廣東省梅州市平遠(yuǎn)田家炳中學(xué)高三物理聯(lián)考試題含解析

1、廣東省梅州市平遠(yuǎn)田家炳中學(xué)高三物理聯(lián)考試題含解析一、 選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計(jì)15分每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意1. 如圖所示，光滑水平面上放一個(gè)質(zhì)量為M足夠長的木板，開始M靜止，現(xiàn)在有一個(gè)質(zhì)量為m的滑塊以速度v0滑上M，m和M間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，以下說法正確的是（ ）A. 如果增大M，則m和M相對運(yùn)動(dòng)的時(shí)間變長，因摩擦而產(chǎn)生的熱量增加B. 如果增大m，則m和M相對運(yùn)動(dòng)的時(shí)間變短，m在M上滑行的距離變大C. 如果增大動(dòng)摩擦因數(shù)，則因摩擦而產(chǎn)生的熱量不變D. 如果增大初速度v0,則因摩擦而產(chǎn)生的熱量增加參考答案：ACD【詳解】視木板和滑塊為系統(tǒng)，合外力為零，動(dòng)量守恒，根據(jù)動(dòng)量守恒有：，

2、解得：；根據(jù)能量守恒可知摩擦而產(chǎn)生的熱量為：，對木板利用動(dòng)量定理可得：，解得m和M相對運(yùn)動(dòng)的時(shí)間：；A若只增大M，則m和M相對運(yùn)動(dòng)的時(shí)間變長，因摩擦而產(chǎn)生的熱量增加，故A正確；B如果增大m，則m和M相對運(yùn)動(dòng)的時(shí)間變短，根據(jù)動(dòng)能定理可得： ，解得m在M上滑行的距離變小，故B錯(cuò)誤；C如果增大動(dòng)摩擦因數(shù)，則因摩擦而產(chǎn)生的熱量不變，故C正確；D如果增大初速度v0，則因摩擦而產(chǎn)生的熱量增加，故D正確；2. 豎直墻面與水平地面均光滑且絕緣，小球A、B帶有同種電荷，用指向墻面的水平推力F作用于小球B，兩球分別靜止在豎直墻面和水平地面上，如圖所示如果將小球B向右移動(dòng)少許，當(dāng)小球A、B重新靜止在豎直墻面和水平地

3、面上時(shí)，與原來的平衡狀態(tài)相比較A推力F變小 B豎直墻面對小球A的彈力變大C兩球之間的距離變大D地面對小球B的支持力不變參考答案：答案：BD3. 一質(zhì)量為m的物體靜止在光滑水平面上，在水平力F作用下，經(jīng)時(shí)間t，通過位移L后，動(dòng)量變?yōu)閜、動(dòng)能變?yōu)镋k.若上述過程F不變，物體的質(zhì)量變?yōu)?，以下說法正確的是()A. 經(jīng)過時(shí)間2t，物體動(dòng)量變?yōu)?pB. 經(jīng)過位移2L，物體動(dòng)量變?yōu)?pC. 經(jīng)過時(shí)間2t，物體動(dòng)能變?yōu)?EkD. 經(jīng)過位移2L，物體動(dòng)能變?yōu)?Ek參考答案：A以初速度方向?yàn)檎较颍鶕?jù)動(dòng)量定理，有：Ft=P，當(dāng)時(shí)間變?yōu)?t后，動(dòng)量變?yōu)?P，故A正確；根據(jù)：，動(dòng)量變?yōu)?倍，質(zhì)量減半，故動(dòng)能變?yōu)?E

4、k，故C錯(cuò)誤；經(jīng)過位移2L，根據(jù)動(dòng)能定理，有：FL=Ek，故位移變?yōu)?倍后，動(dòng)能變?yōu)?Ek，故D錯(cuò)誤；根據(jù)，動(dòng)能變?yōu)?倍，質(zhì)量減半，所以動(dòng)量不變，故B錯(cuò)誤。所以A正確，BCD錯(cuò)誤。4. （單選）目前，在地球周圍有許多人造地球衛(wèi)星繞著它運(yùn)轉(zhuǎn)，其中一些衛(wèi)星的軌道可近似為圓，且軌道半徑逐漸變小。若衛(wèi)星在軌道半徑逐漸變小的過程中，只受到地球引力和稀薄氣體阻力的作用，則下列判斷正確的是（ ）A衛(wèi)星的動(dòng)能逐漸減小 B由于地球引力做正功，引力勢能一定減小C由于氣體阻力做負(fù)功，地球引力做正功，機(jī)械能保持不變 D衛(wèi)星克服氣體阻力做的功等于引力勢能的減小參考答案：B 衛(wèi)星軌道半徑逐漸減小，線速度可認(rèn)為依然滿足，則

5、衛(wèi)星的動(dòng)能逐漸增大，A錯(cuò)誤。由于，則引力勢能減小，B正確。由于，有非重力做功，則機(jī)械能不守恒，C錯(cuò)誤。由，所以，可知D錯(cuò)誤。5. 物體作平拋運(yùn)動(dòng)，速度v，加速度a，水平位移x，豎直位移y，這些物理量隨時(shí)間t的變化情況是 HYPERLINK l _msocom_6 LU6（ ）（A）v與t成正比 （B）a隨t逐漸增大 （C）比值y/x與t成正比 （D）比值y/x與t2成正比參考答案：二、 填空題：本題共8小題，每小題2分，共計(jì)16分6. （3分）一個(gè)質(zhì)量為m的皮球，從距地面高為h處自由落下，反彈回去的高度為原來的3/4，若此時(shí)立即用力向下拍球，使球再次反彈回到h高度。設(shè)空氣阻力大小不變，且不計(jì)皮

6、球與地面碰撞時(shí)的機(jī)械能損失，則拍球時(shí)需對球做的功為 。參考答案：mgH/27. 某種單色光在真空中的波長為，速度為c，普朗克恒量為h，現(xiàn)將此單色光以入射角i由真空射入水中，折射角為r，則此光在水中的波長為_，每個(gè)光子在水中的能量為_。參考答案：；8. 如圖所示電路中，電源電動(dòng)勢E8V，內(nèi)電阻r4， E r定值電阻R16，R為最大阻值是40的滑動(dòng)變阻器則在滑動(dòng)變阻器左右滑動(dòng)過程中，電壓表的最大讀數(shù)為V，電源的最大輸出功率為W參考答案：6.4 3.849. 如圖所示是某同學(xué)在做勻變速直線運(yùn)動(dòng)實(shí)驗(yàn)中獲得的一條紙帶。(1)已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器電源頻率為50Hz，則紙帶上打相鄰兩點(diǎn)的時(shí)間間隔為 。(2)A、B

7、、C、D是紙帶上四個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，每兩個(gè)相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間有四個(gè)點(diǎn)沒有畫出，從圖中讀出A、B兩點(diǎn)間距x= cm；C點(diǎn)對應(yīng)的速度是 ms，加速度是 ms2(速度和加速度的計(jì)算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)參考答案：(1)0.02 s (2)0.65（0.630.69均給分） 0.10（ 0.0980.10均給分） 0.30（ 0.200.30均給分）（1）紙帶上打相鄰兩點(diǎn)的時(shí)間間隔T=s=0.02s。（2）A、B間的距離x=0.65cmB、D間的距離是2.05cm，時(shí)間間隔T=0.2s，則vc=0.10m/s。由公式知=,代入數(shù)據(jù)解得a=0.30 ms2。10. 在“探究功與物體速度變化關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)中，某實(shí)驗(yàn)研究小

8、組的實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示，彈簧與木塊接觸但并沒有拴連。木塊從A點(diǎn)靜止釋放后，在1根彈簧作用下彈出，沿足夠長的木板運(yùn)動(dòng)到B1點(diǎn)停下，O點(diǎn)為彈簧原長時(shí)所處的位置，測得OB1的距離為L1，并記錄此過程中彈簧對木塊做的功為W。用完全相同的彈簧2根、3根并列在一起進(jìn)行第2次、第3次實(shí)驗(yàn)，每次實(shí)驗(yàn)?zāi)緣K均從A點(diǎn)釋放，木塊分別運(yùn)動(dòng)到B2、B3停下，測得OB2、OB3的距離分別為L2、L3作出彈簧對木塊做功W與木塊停下的位置距O點(diǎn)的距離L的圖象如圖乙所示。（1）根據(jù)圖線分析，彈簧對木塊做功W與木塊在O點(diǎn)的速度v0之間的關(guān)系為 （2）WL圖線不通過原點(diǎn)的原因是 。（3）求出彈簧被壓縮的長度為 cm 。參考答案：1）

9、W與 成線性關(guān)系（2）未計(jì)木塊通過AO段時(shí)摩擦力對木塊所做（3） 3 cm11. （4分）如圖（a）所示，面積為0.01m2、電阻為0.1的正方形導(dǎo)線框放在勻強(qiáng)磁場中，磁場方向與線框平面垂直。磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t的變化圖線如圖（b）所示。t0時(shí)刻，磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向垂直于紙面向里。在1s末線框中感應(yīng)電流的大小為_A。若規(guī)定逆時(shí)針方向?yàn)殡娏鞯恼较?，請?jiān)趫D（c）中畫出前4s內(nèi)感應(yīng)電流i隨時(shí)間t的變化圖線。參考答案：答案：0.2A（2分）（兩條線各1分）12. 某同學(xué)利用圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置，探究物塊在水平桌面上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律。物塊在重物的牽引下開始運(yùn)動(dòng)，重物落地后，物塊再運(yùn)動(dòng)一段距離停在桌面上（尚未到達(dá)

10、滑輪處）。從紙帶上便于測量的點(diǎn)開始，每5個(gè)點(diǎn)取1個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離如圖乙所示。打點(diǎn)計(jì)時(shí)器電源的頻率為50Hz。通過分析紙帶數(shù)據(jù)，可判斷物塊在相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn) 和 之間某時(shí)刻開始減速。計(jì)數(shù)點(diǎn)5對應(yīng)的速度大小為 m/s，計(jì)數(shù)點(diǎn)6對應(yīng)的速度大小為 m/s。物塊減速運(yùn)動(dòng)過程中加速度的大小為a= m/s2，若用a/g來計(jì)算物塊與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)（g為重力加速度），則計(jì)算結(jié)果比動(dòng)摩擦因數(shù)的真實(shí)值 （填“偏大”或“偏小”）。（所有結(jié)果保留三位有效數(shù)字）。參考答案：13. 某同學(xué)利用數(shù)碼相機(jī)研究豎直上拋小球的運(yùn)動(dòng)情況。數(shù)碼相機(jī)每隔005 s 拍照一次，圖7 是小球上升過程的照片，圖中所標(biāo)數(shù)據(jù)為實(shí)際距離，

11、則： （1）圖中t5時(shí)刻小球的速度v5_m/s。 （2）小球上升過程中的加速度a _m/s2。 （3）t6時(shí)刻后小球還能上升的高度h = _m。參考答案：見解析 （1）頻閃儀每隔T=0.05s閃光一次，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)中時(shí)間中點(diǎn)的速度等于該過程中的平均速度，得：v5=m/s=4.08m/s.（2）根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論公式可以求出加速度，即：a=-10m/s2（3）=0.64m.三、 實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，每小題11分，共計(jì)22分14. 某學(xué)生實(shí)驗(yàn)小組利用圖（a）所示電路，測量多用電表內(nèi)電池的電動(dòng)勢和電阻“1k”擋內(nèi)部電路的總電阻使用的器材有：多用電表；電壓表：量程5V，內(nèi)阻十幾千歐；滑動(dòng)

12、變阻器：最大阻值5k導(dǎo)線若干回答下列問題：（1）將多用電表擋位調(diào)到電阻“1k”擋，再將紅表筆和黑表筆 ，調(diào)零點(diǎn)（2）將圖（a）中多用電表的紅表筆和 （填“1”或“2”）端相連，黑表筆連接另一端（3）將滑動(dòng)變阻器的滑片調(diào)到適當(dāng)位置，使多用電表的示數(shù)如圖（b）所示，這時(shí)電壓表的示數(shù)如圖（c）所示多用電表和電壓表的讀數(shù)分別為 k和 V（4）調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑片，使其接入電路的阻值為零此時(shí)多用電表和電壓表的讀數(shù)分別為12.0k和4.00V從測量數(shù)據(jù)可知，電壓表的內(nèi)阻為 k（5）多用電表電阻擋內(nèi)部電路可等效為由一個(gè)無內(nèi)阻的電池、一個(gè)理想電流表和一個(gè)電阻串聯(lián)而成的電路，如圖（d）所示根據(jù)前面的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)計(jì)算

13、可得，此多用電表內(nèi)電池的電動(dòng)勢為 V，電阻“1k”擋內(nèi)部電路的總電阻為 k參考答案：（1）短接；（2）1； （3）15.0，3.60；（4）12.0； （5）9.0，15.0【考點(diǎn)】測定電源的電動(dòng)勢和內(nèi)阻【分析】（1）歐姆表使用前一定要?dú)W姆調(diào)零；（2）紅正黑負(fù)，電流從紅表筆流入電表，從黑表筆流出電表；（3）歐姆表讀數(shù)等于倍率乘以表盤讀數(shù)，伏特表讀數(shù)要估讀；（4）歐姆表測量的是外電路的總電阻，由于滑動(dòng)變阻器被短路，故歐姆表讀數(shù)即為電壓表阻值；（5）由于半偏電流是滿偏電流的一半，故歐姆表的中值電阻等于內(nèi)電阻；根據(jù)閉合電路歐姆定律求解電動(dòng)勢【解答】解：（1）歐姆表使用前一定要?dú)W姆調(diào)零，即紅黑表筆短接

14、后，調(diào)節(jié)調(diào)零旋鈕，使電流表滿偏；（2）多用電表的紅表筆對應(yīng)歐姆表內(nèi)電源的負(fù)極，所以紅表筆應(yīng)接電壓表的負(fù)接連柱，故紅表筆接觸1；（3）歐姆表讀數(shù)=倍率表盤讀數(shù)=1k15.0=15.0k；電壓表讀數(shù)為3.60V；（4）由于滑動(dòng)變阻器被短路，故歐姆表讀數(shù)即為電壓表阻值，為12.0k；（5）調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑片，使其接入電路的阻值為零，此時(shí)多用電表和電壓表的讀數(shù)分別為12.0k和4.00V；多用電表的中值電阻等于內(nèi)電阻，故R=15.0k；由閉合電路歐姆定律I=和歐姆定律U=IRV可知，E=，代入數(shù)據(jù)有：E=（12k+15k）=9.0V，聯(lián)立解得E=9.00V故答案為：（1）短接；（2）1； （3）15

15、.0，3.60；（4）12.0； （5）9.0，15.015. (15分)(1)小明同學(xué)用游標(biāo)卡尺和螺旋測微器測量某段新型材料長度和半徑如圖11甲所示，這段導(dǎo)體的長度為 cm，直徑為 mm。(2) 小明想測這種材料成的未知電阻阻值(約為150)，為此他找來A、電源E：電動(dòng)勢約為3.0V，內(nèi)阻可忽略不計(jì)；B、電流表A1：量程為010mA，內(nèi)電阻r1=20；C、電流表A2：量程為020mA，內(nèi)電阻r28；D、定值電阻R0：阻值R0=80；E.滑動(dòng)變阻器R1：最大阻值為20；F.滑動(dòng)變阻器R2：最大阻值為2000；G.單刀單擲開關(guān)S，導(dǎo)線若干；為了盡量準(zhǔn)確地測量這個(gè)電阻RX的阻值，請你根據(jù)小明找到的

16、器材，設(shè)計(jì)一個(gè)測量RX的電路圖，畫在虛線框內(nèi)。你所選用的滑動(dòng)變阻器是 。若某次測量中電流表A1的示數(shù)為I1，電流表A2的示數(shù)為I2，則RX的表達(dá)式為：RX= 。參考答案：答案：(1)11.650(3分)，3.695(3分)；(2)如圖所示(4分)；R1(2分)；(3分)四、計(jì)算題：本題共3小題，共計(jì)47分16. 如圖是阿毛同學(xué)的漫畫中出現(xiàn)的裝置，描述了一個(gè)“吃貨”用來做“糖炒栗子”的“萌”事兒：將板栗在地面小平臺上以一定的初速經(jīng)兩個(gè)四分之一圓弧銜接而成的軌道，從最高點(diǎn)P飛出進(jìn)入炒鍋內(nèi)，利用來回運(yùn)動(dòng)使其均勻受熱我們用質(zhì)量為m的小滑塊代替栗子，借這套裝置來研究一些物理問題設(shè)大小兩個(gè)四分之一圓弧半徑

17、為2R和R，小平臺和圓弧均光滑將過鍋底的縱截面看作是兩個(gè)斜面AB、CD和一段光滑圓弧組成斜面動(dòng)摩擦因數(shù)均為0.25，而且不隨溫度變化兩斜面傾角均為=37，AB=CD=2R，A、D等高，D端固定一小擋板，碰撞不損失機(jī)械能滑塊的運(yùn)動(dòng)始終在包括鍋底最低點(diǎn)的豎直平面內(nèi)，重力加速度為g（1）如果滑塊恰好能經(jīng)P點(diǎn)飛出，為了使滑塊恰好沿AB斜面進(jìn)入鍋內(nèi)，應(yīng)調(diào)節(jié)鍋底支架高度使斜面的A、D點(diǎn)離地高為多少？（2）接（1）問，求滑塊在鍋內(nèi)斜面上走過的總路程（3）對滑塊的不同初速度，求其通過最高點(diǎn)P和小圓弧最低點(diǎn)Q時(shí)受壓力之差的最小值參考答案：考點(diǎn)：動(dòng)能定理的應(yīng)用；牛頓第二定律；向心力專題：動(dòng)能定理的應(yīng)用專題分析：（

18、1）根據(jù)牛頓第二定律求出滑塊恰好到達(dá)P點(diǎn)的速度，根據(jù)速度方向與斜面AB平行，結(jié)合平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，運(yùn)用平行四邊形定則求出豎直分速度，從而得出AD離地的高度（2）根據(jù)平行四邊形定則求出進(jìn)入A點(diǎn)時(shí)滑塊的速度，對全過程運(yùn)用動(dòng)能定理，求出滑塊在鍋內(nèi)斜面上走過的總路程（3）根據(jù)牛頓第二定律分別求出P、Q的彈力，結(jié)合機(jī)械能守恒定律得出壓力差，結(jié)合最高點(diǎn)的最小速度求出壓力之差的最小值解答：解：（1）在P點(diǎn) ，解得到達(dá)A點(diǎn)時(shí)速度方向要沿著AB，所以AD離地高度為（2）進(jìn)入A點(diǎn)滑塊的速度為，假設(shè)經(jīng)過一個(gè)來回能夠回到A點(diǎn)，設(shè)回來時(shí)動(dòng)能為Ek，所以滑塊不會(huì)滑到A而飛出 根據(jù)動(dòng)能定理得，代入數(shù)據(jù)解得，1.2mgR0.2

19、mgs=解得滑塊在鍋內(nèi)斜面上走過得總路程（3）設(shè)初速度、最高點(diǎn)速度分別為v1、v2，由牛二定律，在Q點(diǎn)，解得在P點(diǎn)，解得所以由機(jī)械能守恒得，得為定值代入v2的最小值，得壓力差的最小值為9mg答：（1）應(yīng)調(diào)節(jié)鍋底支架高度使斜面的A、D點(diǎn)離地高為；（2）滑塊在鍋內(nèi)斜面上走過的總路程為（3）通過最高點(diǎn)P和小圓弧最低點(diǎn)Q時(shí)受壓力之差的最小值為9mg點(diǎn)評：本題主要考查了平拋運(yùn)動(dòng)、動(dòng)能定理及機(jī)械能守恒、牛頓運(yùn)動(dòng)定律等基本規(guī)律的應(yīng)用，綜合性較強(qiáng)，對學(xué)生的能力要求較高，是一道好題17. （本題16分）如圖所示，在坐標(biāo)系xOy內(nèi)有一半徑為a的圓形區(qū)域，圓心坐標(biāo)為O1（a，0），圓內(nèi)分布有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場。在直線ya的上方和直線x2a的左側(cè)區(qū)域內(nèi)，有一沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為E一質(zhì)量為m、電荷量為+q（q0）的粒子以速度v從O點(diǎn)垂直于磁場方向射入，當(dāng)速度方向沿x軸正方向時(shí)，粒子恰好從O1點(diǎn)正上方的A點(diǎn)射出磁場，不計(jì)粒