做功，所以只有重力做功。在電場中受的電場力向左，下滑過程中電場力做負(fù)功，所以到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)速度關(guān)系為vMvN，故A錯(cuò)誤，B正確；C.整個(gè)過程的均勻速度vMvN，所以時(shí)間tMtN，故C錯(cuò)誤；D.因?yàn)殡妶隽ψ鲐?fù)功，電場中的小球不可以到達(dá)軌道的另一端。故D正確。應(yīng)選：BD10.長為L的水平極板間，有垂直

11、紙面向里的勻強(qiáng)磁場，以下列圖，磁感覺強(qiáng)度為B，板間距離為L，板不帶電。此刻質(zhì)量為m、電量為q的正電粒子(不計(jì)重力)，從左邊極板間中點(diǎn)處垂直磁感線以速度v水平射入磁場，欲使粒子不打在極板上，可采納的方法是：()A.使粒子的速度vBqL/4mC.使粒子的速度v5BqL/4mD.使粒子的速度BqL/4mv5BqL/4m【答案】AC【分析】【詳解】以下列圖，由題意知，帶正電的粒子從左邊射出磁場，其在磁場中圓周運(yùn)動(dòng)的半徑RL，故粒子在磁場中做圓周運(yùn)動(dòng)洛倫茲力供給向心力即：qvB=mv2，4Rmv可得粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑：RqBmvL即：vqBL粒子不打到極板上且從左邊射出，則：4qB4m帶正電的粒子從右

12、側(cè)射出，以下列圖，此時(shí)粒子的最小半徑為R，由上圖可知：R2=L2+（R-L）2；可得粒子圓周運(yùn)動(dòng)的最大多數(shù)徑：R=5L24mv5L又因?yàn)榱Ｗ幼鰣A周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力供給向心力，粒子從右側(cè)射出，則：即：qB45qBLv4mvqBL或v5qBL，故AC正確，故欲使粒子不打在極板上，粒子的速度一定滿足4m4mBD錯(cuò)誤；應(yīng)選A.點(diǎn)睛：該題觀察了有界磁場的問題，利用幾何關(guān)系求出軌跡半徑是解題的要點(diǎn)能依據(jù)淪洛倫茲力供給向心力獲取粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑和粒子速度的關(guān)系，并能依據(jù)幾何關(guān)系求出粒子不射出磁場的半徑條件二、填空題(共3小題，共18分。把答案直接填在橫線上)為了丈量一微安表頭A的內(nèi)阻，某同學(xué)設(shè)計(jì)了以下列圖

13、的電路。圖中，A0是標(biāo)準(zhǔn)電流表，R0和RN分別是滑動(dòng)變阻器和電阻箱，S和S1分別是單刀雙擲開關(guān)和單刀開關(guān)，E是電池。完成以下實(shí)驗(yàn)步驟中的填空：將S撥向接點(diǎn)1，接通S1，調(diào)理_，使待測表頭指針偏轉(zhuǎn)到合適位置，記下此時(shí)_的讀數(shù)I；而后將S撥向接點(diǎn)2，調(diào)理_，使_，記下此時(shí)RN的讀數(shù)；多次重復(fù)上述過程，計(jì)算RN讀數(shù)的_，此即為待測微安表頭內(nèi)阻的丈量值。【答案】(1).R0(2).標(biāo)準(zhǔn)電流表A0(3).RN(4).標(biāo)準(zhǔn)電流表A0示數(shù)為I(5).均勻值【分析】此題丈量微安表頭A的內(nèi)阻采納的是代替法。第一將S撥向接點(diǎn)1，接通S1，調(diào)理R0，使待測表頭指針偏轉(zhuǎn)到合適位置，記下此時(shí)標(biāo)準(zhǔn)電流表A0的讀數(shù)I；而后

14、將S撥向接點(diǎn)2，讓電阻箱代替待測電流表，調(diào)理RN,使標(biāo)準(zhǔn)電流表A0的讀數(shù)仍為I；此時(shí)電阻箱讀數(shù)等于待測電流表內(nèi)阻,記下此時(shí)RN的讀數(shù)；多次重復(fù)上述過程，計(jì)算RN讀數(shù)的均勻值，此即為待測微安表頭內(nèi)阻的丈量值。有一根圓臺(tái)狀均勻質(zhì)合金棒如圖甲所示，某同學(xué)猜想其電阻的大小與該合金棒的電阻率、長度L和兩底面直徑d、D相關(guān)。他進(jìn)行了以下實(shí)驗(yàn)：（1）用游標(biāo)卡尺丈量合金棒的兩底面直徑d、D和長度L。圖乙中游標(biāo)卡尺（游標(biāo)尺上有20個(gè)均分刻度）的讀數(shù)L=_cm.（2）丈量該合金棒電阻的實(shí)物電路如圖丙所示（相關(guān)器械的參數(shù)已在圖中標(biāo)出）。該合金棒的電阻約為幾個(gè)歐姆。圖中有一處連接不妥的導(dǎo)線是_.（用注明在導(dǎo)線旁的數(shù)字

15、表示）（3）改正電路后，經(jīng)過實(shí)驗(yàn)測得合金棒的電阻R=6.72.依據(jù)電阻定律計(jì)算電阻率為、長為L、直徑分別為d和D的圓柱狀合金棒的電阻分別為Rd=13.3、RD=3.38.他發(fā)現(xiàn)：在偏差同意范圍內(nèi)，電阻R滿足R2=RdRD，由此推測該圓臺(tái)狀合金棒的電阻R=_.（用、L、d、D表述）【答案】(1).9.940(2).4L(3).dD【分析】【詳解】(1)第一確立游標(biāo)卡尺的精度為20分度，即為0.05mm，而后以毫米為單位從主尺上讀出整毫米數(shù)99.00mm，注意小數(shù)點(diǎn)后的有效數(shù)字要與精度相同，再從游標(biāo)尺上找出對(duì)的最齊一根刻線，精度格數(shù)0.058mm0.40mm，最后二者相加，依據(jù)題目單位要求換算為需

16、要的數(shù)據(jù)，99.00mm0.40mm99.40mm9.940cm.本實(shí)驗(yàn)為測定一個(gè)幾歐姆的電阻，在用伏安法丈量其兩端的電壓和經(jīng)過電阻的電流時(shí)，因?yàn)榘才啾淼膬?nèi)阻較小，為了減小偏差，應(yīng)用安培表外接法，線的連接使用的是安培表內(nèi)接法依據(jù)電阻定律計(jì)算電阻率為、長為L、直徑分別為d和D的圓柱狀合金棒的電LL阻分別為Rd13.3、RD3.38.即Rd(d/2)2，RD(D/2)2，而電阻2dDdD4LdD在測定一節(jié)干電池的電動(dòng)勢和內(nèi)電阻的實(shí)驗(yàn)中，備有以下器械：A待測的干電池（電動(dòng)勢約為1.5V，內(nèi)電阻小于1.0)B電流表G（滿偏電流3mA，內(nèi)阻Rg=10)C電流表A(00.6A，內(nèi)阻0.1)D滑動(dòng)變阻器R1

17、(020,10A)E.滑動(dòng)變阻器R2(0200,lA)F定值電阻R0(990)G開關(guān)和導(dǎo)線若干（1）某同學(xué)發(fā)現(xiàn)上述器械中固然沒有電壓表，但給出了兩個(gè)電流表，于是他設(shè)計(jì)了以下列圖中甲的（a)、(b)兩個(gè)參如實(shí)驗(yàn)電路，此中合理的是_圖所示的電路；在該電路中，為了操作方便且能正確地進(jìn)行丈量，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選_（填寫器械前的字母代號(hào)）（2）圖乙為該同學(xué)依據(jù)（1)中選出的合理的實(shí)驗(yàn)電路利用測出的數(shù)據(jù)繪出的I1I2圖線（I1為電流表G的示數(shù)，I2為電流表A的示數(shù)），則由圖線可以得被測電池的電動(dòng)勢E=_V，內(nèi)阻r=_?！敬鸢浮?1).b(2).D(3).1.50(4).0.80【分析】【詳解】（1）上述器械中

18、固然沒有電壓表，但給出了兩個(gè)電流表，將電流表G串通一個(gè)電阻，可以改裝成較大批程的電壓表（a）、（b）兩個(gè)參如實(shí)驗(yàn)電路，此中合理的是b，因?yàn)殡娫吹膬?nèi)阻較小，所以應(yīng)該采納較小最大值的滑動(dòng)變阻器，有益于數(shù)據(jù)的丈量和偏差的減小滑動(dòng)變阻器應(yīng)選D，（2）依據(jù)歐姆定律和串通的知識(shí)得電源兩端電壓U=I1（990+10）=1000I1，依據(jù)圖象與縱軸的交點(diǎn)得電動(dòng)勢E=1.5mA1000=1.50V與橫軸的交點(diǎn)可得出路端電壓為1V時(shí)電流是0.62A，由閉合電路歐姆定律E=U+Ir可得：r=0.80；三、論述計(jì)算題(共4小題，共42分。解答應(yīng)寫出必需的文字說明、方程式和重要演算步驟，只寫出最后答案不可以得分，有數(shù)值

19、計(jì)算的題，答案中一定明確寫出數(shù)值和單位)以下列圖，粗糙程度均勻的絕緣斜面下方O點(diǎn)處有一正點(diǎn)電荷，帶負(fù)電的小物體以初速度v1從M點(diǎn)沿斜面上滑，到達(dá)N點(diǎn)時(shí)速度為零，而后下滑回到M點(diǎn)，此時(shí)速度為v2（v2v1）若小物體電荷量保持不變，OM=ON，則小物體上升的最大高度h為多少？（重力加速度為g）【答案】【分析】試題分析：設(shè)物體上升過程中，摩擦力做功為W，上升的最大高度為h因?yàn)镺M=ON，M、N兩點(diǎn)的電勢相等，上升和下滑過程中電場力做功都為0，則依據(jù)動(dòng)能定理得上升過程：Wmgh=0，下滑過程：W+mgh=聯(lián)立解得，h=答：小物體上升的最大高度為一臺(tái)國產(chǎn)XQB3013型全自動(dòng)洗衣機(jī)說明書中所列的主要技術(shù)

20、數(shù)據(jù)以下表。試依據(jù)表中供給的數(shù)據(jù)計(jì)算：額定電壓220V頻率50HZ額定洗衣、脫水功率360W額定洗衣、脫水容量3kg整機(jī)質(zhì)量33kg外形尺寸(長寬高)542mm550mm920mm這臺(tái)洗衣機(jī)在額定電壓下洗衣或脫水時(shí)，經(jīng)過洗衣機(jī)的電流是多大？如洗衣、脫水的累計(jì)時(shí)間為40min，則洗衣機(jī)耗電多少度？【答案】1.64A；0.24度【分析】【詳解】(1)額定電壓為U220V，而額定功率P360W，所以IP360A1.64A220因?yàn)镻360W，t4060s2400s所以WPt3602400J0.24kWh0.24度16.以下列圖，電源電動(dòng)勢E015V，內(nèi)阻r01，電阻R130，R260.間距d=0.2

21、m的兩平行金屬板水平擱置，板間分布有垂直于紙面向里、磁感覺強(qiáng)度B1T的勻強(qiáng)磁場閉合開關(guān)S，板間電場視為勻強(qiáng)電場，將一帶正電的小球以初速度v0.1m/s沿兩板間中線水平射入板間設(shè)滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值為Rx，忽視空氣對(duì)小球的作用，取g10m/s2，求：(1)當(dāng)Rx29時(shí)，電阻R2耗費(fèi)的電功率是多大？若小球進(jìn)入板間做勻速圓周運(yùn)動(dòng)并與板相碰，碰時(shí)速度與初速度的夾角為60，則Rx是多少？【答案】(1)0.6W，(2)54.【分析】此題主要觀察電路分析，含容電路分析，及帶電粒子在復(fù)合場中的運(yùn)動(dòng)的綜合運(yùn)用的問題。對(duì)考生分析問題和建立正確的物理模型能力的觀察。（1）設(shè)R和R2的并聯(lián)電阻為R，有：RR1R21R1R2R2兩端的電壓為：UE0Rr0RRxR2耗費(fèi)的電功率為：PU2R2當(dāng)Rx29時(shí)，聯(lián)立式，代入數(shù)據(jù)，解得：P0.6W（2）設(shè)小球質(zhì)量為m，電荷量為q，小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，有：qEmgUd設(shè)小球做圓周運(yùn)動(dòng)半徑為r，有：qvBmv2r由幾何關(guān)系有：rd聯(lián)立式，代人數(shù)據(jù)，解得：Rx5