北京市房山區(qū)高考一模試卷物理

北京市房山區(qū)高考一模試卷物理北京市房山區(qū)高考一模試卷物理PAGE13北京市房山區(qū)高考一模試卷物理2018年北京市房山區(qū)高考一模試卷物理一、選擇題（共8小題，每題3分，滿分24分）1.（3分）以下說法正確的選項是( )A.液體分子的無規(guī)則運動稱為布朗運動B.分子間的引力和斥力都隨分子間距離減小而增大C.當分子引力等于分子斥力時，分子勢能最大D.物體對外做功，其內能必然減小分析：A、布朗運動是懸浮在液體中間的固體顆粒的無規(guī)則運動，是液體分子無規(guī)則熱運動的反應，故A錯誤；BC、分子間的引力和斥力都隨分子間距離減小而增大，當分子間的引力和斥力均衡時，分子力為零，分子勢能最小，故B正確，C錯誤；D、內能的改變與做功和熱傳達都相關系，對外做功不用然使內能減小，故D錯誤。答案：B2.（3分）以以下圖，一束復色光經(jīng)過三棱鏡后分解成兩束單色光a、b，以下說法正確的選項是( )A.真空中，a光的波長小于b光的波長B.在三棱鏡中a光流傳速度小于b光流傳速度C.在三棱鏡中a光的折射率大于b光的折射率D.a光的光子能量小于b光的光子能量分析：AC、光從空氣斜射向玻璃折射時，入射角相同，光芒a對應的折射角較大，由折射定律可知，在三棱鏡中a光的折射率小于b光的折射率，則真空中a光的波長大于b光的波長，故AC錯誤；B、光芒a的折射率較小，即na＜nb，依據(jù)v=分析知在該三棱鏡中a光流傳速度大于b光流傳速度，故B錯誤；D、光芒a的折射率較小，頻次較低。依據(jù)E=hγ，則a光的光子能量較小，故D正確。答案：D3.（3分）以下表述正確的選項是( )A.α粒子散射實驗結果說明原子內部正電荷是平均散布的B.β衰變說明原子的原子核外面存在自由電子C.玻爾以為，原子中電子軌道是量子化的，能量也是量子化的D.輕核聚更正加潔凈、安全，當前大型核電站都是利用輕核的聚變發(fā)電的分析：A、從絕大部分α粒子幾乎不發(fā)生偏轉，可以推斷使粒子遇到排擠力的核體踴躍小，所以帶正電的物質只占整個原子的很小空間，故A錯誤；B、β衰變是原子核內的中子轉變成質子同時開釋出電子，不是證明原子核內部存在電子，故B錯誤；C、玻爾理論以為，原子中電子軌道是量子化的，能量也是量子化的，故C正確；D、當前大型核電站都是利用重核的裂變發(fā)電的，輕核的聚變的應用還處于實驗中，故D錯誤。答案：C4.（3分）以以下圖為一列沿x軸正方向流傳的簡諧橫波在t=0時的波形圖，已知波的周期為T，在t=時，以下說法正確的選項是( )A.x=2cm處質點的位移最大B.x=4cm處質點的速度最大C.x=6cm處的質點沿x軸正方向運動到x=12cm處D.x=8cm處的質點的加快度最大分析：經(jīng)過，波沿x軸方向向右流傳的距離為，畫出時辰的波形圖如圖：A、由圖可知，x=2cm處的質點位于均衡地點處，質點的位移為0。故A錯誤；B、由圖可知，x=4cm處的質點位于負的最大位移處，質點的速度為0。故B錯誤；C、質點只在均衡地點周邊振動，由圖可知，x=6cm處的質點位于均衡地點處。故C錯誤；D、由圖可知，x=8cm處的質點位于正的最大位移處，質點的加快度的大小最大。故D正確。答案：D5.（3分）我國第五顆北斗導航衛(wèi)星是一顆地球同步軌道衛(wèi)星。以以下圖，假如第五顆北斗導航衛(wèi)星先沿橢圓軌道Ⅰ遨游，后在遠地點P處由橢圓軌道Ⅰ變軌進入地球同步圓軌道Ⅱ。以下說法正確的選項是( )A.衛(wèi)星在軌道Ⅱ運轉時的速度大于7.9km/sB.衛(wèi)星在軌道Ⅱ運轉時不受地球引力作用C.衛(wèi)星在橢圓軌道Ⅰ上的P點處減速進入軌道ⅡD.衛(wèi)星在軌道Ⅱ運轉時的向心加快度比在赤道上相對地球靜止的物體的向心加快度大分析：A、7.9km/s即第一宇宙速度是近地衛(wèi)星的圍繞速度，也是最大的圓周運動的圍繞速度。而同步衛(wèi)星的軌道半徑要大于近地衛(wèi)星的軌道半徑，依據(jù)v的表達式可以發(fā)現(xiàn)同步衛(wèi)星運轉的線速度必然小于第一宇宙速度，故A錯誤；B、北斗導航衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動時所受重力作用供給向心力，處于失重狀態(tài)，故B錯誤；C、衛(wèi)星在橢圓軌道Ⅰ上的P點處加快實現(xiàn)供給的力小于需要的向心力，進入軌道Ⅱ。故C錯誤；D、同步衛(wèi)星的角速度與赤道上物體的角速度相等，依據(jù)a=rω2，同步衛(wèi)星的向心加快度大于赤道上物體的向心加快度。故D正確。答案：D6.（3分）以以下圖，在跳板跳水競賽中，運動員的起跳過程可簡化為：運動員走上跳板，將跳板從水平川址B壓到最低點C，跳板又將運動員向上彈起，直到運動到最高點A，此后運動員達成規(guī)定動作落入水中，則以下說法正確的選項是( )A.運動員在下壓跳板運動至最低點C時，其所受外力的協(xié)力為0B.運動員從B到C過程中，動能向來在減小C.運動員從B到C過程中，跳板的彈性勢能向來在增添D.在從C到A的過程中，運動員向來處于超重狀態(tài)分析：A、運動員在下壓跳板運動至最低點C時，速度為零；運動員將向上運動，故加快度向上，那么，合外力方向向上，故A錯誤；B、運動員從B到C過程中受重力和跳板彈力作用，重力方向向下，且大小不變；由跳板形變愈來愈大可知：彈力方向向上，愈來愈大，故運動員的合外力先向下且愈來愈小，小到零后，方向向上，且愈來愈少，故外力先做正功，后做負功，故動能先增大后減小，故B錯誤；C、運動員從B到C過程中，跳板的曲折程度愈來愈大，故跳板的彈性勢能向來在增添；故C正確；D、同B近似，運動員從C到A過程中受重力和跳板彈力作用，重力方向向下，且大小不變；由跳板形變可知：彈力方向向上，愈來愈小，故運動員的合外力先向上后向下，故運動員先超重后失重，故D錯誤。答案：C7.（3分）電磁感覺現(xiàn)象在生產(chǎn)生活中有著寬泛的應用。圖甲為工業(yè)上探測物品表面層內部能否存在缺點的渦流探傷技術原理圖。其原理是將線圈中通入電流，使被測物品內產(chǎn)生渦流，借助探測線圈內電流變化測定渦流的改變，進而獲取被測物品內部能否斷裂及地點的信息。圖乙為一個帶鐵芯的線圈L、開關S和電源用導線連結起來的跳環(huán)實驗裝置，將一個套環(huán)置于線圈L上且使鐵芯穿過此中，閉合開關S的瞬時，套環(huán)將馬上跳起。對于對以上兩個應用實例理解正確的選項是( )A.能被探測的物品和實驗所用的套環(huán)必然是導電資料B.渦流探傷技術運用了互感原理，跳環(huán)實驗演示了自感現(xiàn)象C.以上兩個應用實例中的線圈所連結電源都必然是變化的溝通電源D.以上兩個應用實例中的線圈所連結電源也可以都是穩(wěn)恒電源分析：A、不論是渦流探傷技術運，仍是演示楞次定律，都需要產(chǎn)生感覺電流，而感覺電流產(chǎn)生的條件是在金屬導體內。故A正確。B、渦流探傷技術其原理是用電流線圈使物品內產(chǎn)生渦電流，借助探測線圈測定渦電流的改變；跳環(huán)實驗演示線圈接在直流電源上，閉合開關的瞬時，穿過套環(huán)的磁通量仍舊會改變，套環(huán)中會產(chǎn)生感覺電流，會跳動，屬于演示楞次定律。故B錯誤。CD、金屬探傷時，是探測器中經(jīng)過交變電流，產(chǎn)生變化的磁場，當金屬處于該磁場中時，該金屬中會感覺出渦流；演示楞次定律的實驗中，線圈接在直流電源上，閉合開關的瞬時，穿過套環(huán)的磁通量仍舊會改變，套環(huán)中會產(chǎn)生感覺電流，會跳動。故C錯誤，D錯誤。答案：A8.（3分）熱反射玻璃一般是在玻璃表面鍍一層或多層諸如鉻、鈦或不銹鋼等金屬或其化合物構成的薄膜，使產(chǎn)品呈豐富的色彩，對于可見光有適合的透射率，對紅外線有較高的反射率，對紫外線有較高汲取率，所以，也稱為陽光控制玻璃，主要用于建筑和玻璃幕墻，其透視方向是由光的強度決定。當室外比室內光明時，單向透視玻璃與一般鏡子相像，室外看不到室內的光景，但室內可以看清室外的光景。而當室外比室內黯淡時，室外可看到室內的光景，且室內也能看到室外的光景，其清楚程度取決于室外照度的強弱。依據(jù)以上信息和你所學過的物理知識判斷，以下說法中不正確的選項是( )A.熱反射玻璃可以有效的阻截過強紫外線對人體的損害B.熱反射玻璃應當擁有保溫隔熱作用C.熱反射玻璃和一般玻璃相同，能有效的減弱噪聲D.熱反射玻璃的單向透視性不依據(jù)光路可逆性分析：A、只管熱反射玻璃對紫外線有較高汲取率，能阻截過強紫外線對人體的損害，故A正確。B、熱反射玻璃對紅外線有較高的反射率，擁有保溫隔熱作用，故B正確。C、熱反射玻璃和一般玻璃相同，能有效的減弱噪聲，故C正確。D、依據(jù)題意知，當室外比室內黯淡時，室外可看到室內的光景，且室內也能看到室外的光景，說明熱反射玻璃的單向透視性仍依據(jù)光路可逆性。故D錯誤。答案：D二、非選擇題（共4小題，滿分75分）9.（30分）用半徑相同的小球1和小球2的碰撞考證動量守恒定律，實驗裝置如圖1所示，斜槽與水平槽圓滑連結。安裝好實驗裝置，在地上鋪一張白紙，白紙上鋪放復寫紙，記下重錘線所指的地點O。在做“考證動量守恒定律”的實驗時。(1)實驗必然知足的條件是。A.斜槽軌道必然是圓滑的B.斜槽軌道尾端的切線是水平的C.入射球每次都要從同一高度由靜止開釋D.實驗過程中，白紙可以挪動，復寫紙不可以挪動分析：斜槽的粗拙與圓滑不影響實驗的見效，只需抵達底端時速度相同即行。故A錯誤；斜槽軌道尾端必然水平，保證小球碰撞前速度水平。故B正確；小球每次從斜槽上相同的地點自由滾下，使得小球與另一小球碰撞前的速度不變。故C正確；實驗過程中，白紙不可以夠挪動。故D錯誤。答案：BC。(2)入射小球質量為m1，被碰小球質量為m2，兩小球的質量應知足m1m2。（選填“大于”“小于”或“等于”）分析：依據(jù)動量守恒定律可知若入射小球的質量小于被碰球的質量，則入射小球可能被碰回，所以入射球質量必然大于被碰球質量，m1＞m2。答案：大于。(3)實驗中要達成的必需步驟是（填選項前的字母）。A.用天平丈量兩個小球的質量m1、m2B.丈量拋出點距地面的高度HC.用秒表測出小球做平拋運動的時間tD.分別確立m1碰撞前后落地點的地點和m2碰后的落地點P、M、N，并用刻度尺測出水平射程OP、OM、ON。分析：本實驗除需丈量線段OM、OP、ON的長度外，還需要丈量的物理量是兩小球的質量，因為可以經(jīng)過水平位移代表速度的大小，所以不用丈量AB的高度和B點離地面的高度。因為平拋運動的時間相等，則水平位移可以代表速度，OP是A球不與B球碰撞平拋運動的位移，該位移可以代表A球碰撞前的速度，OM是A球碰撞后平拋運動的位移，該位移可以代表碰撞后A球的速度，ON是碰撞后B球的水平位移，該位移可以代表碰撞后B球的速度，應選AD。答案：AD。(4)若所測物理量知足表達式則可判斷兩個小球相碰前后動量守恒。分析：當所測物理量知足表達式m1?OP=m1?OM+m2?ON，說明兩球碰撞恪守動量守恒定律。答案：m1?OP=m1?OM+m2?ON。(5)若碰撞是彈性碰撞，那么所測物理量還應當知足的表達式為。分析：若碰撞是彈性碰撞，那么所測物理量還應當知足的表達式為：；即m1?OP2=m1?OM2+m2?ON2，即m1?OP2=m1?OM2+m2?ON2。答案：m1?OP2=m1?OM2+m2?ON2。(6)一個運動的球與一個靜止的球碰撞，假如碰撞以前球的運動速度與兩球心的連線不在同一條直線上，碰撞今后兩球的速度都會偏離本來兩球心的連線。這類碰撞稱為非對心碰撞。如圖2A球以速度v1與相同質量且處于靜止的B球發(fā)生彈性碰撞。某同學判斷碰后兩個球的運動方向必然垂直。你同意他的判斷嗎？說出你的原由。分析：同意；因為只有兩球的速度垂直時，才知足，即知足動能守恒。答案：同意，只有垂直才知足即知足動能守恒。10.（15分）以以下圖，在圓滑水平面上有一長為L=0.5m的單匝正方形閉合導體線框abcd，處于磁感覺強度為B=0.4T的有界勻強磁場中，其ab邊與磁場的界限重合。線框由同種粗細平均、電阻為R=2Ω的導線制成?，F(xiàn)用垂直于線框ab邊的水平拉力，將線框以速度v=5m/s向右沿水平方向勻速拉出磁場，此過程中保持線框平面與磁感線垂直，且ab邊與磁場界限平行。求線框被拉出磁場的過程中：(1)經(jīng)過線框的電流大小及方向；分析：cd邊切割運動，電動勢E=BLV①I=②代值E=0.4×0.5×5=1V，I==0.5A依據(jù)楞次定律，可知，感覺電流方向：順時針。答案：經(jīng)過線框的電流大小0.5A，感覺電流方向順時針。(2)線框中a、b兩點間的電壓大??；分析：ab兩點電壓Uab=③解得：Uab==0.25V。答案：線框中a、b兩點間的電壓大小0.25V。(3)水平拉力的功率。分析：拉力功率P=F拉V④F拉=F安⑤F安=BIL⑥解得：P=0.4×0.5×0.5×5=0.5W。答案：水平拉力的功率0.5W。11.（15分）粗拙絕緣的水平面周邊存在一個平行于水平面的電場，此中某一地區(qū)的電場線與x軸平行，且沿x軸方向的電勢φ與坐標值x的函數(shù)關系知足φ=(V)，據(jù)此可作出以以下圖的φ﹣x圖象。圖中虛線AB為圖線在x=0.15m處的切線?，F(xiàn)有一個帶正電荷的滑塊P（可視作質點），其質量為m=0.10kg，電荷量為q=1.0×10﹣7C，其與水平面間的動摩擦因數(shù)μ=0.20，g取10m/s2。求：(1)沿x軸方向上，x1=0.1m和x2=0.15m兩點間的電勢差；分析：電勢φ與坐標值x的函數(shù)關系知足φ=V，當x1=0.1m時，電勢φ1==4.5×105V，當x2=0.15m時，電勢φ2==3.0×105V，U=φ1﹣φ2=1.5×105V。答案：沿x軸方向上，x1=0.1m和x2=0.15m兩點間的電勢差為1.5×105V。(2)若將滑塊P無初速度地放在x1=0.10m處，滑塊將由靜止開始運動，滑塊運動到x2=0.15m處時速度的大??；分析：由動能定理，有：﹣μmg+qU=，代入數(shù)據(jù)得：v=m/s（近似為0.32m/s）。答案：滑塊運動到x2=0.15m處時速度的大小為m/s。(3)對于變化的電場，在極小的地區(qū)內可以看作勻強電場。若將滑塊P無初速度地放在x1=0.1m處，滑塊將由靜止開始運動，A.它位于x2=0.15m處時加快度為多大；B.物塊最后停在哪處？分析說明整個運動過程中加快度和速度怎樣變化。分析：A.對于勻強電場E=，在x2=0.15點周邊場強變化很小，可看作勻強電場則場強E==K，即為x2=0.15點的斜率，所以x2=0.15m點場強為E=N/C，由牛頓定二定律ma=Eq﹣μmg，解得：a=0；B.設滑塊停在x處，由動能定理得：，代入數(shù)據(jù)解得：x=0.1或0.225.舍去0.1（不合實質），所以滑塊停在x=0.225m處?；瑝K在從0.1﹣0.15m時做加快度減小的加快運動，從0.15﹣0.225m時做加快度增大的減速運動。答案：A.位于x2=0.15m處時加快度為0；B.停在x=0.225m處。滑塊在從0.1﹣0.15m時做加快度減小的加快運動，從0.15﹣0.225m時做加快度增大的減速運動。12.（15分）某游玩園進口旁有一鯨魚噴泉，在水泵作用下會從鯨魚模型背部噴出豎直向上的水柱，將站在沖浪板上的玩偶模型托起，懸停在空中，陪伴著音樂旋律，玩偶模型可以上下運動，特別引人立足，以以下圖。這一景觀可做以下簡化，假定水柱從橫截面積為S的噴口連續(xù)以速度v0豎直向上噴出；設同一高度水柱橫截面上各處水的速率都相同，沖浪板底部為平板且其面積大于水柱的橫截面積，保證全部水都能噴到?jīng)_浪板的底部。水柱沖擊沖浪板前其水平方向的速度可忽視不計，沖擊沖浪板后，水在豎直方向的速度馬上變成零，在水平方向朝周圍平均散開。已知玩偶模型和沖浪板的總質量為M，水的密度為ρ，重力加快度大小為g，空氣阻力及水的粘滯阻力均可忽視不