2014高考江蘇卷物理試題(word)講解

1、試卷類型： A ( 江蘇卷 ) 5個小題，每小題. Ba nBa nBa 2nBa22t試卷類型： A ( 江蘇卷 ) 5個小題，每小題. Ba nBa nBa 2nBa22t 2t t tnBa2t由 GMmR火GM，當(dāng)航天器在地球表面附近繞地球做圓周運(yùn)動時有R地火地1、 2，電壓分別為1、U2，電流分別為 1、I2，輸電線上的電阻為3分，共計(jì) 15分.在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有2 2 22v 7.9 km/s，R地R ，故 v 7.9 km/s 3.5 km/s ，則 A正確) v火地v地火RGMv火地地2014 年普通高等學(xué)校招生全國統(tǒng)一考試?yán)砜凭C合一、單項(xiàng)選擇題：本大題共一項(xiàng)是符合

2、題目要求的1如圖所示，一正方形線圈的匝數(shù)為 n，邊長為 a，線圈平面與勻強(qiáng)磁場垂直，且一半處在磁場中在 t 時間內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向不變，大小由 B均勻地增大到 2B.在此過程中，線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為 ( ) A. B. C. D.答案 B 解析 根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律知 Ent nBSt ，這里的 S指的是線圈在磁場中的有效2 2面積，即 Sa2，故 En（2BB）St ，因此 B項(xiàng)正確2已知地球的質(zhì)量約為火星質(zhì)量的 10倍，地球的半徑約為火星半徑的 2倍，則航天器在火星表面附近繞火星做勻速圓周運(yùn)動的速率約為 ( ) A3.5 km/s B 5.0 km/s C 17.7 km/s D

3、35.2 km/s 答案：A 解析 航天器在火星表面附近做圓周運(yùn)動所需的向心力是由萬有引力提供的，GM2mvR知 vRM 5 5 5M 5 5 53遠(yuǎn)距離輸電的原理圖如圖所示，升壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)分別為 n nU I R.變壓器為理想變壓器， 則下列關(guān)系式中正確的是 ( II n21U1 2R 1U1 2U2D正確；I 是由用戶的電流決定的，B錯誤；輸出功率決定輸入功率，升壓變壓器的輸入功率應(yīng)等于用戶的功x軸垂直于環(huán)面且過圓心O點(diǎn)產(chǎn)生的電場的合場強(qiáng)為零 以x軸正半軸上，它將受到沿x 軸正方向電勢降低，同理可以得到沿O 點(diǎn)對稱的帶正電的點(diǎn)電荷組成，II n21U1 2R 1U1 2U2D正

4、確；I 是由用戶的電流決定的，B錯誤；輸出功率決定輸入功率，升壓變壓器的輸入功率應(yīng)等于用戶的功x軸垂直于環(huán)面且過圓心O點(diǎn)產(chǎn)生的電場的合場強(qiáng)為零 以x軸正半軸上，它將受到沿x 軸正方向電勢降低，同理可以得到沿O 點(diǎn)對稱的帶正電的點(diǎn)電荷組成， 由等量從O 點(diǎn)沿 x 軸正方向，電場強(qiáng)度先變大后變小 綜v(解析 設(shè)汽車做勻加速直線運(yùn)動時的加速度為x0，速度為 v0，其后做減速運(yùn)動的加速度為 a2，則v202a1x0，xx0，則2（a1a2）x02a2x(xx0，a20)綜上所述，只有選項(xiàng)4 小題，每小題2分；有錯選或不答的得用如圖所示的裝置進(jìn)行實(shí)驗(yàn)122O.下列關(guān)于 x 軸上的電x 軸正方向的電場力作

5、用而向右運(yùn)x軸負(fù)方向電勢降低，故 O 點(diǎn)的電勢) a1，則由運(yùn)動學(xué)公式得 2a1xv2，由A 正確4分，共 16 分。每小題有多個選項(xiàng)選項(xiàng)符合題意，全部0分。小I I 決定的，與輸1是由 2CI I D I I答案：D 解析 對理想變壓器來說，輸出功率決定輸入功率，兩者總相等，故選項(xiàng)對只有一組副線圈的理想變壓器來說，通過原、副線圈的電流之比等于原、副線圈的匝數(shù)之比的倒數(shù)，因此選項(xiàng) A錯誤；輸出電流決定輸入電流，電線上的電阻無關(guān)，選項(xiàng)率與輸電線上消耗的功率之和，故選項(xiàng) C錯誤4 如圖所示，一圓環(huán)上均勻分布著正電荷，場強(qiáng)度和電勢的說法中正確的是 ( ) AO 點(diǎn)的電場強(qiáng)度為零，電勢最低BO 點(diǎn)的電

6、場強(qiáng)度為零，電勢最高C從 O點(diǎn)沿 x軸正方向，電場強(qiáng)度減小，電勢升高D從 O點(diǎn)沿 x軸正方向，電場強(qiáng)度增大，電勢降低答案：B 解析 根據(jù)對稱性，圓環(huán)上均勻分布的正電荷在圓心O點(diǎn)為原點(diǎn)，若將一正點(diǎn)電荷輕放于動，電勢能減少，故沿最高均勻分布著正電荷的圓環(huán)可看成由無數(shù)組關(guān)于圓心正點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場的特點(diǎn)和場強(qiáng)疊加原理可知，上所述，只有選項(xiàng) B 正確5一汽車從靜止開始做勻加速直線運(yùn)動，然后剎車做勻減速直線運(yùn)動，直到停止下列速度和位移 x的關(guān)系圖像中，能描述該過程的是答案：A此可知選項(xiàng) C、D 錯誤；設(shè)剎車時汽車的位移為減速過程有 v2v202a2(xx0)，這里的 v22a1x02a2(xx0)2(a1

7、a2)x02a2x，即 v二、多項(xiàng)選擇題：本題共選對者的得 4分，選對但不全的得6為了驗(yàn)證做平拋運(yùn)動的小球在豎直方向上做自由落體運(yùn)動，A球水平拋出，同時1最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為2B球被松開，自由下落關(guān)于該實(shí)驗(yàn)，下列說法中正確的A球水平拋出，同時1最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為2B球被松開，自由下落關(guān)于該實(shí)驗(yàn)，下列說法中正確的有( ) A兩球的質(zhì)量應(yīng)相等B兩球應(yīng)同時落地C應(yīng)改變裝置的高度，多次實(shí)驗(yàn)D實(shí)驗(yàn)也能說明 A球在水平方向上做勻速直線運(yùn)動答案： BC 解析 由牛頓第二定律可知，只在重力作用下的小球運(yùn)動的加速度與質(zhì)量無關(guān)，故 A 錯誤；為了說明做平拋運(yùn)動的小球在豎直

8、方向上做自由落體運(yùn)動， 應(yīng)改變裝置的高度，多次實(shí)驗(yàn)，且兩球應(yīng)總能同時落地，故 B、C 正確；該實(shí)驗(yàn)只能說明做平拋運(yùn)動的小球在豎直方向上做自由落體運(yùn)動，而不能說明小球在水平方向上做勻速直線運(yùn)動，故 D 錯誤7如圖所示，在線圈上端放置一盛有冷水的金屬杯，現(xiàn)接通交流電源，過了幾分鐘，杯內(nèi)的水沸騰起來若要縮短上述加熱時間，下列措施可行的有 ( ) A增加線圈的匝數(shù) B 提高交流電源的頻率C將金屬杯換為瓷杯 D取走線圈中的鐵芯答案：AB 解析 根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律 Ent 知，增加線圈的匝數(shù) n，提高交流電源的頻率即縮短交流電源的周期 (相當(dāng)于減小 t)，這兩種方法都能使感應(yīng)電動勢增大故選項(xiàng) A、B正

9、確將金屬杯換為瓷杯，則沒有閉合電路，也就沒有感應(yīng)電流；取走線圈中的鐵芯，則使線圈中的磁場大大減弱，則磁通量的變化率減小感應(yīng)電動勢減小故選項(xiàng) C、D錯誤8如圖所示， A、B兩物塊的質(zhì)量分別為 2m和 m，靜止疊放在水平地面上 A、B間的動摩擦因數(shù)為 ，B與地面間的動摩擦因數(shù)為 g現(xiàn)對 A施加一水平拉力 F，則( ) 13g12g32mg.F3mg，故當(dāng) 3mg時，A相對于 B時，A、13g12g32mg.F3mg，故當(dāng) 3mg時，A相對于 B時，A、B以共同的加速度開始運(yùn)動，將a ，B 正確對 B 來說，其所受合力的最大值12g，D32mgFA、B看作整體，由牛頓第二定律有g(shù)3正確Fm2g32m

10、g12B當(dāng) F52mg時，A的加速度為C當(dāng) F3mg時，A相對 B滑動D無論 F為何值， B的加速度不會超過答案：BCD 解析 設(shè) B對A的摩擦力為 f1，A對B的摩擦力為 f2，地面對 B的摩擦力為 f3，由牛頓第三定律可知 f1與f2大小相等，方向相反， f1和 f2的最大值均為 2mg，f3的最大值為故當(dāng) 03mg時，A相對于 B滑動由以上分析可知 A 錯誤，C正確當(dāng) F52mgF32mg3ma，解得mg，即 B的加速度不會超過9如圖所示，導(dǎo)電物質(zhì)為電子的霍爾元件位于兩串聯(lián)線圈之間，線圈中電流為 I，線圈間產(chǎn)生勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小 B與 I 成正比，方向垂直于霍爾元件的兩側(cè)面，此時通

11、過霍爾元件的電流為 IH，與其前后表面相連的電壓表測出的霍爾電壓 UH滿足： UHkIHBd ，式中 k 為霍爾系數(shù)， d為霍爾元件兩側(cè)面間的距離電阻 R遠(yuǎn)大于 RL，霍爾元件的電阻可以忽略，則 ( ) A霍爾元件前表面的電勢低于后表面B若電源的正負(fù)極對調(diào)，電壓表將反偏與 I 成正比RL解析 由于導(dǎo)電物質(zhì)為電子，在霍爾元件中，電子是向上做定向移動的，根據(jù)左手定A 選項(xiàng)錯誤；若電源的正負(fù)極對調(diào)，則B 選項(xiàng)錯誤； 由于電阻 R和 RL與 I 成正比RL解析 由于導(dǎo)電物質(zhì)為電子，在霍爾元件中，電子是向上做定向移動的，根據(jù)左手定A 選項(xiàng)錯誤；若電源的正負(fù)極對調(diào)，則B 選項(xiàng)錯誤； 由于電阻 R和 RL都

12、是固定的， 且 R和 RL并聯(lián)，故 IH與 I 成正比，則 UHkIHBd I2，RL又是定值電阻，所以10、11題）和選做題（第為防止讀數(shù)時測微螺桿發(fā)生轉(zhuǎn)動，(選填“A”“B”“C”或“D”)從圖中的示數(shù)可讀出 合金絲的直徑為_(選填圖中表示接線柱的數(shù)字2.23 V 和 38 mA，58.7 ，為了更準(zhǔn)確地測出合金絲的阻值，在0.410(或測量多組電流和電壓值，)B，螺旋測微器的讀數(shù)為7、9 之間的電路都應(yīng)暢通，且是串聯(lián)電路，由于電壓表內(nèi)阻比則消耗的電功率成正比IH與B都反向，由左手定則可判RLRRLD 正確12題）兩部分，共計(jì)讀數(shù)前應(yīng)先旋緊題)之間出現(xiàn)了 _(選填“短(2)7、90 mm0

13、.01 mm41.00.410 mm.42 分請將解答寫10-1斷路D電壓表的示數(shù)與9CD則可判斷電子受到的洛倫茲力方向向后表面，故霍爾元件的后表面相當(dāng)于電源的負(fù)極，霍爾元件前表面的電勢應(yīng)高于后表面，斷電子運(yùn)動的方向不變，I，則 C正確；因 B與 I成正比， IH三、簡答題 :本題分必做題（第在答題卡相應(yīng)位置【必做題 】10某同學(xué)通過實(shí)驗(yàn)測量一種合金的電阻率(1)用螺旋測微器測量合金絲的直徑圖所示的部件_ _mm. (2)題 10-2 圖所示是測量合金絲電阻的電路，相關(guān)器材的規(guī)格已在圖中標(biāo)出合上開關(guān)，將滑動變阻器的滑片移到最左端的過程中，發(fā)現(xiàn)電壓表和電流表的指針只在圖示位置發(fā)生很小的變化由此可

14、以推斷：電路中路”或“斷路” )(3)在電路故障被排除后， 調(diào)節(jié)滑動變阻器， 讀出電壓表和電流表的示數(shù)分別為由此，該同學(xué)算出接入電路部分的合金絲的阻值為不更換實(shí)驗(yàn)器材的條件下，對實(shí)驗(yàn)應(yīng)做怎樣的改進(jìn)？請寫出兩條建議答案 (1)B(3)電流表改為內(nèi)接；測量多組電流和電壓值，計(jì)算出電阻的平均值用圖像法求電阻值解析 (1)讀數(shù)前應(yīng)先旋緊(2)因?yàn)殡妷罕碛凶x數(shù)，說明除較大，因此通過電壓表、 電流表的電流比較小， 滑動變阻器滑片的移動對兩電表示數(shù)的影響較小30000.3 30 30000.3 30 ，Rx 即的合力合RxR R(3)由于 RVRA RVRA，多次測量求平均值或圖像法可提高實(shí)驗(yàn)的精確度11小

15、明通過實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證力的平行四邊形定則(1)實(shí)驗(yàn)記錄紙如題 11-1圖所示，O 點(diǎn)為橡皮筋被拉伸后伸長到的位置， 兩彈簧測力計(jì)共同作用時，拉力 F1和 F2的方向分別過 P1和 P2點(diǎn)；一個彈簧測力計(jì)拉橡皮筋時， 拉力 F3的方向過 P3點(diǎn)三個力的大小分別為： F13.30 N、F23.85 N 和 F34.25 N請根據(jù)圖中給出的標(biāo)度作圖求出 F1和F2(2)仔細(xì)分析實(shí)驗(yàn)，小明懷疑實(shí)驗(yàn)中的橡皮筋被多次拉伸后彈性發(fā)生了變化，影響實(shí)驗(yàn)結(jié)果他用彈簧測力計(jì)先后兩次將橡皮筋拉伸到相同長度，發(fā)現(xiàn)讀數(shù)不相同，于是進(jìn)一步探究了拉伸過程對橡皮筋彈性的影響實(shí)驗(yàn)裝置如題 11-2圖所示，將一張白紙固定在豎直放置的木板上

16、，橡皮筋的上端固定于 O點(diǎn)，下端 N 掛一重物用與白紙平行的水平力緩慢地移動 N，在白紙上記錄下 N的軌跡重復(fù)上述過程，再次記錄下 N 的軌跡兩次實(shí)驗(yàn)記錄的軌跡如題 11-3圖所示過 O點(diǎn)作一條直線與軌跡交于 a、b兩點(diǎn)，則實(shí)驗(yàn)中橡皮筋分別被拉伸到 a和 b時所受拉力 Fa、Fb的大小關(guān)系為 _(3)根據(jù)(2)中的實(shí)驗(yàn)，可以得出的實(shí)驗(yàn)結(jié)果有 _(填寫選項(xiàng)前的字母 )A橡皮筋的長度與受到的拉力成正比B兩次受到的拉力相同時，橡皮筋第 2次的長度較長C兩次被拉伸到相同長度時，橡皮筋第 2次受到的拉力較大D兩次受到的拉力相同時，拉力越大，橡皮筋兩次的長度之差越大(4)根據(jù)小明的上述實(shí)驗(yàn)探究，請對驗(yàn)證力

17、的平行四邊形定則實(shí)驗(yàn)提出兩點(diǎn)注意事項(xiàng)答案： (1)(見下圖， F 4.64.9 N 都算對 ) (2)FaFb (3)BD (4)橡皮筋拉伸不宜過長；選) 手的合力 合工作時，活塞隨海浪上升或下降，改變氣室中空氣的壓強(qiáng)，氣室先后經(jīng)歷吸入、壓縮和排出空氣的過程，推動出氣用新橡皮筋) 手的合力 合工作時，活塞隨海浪上升或下降，改變氣室中空氣的壓強(qiáng)，氣室先后經(jīng)歷吸入、壓縮和排出空氣的過程，推動出氣解析 (1)用力的圖示法根據(jù)平行四邊形定則作出合力并量出其大小(2)畫受力分析圖如圖所示， 橡皮筋的拉力 F 與手的拉力 F F 總與重力 G平衡，故 Fcos G，兩次實(shí)驗(yàn)中的 角相同，故 FaFb. (

18、3)根據(jù)兩次描出的不同軌跡說明橡皮筋的長度與受到的拉力不成正比兩次受到的拉力相同時，橡皮筋第 2 次的長度較長， A 錯誤，B正確；兩次被拉伸到相同長度時，橡皮筋第 2 次受到的拉力較小， C 錯誤；根據(jù)軌跡越向右相差越多，說明兩次受到的拉力相同時，拉力越大，橡皮筋兩次的長度之差越大， D 正確12【選做題 】本題包括 A、B、C 三小題，請選定其中兩小題，并在相應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)作答若多做，則按 A、B兩小題評分A 選修 33（12 分）一種海浪發(fā)電機(jī)的氣室如圖所示從而驅(qū)動進(jìn)氣閥門和出氣閥門打開或關(guān)閉口處的裝置發(fā)電 氣室中的空氣可視為理想氣體(1) 下列對理想氣體的理解，正確的有( A) 理想氣

19、體實(shí)際上并不存在，只是一種理想模型若此過程中，氣室中的氣體與外界無熱量交換，內(nèi)能增加了( 選填“增大”、“減小”或“不變”，活塞對該氣體 )( 選填“大于”、“小于”或“等于” )4 104J27 體積為 0224 m3，壓強(qiáng)為C時的體積為若此過程中，氣室中的氣體與外界無熱量交換，內(nèi)能增加了( 選填“增大”、“減小”或“不變”，活塞對該氣體 )( 選填“大于”、“小于”或“等于” )4 104J27 體積為 0224 m3，壓強(qiáng)為C時的體積為( 計(jì)算結(jié)果保留一位有效數(shù)字（2）增大V1V1 ，等壓過程V1V2 NNC，NA= 602 計(jì)) 等于T，且分子數(shù)51個標(biāo)準(zhǔn)大氣壓 已1023mol-1T

20、1nN1024(或NANVT1解得6V1024)N0A( C) 一定質(zhì)量的某種理想氣體的內(nèi)能與溫度、體積都有關(guān)( D) 在任何溫度、任何壓強(qiáng)下，理想氣體都遵循氣體實(shí)驗(yàn)定律(2 ) 壓縮過程中，兩個閥門均關(guān)閉3 . 4 104J，則該氣體的分子平均動做的功(3 ) 上述過程中， 氣體剛被壓縮時的溫度為知 1mol 氣體在 1個標(biāo)準(zhǔn)大氣壓、 0 224 L，阿伏加德羅常數(shù)算此時氣室中氣體的分子數(shù)答案： (1)AD V(3)設(shè)氣體在標(biāo)準(zhǔn)狀態(tài)時的體積為n氣體物質(zhì)的量帶入數(shù)據(jù)得解析 (1)理想氣體是指在任何條件下始終遵守氣體實(shí)驗(yàn)定律的氣體，它是一種理想化模型，實(shí)際氣體在壓強(qiáng)不太大，溫度不太低的情況下，可

21、視為理想氣體（2）理想氣體的內(nèi)能只與分子的平均動能有關(guān)，理想氣體內(nèi)能增加量與分子的平均動能增加量相等（3）同上B 選修 34（12 分）(1)某同學(xué)用單色光進(jìn)行雙縫干涉實(shí)驗(yàn)， 在屏上觀察到題 12B1(甲)圖所示的條紋， 僅改變一個實(shí)驗(yàn)條件后，觀察到的條紋如題 12B1(乙)圖所示他改變的實(shí)驗(yàn)條件可能是 _A減小光源到單縫的距離B減小雙縫之間的距離x2n2dn2 sin2i，根據(jù)折射定律有2dcost2其衰變方程是1d2hcosisini，傳播速度2h 2n2dccosi22286知，要使條紋間距變大，可減小雙縫之間的距離，增大光的nsinv，則 ttt2c n sin2ix2n2dn2 si

22、n2i，根據(jù)折射定律有2dcost2其衰變方程是1d2hcosisini，傳播速度2h 2n2dccosi22286知，要使條紋間距變大，可減小雙縫之間的距離，增大光的nsinv，則 ttt2c n sin2iRn在鱗片中傳播的路程cn2h1221884，傳播時間cosiPot_已知l1122286vRn的半衰期，解得ct1n2 sin2i2n2d，同理，在空氣中的傳播時D換用頻率更高的單色光源答案：(1)B 解析 根據(jù)波長(即降低光的頻率 )或增大雙縫到屏的距離，故只有 B正確(2)在“探究單擺的周期與擺長的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)準(zhǔn)備好相關(guān)實(shí)驗(yàn)器材后，把單擺從平衡位置拉開一個很小的角度后釋放，

23、同時按下秒表開始計(jì)時，當(dāng)單擺再次回到釋放位置時停止計(jì)時，將記錄的這段時間作為單擺的周期以上操作中有不妥之處，請對其中兩處加以改正解析 (2)應(yīng)在擺球通過平衡位置時開始計(jì)時； 應(yīng)測量單擺多次全振動的時間， 再計(jì)算出周期的測量值 . (或在單擺振動穩(wěn)定后開始計(jì)時 )(3)Morpho 蝴蝶的翅膀在陽光的照射下呈現(xiàn)出閃亮耀眼的藍(lán)色光芒，這是因?yàn)楣庹丈涞匠岚虻镊[片上發(fā)生了干涉電子顯微鏡下鱗片結(jié)構(gòu)的示意圖見題 12B2圖一束光以入射角 i從 a點(diǎn)入射，經(jīng)過折射和反射后從 b 點(diǎn)出射設(shè)鱗片的折射率為 n，厚度為 d，兩片之間空氣層厚度為 h.取光在空氣中的速度為 c，求光從 a到b所需的時間 t(題 12

24、B2圖)(3)答案：c解析 設(shè)光在鱗片中的折射角為l1間C 選修 35（12 分）(1)已知鈣和鉀的截止頻率分別為 7.731014Hz 和 5.441014Hz，在某種單色光的照射下兩種金屬均發(fā)生光電效應(yīng)，比較它們表面逸出的具有最大初動能的光電子，鈣逸出的光電子具有較大的_A波長 B頻率 C能量 D動量(2)氡 222是一種天然放射性氣體，被吸入后，會對人的呼吸系統(tǒng)造成輻射損傷它是世界衛(wèi)生組織公布的主要環(huán)境致癌物質(zhì)之一222864242m余=m原（m的靜止玻璃球 B，且為31v024v2，由動量守恒定律得 2mv02mv1mv2，且由題意16，解得Rn衰變后還剩HeHe. 12 (2)1 g

25、粒子)t）mgRsin B222864242m余=m原（m的靜止玻璃球 B，且為31v024v2，由動量守恒定律得 2mv02mv1mv2，且由題意16，解得Rn衰變后還剩HeHe. 12 (2)1 g粒子)t）mgRsin BL15.2TT4，解得3 2 2 22 2t(3)2 mgdsinmgRsin 2B4L4答案： (1)A 解析 兩種金屬的截止頻率不同，則它們的逸出功也不同，由 Wh0 可知截止頻率大的，逸出功也大由 EkhW可知，用同樣的單色光照射，鈣逸出的光電子的最大初動能較小，由 p 2mEk知，其動量也較小，根據(jù)物質(zhì)波 ph知，其波長較長(2) (或解析 根據(jù)核反應(yīng)過程中電荷

26、數(shù)守恒和質(zhì)量數(shù)守恒可推得該反應(yīng)的另一種生成物為根據(jù) 知 t3.8415.2天(3)牛頓的自然哲學(xué)的數(shù)學(xué)原理中記載， A、B 兩個玻璃球相碰，碰撞后的分離速度和它們碰撞前的接近速度之比總是約為 1516分離速度是指碰撞后 B對A的速度，接近速度是指碰撞前A對 B的速度若上述過程是質(zhì)量為 2m的玻璃球 A以速度 v0碰撞質(zhì)量為對心碰撞，求碰撞后 A、B的速度大小(3)1748v0解析 設(shè) A、B球碰撞后速度分別為 v1和知v2v1v v11748v0，v23124v0四、簡答題 :本題共 3小題，共計(jì) 47 分解答時請寫出必要的文字說明、 方程式和重要的演算步驟 只寫出最后答案的不能得分有數(shù)值計(jì)算

27、的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位13如圖所示，在勻強(qiáng)磁場中有一傾斜的平行金屬導(dǎo)軌，導(dǎo)軌間距為 L，長為 3d，導(dǎo)軌平面與水平面的夾角為 ，在導(dǎo)軌的中部刷有一段長為 d的薄絕緣涂層勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為 B，方向與導(dǎo)軌平面垂直質(zhì)量為 m的導(dǎo)體棒從導(dǎo)軌的頂端由靜止釋放，在滑上涂層之前已經(jīng)做勻速運(yùn)動，并一直勻速滑到導(dǎo)軌底端導(dǎo)體棒始終與導(dǎo)軌垂直，且僅與涂層間有摩擦，接在兩導(dǎo)軌間的電阻為 R，其他部分的電阻均不計(jì)，重力加速度為 g.求：(1) 導(dǎo)體棒與涂層間的動摩擦因數(shù) ；(2) 導(dǎo)體棒勻速運(yùn)動的速度大小 v；(3) 整個運(yùn)動過程中，電阻產(chǎn)生的焦耳熱 Q. 答案 (1)tan受力平衡EBlvF B

28、LIvmgRsin Q3 mgdsinQQT12mv2g2R2sin 2B4L4v；2 33L 2L 3m 6 4Ln123LrqvB，mv qvB，mgsin 受力平衡EBlvF BLIvmgRsin Q3 mgdsinQQT12mv2g2R2sin 2B4L4v；2 33L 2L 3m 6 4Ln123LrqvB，mv qvB，mgsin mgcos感應(yīng)電流安BLTmgdcos3d1 .r解得IER受力平衡2 2.3L3d32tan F mgsin.安(2) 在光滑導(dǎo)軌上感應(yīng)電動勢安培力解得(3) 摩擦生熱能量守恒定律3解得 Q2mgdsinm14某裝置用磁場控制帶電粒子的運(yùn)動，工作原理如

29、圖所示裝置的長為 L，上下兩個相同的矩形區(qū)域內(nèi)存在勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為 B、方向與紙面垂直且相反，兩磁場的間距為 d.裝置右端有一收集板， M、N、P為板上的三點(diǎn)， M 位于軸線 OO上，N、P分別位于下方磁場的上、下邊界上在紙面內(nèi)，質(zhì)量為 m、電荷量為 q 的粒子以某一速度從裝置左端的中點(diǎn)射入，方向與軸線成 30角，經(jīng)過上方的磁場區(qū)域一次，恰好到達(dá) P點(diǎn)改變粒子入射速度的大小，可以控制粒子到達(dá)收集板上的位置不計(jì)粒子的重力(1)求磁場區(qū)域的寬度 h；(2)欲使粒子到達(dá)收集板的位置從 P點(diǎn)移到 N點(diǎn)，求粒子入射速度的最小變化量(3)欲使粒子到達(dá) M 點(diǎn)，求粒子入射速度大小的可能值14答案 (1) 3d 1(2)qB d(3)qBm 1n 1，n取整數(shù)解析 (1)設(shè)粒子在磁場中的軌道半徑為