2023新高考新教材版物理高考第二輪復習-綜合測試（一）

2023新高考新教材版物理高考第二輪復習綜合測試（一）（2022山東棗莊二模,3）ETC是“電子不停車收費系統(tǒng)”的簡稱,常用于高速公路出入口的ETC通道,裝有ETC打卡裝置的汽車，從ETC通道駛?cè)?、駛出高速公路時,ETC系統(tǒng)能在汽車行駛中實現(xiàn)自動快速計、繳費。如圖所示是一輛汽車通過ETC直線通道運動過程的位移-時間（x-t）圖像。其中0't,和lrt,時間段內(nèi)的圖像是直線段下列說法正確的是（）A.在0、3時間段內(nèi),汽車做勻加速直線運動B.在卜時刻,汽車的速度最大C.在t「t,時間段內(nèi),汽車做加速直線運動D.在t 和tjt,兩時間段內(nèi),汽車的加速度方向相同答案C“位移-時間”圖像切線的斜率表示瞬時速度,0、3時間段內(nèi)圖像的斜率不變，則汽車做勻速直線運動,A錯誤;t?t2時間段內(nèi)圖像切線的斜率（表示瞬時速度）越來越小,在t耐刻，汽車的速度最小,B錯誤;tjt時間段內(nèi)圖像切線的斜率越來越大，則汽車做加速直線運動,C正確;tJt一和t「t,兩段時間內(nèi)汽車先減速后加速,所以加速度方向相反,D錯誤.（2022山東煙臺一模.7）如圖所示,山坡上兩相鄰高壓線塔之間架有粗細均勻的導線,靜止時導線呈曲線形下垂,最低點在C處。左塔A處對毀拉力的方向與豎直方向的夾角為30°,右塔B處對導線拉力的方向與豎直方向的夾角為60°,則導線AC部分與BC部分的質(zhì)量之比為（）A.2：1 B.3：1C.4：V3D.V3：1答案B整體分析,根據(jù)水平方向平衡知心sin30。=F8csin60。，單獨分析左右兩部分，豎直方向受力平衡,％cos600=mKg,限cos30°=m?g,解得導線AC部分與BC部分的質(zhì)量之比為3：1,故選B.3.物理生活（2022紅橋一模,3）如圖所示姚明正在扣籃，其后熊過程可分為下蹲、蹬地起身、離地上升、下落四個過程，下列關(guān)于蹬地起身和離地上升兩個過程的說法中正確的是（）A.兩過程中姚明都處在超重狀態(tài) B.兩過程中姚明都處在失重狀態(tài)C.前過程為超重,后過程不超重也不失重 D.前過程為超重,后過程為完全失重答案I）姚明在蹬地的過程中,對地面的壓力大于重力,處于超重狀態(tài)；當離開地面后,處于完全失重狀態(tài)，加速度的大小為重力加速度g,故I）正確。4.物理生活（2022吉林普通中學二調(diào)）甲、乙兩個同學打乒乓球,某次動作中，甲同學持拍的拍面與水平方向成45°角,乙同學持拍的拍面與水平方向成30°角,如圖所示.設(shè)乒乓球擊打拍面時速度方向與拍面垂直,且乒乓球每次擊打球拍前、后的速度大小相等,不計空氣阻力，則乒乓球擊打甲的球拍的速度與乒乓球擊打乙的球拍的速度V2之比為（）A.fB.V24D號答案C由題可知,乒乓球在甲與乙之間做斜上拋運動,根據(jù)斜上拋運動的特點可知,乒乓球在水平方向的分速度大小保持不變,豎直方向的分速度是不斷變化的,由于乒乓球擊打拍面時速度與拍面垂直,在甲處v甲,=*sin45°,在乙處vz?V2sin30°,_ sin30°\[2一4又v甲、二v乙'所以1=. 。二丁,故C正確。V2sin4525.物理科技（2022陜西西安西工大附中第七次適應(yīng)練）衛(wèi)星電話信號需要通過地球同步衛(wèi)星傳送。如果你與同學在地面上用衛(wèi)星電話通話，則從你發(fā)出信號至對方接收到信號所需最短時間最接近于（可能用到的數(shù)據(jù):月球繞地球運動的軌道半徑約為3.8X105km,運行周期約為27天,地球半徑約為6400km,無線電信號的傳播速度為3X10"m/s）（）A.0.1sB.0.25sC.0.5sD.1s1答案B同步衛(wèi)星和月球都是地球的衛(wèi)星，根射普勒第三足律知因此同步衛(wèi)星的軌道半徑約為地月距離的本約為4.2X10'km,同步衛(wèi)星離地面高度約為3.6X10*km,無線電信號往返一次經(jīng)歷時間約為t=0.24s,故選B.C解題指導同步衛(wèi)星高度約為36000km,熟記物理中常用數(shù)據(jù)有時可以加快做題速度.6.物理生活（2022江西重點中學協(xié)作體一聯(lián)）娛樂場巨大的摩天圓弧滑道中,一個運動愛好者從圖中滑道的A點滑行到最低點B,由于摩擦力的存在，若運動者的速率保持不變，則運動者沿AB下滑過程中（）A.運動狀態(tài)不變B.滑道對運動者的支持力變大,其所受摩擦力大小不斷變大C.合外力做功一定為零D.順能始終期不變答案C運動者速度的方向在變化，所以運動者運動狀態(tài)在變化,A錯誤;運動者下滑過程中受到重力、滑道的支持力與滑動摩擦力,從A到B的過程中,滑道切線與水平方向之間的夾角逐漸減小，則重力沿滑道切線向下的分力逐漸減小,運動者的速率不變，則運動者沿滑道切線方向的合力始終等于零,所以滑動摩擦力也逐漸減小,根據(jù)f=MF、知滑道對運動者的支持力變小,B錯誤；運動愛好者從圖中滑道的A點滑行到周氐點B的過程中,速率保持不變，則動能不變,根據(jù)動能定理可得,合外力做功一定為零,C正確;運動者動能不變,而重力勢能減小,所以機械能減小,D錯誤。.物理生活（2022四川成都石室中學專家聯(lián)測）（多選）使用無人機植樹時,為保證樹種的成活率,將種子連同營養(yǎng)物質(zhì)包進一個很小的莢里。播種時，在離地面1。m高處、以15m/s的速度水平勻速飛行的無人機中,播種器利用空氣壓力把莢以5m/s的速度（相對播種器）豎直向下射出，英進入地面下iocm深處完成一次播種。已知莢的總質(zhì)量為20g,不考慮英所受大氣阻力及進入土壤后重力的作用.取g=10m/s1則（）A.射出莢的過程中,播種器對英做的功為2.5J.離開無人機后，莢在空中運動的時間為&sC.土壤對莢沖量的大小為kg?m/sD.英在土壤內(nèi)受到平均阻力的大小為竽N答案CD播種器對莢做的功等于英增加的動能,故W=^nVyO=jXO-02X5。J=0.25J,A錯誤:離開無人機后,在豎直方向上英1做初速度為5m/s、加速度為g的勻加速直線運動,根據(jù)位移時間公式有h=v,?t^gt;,解得t=ls,B錯誤;英落地時豎直方向上的速度為v,=5m/s+10Xlm/s=15m/s,水平方向上的速度為v產(chǎn)15m/s,故英落地時的速度大小為v=J詔+垮=15應(yīng)m/s,進入土壤后,最終速度為零,故l=0-mv=^kg?m/s,即沖量大小為*kg?m/s,C正確;莢進入土壤后,豎直方向上做減速運動,末速度為零,位移為y=10cm=O.1m,根據(jù)位移速度公式可得A進入土后運動的時間為聯(lián)立解得t4s,根據(jù)動量2a a 753V2 _定理可得It=O-niv,解得尸=拳=乎刖竽N,D正確。75.物理生活（2022上海中學期中）小明為自己家的寵物設(shè)計了一款補水提示器，其部分工作原理如圖所示,R“為定值電阻。下列分析正確的是（）水A.水量增加時,滑動變阻器的滑片向上移動B.如果選擇電壓表,電表示數(shù)變小反映水量減小C.如果選擇電流表,電表示數(shù)變大反映水量減小D.如果選擇電流表,R.可以在水太少時保護電路答案B根據(jù)裝置,當水量增加時,彈簧壓縮量增大,滑片下移,A錯誤;若電表為電壓表,電壓表測的是滑動變阻器滑片以上部分電阻兩端的電壓,示數(shù)變小,說明滑片上移,水量減小,B正確;若電表為電流表,滑動變阻器滑片以上部分電阻被短路,滑片以下部分電阻與電流表及R.串聯(lián),若電流表示數(shù)變大,說明滑動變阻器接入電路的電阻變小,滑片下移,水量增多,C錯誤;若選擇電流表,在水太少時體現(xiàn)不出％的作用，但在水太多時,變阻器接入電路的阻值就會很小,電路中的電流太大,如果沒有R。,可能會燒壞電源和電流表，所以R“是在水太多時保護電路,D錯誤..物理科技（2022河南第三次大聯(lián)考）航母上的飛機起飛可以利用電磁驅(qū)動來實現(xiàn)。電磁驅(qū)動原理示意圖如圖所示,在固定線圈左右兩側(cè)對稱位置放置兩個閉合金屬圓環(huán),鋁環(huán)和銅環(huán)的形狀、大小相同，已知銅的電阻率較小,不計所有接觸面間的摩擦，則閉合開關(guān)S的瞬間（）

固定線圈固定線圈A.鋁環(huán)向右運動,銅環(huán)向左運動 B.鋁環(huán)和銅環(huán)都向右運動C.銅環(huán)受到的安培力小于鋁環(huán)受到的安培力 D.從左向右看,銅環(huán)中的感應(yīng)電流沿順時針方向答案D閉合開關(guān)S的瞬間，穿過兩個金屬環(huán)的磁通量增大,為阻礙磁通量的增大，鋁環(huán)向左運動,銅環(huán)向右運動，選項A、B均錯誤;由于銅環(huán)和鋁環(huán)的形狀、大小相同,銅的電阻率較小,故銅環(huán)的電阻較小,兩環(huán)對稱地放在固定線圈兩側(cè),閉合開關(guān)S瞬間,穿過兩環(huán)的磁通量的變化率相同,兩環(huán)產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢相等，則銅環(huán)中的感應(yīng)電流較大,故銅環(huán)受到的安培力較大,選項C錯誤;由安培定則可知，閉合開關(guān)S瞬間，穿過銅環(huán)的磁通量向左增大,由楞次定律知,從左向右看，銅環(huán)中的感應(yīng)電流沿順時針方向,選項D正確。.物理科技（2022河南洛陽第二次統(tǒng)考）圖甲為風力發(fā)電的簡易模型.在風力作用下,風葉帶動與桿固連的磁鐵轉(zhuǎn)動,磁鐵下方的線圈與電壓傳感器相連.在某一風速時，傳感器顯示如圖乙所示，則（）A.磁鐵的轉(zhuǎn)速為5nr/sB.線圈兩端電壓的有效值為1272VC.交變電流的電壓瞬時值u=12sin5ntVD.該交變電流可以直接加在擊穿電壓為672V的電容器上答案C由圖乙知線圈中感應(yīng)電流的周期為T=0.4s,故磁鐵的轉(zhuǎn)速為n=i=2.5r/s,A錯誤;通過乙圖可知電壓的最大值為12V,故有效值1=粵6企V,B錯誤;周期T=0.4s,故3=年=5"rad/s,故電壓的瞬時值表達式為u=12sin5”tV,C正確;交流電的電壓最大值大于電容器的擊穿電壓，故該交變電流不能加在擊穿電壓為6V2V的電容器上,D錯誤.溫馨提示實際的風力發(fā)電都有一個穩(wěn)速的裝置,保證風葉的轉(zhuǎn)動速度一定,輸出電壓穩(wěn)定.11.物理生活（2022貴州4月適應(yīng)性測試）香煙中含有天然放射性元群卜210（gJ°Po）,吸煙會使盆°Po進入體內(nèi)并在肺組織中蓄積,研究表明,吸煙者體內(nèi)含量比不吸煙者高廣2個數(shù)量級。已知84°Po發(fā)生衰變時會伴隨著放出Y射線,下列說法正確的是（）A.苗°P。的半衰期會隨時間增長而不斷地減小B.^°Po發(fā)生衰變后產(chǎn)物的結(jié)合能之和一定大于84°Po的結(jié)合能C.通過化學方法可以改變香煙中84°Po的化學狀態(tài),從而減其放射強度

D.骸°P。衰變時放出的丫射線是核外電子從高能級向低能級躍遷而輻射的高頻電磁波答案B 卷Po的半衰期始終不變，故A錯誤;3°P。發(fā)生衰變時會產(chǎn)生質(zhì)量虧損并釋放能量,所以衰變后產(chǎn)物的結(jié)合能之和一定大于品°P。的結(jié)合能，故B正確;放射性元素的放射強度由原子核決定,與元素的化學狀態(tài)無關(guān),故C錯誤;6°P。衰變時放出的丫射線是新核從高能級向低能級躍遷而輻射的高頻電磁波，故D錯誤.12.物理生活（2022貴州黔南羅甸模擬）（多選）如圖所示為電冰箱的工作原理示意圖.壓縮機工作時，強迫制冷劑在冰箱內(nèi)外的管道中不斷循環(huán).在蒸發(fā)器中制冷劑汽化吸收箱體內(nèi)的熱量，經(jīng)過冷凝器時制冷劑液化,放出熱量到箱體外,下列說法正確的是（）箱體蒸發(fā)器箱體蒸發(fā)器壓縮機A.熱量可以自發(fā)地從冰箱內(nèi)傳到冰箱外B.電冰箱的制冷系統(tǒng)能夠不斷地把冰箱內(nèi)的熱量傳到外界,是因為其消耗了電能C.電函的工作原理不瓶熱力學第一定律D.電冰箱的工作原理違反熱力學第一定律E.電冰箱的工作原理正是熱力學第二定律的應(yīng)用答案BCE由熱力學第二定律知,熱量不能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體,除非施加外部的影響和幫助,電冰箱把熱量從低溫的內(nèi)部傳到高溫的外部,需要壓縮機的幫助并消耗電能,這正是熱力學第二定律的應(yīng)用，故A錯誤,B、E正確;熱力學第一定律是熱現(xiàn)象中內(nèi)能與其他形式能的轉(zhuǎn)化規(guī)律,是能量守恒定律的具體表現(xiàn),適用于所有的熱學過程，故C正確,D錯誤.13.物理科技（2022河東一模,5）圖甲中B超成像的基本原理就是通過探頭向人體發(fā)送超聲波信號，遇到人體組織會產(chǎn)生不同程度的反射,接收后經(jīng)計算機的處理,形成B超圖像。圖乙為沿x軸正方向發(fā)送的超聲波圖像,已知超聲波的頻率約為1.25X10Hz,下列說法中不正確的是（）A.此超聲波在人體內(nèi)的傳播速度約為1500m/sB.圖乙中質(zhì)點A此時沿y軸正方向運動C.圖乙中質(zhì)點A、B此時的速度不同D.圖乙中質(zhì)點B從圖示時刻開始經(jīng)過2X106s通過的路程為4cm答案D根據(jù)圖乙可得,超聲波的波長為12mni,v=Xf=1.2X102X1.25X105m/s=l500m/s,A正確;超聲波沿x軸正方向傳11播,質(zhì)點A此時沿y軸正方向運動,B正確;質(zhì)點A、B振動方向相反，故此時速度不同,C正確;質(zhì)點B振動的周期為^好不s=8X104s,質(zhì)點B從圖示時刻開始經(jīng)過2X10's,即運動了四分之T周期，因B此刻不是在平衡點、波峰或波谷的位置，故四分之一個周期的運動路程不是一個振幅（4cm）,D錯誤。（2022株洲南方中學3月調(diào)研,17）（多選）小剛同學用光傳感器完成如圖甲有關(guān)光的實驗,某次實驗中,得到了如圖乙所示的光強分布圖,則下列說法正確的是（）A.該同學觀察到的是光的干涉圖樣B.該同學觀察到的是光的衍射圖樣C.若僅減小激光器到中間縫屏的距離，則觀察到條紋的寬度將不變D.若換用光強更大、頻率更低的激光,則觀察到條紋的寬度將變大E.該實驗證明了光的波粒二象性答案BCD根據(jù)光強分布圖可知,中央條紋比兩側(cè)條紋寬,所以該同學觀察到的是光的衍射圖樣,故A錯誤,B正確:衍射圖樣中條紋的寬度與彝屏到光屏的距離有關(guān),與激光器到健屏的距離無關(guān)，若僅減小激光器到中間舞屏的距離，則觀察到條紋的寬度將不變，故C正確;若換用光強更大、頻率更低的激光,則激光的波長更長,衍射現(xiàn)象將更加明顯,則觀察到條紋的寬度將變大,故D正確;該實驗說明光具有波動性,但不能說明光具有粒子性,故E錯誤.（2022山東棗莊二模,13）某學習小組的同學用圖甲所示裝置做“探究彈簧彈力與伸長量的關(guān)系”的實驗,測量彈簧原長時，為了方便測量,他們把彈簧平放在桌面上使其自然伸長，彈簧頂端與刻度尺零刻線對齊,用刻度尺測出彈簧的原長如圖乙所示.然后把彈簧懸掛在鐵架臺上,仍使頂端的同一位置對齊刻度尺的零刻線,將6個完全相同的鉤碼逐個加掛在彈簧的下端,測出每次彈簧的長度，結(jié)合圖乙測得的原長,得出對應(yīng)的伸長量X,測量數(shù)據(jù)見下表.11.4TOC\o"1-5"\h\zi_J Lj甲（|IIIIIIIII|IIII^IIII|IIIIIIII|IIII|IIII|IIIR\18 19 20 21 \|單位：cm ）乙

x/cm丙(1)由圖乙可知,彈簧的原長為cm.(2)請在圖丙上作出彈簧的伸長量x與鉤碼質(zhì)量m的關(guān)系圖像.(3)由于測量彈簧原長時沒有考慮彈簧自重,使得到的圖像不過坐標原點0.那么,由于彈簧自重而引起的彈簧的伸長量為答案(1)20.00(2)見解析(3)1.00解析(1)刻度尺的分度值為1nun,所以其讀數(shù)為20.00cm;(2)根據(jù)描點法得出彈簧的伸長量x與鉤碼質(zhì)量m的關(guān)系圖像如圖(3)由圖可知，當沒有掛鉤碼時，彈簧的伸長量為1.00cm,可得由于彈簧自重而引起的彈簧的伸長量為1.00cm.16.物理探索(2022廣東江門調(diào)研,13)某實驗小組想測量元電荷的大小.裝置如圖所示，在真空容器中有正對的兩平行金屬板A和B,兩板與外部電路連接，兩板間相距d=0.3m.外部電路電源電動勢e=300V,內(nèi)阻r=1.0。，保護電阻R0=19.0。，電阻箱的阻值R可調(diào).實驗時，電鍵S,閉合、S：斷開時，小組通過顯微鏡發(fā)現(xiàn)容器中有一個小油滴正好在兩板中間處于靜止狀態(tài)，該油滴質(zhì)量為m=3.2X10Bkg,取g=10m/s；求：(1)該油滴帶電性質(zhì)及所帶電荷量(1；(2)調(diào)節(jié)電阻箱R=20.0Q，閉合電鍵冬,油滴將加速下落,求油滴下落到B板的時間t(結(jié)果可以保留根號).答案⑴負電3.2X1015C⑵/s解析(D電鍵s,閉合、S斷開時,Uab=e=300V該油滴處于靜止狀態(tài),受力平衡,Eq=mg,E=^a解得q=3.2X104C由于電場方向豎直向下,油滴所受電場力豎直向上，故該油滴帶負電(2)閉合電鍵S2,電容器與R并聯(lián),因此IV=U“根據(jù)閉合電路歐姆定律e=I(R+R0+r)U,=IR電場強度E'號根據(jù)牛頓第二定律得mg-E,q二ma油滴下落到B板,由運動學公式得聯(lián)立解得t噂s17.物理科技(2022浙江臺州二模,21)如圖甲所示,某裝置由直線加速器和圓心角為90°的扇形偏轉(zhuǎn)磁場0BC兩部分組成.直線加速器由一