2020年北京市高考物理真題試卷新高考

2020年北京市高考物理真題試卷（新高考）閱卷人一、選擇題體題共14小題，共42分）（共14題；共42分）得分（3分）以下現(xiàn)象不屬于干涉的是（ ）A.白光經(jīng)過(guò)楊氏雙縫得到彩色圖樣B.白光照射肥皂膜呈現(xiàn)彩色圖樣C.白光經(jīng)過(guò)三棱鏡得到彩色圖樣D.白光照射水面油膜呈現(xiàn)彩色圖樣【答案】C【解析】【解答】A.根據(jù)光的干涉定義可知白光經(jīng)過(guò)楊氏雙縫得到彩色圖樣是楊氏雙縫干涉，A不符合題意；B.由于重力的作用，肥皂膜形成了上薄下厚的薄膜，光線通過(guò)薄膜時(shí)頻率不變，干涉條紋的產(chǎn)生是由于光線在薄膜前后兩表面反射形成的兩列光波的疊加，白光照射肥皂膜呈現(xiàn)彩色圖樣是屬于干涉現(xiàn)象，B不符合題意；C.白光經(jīng)過(guò)三棱鏡得到彩色圖樣是光在折射時(shí)產(chǎn)生的色散現(xiàn)象，C符合題意；D.水面上的油膜呈現(xiàn)彩色是光的干涉現(xiàn)象，屬于薄膜干涉，D不符合題意；故答案為：Co【分析】太陽(yáng)光經(jīng)過(guò)三棱鏡折射后會(huì)形成彩色光帶，該現(xiàn)象叫做光的色散，并非光的干涉。TOC\o"1-5"\h\z（3分）氫原子能級(jí)示意如圖?，F(xiàn)有大量氫原子處于n=3能級(jí)上，下列說(shuō)法正確的是（ ）n E/eVoo? ?05 二-0.544 -0.853 -1.512 -3.41 13.6A.這些原子躍遷過(guò)程中最多可輻射出2種頻率的光子B.從n=3能級(jí)躍遷到n=1能級(jí)比躍遷到n=2能級(jí)輻射的光子頻率低C.從n=3能級(jí)躍遷到n=4能級(jí)需吸收0.66eV的能量D.n=3能級(jí)的氫原子電離至少需要吸收13.6eV的能量【答案】C【解析】【解答】A.大量氫原子處于n=3能級(jí)躍遷到n=l最多可輻射出Cl=3種不同頻率的光子，A不符合題意；B.根據(jù)能級(jí)圖可知從n=3能級(jí)躍遷到n=1能級(jí)輻射的光子能量為九匕=13.6eV-1.51eV從n=3能級(jí)躍遷到n=2能級(jí)輻射的光子能量為hv2=3.4eV-1.51eV比較可知從n=3能級(jí)躍遷到n=1能級(jí)比躍遷到n=2能級(jí)輻射的光子頻率高，B不符合題思；C.根據(jù)能級(jí)圖可知從n=3能級(jí)躍遷到n=4能級(jí)，需要吸收的能量為E=1.51eV-0.85eV=0.66eV,C符合題意；D.根據(jù)能級(jí)圖可知?dú)湓犹幱趎=3能級(jí)的能量為-1.51eV,故要使其電離至少需要吸收1.51eV的能量，D不符合題意；故答案為：Co【分析】當(dāng)電子由低能級(jí)躍遷到高能級(jí)時(shí)，電子需要吸收能量，當(dāng)電子由高能級(jí)躍遷到低能級(jí)時(shí)，電子需要釋放能量，結(jié)合公式求解產(chǎn)生或吸收光子的頻率。（3分）隨著通信技術(shù)的更新?lián)Q代，無(wú)線通信使用的電磁波頻率更高，頻率資源更豐富，在相同時(shí)間內(nèi)能夠傳輸?shù)男畔⒘扛?。?代移動(dòng)通信技術(shù)（簡(jiǎn)稱5G）意味著更快的網(wǎng)速和更大的網(wǎng)絡(luò)容載能力，“4G改變生活，5G改變社會(huì)"。與4G相比，5G使用的電磁波（ ）A.光子能量更大 B.衍射更明顯C.傳播速度更大 D.波長(zhǎng)更長(zhǎng)【答案】A【解析】【解答】A.因?yàn)?G使用的電磁波頻率比4G高，根據(jù)E=hv可知5G使用的電磁波比4G光子能量更大，A符合題意；B.發(fā)生明顯衍射的條件是障礙物（或孔）的尺寸可以跟波長(zhǎng)相比，甚至比波長(zhǎng)還??；因5G使用的電磁波頻率更高，即波長(zhǎng)更短，故5G越不容易發(fā)生明顯衍射，B不符合題意；C.光在真空中的傳播速度都是相同的；光在介質(zhì)中的傳播速度為□=（5G的頻率比4G高，而頻率越大折射率越大，光在介質(zhì)中的傳播速度越小，C不符合題意;

D.因5G使用的電磁波頻率更高，根據(jù)v=5A可知波長(zhǎng)更短，D不符合題意。故答案為：Ao【分析】根據(jù)德布羅意關(guān)系可以得到，當(dāng)粒子的動(dòng)量越小，對(duì)應(yīng)的波長(zhǎng)就越長(zhǎng)，波動(dòng)性就越明顯。（3分）如圖所示，一定量的理想氣體從狀態(tài)A開(kāi)始，經(jīng)歷兩個(gè)過(guò)程，先后到達(dá)狀態(tài)B和C。有C?Ta=Tc，Tb>TcB?TaVTb，Tb<Tc關(guān)C?Ta=Tc，Tb>TcB?TaVTb，Tb<TcD?Ta=Tc,Ts<Tc【答案】C【解析】【解答】由圖可知狀態(tài)A到狀態(tài)B是一個(gè)等壓過(guò)程，根據(jù)等卸因?yàn)閂b>Va,故Tb>Ta;而狀態(tài)B到狀態(tài)C是一個(gè)等容過(guò)程，有需=￡3 3因?yàn)镻B>PC,故Tb>Tc;對(duì)狀態(tài)A和C有駕復(fù)3=史空也TA TC可得Ta=Tc；綜上分析可知C符合題意，ABD不符合題意；故答案為：Co【分析】對(duì)于P-T圖像，從圖中得到氣體處在某種狀態(tài)的壓強(qiáng)和溫度，根據(jù)理想氣體物態(tài)方程求解體積的變化即可。（3分）我國(guó)首次火星探測(cè)任務(wù)被命名為“天問(wèn)一號(hào)”。已知火星質(zhì)量約為地球質(zhì)量的10%,半徑約為地球半徑的50%,下列說(shuō)法正確的是（ ）A.火星探測(cè)器的發(fā)射速度應(yīng)大于地球的第二宇宙速度B.火星探測(cè)器的發(fā)射速度應(yīng)介于地球的第一和第二宇宙速度之間C.火星的第一宇宙速度大于地球的第一宇宙速度D.火星表面的重力加速度大于地球表面的重力加速度【答案】A【解析】【解答】A.當(dāng)發(fā)射速度大于第二宇宙速度時(shí)，探測(cè)器將脫離地球的引力在太陽(yáng)系的范圍內(nèi)運(yùn)動(dòng)，火星在太陽(yáng)系內(nèi)，所以火星探測(cè)器的發(fā)射速度應(yīng)大于第二宇宙速度，A符合題意;B.第二宇宙速度是探測(cè)器脫離地球的引力到太陽(yáng)系中的臨界條件，當(dāng)發(fā)射速度介于地球的第一和第二宇宙速度之間時(shí)，探測(cè)器將圍繞地球運(yùn)動(dòng)，B不符合題意;C.萬(wàn)有引力提供向心力，則有GMm_GV]C.萬(wàn)有引力提供向心力，則有GMm_GV]2R2解得第一宇宙速度為GM所以火星的第一宇宙速度為2火=[10% _75y/50%V^=~5V^所以火星的第一宇宙速度小于地球的第一宇宙速度，C不符合題意;D萬(wàn)有引力近似等于重力，則有爺=領(lǐng)GM火 io%2解得星表面的重力加速度9火=不~金=~^^9地=g9地所以火星表面的重力加速度小于地球表面的重力加速度，D不符合題意。故答案為：Ao【分析】衛(wèi)星發(fā)射速度達(dá)到第一宇宙速度，圍繞著地球運(yùn)動(dòng)，發(fā)射速度達(dá)到第二宇宙速度，會(huì)脫離地球的引力，圍繞著太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)，發(fā)射速度達(dá)到第三宇宙速度，會(huì)脫離太陽(yáng)的引力，飛出太陽(yáng)系。（3分）一列簡(jiǎn)諧橫波某時(shí)刻波形如圖甲所示。由該時(shí)刻開(kāi)始計(jì)時(shí)，質(zhì)點(diǎn)L的振動(dòng)情況如圖乙所示。下列說(shuō)法正確的是（ ）A.該橫波沿x軸負(fù)方向傳播B.質(zhì)點(diǎn)N該時(shí)刻向y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)C.質(zhì)點(diǎn)L經(jīng)半個(gè)周期將沿x軸正方向移動(dòng)D.該時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)K與M的速度、加速度都相同【答案】B【解析】【解答】AB.由圖可知乙質(zhì)點(diǎn)L的振動(dòng)情況，該時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)L向y軸正方向振動(dòng)。根據(jù)上下坡法或者平移法可知，該橫波沿x軸正方向傳播，質(zhì)點(diǎn)N該時(shí)刻向y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，A不符合題意，B符合題意；C.質(zhì)點(diǎn)L只在平衡位置附近y軸方向上下振動(dòng)，波傳播時(shí)，質(zhì)點(diǎn)不會(huì)沿x軸正方向移動(dòng)，C不符合題意；D.該時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)K與M的速度為零，質(zhì)點(diǎn)K加速度為-y方向，質(zhì)點(diǎn)M加速度為+y方向，D不符合題意。故答案為：Bo【分析】通過(guò)甲圖讀出波的波長(zhǎng)，通過(guò)乙圖讀出波的周期，進(jìn)而求出波速，再結(jié)合選項(xiàng)逐一分析即可。（3分）真空中某點(diǎn)電荷的等勢(shì)面示意如圖，圖中相鄰等勢(shì)面間電勢(shì)差相等。下列說(shuō)法正確的是A.該點(diǎn)電荷一定為正電荷P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)一定比Q點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大P點(diǎn)電勢(shì)一定比Q點(diǎn)電勢(shì)低D.正檢驗(yàn)電荷在P點(diǎn)比在Q點(diǎn)的電勢(shì)能大【答案】B

【解析】【解答】A.正電荷和負(fù)電荷周圍的等勢(shì)面都為一組同心球殼，該點(diǎn)電荷不一定為正電荷，A不符合題意；B.相鄰等勢(shì)面間電勢(shì)差相等，P點(diǎn)附近的等差等勢(shì)面更加密集，故P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)一定比Q點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大，B符合題意；C.正電荷和負(fù)電荷周圍的等勢(shì)面都為一組同心球殼，若為正點(diǎn)電荷，則P點(diǎn)電勢(shì)一定比Q點(diǎn)電勢(shì)高，C不符合題意；D.從等勢(shì)面的情況無(wú)法判斷該點(diǎn)電荷為正點(diǎn)電荷還是負(fù)點(diǎn)電荷，無(wú)法判斷P點(diǎn)電勢(shì)與Q點(diǎn)電勢(shì)的高低，就無(wú)法判斷正檢驗(yàn)電荷在P點(diǎn)和在Q點(diǎn)的電勢(shì)能的大小，D不符合題意。故答案為：Bo【分析】等差等勢(shì)面密集的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度比較大，沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)減小，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加。（3分）如圖所示，在帶負(fù)電荷的橡膠圓盤附近懸掛一個(gè)小磁針。現(xiàn)驅(qū)動(dòng)圓盤繞中心軸高速旋轉(zhuǎn)，小磁針發(fā)生偏轉(zhuǎn)。下列說(shuō)法正確的是（ ）A.偏轉(zhuǎn)原因是圓盤周圍存在電場(chǎng)B.偏轉(zhuǎn)原因是圓盤周圍產(chǎn)生了磁場(chǎng)C.僅改變圓盤的轉(zhuǎn)動(dòng)方向，偏轉(zhuǎn)方向不變D.僅改變圓盤所帶電荷的電性，偏轉(zhuǎn)方向不變【答案】B【解析】【解答】AB.小磁針發(fā)生偏轉(zhuǎn)是因?yàn)閹ж?fù)電荷的橡膠圓盤高速旋轉(zhuǎn)形成電流，而電流周圍有磁場(chǎng)，磁場(chǎng)會(huì)對(duì)放入其中的小磁針有力的作用，A不符合題意，B符合題意；C.僅改變圓盤的轉(zhuǎn)動(dòng)方向，形成的電流的方向與初始相反，小磁針的偏轉(zhuǎn)方向也與之前相反，C不符合題意；D.僅改變圓盤所帶電荷的電性，形成的電流的方向與初始相反，小磁針的偏轉(zhuǎn)方向也與之前相反，D不符合題意。故答案為：Bo【分析】旋轉(zhuǎn)的帶電圓盤形成電流，電流周圍存在磁場(chǎng)，與小磁針的磁場(chǎng)相互作用。（3分）如圖所示，理想變壓器原線圈接在u=UmSin（3t+（p）的交流電源上，副線圈接三個(gè)阻值相同的電阻R,不計(jì)電表內(nèi)電阻影響。閉合開(kāi)關(guān)S后（ ）A.電流表A2的示數(shù)減小 B.電壓表匕的示數(shù)減小C.電壓表匕的示數(shù)不變 D.電流表&的示數(shù)不變【答案】A【解析】【解答】開(kāi)關(guān)S閉合時(shí)，副線圈總的電阻減小，由于變壓器的匝數(shù)比和輸入的電壓都不變，所以輸出的電壓也不變，即Vi示數(shù)不變，但因副線圈的總電阻減小，則副線圈的總電流增大，則原線圈的電流增大，Ai的示數(shù)變大；由于副線圈的電流增大，故串聯(lián)在副線圈的電阻R兩端的電壓增大，而副線圈的總電壓不變，所以副線圈并聯(lián)部分的電壓減小，即匕的示數(shù)減小，故電流表a2的示數(shù)減小，A符合題意，BCD不符合題意。故答案為：Ao【分析】開(kāi)光閉合，接入電路中的電阻變小，結(jié)合歐姆定律求解電流、電壓的變化。（3分）分子力F隨分子間距離r的變化如圖所示。將兩分子從相距r=r2處釋放，僅考慮這兩個(gè)分于間的作用，下列說(shuō)法正確的是（ ）FlA.從r=rz到r=r0分子間引力、斥力都在減小B.從r=七到r=q分子力的大小先減小后增大C.從r=r2到r=r0分子勢(shì)能先減小后增大D.從丁=七到丁=G分子動(dòng)能先增大后減小【答案】D【解析】【解答】A.從r=Q到廠=%分子間引力、斥力都在增加，但斥力增加得更快，A不符合題意；B.由圖可知，在r=%時(shí)分子力為零，故從r=r2到r=q分子力的大小先增大后減小再增大，B不符合題意；C.分子勢(shì)能在r=r0時(shí)分子勢(shì)能最小，故從r=r2到r=%分子勢(shì)能一直減小，C不符合題Vr.；D.從r=「2到r=ri分子勢(shì)能先減小后增大，故分子動(dòng)能先增大后減小，D符合題意。故答案為：Do【分析】當(dāng)分子間距小于平衡距離時(shí)，增大分子間距，分子力減??；當(dāng)分子間距大于平衡距離時(shí)，增大分子間距，分子力先增加后減小；當(dāng)分子間距增大時(shí)，引力和斥力都會(huì)減小，只是兩種力減小的快慢不同；分子力與移動(dòng)方向相同，分子力做正功，勢(shì)能減小，方向相反，分子力做負(fù)功，分子勢(shì)能增加。11.（3分）某同學(xué)利用圖甲所示裝置研究摩擦力的變化情況。實(shí)驗(yàn)臺(tái)上固定一個(gè)力傳感器，傳感器用棉線拉住物塊，物塊放置在粗糙的長(zhǎng)木板上。水平向左拉木板，傳感器記錄的F-t圖像如圖乙所示。下列說(shuō)法正確的是（ ）A.實(shí)驗(yàn)中必須讓木板保持勻速運(yùn)動(dòng)B.圖乙中曲線就是摩擦力隨時(shí)間的變化曲線C.最大靜摩擦力與滑動(dòng)摩擦力之比約為10:7D.只用圖乙中數(shù)據(jù)可得出物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)【答案】C【解析】【解答】A.動(dòng)摩擦力大小與是否勻速直線運(yùn)動(dòng)無(wú)關(guān)，A不符合題意；B.圖乙曲線是拉力F隨時(shí)間的變化曲線，B不符合題意：C.由圖可知，最大靜摩擦力約為10N,滑動(dòng)摩擦力約為7N,故最大靜摩擦力與滑動(dòng)摩擦力之比約為10:7,C符合題意;D.根據(jù)Ff=〃N,5N=mg可知，由于不知道物塊的重力，故無(wú)法求物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)，D不符合題意。故答案為：Co【分析】當(dāng)物體做勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，物體受到的拉力等于摩擦力，結(jié)合壓力大小求解動(dòng)摩擦因數(shù)。（3分）圖甲表示某金屬絲的電阻R隨攝氏溫度t變化的情況。把這段金屬絲與電池、電流表串聯(lián)起來(lái)（圖乙），用這段金屬絲做測(cè)溫探頭，把電流表的刻度改為相應(yīng)的溫度刻度，就得到了一個(gè)簡(jiǎn)易溫度計(jì)。下列說(shuō)法正確的是（ ）甲 乙tA應(yīng)標(biāo)在電流較大的刻度上，且溫度與電流是線性關(guān)系tA應(yīng)標(biāo)在電流較大的刻度上，且溫度與電流是非線性關(guān)系tB應(yīng)標(biāo)在電流較大的刻度上，且溫度與電流是線性關(guān)系tB應(yīng)標(biāo)在電流較大的刻度上，且溫度與電流是非線性關(guān)系【答案】B【解析】【解答】由甲圖可知，tA點(diǎn)對(duì)應(yīng)的電阻阻值較小，由閉合電路歐姆定律知對(duì)應(yīng)電路中的電流較大，故tA應(yīng)標(biāo)在電流較大的刻度上；而tB點(diǎn)對(duì)應(yīng)的電阻阻值較大，由閉合電路歐姆定律知對(duì)應(yīng)電路中的電流較小，故tB應(yīng)標(biāo)在電流較小的刻度上；由圖甲得R=R0+kt其中Ro為圖線的縱截距，由閉合電路歐姆定律得I=扁有:g聯(lián)立解得t=3_Ro+fg+rklk可知t與I是非線性關(guān)系，B符合題意，ACD不符合題意。故答案為：Bo【分析】對(duì)電路應(yīng)用閉合電路歐姆定律列方程，結(jié)合電阻隨時(shí)間的變化分析溫度與電流的變化即可。（3分）在同一豎直平面內(nèi)，3個(gè)完全相同的小鋼球（1號(hào)、2號(hào)、3號(hào)）懸掛于同一高度；靜止時(shí)小球恰能接觸且懸線平行，如圖所示。在下列實(shí)驗(yàn)中，懸線始終保持繃緊狀態(tài)，碰撞均為對(duì)心正A.將1號(hào)移至高度h釋放，碰撞后，觀察到2號(hào)靜止、3號(hào)擺至高度ho若2號(hào)換成質(zhì)量不同的小鋼球，重復(fù)上述實(shí)驗(yàn)，3號(hào)仍能擺至高度hB.將1、2號(hào)一起移至高度h釋放，碰撞后，觀察到1號(hào)靜止，2、3號(hào)一起擺至高度h,釋放后整個(gè)過(guò)程機(jī)械能和動(dòng)量都守恒C.將右側(cè)涂膠的1號(hào)移至高度h釋放，1、2號(hào)碰撞后粘在一起，根據(jù)機(jī)械能守恒，3號(hào)仍能擺至高度hD.將1號(hào)和右側(cè)涂膠的2號(hào)一起移至高度h釋放，碰撞后，2、3號(hào)粘在一起向右運(yùn)動(dòng)，未能擺至高度h,釋放后整個(gè)過(guò)程機(jī)械能和動(dòng)量都不守恒【答案】D【解析】【解答】A.1號(hào)球與質(zhì)量不同的2號(hào)球相碰撞后，1號(hào)球速度不為零，則2號(hào)球獲得的動(dòng)能小于1號(hào)球撞2號(hào)球前瞬間的動(dòng)能，所以2號(hào)球與3號(hào)球相碰撞后，3號(hào)球獲得的動(dòng)能也小于1號(hào)球撞2號(hào)球前瞬間的動(dòng)能，則3號(hào)不可能擺至高度h,A不符合題意；2號(hào)球釋放后，三小球之間的碰撞為彈性碰撞，且三小球組成的系統(tǒng)只有重力做功，所以系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，但整個(gè)過(guò)程中，系統(tǒng)所受合外力不為零，所以系統(tǒng)動(dòng)量不守恒，B不符合題意；C.1、2號(hào)碰撞后粘在一起，為完全非彈性碰撞，碰撞過(guò)程有機(jī)械能損失，所以1、2號(hào)球再與3號(hào)球相碰后，3號(hào)球獲得的動(dòng)能不足以使其擺至高度h,C不符合題意；D.碰撞后，2、3號(hào)粘在一起，為完全非彈性碰撞，碰撞過(guò)程有機(jī)械能損失，且整個(gè)過(guò)程中，系統(tǒng)所受合外力不為零，所以系統(tǒng)的機(jī)械能和動(dòng)量都不守恒，D符合題意。故答案為：D?！痉治觥咳绻粋€(gè)系統(tǒng)不受到外力的作用，那么動(dòng)量就是守恒的，如果一個(gè)系統(tǒng)，除重力外，不受到外力和非保守內(nèi)力，那么這個(gè)系統(tǒng)機(jī)械能守恒，結(jié)合選項(xiàng)中物體的受力情況分析求解即可。（3分）在無(wú)風(fēng)的環(huán)境，某人在高處釋放靜止的籃球，籃球豎直下落；如果先讓籃球以一定的角速度繞過(guò)球心的水平軸轉(zhuǎn)動(dòng)（如圖）再釋放，則籃球在向下掉落的過(guò)程中偏離豎直方向做曲線運(yùn)動(dòng)。其原因是，轉(zhuǎn)動(dòng)的籃球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中除受重力外，還受到空氣施加的阻力九和偏轉(zhuǎn)力f2.這兩個(gè)力與籃球速度v的關(guān)系大致為：/1=七層,方向與籃球運(yùn)動(dòng)方向相反；f2=k2v,方向與籃球運(yùn)動(dòng)方向垂直。下列說(shuō)法正確的是（ ）A.自、k2是與籃球轉(zhuǎn)動(dòng)角速度無(wú)關(guān)的常量B.籃球可回到原高度且角速度與釋放時(shí)的角速度相同C.人站得足夠高，落地前籃球有可能向上運(yùn)動(dòng)D.釋放條件合適，籃球有可能在空中持續(xù)一段水平直線運(yùn)動(dòng)【答案】C【解析】【解答】A.籃球未轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，籃球豎直下落，沒(méi)有受到偏轉(zhuǎn)力f2的作用，而籃球轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，將受到偏轉(zhuǎn)力f2的作用，所以偏轉(zhuǎn)力f2=k2v中的k2與籃球轉(zhuǎn)動(dòng)角速度有關(guān)，A不符合題意；B.空氣阻力一直對(duì)籃球做負(fù)功，籃球的機(jī)械能將減小，籃球的角速度也將減小，所以籃球沒(méi)有足夠的能量回到原高度，B不符合題意；C.籃球下落過(guò)程中，其受力情況如下圖所示籃球下落過(guò)程中，由受力分析可知，隨著速度不斷增大，籃球受到后和f2的合力沿豎直方向的分力可能比重力大，可使籃球豎直方向的分速度減小為零或變成豎直向上，所以籃球可能向上運(yùn)動(dòng)，C符合題意；D.如果籃球的速度變成水平方向，則空氣阻力的作用會(huì)使籃球速度減小，則籃球受到的偏轉(zhuǎn)力f2將變小，不能保持八與重力持續(xù)等大反向，所以不可能在空中持續(xù)一段水平直線運(yùn)動(dòng)，D不符合題意。故答案為：Co【分析】結(jié)合籃球的速度方向?qū)@球進(jìn)行受力分析，結(jié)合籃球的受力情況，結(jié)合選項(xiàng)分析籃球的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)。閱卷人二、實(shí)驗(yàn)題（本題共2小題，共18分）（共2題；共18分）得分（9分）在“探究加速度與物體受力、物體質(zhì)量的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中，做如下探究：（1）（3分）為猜想加速度與質(zhì)量的關(guān)系，可利用圖1所示裝置進(jìn)行對(duì)比實(shí)驗(yàn)。兩小車放在水平板上，前端通過(guò)鉤碼牽引，后端各系一條細(xì)線，用板擦把兩條細(xì)線按在桌上，使小車靜止。抬起板擦，小車同時(shí)運(yùn)動(dòng)，一段時(shí)間后按下板擦，小車同時(shí)停下。對(duì)比兩小車的位移，可知加速度與質(zhì)量大致成反比。關(guān)于實(shí)驗(yàn)條件，下列正確的是：（選填選項(xiàng)前的字母）。A.小車質(zhì)量相同，鉤碼質(zhì)量不同B.小車質(zhì)量不同，鉤碼質(zhì)量相同C.小車質(zhì)量不同，鉤碼質(zhì)量不同（3分）某同學(xué)為了定量驗(yàn)證（1）中得到的初步關(guān)系，設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)并得到小車加速度a與質(zhì)量M的7組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，如下表所示。在圖2所示的坐標(biāo)紙上已經(jīng)描好了6組數(shù)據(jù)點(diǎn)，請(qǐng)將余下的一組數(shù)據(jù)描在坐標(biāo)紙上，并作出a-jj圖像。次數(shù)1234567a/(m-s-2)0.620.560.480.400.320.240.15M/kg0.250.290.330.400.500.711.0()"/(ms')4 ,“5（3分）在探究加速度與力的關(guān)系實(shí)驗(yàn)之前，需要思考如何測(cè)“力”。請(qǐng)?jiān)趫D3中畫出小車受力的示意圖。為了簡(jiǎn)化"力''的測(cè)量，下列說(shuō)法正確的是：（選填選項(xiàng)前的字母）。圖3A.使小車沿傾角合適的斜面運(yùn)動(dòng)，小車受力可等效為只受繩的拉力B.若斜面傾角過(guò)大，小車所受合力將小于繩的拉力

C.無(wú)論小車運(yùn)動(dòng)的加速度多大，砂和桶的重力都等于繩的拉力D,讓小車的運(yùn)動(dòng)趨近于勻速運(yùn)動(dòng)，砂和桶的重力才近似等于繩的拉力(3)A；(3)A；D__割畫ii雄更疆藤畫睡匾圖甌彘【解析】【解答】（1）為了探究加速度與質(zhì)量的關(guān)系，必須控制小車所受拉力相同，而讓小車的質(zhì)量不同，所以鉤碼質(zhì)量相同，B符合題意。（2）數(shù)據(jù)描點(diǎn)和焉圖像如圖所示；（3）A.使小車沿傾角合適的斜面運(yùn)動(dòng)，小車所受重；（3）A.使小車沿傾角合適的斜面運(yùn)動(dòng)，小車所受重力沿斜面的分力剛好等于小車所受的摩擦力，則小車受力可等效為只受繩的拉力，A符合題意；B.若斜面傾角過(guò)大，重力沿斜面的分力大于摩擦力，小車所受合力將大于繩的拉力，不利于簡(jiǎn)化"力''的測(cè)量，B不符合題意；C.由牛頓第二定律可知，無(wú)論小車運(yùn)動(dòng)的加速度多大，砂和桶的重力都大于繩的拉力，C不符合題意；D.當(dāng)小車的運(yùn)動(dòng)趨近于勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，砂和桶可近似看成受力平衡，則砂和桶的重力才近似等于繩的拉力，D符合題意。

故答案為：ADo【分析】（1）三個(gè)變量，探究其中兩個(gè)變量之間的關(guān)系，需要用到控制變量法：（2）結(jié)合表格中的數(shù)據(jù)在坐標(biāo)系中描點(diǎn)連線即可；（3）當(dāng)m?M,物體加速度很小，拉力近似等于重物的重力。（9分）用圖1所示的甲、乙兩種方法測(cè)量某電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻（約為1C）。其中R為電阻箱，電流表的內(nèi)電阻約為0.1C,電壓表的內(nèi)電阻約為3kC。E,rE,r（3分）利用圖1中甲圖實(shí)驗(yàn)電路測(cè)電源的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)電阻r,所測(cè)量的實(shí)際是圖2中虛線框所示“等效電源''的電動(dòng)勢(shì)E'和內(nèi)電阻r'o若電流表內(nèi)電阻用Ra表示，請(qǐng)你用E、r和Ra表示出E'、r',并簡(jiǎn)要說(shuō)明理由。E,r（3分）某同學(xué)利用圖像分析甲、乙兩種方法中由電表內(nèi)電阻引起的實(shí)驗(yàn)誤差。在圖3中，實(shí)線是根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)（圖甲：U=1R,圖乙：/=g）描點(diǎn)作圖得到的U-I圖像；虛線是該電源的路

A端電壓U隨電流I變化的U-I圖像（沒(méi)有電表內(nèi)電阻影響的理想情況）。在圖3中，對(duì)應(yīng)圖甲電路分析的U-I圖像是：；對(duì)應(yīng)圖乙電路分析的U-I圖像

是：。（3分）綜合上述分析，為了減小由電表內(nèi)電阻引起的實(shí)驗(yàn)誤差，本實(shí)驗(yàn)應(yīng)選擇圖1中的—（填“甲"或‘乙”）。【答案】（1）E'=E,r+RA,將電源和電流表視為等效電源，電源電動(dòng)勢(shì)是電源本身具有的屬性，電流表不具有產(chǎn)生電動(dòng)勢(shì)的本領(lǐng)，所以等效電源的電動(dòng)勢(shì)仍然為E'=E而電流表的內(nèi)阻和電動(dòng)勢(shì)的內(nèi)阻作為等效電源的內(nèi)阻，即r'=r+/?A（2）C；A（3）乙【解析】【解答】（1）將電源和電流表視為等效電源，電源電動(dòng)勢(shì)是電源本身具有的屬性，電流表不具有產(chǎn)生電動(dòng)勢(shì)的本領(lǐng)，所以等效電源的電動(dòng)勢(shì)仍然為E'=E而電流表的內(nèi)阻和電動(dòng)勢(shì)的內(nèi)阻作為等效電源的內(nèi)阻，即r'=r+R4（2）對(duì)甲圖，考慮電表內(nèi)阻時(shí)，根據(jù)閉合電路歐姆定律得E=U楞+/r內(nèi)=U+/（r+RQ變形得u=_&+Ra）I+E直接通過(guò)實(shí)驗(yàn)獲得數(shù)據(jù)，可得U=-rl+E圖像與縱軸截距均為電源電動(dòng)勢(shì)E,虛線對(duì)應(yīng)的斜率大小為r,實(shí)線對(duì)應(yīng)的斜率大小為（r+Ra），所以對(duì)應(yīng)圖甲電路分析的U-1圖像是C；對(duì)乙圖，考慮電表內(nèi)阻時(shí)（即虛線對(duì)應(yīng)的真實(shí)情況），根據(jù)閉合電路歐姆定律得E=U^+Ir^=U+（I+^）r=U+Ir+U-^變形得u=-Ryr1+RyE直接通過(guò)實(shí)驗(yàn)獲得數(shù)據(jù)，可得U=-rI+E虛線對(duì)應(yīng)的斜率大小為r,實(shí)線對(duì)應(yīng)的斜率大小為蒜:r<r,虛線對(duì)應(yīng)的縱軸截距為E,實(shí)線對(duì)應(yīng)的縱軸截距為其；E<E；兩圖線在U=0時(shí)，對(duì)應(yīng)的短路電流均為/拓=與，所以對(duì)應(yīng)圖乙電路分析的U-I圖像是A。（3）圖甲雖然測(cè)量的電源電動(dòng)勢(shì)準(zhǔn)確，但電流表分壓較為明顯，所以內(nèi)阻測(cè)量的誤差很大；圖乙雖然電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻測(cè)量均偏小，但是電壓表內(nèi)阻很大，分流不明顯，所以電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的測(cè)量誤差較小，所以選擇圖乙可以減小由電表內(nèi)電阻引起的實(shí)驗(yàn)誤差?！痉治觥浚?）等效電源的電壓等于電源電壓，內(nèi)阻等于兩電阻之和；（2）對(duì)于電源的伏安特性曲線來(lái)說(shuō)，圖像與縱坐標(biāo)的交點(diǎn)為電源的電動(dòng)勢(shì)，圖像斜率的相反數(shù)為電源的內(nèi)阻；（3）電壓表分流不明顯，對(duì)電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的影響比較小。閱卷人三、解答題（共4題；共40分）得分（9分）無(wú)人機(jī)在距離水平地面高度h處，以速度%水平勻速飛行并釋放一包裹，不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g?（3分）求包裹釋放點(diǎn)到落地點(diǎn)的水平距離x;（3分）求包裹落地時(shí)的速度大小v；（3分）以釋放點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)，初速度方向?yàn)閤軸方向，豎直向下為y軸方向，建立平面直角坐標(biāo)系，寫出該包裹運(yùn)動(dòng)的軌跡方程?！敬鸢浮浚?）解：包裹脫離無(wú)人機(jī)后做平拋運(yùn)動(dòng)，在豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，則h=\gt2解得t=心yj9水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，所以水平距離為x=vot=Vo（2）解：包裹落地時(shí)，豎直方向速度為%=gt=g楞落地時(shí)速度為v=J詔+勾=J詔+2gh（3）解：包裹做平拋運(yùn)動(dòng)，分解位移x=vot'1

y=2必兩式消去時(shí)間得包裹的軌跡方程為y=^2X【解析】【分析】（1）物體做平拋運(yùn)動(dòng)，水平方向勻速運(yùn)動(dòng)，豎直方向自由落體運(yùn)動(dòng)，利用豎直方向的距離求出運(yùn)動(dòng)時(shí)間，根據(jù)初速度求解水平方向的位移；（2）結(jié)合物體的運(yùn)動(dòng)時(shí)間求解落地時(shí)的水平速度和豎直速度，合成求解總速度；（3）物體做平拋運(yùn)動(dòng)，水平方向勻速運(yùn)動(dòng)，豎直方向自由落體運(yùn)動(dòng)，分別利用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式列方程求解運(yùn)動(dòng)軌跡。（9分）如圖甲所示，N=200匝的線圈（圖中只畫了2匝），電阻r=2。，其兩端與一個(gè)R=48H的電阻相連，線圈內(nèi)有指向紙內(nèi)方向的磁場(chǎng)。線圈中的磁通量按圖乙所示規(guī)律變化。

乙乙（3分）判斷通過(guò)電阻R的電流方向；（3分）求線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E；（3分）求電阻R兩端的電壓Uo【答案】（1）解：根據(jù)圖像可知，線圈中垂直于紙面向里的磁場(chǎng)增大，為了阻礙線圈中磁通量的增大，根據(jù)楞次定律可知線圈中感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)垂直于紙面向外，根據(jù)安培定則可知線圈中的感應(yīng)電流為逆時(shí)針?lè)较?，所通過(guò)電阻R的電流方向?yàn)閍—b。（2）解：根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律E=嘮=200X°。喘。1°心=10七（3）解：電阻R兩端的電壓為路端電壓，根據(jù)分壓規(guī)律可知U=d-E=/%xlOU=9.6Un+r4oi-Z【解析】【分析】（1）閉合電路中的磁通量發(fā)生改變，回路中就會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，利用楞次定律判斷電流的流向（2）利用法拉第電磁感應(yīng)定律求解電壓的大?。唬?）利用歐姆定律求解回路中電流的大小，再利用部分電路歐姆定律求解外電路電壓。（10分）如圖甲所示，真空中有一長(zhǎng)直細(xì)金屬導(dǎo)線MN,與導(dǎo)線同軸放置一半徑為R的金屬圓柱面。假設(shè)導(dǎo)線沿徑向均勻射出速率相同的電子，已知電子質(zhì)量為m,電荷量為eo不考慮出射電子間的相互作用。金屬圓柱面（5分）可以用以下兩種實(shí)驗(yàn)方案測(cè)量出射電子的初速度：a.在柱面和導(dǎo)線之間，只加恒定電壓；b.在柱面內(nèi)，只加與MN平行的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。當(dāng)電壓為Uo或磁感應(yīng)強(qiáng)度為Bo時(shí)，剛好沒(méi)有電子到達(dá)柱面。分別計(jì)算出射電子的初速度孫。（5分）撤去柱面，沿柱面原位置放置一個(gè)弧長(zhǎng)為a、長(zhǎng)度為b的金屬片，如圖乙所示。在該金屬片上檢測(cè)到出射電子形成的電流為1,電子流對(duì)該金屬片的壓強(qiáng)為p。求單位長(zhǎng)度導(dǎo)線單位時(shí)間內(nèi)出射電子的總動(dòng)能?！敬鸢浮浚?）解：a.在柱面和導(dǎo)線之間，只加恒定電壓Uo,粒子剛好沒(méi)有電子到達(dá)柱面，此時(shí)速度為零，根據(jù)動(dòng)能定理有—eU（）——^mvo解得"°=怦b.在柱面內(nèi)，只加與MN平行的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為Bo時(shí)，剛好沒(méi)有電子到達(dá)柱面，設(shè)粒子的偏轉(zhuǎn)半徑為r,根據(jù)幾何關(guān)系有2r=R根據(jù)洛倫茲力提供向心力，則有BoqVo=m^.解得孫=駕（2）解：撤去柱面，設(shè)單位長(zhǎng)度射出電子數(shù)為n,則單位時(shí)間都到柱面的粒子數(shù)為N=抬2nR金屬片上電流/="竿=.根據(jù)動(dòng)量定理有得金屬片上的壓強(qiáng)為：p=4=*=唔Lrabababe解得9=弊ml故總動(dòng)能為 =n-imv（4分）有關(guān)列車電氣制動(dòng)，可以借助圖2（4分）有關(guān)列車電氣制動(dòng)，可以借助圖2模型來(lái)理解。圖中水平平行金屬導(dǎo)軌處于豎直方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，回路中的電阻阻值為R,不計(jì)金屬棒MN及導(dǎo)軌的電阻。MN沿導(dǎo)軌向右運(yùn)動(dòng)的過(guò)程，對(duì)應(yīng)列車的電氣制動(dòng)過(guò)程，可假設(shè)MN棒運(yùn)動(dòng)的速度與列車的速度、棒的加速度與列車電氣制動(dòng)產(chǎn)生的加速度成正比。列車開(kāi)始制動(dòng)時(shí)，其速度和電氣制動(dòng)產(chǎn)生的加速度大小對(duì)應(yīng)圖1中的P點(diǎn)。論證電氣制動(dòng)產(chǎn)生的加速度大小隨列車速度變化的關(guān)系，并在圖1中畫出圖線。（4分）制動(dòng)過(guò)程中，除機(jī)械制動(dòng)和電氣制動(dòng)外，列車還會(huì)受到隨車速減小而減小的空氣阻力。分析說(shuō)明列車從100m/s減到3m/s的過(guò)程中，在哪個(gè)速度附近所需機(jī)械制動(dòng)最強(qiáng)?k2 ml【解析】【分析】（1）粒子在電場(chǎng)的作用下做加速運(yùn)動(dòng)，利用動(dòng)能定理求解末速度的大小，帶電粒子在磁場(chǎng)中受到洛倫茲力，在洛倫茲力的作用下粒子做圓周運(yùn)動(dòng)，利用幾何關(guān)系求解軌道半徑，再結(jié)合選項(xiàng)分析求解粒子速度；（2）電流是描述電荷流量的物理量，電流越大，單位時(shí)間內(nèi)流過(guò)的電荷量就越多，電流的微觀表達(dá)式結(jié)合電子的密度和流速求解即可。（12分）某試驗(yàn)列車按照設(shè)定的直線運(yùn)動(dòng)模式，利用計(jì)算機(jī)控制制動(dòng)裝置，實(shí)現(xiàn)安全準(zhǔn)確地進(jìn)站停車。制動(dòng)裝置包括電氣制動(dòng)和機(jī)械制動(dòng)兩部分。圖1所示為該列車在進(jìn)站停車過(guò)程中設(shè)定的加速度大小a車隨速度v的變化曲線。（注意：解題過(guò)程中需要用到、但題目沒(méi)有給出的物理量，要在解題時(shí)做必要的說(shuō)明）【答案】（1）解：由圖1可知，列車速度從20m/s降至3m/s的過(guò)程加速度為0.7m/s2的勻減速直線運(yùn)動(dòng)，由加速度的定義式a=%得「=竺=符s=苧s-24.3sa0.7 7由速度位移公式v2—Vq=—2axV2—Vn32—202號(hào)=加7m=279.3加（2）解：由MN沿導(dǎo)軌向右運(yùn)動(dòng)切割磁場(chǎng)線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=BLv回路中感應(yīng)電流1=*MN受到的安培力F=B1L加速度為a=-m22結(jié)合上面幾式得a=umR所以棒的加速度與棒的速度為正比例函數(shù)。又因?yàn)榱熊嚨碾姎庵苿?dòng)過(guò)程，可假設(shè)MN棒運(yùn)動(dòng)的速度與列車的速度、棒的加速度與列車電氣制動(dòng)產(chǎn)生的加速度成正比，所以列車電氣制