河南省南陽市省示范性高中聯(lián)誼學校2022年高二物理第一學期期末監(jiān)測模擬試題含解析-

2023-2023學年高二上物理期末模擬試卷留意事項：答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼精確?????粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。答題時請按要求用筆。請依據(jù)題號挨次在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必需用黑色字跡的簽字筆描黑.保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀.一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、 關(guān)于熱力學溫標和攝氏溫標（）某物體攝氏溫度10P,即熱力學溫度10K熱力學溫度上升1K大于攝氏溫度上升1*C熱力學溫度上升1K小于攝氏溫度上升1P熱力學溫標中的每1K與攝氏溫標中每大小相等2、 如圖中半徑為，?的金屬圓盤在垂宜于盤面的勻強磁場8中僥O軸以角速度刃沿逆時針方向勻速轉(zhuǎn)動,則通過電阻R的電流的方向和大小是（金屬圓盤的電阻不計）（）由。到d.l=Br（o!R由d到c,i=bER由「到d,I=BrF（2R）由d到c,I=Brco/（2R）3、 關(guān)于電源電動勢，下面說法不正確的是 （）電源兩極間電壓總等于電動勢電動勢越大的電源，將其他能轉(zhuǎn)化為電能的本事越大電路接通后，電源的電壓小于它的電動勢電動勢只由電源性質(zhì)打算，與外電路無關(guān)4、 汽車在水平路面上剝車時位移隨時間變化的規(guī)律為：x=20t-2t2（x的單位是m,t的單位是s）.則關(guān)于該汽車的運動,下列推斷中正確的是（）A.剎車前的行駛速度為10m/s

剎車過程中的加速度為2m/s2剎車后的行駛時間為10s剎車后的位移為50m5、空間有一圓柱形勻強磁場區(qū)域，該區(qū)域的橫截面的半徑為R,磁場方向垂直橫截面.一質(zhì)量為電荷量為q3>0）的粒子以速率以沿橫截面的某直徑射入磁場，離開磁場時速度方向偏離入射方向60。.不計重力，該磁場的磁感應(yīng)強度大小為6、帶正電的甲、乙、丙三個粒子（不計重力）分別以速度I、，，乙、5垂直射入電場和磁場相互垂直的復合場中，其軌跡如圖所示，則下列說法正確的是（）甲的速度可能變大丙的速度不肯定變大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的.全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分.7、如圖所示，豎直向上的勻強電場中，一豎直絕緣輕彈簧的下端固定在地面上，上端連接一帶正電小球，小球靜止時位于N點且彈簣恰好處于原長狀態(tài)。保持小球的電荷量不變，現(xiàn)將小球提高到M點再由靜止釋放.則釋放后，小球從M運動到N的過程中（）J*A.小球的機械能與彈簧的彈性勢能之和保持不變小球運動的速度先增大后減小彈簧彈性勢能的削減量等于小球動能的増加量小球重力勢能的削減量等于小球電勢能的増加量8、如圖所示，倒置的U形金屬導軌所在平面與水平面央角為0=30，其中與PQ平行且間距為L=lm,導軌處在磁感應(yīng)強度大小為B的勻強磁場中，磁場方向與軌道平面垂直，磁場隨時間變化狀況如圖乙所示，取圖甲所示磁場方向為磁感應(yīng)強度的正方向.現(xiàn)將金屬棒汕垂直放置在導軌上，金屬棒與N0相距0.2m.在0~4s內(nèi)金屬棒始終處于靜止狀態(tài).已知金屬棒瀝的質(zhì)量/w=O.lkg,電阻為夫=20,不計導軌電阻，g=10m/s2,則()AU=2s時刻金屬棒ab所受安培力的方向轉(zhuǎn)變07s內(nèi)金屬棒所受的最大靜摩擦力為0.9N0~4s內(nèi)穿過金屬棒的電荷量為0.4C0?4s內(nèi)金屬棒中產(chǎn)生的焦耳熱為032J9、在如圖所示的電路中，定值電阻R的阻值為20Q,電動機M的線圏電阻為6Q,白、力兩端加44V的恒定電壓,電動機恰好正常工作，抱負電壓表的示數(shù)24V,下列說法正確的是通過電動機的電流為44電動機的輸入功率為96W電動機線圈在1分鐘內(nèi)產(chǎn)生的焦耳熱為360丿電動機的輸出的功率為18W10、足夠長的光滑絕緣槽與水平方向的夾角分別為。和#(?<#).如圖所示，加垂直于紙面對里的磁場，分別將質(zhì)量相等，帶等量正、負電荷的小球〃和丄依次從兩斜面的頂端由靜止釋放，關(guān)于兩球在槽上的運動，下列說法正確的是XXXXXXXX在槽上。、方兩球都做變加速直線運動，但怠有5在槽上“、8兩球都做勻加速直線運動，gC?。"兩球沿宜線運動的最大位移分別為琮Xb,則&沖，D."、5兩球沿槽運動的時間分別為5,則厶＜/力三、試驗題：本題共2小題，共18分.把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。（6分）利用電流表和電壓表測定電源的電動勢和內(nèi)電阻.要求盡量減小試驗誤差⑴應(yīng)當選擇的試驗電路是圖中的 （選填“甲”或“乙”）（2）如圖是依據(jù)本次試驗記錄數(shù)據(jù)畫出的i/T圖像，則電動勢砰 V,內(nèi)阻仁 n（12分）如圖所示，抱負變壓器的原.副線圏匝數(shù)之比為〃“1/2=4：1,原線圏回路中的電阻A與副線圈回路中的負載電阻B的阻值相等,“、方端加一溝通電壓后，兩電阻消耗的電功率之比Pa:Pb=—:兩電阻兩端的電壓之比l/qUK=__四、計算題：本題共3小題，共38分.把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。（10分）如圖所示為質(zhì)譜儀的工作原理示意圖，它由速度選擇器和有邊界的偏轉(zhuǎn)磁場構(gòu)成.速度選擇器由兩塊水平放置的金屬極板構(gòu)成，兩金屬極板間的距髙為&上極板與電源正極相連，下極板與電源負極相連；板間勻強磁場的磁感應(yīng)強度為Bi,方向垂直紙面對里.偏轉(zhuǎn)磁場為勻強磁場，磁感應(yīng)強度的大小為龐，方向垂直紙面對外.當兩金屬極板間的電勢差為U時，一束帶電粒子從狹縫。射入，沿水平方向通過速度選擇器，從磁場邊界上的0點垂直磁場方向射入偏轉(zhuǎn)磁場，經(jīng)受半個圓周打在照相底片上的人點，測得。2和人點之間的距髙為L粒子所受重力及粒子間的相互作用均可忽視

速度選擇器1

戶b2速度選擇器1

戶b2A照相底片（1）求金屬極板間的電場強度大小E（2）求帶電粒子從速度選擇器射出時的速度大小〃（3）另一束不同的帶電粒子，也從狹縫/射入，保持其他條件不變，粒子最終仍能打在照相底片上的A點.比較這兩束粒子，說明它們具有哪些共同特征，并闡述理由（16分）如圖所示，水平放置的光滑金屬導軌處于竪直向上的勻強磁場中，金屬桿通過輕繩在重物A的牽引下沿水平軌道向右做勻速直線運動.已知金屬桿ab長L=0.5m,其電阻r=0",電阻重物A的質(zhì)量為0.2Kg,導軌電阻不計，定滑輪光滑，勻強磁場磁感應(yīng)強度B=2.0T,求金屬桿切割磁感線的速度.（BOWS?）（12分）如圖，在第一象限內(nèi)，直線OC與*軸的夾角。=30。?在"與y軸之間的區(qū)域內(nèi)有方向與J，軸平行的勻強電場，OC與x軸之間的區(qū)域內(nèi)有垂直于xOy平面對外的勻強磁場.一帶正電粒子在5軸上的P點以初速度卩。平行于X軸射入電場，在。點垂直0C邊進入磁場.粒子進入磁場后運動軌跡的半徑為，，軌跡剛好與X軸相切，經(jīng)oc邊返回電場.設(shè)粒子的帶電雖為公質(zhì)址為孔不計粒子的重力?求:（1） 粒子在磁場中的運動時間（2） D點位置坐標（s電場強度E和磁感應(yīng)強度8的大小參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分.在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的.1、 D【解析】詳解】A.某物體攝氏溫度10C,即熱力學溫度(273+10)K=283K,選項A錯誤；BCD.熱力學溫標中的每1K與攝氏溫標中每1P大小相等，則熱力學溫度上升1K等于攝氏溫度上升11C,選項BC錯誤，D正確；故選D。2、 D【解析】金屬圓盤在勻強磁場中勻速轉(zhuǎn)動，可以等效為很多根長為，的導體棒繞。點做勻速圓周運動，其產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢大小為E=BW2,由右手定則可知其方向由外指向圓心，故通過電阻&的電流I=BE(2R\,方向由d到c,故選D項3、 A【解析】電動勢是反映電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本事強弱的物理量，電動勢等于電源沒有接入電路時兩極間的電壓，電動勢與外電路無關(guān)：【詳解】A、電動勢等于電源沒有接入電路時兩極間的電壓，當外電路接通時，電源有內(nèi)電壓，依據(jù)閉合電路歐姆定律得知，電源兩極間電壓肯定小于電動勢，故A錯誤，C正確；B、電動勢是反映電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本事強弱的物理量，電動勢越大，電源將其它能轉(zhuǎn)化為電能的本事越大，故B正確；D、電動勢由電源本身打算，與外電路無關(guān)，故D正確【點睛】本題考査電動勢的物理意義，可依據(jù)閉合電路歐姆定律理解電動勢與電源兩極間電壓的關(guān)系TOC\o"1-5"\h\z4、 D【解析】依據(jù)勻變速直線運動的規(guī)律1=%+0尸可得：剎車前的行駛速度為vmWrn/s；所以A錯誤；剎車過程V中的加速度；。=-2,定所以B錯誤I剎車后的行駛時間/=丄=5$,所以C錯誤，剎車后的位移ax=-vDt=50m,故D正確5、A【解析】帶正電的粒子垂直磁場方向進入圓形勻強磁場區(qū)域，由洛倫茲力供應(yīng)向心力而做勻速圖周運動，畫出軌跡如圖，依據(jù)幾何學問得知，軌跡的圓心角等于速度的偏向角60°,且軌跡的半徑為r=Acot30°=^3R依據(jù)牛頓其次定律得qr3qRA.削與結(jié)論相符'選項A正確;B.奇與結(jié)論不相符'選項憤誤;C.A.削與結(jié)論相符'選項A正確;B.奇與結(jié)論不相符'選項憤誤;C.警，與結(jié)論不相符，選項C錯冕D.3m\\無，與結(jié)論不相符，選項D錯誤;故選A【名師點睛】本題是帶電粒子在勻強磁場中運動的問題，畫軌跡是關(guān)鍵，是幾何學問和動力學學問的綜合應(yīng)用，常規(guī)問題6、A【解析】AB.對于甲粒子：軌跡向上彎曲,Egy甲vv>~iD對于乙粒子：軌跡不彎曲,qv乙B=qE,卩乙D對于丙粒子，軌跡向下彎曲,Egy丙BVqE,vw<—；Dy甲>??乙〉卩中故A正確，B錯誤；甲粒子向上偏，電場力做負功，導致動能減小，則速度在減小，故C錯誤;丙粒子的電場力做正功，動能増大，則速度變大，故D錯渓二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分.在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的.全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分.CD【解析】小球靜止時位于N點且彈簧恰好處于原長狀態(tài)，可知小球所受的重力與電場力等大反向；小球從M運動到N的過程中，由于有電場力做功，故小球和彈簧系統(tǒng)的機械能不守恒，小球的機械能與彈簧的彈性勢能之和是轉(zhuǎn)變的，故A錯誤；釋放后小球從M運動到N過程中，合力等于彈簧的拉力，做正功，故動能始終増加，即球始終加速，故B錯誤：釋放后小球從M運動到N過程中，重力和電場力平衡，等效與只有彈簧彈力做功，故彈簧彈性勢能和球動能之和保持不變，即彈簧彈性勢能的削減量等于小球動能的增加量，故C正確；重力做功等于重力勢能的減小量，克服電場力做功等于電勢能的增加量，重力和電場力平衡，故小球重力勢能的削減量等于小球電勢能的增加量，故D正確；故選CD,8、 ABD【解析】A、依據(jù)楞次定律l~2s內(nèi)金屬棒湖受到的安培力方向始終沿斜面對上，2?3s內(nèi)向下，選項A正確；B、當安培力方向沿導軌向下最大時靜摩擦力最大，靜摩擦力的最大值/=〃宕S11130O+B/L,其中/=亙，解得~~tr/=0.2A,/=0.9N,選項B正確;C、 依據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律和電流定義得</=—=0,選項C錯誤；KD、 o~4s內(nèi)金屬棒產(chǎn)生的焦耳熱為。=/衍=02x2x4J=0.32J,選項D正確點睛：本題考査法拉第電磁感應(yīng)定律的相關(guān)內(nèi)容，留意電流的方向性的問題，同時留意0-2$和2-45兩段時間內(nèi)電流相等，只是方向不同9、 CD【解析】依據(jù)題圖可知，考査了非純電阻電路的電功，電功率的計算：依據(jù)電阻和電動機串聯(lián)，電流相等，對電阻R應(yīng)用歐姆定律求出電流；依據(jù)P=UI求出電動機的輸入功率，即電動機消耗的功率，依據(jù)Q=Frt求出電動機產(chǎn)生的熱量，電動機的輸出功率等于輸入功率減去電動機內(nèi)部消耗的功率I]-[]44-24【詳解】A、通過電動機的電流為：I= = =故A錯誤；K20BCD、對電動機，電動機的輸入功率p=U/=24xl=24W,發(fā)熱功率4=/>=Fx6=6W,輸出功率命=P-E=18iv,電動機1分鐘內(nèi)產(chǎn)生的熱量2=^=6x60=3607,故CD正確【點睛】解決本題的關(guān)鍵會機敏運用歐姆定律，以及知道電動機的輸出功率等于輸入功率減去電動機內(nèi)部消耗的功率TOC\o"1-5"\h\z10、 BD【解析】兩小球受到的洛倫茲力都與斜面垂直向上，沿斜面方向的合力為重力的分力，則其加速度為ah=gsinaaa=gsinp,可見在槽上。3兩球都做勻加速直線運動，a.>ah,故B正確，A錯誤；當加速到洛倫茲力與重力沿垂直斜面對下分力相等時，小球脫髙斜面，則mgcosp=Bqv又v，=2gsin皿求得/=印二丫；同理得:2nr(\-sinza) in mXb= 1因?<P>則xa<xb故C錯誤，又由v=gsinpta得。=一,同理得七= ，則2B?qma Bqtanp Bqtanata<tb,故D正確；故選BD三、試驗題：本題共2小題，共18分.把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 ①.甲 @.3.0 @.1.0【解析】(1)[1]甲圖中路端電壓測量精確?????，由于電壓表分流導致試驗誤差；乙圖中干路電流測量精確?????，電流表分壓導致試驗誤差；電壓表的內(nèi)阻較大，分流不明顯，電流表的內(nèi)阻和電源內(nèi)阻較為接近，分壓明顯，所以選擇甲電路圖合理；(2)⑵依據(jù)閉合電路歐姆定律：U=E-Ir可知與縱軸的截距為電動勢：E=3.0V[3]斜率內(nèi)阻:3.0-2.40.63.0-2.40.6Q=1.0Q12、 ①.L16 ②.1：4【解析】【1]依據(jù)變壓器原副線圈電流與匝數(shù)成反比得電阻消耗的功率P=「R,所以兩電阻消耗的電功率之比^*=1:16[2]電阻兩端的電壓〃小，所以兩電阻兩端的電壓之比七：U,=l:4四、計算題：本題共3小題，共38分.把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方