江西2021年高考復(fù)習(xí)物理模擬試卷(四)課件

2021

年江西師大附中高考物理模擬試卷（四）二、選擇題：本大題共

8

小題，每小題

6

分，共

48

分．在每小題給出的四個選項中，第

14～18

題只有一項符合題目要求，第

19～21

題有多項符合題目要求．全部選對的得

6

分，選對但不全的得

3

分，有選錯的得

0

分．1．（6分）放射性同位素釷29302Th經(jīng)一系列

α、β

衰變后生成氡28260Rn，以下說法正確的是（）A．每經(jīng)過一次

α

衰變原子核的質(zhì)量數(shù)會減少

2個B．每經(jīng)過一次

β

衰變原子核的質(zhì)子數(shù)會增加

1個C．放射性元素釷29302Th的原子核比氡28260Rn原子核的中子數(shù)少

4個D．釷

Th衰變成氡28260Rn一共經(jīng)過

2次

α

衰變和

3次

β

衰變232902．（6分）利用探測器探測某行星，探測器在距行星表面高度為

h

的軌道上做勻速圓周運動時，測得周1期為

T

；探測器在距行星表面高度為

h

的軌道上做勻速圓周運動時，測得周期為

T

，萬有引力常量122為

G，根據(jù)以上信息可求出（）A．該行星的質(zhì)量B．該行星的密度C．該行星的第一宇宙速度D．探測器貼近星球表面飛行時星球?qū)λ囊?．（6分）如圖，兩個帶電小球

A、B分別處于光滑絕緣的豎直墻面和斜面上，且在同一豎直平面內(nèi)．用水平向左的推力

F作用于

B球，兩球在圖示位置靜止．現(xiàn)將

B球沿斜面向上移動一小段距離，發(fā)現(xiàn)A球隨之向上移動少許，兩球在虛線位置重新平衡．重新平衡后與移動前相比，下列說法正確的是（）12021年江西師大附中高考物理模擬試卷（四）二、選擇題：本1A．墻面對

A的彈力變小C．推力

F變大B．斜面對

B的彈力不變D．兩球之間的距離變大4．（6分）如圖所示，一根跨過一固定的水平光滑細(xì)桿的輕繩兩端拴有兩個小球，球

a置于水平地面上，球

b被拉到與細(xì)桿同一水平的位置，把繩拉直后，由靜止釋放球

b，當(dāng)球

b擺到

O點正下方時，球

a1對地面的壓力大小為其重力的

，已知圖中

Ob段的長度小于

Oa段的長度，不計空氣阻力，則3（）A．球

b下擺過程中處于失重狀態(tài)B．球

b下擺過程中向心加速度變小2C．當(dāng)球

b擺到

O點正下方時，球

b所受的向心力為球

a重力的3D．兩球質(zhì)量之比

m

：m

＝9：2ab5．（6分）如圖所示，一豎直放置的平行板電容器和電源相連，開關(guān)

S閉合，左極板固定且接地。一根輕繩一端固定在電容器外面的

O點，另一端連接一帶電小球（可視為點電荷），放在兩極板間，平衡時細(xì)繩偏離豎直方向的角度為

θ．現(xiàn)在在開關(guān)閉合或斷開兩種情況下，用外力把右極板緩慢向右平移一小段相同的距離；若開關(guān)閉合，外力做功為

W

；若開關(guān)斷開，外力做功為

W

．假設(shè)電場僅存在于兩12極板之間，帶電小球不影響平行板電容器之間的勻強電場，則下列說法正確的是（）2A．墻面對A的彈力變小B．斜面對B的彈力不變4．（622A．W

＞W(wǎng)12B．W

＜W12C．閉合開關(guān)，移動右極板的過程中，小球的機械能逐漸增加D．?dāng)嚅_開關(guān)，移動右極板的過程中，小球的電勢能逐漸增加6．（6分）水平力

F方向確定，大小隨時間的變化如圖

a所示，用力

F拉靜止在水平桌面上的小物塊，在練習(xí)F從

0開始逐漸增大的過程中，物塊的加速度隨時間變化的圖象如圖

b所示，重力加速度大小為10m/s2，最大靜摩擦力大于滑動摩擦力，由圖可知（）試卷

測試A．物塊與水平桌面間的最大靜摩擦力為

3NB．物塊與水平桌面間的動摩擦因數(shù)為

0.1C．物塊的質(zhì)量為

m＝2kgD．在

0～4s時間內(nèi)，合外力的沖量為

12N?S32A．W＞W(wǎng)12B．W＜W12C．閉合開關(guān)，移動右極板的37．（6分）磁流體發(fā)電機是一種把物體內(nèi)能直接轉(zhuǎn)化為電能的低碳環(huán)保發(fā)電機，如圖為其原理示意圖，平行金屬板

C、D間有勻強磁場，磁感應(yīng)強度為

B，將一束等離子體（高溫下電離的氣體，含有大量帶正電和帶負(fù)電的微粒）水平噴入磁場，兩金屬板間就產(chǎn)生電壓。定值電阻

R

的阻值是滑動變阻器最大0阻值的一半，與開關(guān)

S串聯(lián)接在

C、D兩端，已知兩金屬板間距離為

d，噴入氣流的速度為

v，磁流體發(fā)電機的電阻為

r（R

＜r＜2R

），則滑動變阻器的滑片

P由

a向

b端滑動的過程中（）00高考A．金屬板

C為電源負(fù)極，D為電源正極B．發(fā)電機的輸出功率一直增大2

2

2?

?

?

?0C．電阻

R

消耗功率最大值為02(?

+

?)02

2

2?

?

?D．滑動變阻器消耗功率最大值為

?

+

?08．（6分）如圖所示為某小型電站高壓輸電示意圖，變壓器均為理想變壓器，發(fā)電機輸出功率為20kW．在輸電線路上接入一個電流互感器，其原、副線圈的匝數(shù)比為

1：10，電流表的示數(shù)為

1A，輸電線的總電阻為

10Ω，則下列說法正確的是（）試卷

測A．采用高壓輸電可以增大輸電線中的電流B．升壓變壓器的輸出電壓

U

＝2000V247．（6分）磁流體發(fā)電機是一種把物體內(nèi)能直接轉(zhuǎn)化為電能的低4C．用戶獲得的功率為

19kWD．將

P下移，用戶獲得的電壓將增大三、非選擇題：9．（6分）為了測定滑塊與水平桌面之間的動摩擦因數(shù)

μ，某同學(xué)設(shè)計了如圖的實驗裝置，其中圓弧形滑槽末端與桌面相切。第一次實驗時，滑槽固定于桌面右端，末端與桌子右端

M對齊，滑塊從滑槽頂端高考復(fù)由靜止釋放，落在水平面的

P點；第二次實驗時，滑槽固定于桌面左側(cè)，測出末端

N與桌子右端

M的距離為

L，滑塊從滑槽頂端由靜止釋放，落在水平面的

Q點，已知重力加速度為

g，不計空氣阻力練（1）實驗還需要測出的物理量是（用代號表示）：

。A．滑槽的高度

h；B．桌子的高度

H；C．O點到

P點的距離

d

；1D．O點到

Q點的距離

d

；E．滑塊的質(zhì)量

m。2（2）寫出動摩擦因數(shù)

μ

的表達(dá)式是

μ＝

。（3）如果第二次實驗時，滑塊沒有滑出桌面，測得滑行距離為

x。則動摩擦因數(shù)可表示為

μ＝

。10．（9分）在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”實驗中，要測量一個標(biāo)有“3V，1.5W”燈泡兩端的電壓和通過燈泡的電流．現(xiàn)有如下器材：A、直流電源

3V（內(nèi)阻不計）B、直流電流表

0﹣600mA（內(nèi)阻約

0.5Ω）C、直流電壓表

0﹣3V（內(nèi)阻約

3kΩ）5C．用戶獲得的功率為19kW9．（6分）為了測定滑塊與水5D、滑動變阻器（10Ω，1A）E、滑動變阻器（1kΩ，300mA）F、開關(guān)、導(dǎo)線若干高考復(fù)習(xí)（1）本實驗中滑動變阻器應(yīng)選用

（填“D”或“E”）．（2）某同學(xué)用導(dǎo)線

a、b、c、d、e、f、g和

h連接的電路如圖甲所示，電路中所有元器件都是完好的，且電壓表和電流表已調(diào)零，閉合開關(guān)后發(fā)現(xiàn)電壓表的示數(shù)為

2V，電流表的示數(shù)為零，小燈泡不亮，則可確定斷路的導(dǎo)線是

（填字母）若反復(fù)調(diào)節(jié)滑動變阻器，小燈泡亮度發(fā)生變化，但電壓

（填字母）．表、電流表示數(shù)不能調(diào)為零，則斷路的導(dǎo)線是

（3）表中的各組數(shù)據(jù)是該同學(xué)在實驗中測得的，根據(jù)表格中的數(shù)據(jù)在如圖乙所示的方格紙上作出該燈泡的伏安特性曲線．U/V0I/A00.51.01.50.170.300.396D、滑動變阻器（10Ω，1A）高考復(fù)習(xí)（1）本實驗中滑動變阻62.02.50.450.4911．（14分）如圖所示，長

12m質(zhì)量為

50kg的木版右端有一立柱．木板置于水平地面上，木板與地面間的動摩擦因數(shù)為

0.1，質(zhì)量為

50kg的人立于木板左端，木板與人均靜止，當(dāng)人以

4m/s

的加速度勻加速向右奔跑至板的右端時，立刻抱住木柱，試求：2（1）人在奔跑過程中受到的摩擦力的大?。?）人從開始奔跑至到達(dá)木板右端所經(jīng)歷的時間．（3）人抱住木板后，木板向什么方向滑動？滑行多遠(yuǎn)的距離？12．（18分）如圖所示，MN、PQ是水平放置的一對平行金屬板，兩板接在電壓為

U的電源兩極，上極板

MN的中心開有一個小孔，在兩板之間加一個平方向的有界勻強磁場，邊界為半徑為

R的圓形，且與

MN極板相切于小孔處?，F(xiàn)將一帶電小球從小正上方某處由靜止釋放，小球穿過小孔經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)后沿直線從下極板右側(cè)

Q處離開電場，已知極板長度和間距分別為

4R和

3R，磁感應(yīng)強度為

B，重力加速度為

g，求：?（1）小球的比荷

；?（2）小球經(jīng)過兩極板后運動方向改變了多少？（3）小球離開

Q點時的速度和從釋放到運動至

Q點的時間。72.00.4511．（14分）如圖所示，長12m質(zhì)量為72021高考復(fù)習(xí)題13．（5分）下列四幅圖的有關(guān)說法中不正確的是（）A．分子間距離為

r

時，分子間不存在引力和斥力0B．分子間距小于

r

范圍內(nèi)分子間距離減小時，斥力增大引力減小，分子力表現(xiàn)為斥力0C．水面上的單分子油膜，在測量分子直徑

d大小時可把分子當(dāng)做球形處理D．食鹽晶體中的鈉、氯離子按一定規(guī)律分布，具有空間上的周期性E．猛推木質(zhì)推桿，密閉的氣體溫度升高，壓強變大，分子間表現(xiàn)為斥力，可看做是絕熱變化14．（10分）如圖所示，在一端封閉、另一端開口向上的豎直玻璃管內(nèi)，用

5cm高的水銀柱封閉著

45cm長的理想氣體，管內(nèi)外氣體的溫度均為

300K，大氣壓強

p

＝76cmHg。0（i）若緩慢對玻璃管加熱，當(dāng)管中氣體的溫度上升了

60K時水銀柱上表面與管口剛好相平，求玻璃管的總長度；（ii）若保持管內(nèi)溫度始終為

300K，現(xiàn)將水銀緩慢注入管中，直到水銀柱上表面與管口相平，求此時玻璃管內(nèi)水銀柱的總長度。82021高考復(fù)習(xí)題13．（5分）下列四幅圖的有關(guān)說法中不正815．如圖所示，MN、PQ是兩條水平放置彼此平行的金屬導(dǎo)軌，勻強磁場的磁感線垂直導(dǎo)軌平面．導(dǎo)軌左端接阻值

R＝1.5Ω

的電阻，電阻兩端并聯(lián)一電壓表，垂直導(dǎo)軌跨接一金屬桿

ab，ab的質(zhì)量

m＝0.1kg，電阻

r＝0.5Ω．a(chǎn)b與導(dǎo)軌間動摩擦因數(shù)

μ＝0.5，導(dǎo)軌電阻不計，現(xiàn)用

F＝0.7N的恒力水平向右拉

ab，使之從靜止開始運動，經(jīng)時間

t＝2s后，ab開始做勻速運動，此時電壓表示數(shù)

U＝0.3V．重力加速度

g＝10m/s

．求：2（1）ab勻速運動時，外力

F的功率．（2）ab桿加速過程中，通過

R的電量．練（3）ab桿加速運動的距離．915．如圖所示，MN、PQ是兩條水平放置彼此平行的金屬導(dǎo)軌92021

年江西師大附中高考物理模擬試卷（四）參考答案與試題解析二、選擇題：本大題共

8

小題，每小題

6

分，共

48

分．在每小題給出的四個選項中，第

14～18

題只有一項符合題目要求，第

19～21

題有多項符合題目要求．全部選對的得

6

分，選對但不全的得

3

分，有選錯的得

0

分．1．（6分）（2021?寶雞一模）放射性同位素釷29302Th經(jīng)一系列

α、β

衰變后生成氡28260Rn，以下說法正確的是（）A．每經(jīng)過一次

α

衰變原子核的質(zhì)量數(shù)會減少

2個B．每經(jīng)過一次

β

衰變原子核的質(zhì)子數(shù)會增加

1個C．放射性元素釷29302Th的原子核比氡28260Rn原子核的中子數(shù)少

4個D．釷

Th衰變成氡28260Rn一共經(jīng)過

2次

α

衰變和

3次

β

衰變23290【考點】JA：原子核衰變及半衰期、衰變速度．【專題】31：定性思想；43：推理法；54O：衰變和半衰期專題．【分析】經(jīng)過一次

β

衰變，電荷數(shù)多

1，質(zhì)量數(shù)不變，經(jīng)過一次

α

衰變，電荷數(shù)少

2，質(zhì)量數(shù)少

4，結(jié)合電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒分析判斷．【解答】解：A、經(jīng)過一次

α

衰變，電荷數(shù)少

2，質(zhì)量數(shù)少

4，故

A錯誤。B、經(jīng)過一次

β

衰變，電荷數(shù)多

1，質(zhì)量數(shù)不變，質(zhì)子數(shù)等于電荷數(shù)，則質(zhì)子數(shù)增加

1個，故

B正確。C、元素釷29302Th的原子核的質(zhì)量數(shù)為

232，質(zhì)子數(shù)為

90，則中子數(shù)為

142，氡28260Rn原子核的質(zhì)量數(shù)為

220，質(zhì)子數(shù)為

86，則中子數(shù)為

134，可知放射性元素釷29302Th的原子核比氡28260Rn原子核的中子數(shù)多

8個，故

C錯誤。D、釷

Th衰變成氡28260Rn，可知質(zhì)量數(shù)少

12，電荷數(shù)少

4，因為經(jīng)過一次

α

衰變，電荷數(shù)少

2，質(zhì)量23290102021年江西師大附中高考物理模擬試卷（四）參考答案與試題10數(shù)少

4，經(jīng)過一次

β

衰變，電荷數(shù)多

1，質(zhì)量數(shù)不變，可知經(jīng)過

3次

α

衰變，2次

β

衰變，故

D錯誤。故選：B?！军c評】解決本題的關(guān)鍵理解

α、β

衰變的實質(zhì)，正確根據(jù)衰變過程中質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒進(jìn)行解題．2．（6分）（2021?青島二模）利用探測器探測某行星，探測器在距行星表面高度為

h

的軌道上做勻速圓1周運動時，測得周期為

T

；探測器在距行星表面高度為

h

的軌道上做勻速圓周運動時，測得周期為12T2，萬有引力常量為

G，根據(jù)以上信息可求出（）A．該行星的質(zhì)量B．該行星的密度C．該行星的第一宇宙速度D．探測器貼近星球表面飛行時星球?qū)λ囊Α究键c】4F：萬有引力定律及其應(yīng)用．【專題】31：定性思想；43：推理法；528：萬有引力定律的應(yīng)用專題．【分析】根據(jù)萬有引力提供向心力求出天體的質(zhì)量，結(jié)合天體的體積求出天體的密度．第一宇宙速度是衛(wèi)星在近地圓軌道上的環(huán)繞速度，重力等于萬有引力，萬有引力提供向心力，列式求解．【解答】解：A、先讓行星貼近該星球表面飛行，測得做圓周運動的周期為T

，根據(jù)萬有引力提供向1心力，得：??G

?24?2=

??2?14?2?3解得：M

=?①2??111數(shù)少4，經(jīng)過一次β衰變，電荷數(shù)多1，質(zhì)量數(shù)不變，可知11探測器在距行星表面高度為

h的軌道上做勻速圓周運動時，根據(jù)萬有引力提供向心力，有：??4?2G=

?(?

+

?)(?

+

?)22?2234?

(?

+

?)解得：M

=?②2??2聯(lián)立①②兩式即可求出行星的質(zhì)量

M和行星的半徑

R，故

A正確；2

34?

?2???3?=

，可以求出行星的密度，故

B正確；1B、行星的密度ρ

=

?=4??32??13??C、根據(jù)萬有引力提供向心力，得第一宇宙速度v

=C正確；?

，所以可以求出該行星的第一宇宙速度，故D、由于不知道探測器的質(zhì)量，所以不可求出探測器貼近星球表面飛行時行星對它的引力，故

D錯誤；故選：ABC?！军c評】解決本題的關(guān)鍵掌握萬有引力提供向心力這一理論，結(jié)合軌道半徑和周期求解中心天體的質(zhì)量．試列說法正確的是（）3．（6分）（2016?長寧區(qū)一模）如圖，兩個帶電小球

A、B分別處于光滑絕緣的豎直墻面和斜面上，且在同一豎直平面內(nèi)．用水平向左的推力

F作用于

B球，兩球在圖示位置靜止．現(xiàn)將

B球沿斜面向上移動一小段距離，發(fā)現(xiàn)

A球隨之向上移動少許，兩球在虛線位置重新平衡．重新平衡后與移動前相比，下12探測器在距行星表面高度為h的軌道上做勻速圓周運動時，根據(jù)12A．墻面對

A的彈力變小C．推力

F變大B．斜面對

B的彈力不變D．兩球之間的距離變大【考點】29：物體的彈性和彈力；2G：力的合成與分解的運用；3C：共點力的平衡；A4：庫侖定律．【專題】12：應(yīng)用題；22：學(xué)科綜合題；4A：整體法和隔離法；532：電場力與電勢的性質(zhì)專題．【分析】利用整體法對

AB兩球分析可知斜面對

B的彈力不變，假設(shè)

A球不動，利用庫侖定律可知庫侖力的變化，進(jìn)而知道小球會上升，致使庫侖力與豎直方向的夾角變小，水平分量變小，庫侖力變小，兩球間的距離變大，注意判斷即可．【解答】解：對

B選項，利用整體法可知，斜面對

B球支持力的豎直分量等于

A、B兩帶電小球的重力之和，斜面傾角不變，斜面對

B球支持力不變，故斜面對

B的彈力不變，B選項正確；對

D選項，假設(shè)

A球不動，由于

A、B兩球間的距離減小，庫侖力增大，A球上升，庫侖力與豎直方向的夾角變小，而豎直分量不變，故庫侖力變小，A、B間的距離變大，故

D正確；對

A、C選項，因水平分量減小，故

A正確，C錯誤。故選：ABD。【點評】本題考查了與庫侖力相結(jié)合的物體的平衡問題，利用好整體和隔離法，正確對研究對象進(jìn)行受力分析是解決此題的關(guān)鍵．4．（6分）（2021?新疆二模）如圖所示，一根跨過一固定的水平光滑細(xì)桿的輕繩兩端拴有兩個小球，球

a置于水平地面上，球

b被拉到與細(xì)桿同一水平的位置，把繩拉直后，由靜止釋放球

b，當(dāng)球

b擺到

O1點正下方時，球

a對地面的壓力大小為其重力的

，已知圖中

Ob段的長度小于

Oa段的長度，不計空3氣阻力，則（）13A．墻面對A的彈力變小B．斜面對B的彈力不變【考點】13A．球

b下擺過程中處于失重狀態(tài)B．球

b下擺過程中向心加速度變小2C．當(dāng)球

b擺到

O點正下方時，球

b所受的向心力為球

a重力的3D．兩球質(zhì)量之比

m

：m

＝9：2ab【考點】3E：牛頓運動定律的應(yīng)用﹣超重和失重；4A：向心力．【專題】11：計算題；32：定量思想；43：推理法；521：牛頓第二定律在圓周運動中的應(yīng)用．【分析】b球下落過程中作圓周運動的一部分，根據(jù)加速度的方向判斷出超失重現(xiàn)象，當(dāng)

b球擺到豎1直最低位置時，球

a對地面的壓力大小為其重力的

，判斷出繩子的拉力，由牛頓第二定律，結(jié)合向心3力公式可列出質(zhì)量、速度及半徑間的關(guān)系；再運用機械能守恒定律可列出

b球的質(zhì)量與速度間的關(guān)系；最后可求出兩球質(zhì)量關(guān)系?！窘獯稹拷猓篈、球

b下落過程中，做圓周運動，速度不斷增大，而豎直方向的速度先增大后減小，故處于先失重后超重，故

A錯誤；?2B、b球速度增大，根據(jù)

a

=?

可知，向心加速度增大，故

B錯誤；12?3C、當(dāng)球

b擺到

O點正下方時，球

a對地面的壓力大小為其重力的

，則

F+F

＝m

g，解得F

=

?

?Na32，球

b所受的向心力為

F向＝F﹣m

g

=

?

?

?

?

?，故

C錯誤b??3???2?12D、設(shè)

Ob繩長為

l，在下落過程中，根據(jù)動能定理可知m

??

=

?

?

，則F

=，聯(lián)立解得

m

：a??向2m

＝9：2，故

D正確；b故選：D?！军c評】小球

b在下擺過程中運用機械能守恒定律，在最低點運用牛頓第二定律。同時借助于小球

a的重力得知小球

b擺到最低點時繩子的拉力大小，從而將兩球質(zhì)量聯(lián)系起來。5．（6分）（2021?東湖區(qū)校級模擬）如圖所示，一豎直放置的平行板電容器和電源相連，開關(guān)

S閉合，左14A．球b下擺過程中處于失重狀態(tài)2C．當(dāng)球b擺到O14極板固定且接地。一根輕繩一端固定在電容器外面的

O點，另一端連接一帶電小球（可視為點電荷），放在兩極板間，平衡時細(xì)繩偏離豎直方向的角度為

θ．現(xiàn)在在開關(guān)閉合或斷開兩種情況下，用外力把右極板緩慢向右平移一小段相同的距離；若開關(guān)閉合，外力做功為

W

；若開關(guān)斷開，外力做功為1W

．假設(shè)電場僅存在于兩極板之間，帶電小球不影響平行板電容器之間的勻強電場，則下列說法正確2的是（）高考A．W

＞W(wǎng)12B．W

＜W12C．閉合開關(guān)，移動右極板的過程中，小球的機械能逐漸增加D．?dāng)嚅_開關(guān)，移動右極板的過程中，小球的電勢能逐漸增加【考點】AE：電勢能與電場力做功；BB：閉合電路的歐姆定律．【專題】31：定性思想；43：推理法；532：電場力與電勢的性質(zhì)專題．【分析】開關(guān)閉合和斷開兩種情況下，分析場強變化，右極板所受電場力的變化，再比較做功之比；根據(jù)小球原來靜止，判斷小球的電性，移動極板判斷小球電勢的變化，從而判斷電勢能的變化?！窘獯稹拷猓篈B、開關(guān)閉合，用外力把右極板向右平移一小段距離，電壓不變，場強變小，右極板所受電場力變??；??4???=??

，極板間的場強不隨距離變化，用外力把開關(guān)

K斷開，電量不變，兩極板間場強

E

=

?=??右極板向右移動相同距離，電場力不變，位移相同，所以第二種情況外力做功多，故

A錯誤，B正確；15極板固定且接地。一根輕繩一端固定在電容器外面的O點，另一15C、電容器右極板帶正電，下極板帶負(fù)電，極板間的電場向左，因為帶電小球原來處于靜止?fàn)顟B(tài)，受力平衡，電場力水平向左，說明小球帶正電，移動右極板的過程中，極板間的場強減小，左極板與小球的電勢差減小，左極板電勢為

0，小球的電勢升高，小球帶正電，所以小球的電勢能增大，則機械能減小，故

C錯誤；D、斷開開關(guān)，移動右極板的過程中，極板間的場強不變，小球的電勢不變，小球的電勢能保持不變，故

D錯誤；故選：B。【點評】開關(guān)閉合是電壓不變，開關(guān)斷開時，電容器所帶的電荷量不變，注意電量不變的情況下，移動極板場強不變；注意正電荷在電勢高處電勢能大，負(fù)電荷在電勢高處電勢能小。6．（6分）（2021?廣西一模）水平力

F方向確定，大小隨時間的變化如圖

a所示，用力

F拉靜止在水平桌面上的小物塊，在

F從

0開始逐漸增大的過程中，物塊的加速度隨時間變化的圖象如圖

b所示，重力練習(xí)加速度大小為

10m/s

，最大靜摩擦力大于滑動摩擦力，由圖可知（）2試卷

測試A．物塊與水平桌面間的最大靜摩擦力為

3NB．物塊與水平桌面間的動摩擦因數(shù)為

0.1C．物塊的質(zhì)量為

m＝2kgD．在

0～4s時間內(nèi)，合外力的沖量為

12N?S【考點】37：牛頓第二定律；52：動量定理．16C、電容器右極板帶正電，下極板帶負(fù)電，極板間的電場向左，因為16【專題】32：定量思想；4C：方程法；52F：動量定理應(yīng)用專題．【分析】t＝1s時刻物體剛開始運動，靜摩擦力最大，由圖

a讀出最大靜摩擦力。根據(jù)

t＝2s和

t＝4s時的拉力和加速度，由牛頓第二定律列式，可求得動摩擦因數(shù)和物塊的質(zhì)量。根據(jù)

a﹣t圖象與時間軸所圍的面積求

4s內(nèi)速度的變化量，從而求得第

4s末的速度?！窘獯稹拷猓篈、由圖

b可知，t＝2s時刻物體剛開始運動，靜摩擦力最大，最大靜摩擦力等于此時的拉力，由圖

a讀出最大靜摩擦力為

6N，故

A錯誤。B、C、由圖知：當(dāng)

t＝2s時，a＝1m/s2，F(xiàn)＝6N，根據(jù)牛頓第二定律得：F﹣μmg＝ma，代入得：6﹣μm×10＝m。當(dāng)

t＝4s時，a＝3m/s

，

＝2F12N，根據(jù)牛頓第二定律得：F﹣μmg＝ma，代入得：12

μm﹣

×10＝3m。聯(lián)立解得

μ＝0.1，m＝3kg，故

B正確，C錯誤。1

+

32D、a﹣t圖象與時間軸所圍的面積表示速度的變化量，則得

0﹣4s內(nèi)物體速度的增量為△v

=×

(4

?

2)

=

4m/s，t＝0時刻速度為

0，則物塊在第

4s末的速度為

4m/s；根據(jù)動量定理，得

0﹣4s內(nèi)合外力的沖量為：△I＝△P＝m△v＝3×4＝12N?s．故

D正確。故選：BD?！军c評】本題關(guān)鍵是對物體進(jìn)行受力分析，再根據(jù)不同的加速度列牛頓第二定律方程。要知道

a﹣t圖象與時間軸所圍的面積表示速度的變化量，由此求速度的變化量。7．（6分）（2021?寧城縣三模）磁流體發(fā)電機是一種把物體內(nèi)能直接轉(zhuǎn)化為電能的低碳環(huán)保發(fā)電機，如圖為其原理示意圖，平行金屬板

C、D間有勻強磁場，磁感應(yīng)強度為

B，將一束等離子體（高溫下電離的氣體，含有大量帶正電和帶負(fù)電的微粒）水平噴入磁場，兩金屬板間就產(chǎn)生電壓。定值電阻

R

的阻0值是滑動變阻器最大阻值的一半，與開關(guān)

S串聯(lián)接在

C、D兩端，已知兩金屬板間距離為

d，噴入氣流的速度為

v，磁流體發(fā)電機的電阻為

r（R

＜r＜2R

），則滑動變阻器的滑片

P由

a向

b端滑動的過00程中（）17【專題】32：定量思想；4C：方程法；52F：動量定理應(yīng)用專1720A．金屬板

C為電源負(fù)極，D為電源正極B．發(fā)電機的輸出功率一直增大2

2

2?

?

?

?0C．電阻

R

消耗功率最大值為02(?

+

?)02

2

2?

?

?D．滑動變阻器消耗功率最大值為

?

+

?0【考點】AK：帶電粒子在勻強電場中的運動；BB：閉合電路的歐姆定律；CM：帶電粒子在混合場中的運動．【專題】31：定性思想；4E：模型法；532：電場力與電勢的性質(zhì)專題．【分析】根據(jù)左手定則判斷板的極性，離子在運動過程中同時受電場力和洛倫茲力，二力平衡時兩板間的電壓穩(wěn)定?！窘獯稹拷猓篈、因等離子體噴入磁場后，由左手定則可知正離子向

D板偏，負(fù)離子向

C板偏，即金屬板

C為電源負(fù)極，D為電源正極，故

A正確；?B、等離子體穩(wěn)定流動時，洛倫茲力與電場力平衡，即

Bqv＝q

，所以電源電動勢為

E＝Bdv，又

R

＜0?r＜2R

，所以滑片

P由

a向

b端滑動時，外電路總電阻減小，期間某位置有

r＝R

+R，由電源輸出功00率與外電阻關(guān)系可知，滑片

P由

a向

b端滑動的過程中，發(fā)電機的輸出功率先增大后減小，故

B錯誤；C、由題圖知當(dāng)滑片

P位于

b端時，電路中電流最大，電阻

R

消耗功率最大，其最大值為

P

＝I2R010?2?0?

?

?

?，故

C正確；2(?

+

?)2

2

20==2(?

+

?)00D、將定值電阻

R

歸為電源內(nèi)阻，由滑動變阻器的最大阻值

2R

＜r+R

，則當(dāng)滑動變阻器連入電路0001820A．金屬板C為電源負(fù)極，D為電源正極B．發(fā)電機的輸182

2

22?

?

?

?0的阻值最大時消耗功率最大，最大值為

P

=故選：AC。，故

D錯誤。(?

+

3?0)2【點評】本題考查了磁流體發(fā)電機的工作原理，要會分析電源的極性和兩板間電壓大小的影響因素。8．（6分）（2021?青島二模）如圖所示為某小型電站高壓輸電示意圖，變壓器均為理想變壓器，發(fā)電機輸高考復(fù)出功率為

20kW．在輸電線路上接入一個電流互感器，其原、副線圈的匝數(shù)比為

1：10，電流表的示數(shù)為

1A，輸電線的總電阻為

10Ω，則下列說法正確的是（）練A．采用高壓輸電可以增大輸電線中的電流B．升壓變壓器的輸出電壓

U

＝2000V2C．用戶獲得的功率為

19kWD．將

P下移，用戶獲得的電壓將增大【考點】BG：電功、電功率；E8：變壓器的構(gòu)造和原理；EA：電能的輸送．【專題】32：定量思想；4C：方程法；53A：交流電專題．【分析】發(fā)電機輸出功率恒定，根據(jù)

P＝UI可知，采用高壓輸電可以減小輸電線中的電流，變壓器的原副線圈兩端電壓與匝數(shù)成正比；若

P下移．降壓變壓器的原線圈匝數(shù)增大，用戶的電壓減?。窘獯稹拷猓篈、發(fā)電機輸出功率恒定，根據(jù)

P＝UI可知，采用高壓輸電可以減小輸電線中的電流，故

A錯誤；192220的阻值最大時消耗功率最大，最大值為P=，故19?2B、電流互感器副線圈上的電流為

1A，根據(jù)變壓器的原副線圈兩端電流與匝數(shù)成反比，即：I

=

?1?110?2

=1

×

1

=

10A，?20

×

10310所以升壓變壓器的輸出電壓

U

===

2000V：故

B正確；2?1C、輸電線上損失的功率為：P

=

?線2?

=

?

?

=

10

×

10

=

1000W，用戶獲得的功率為：P22=

?

?送損1用戶3?

=

20

×

10

?

1000

=

19000W＝19kW，故

C正確；損?2D、若

P下移。降壓變壓器的原線圈匝數(shù)增大，U

=

?

，用戶的電壓減小，故

D錯誤；21?1故選：BC?！军c評】本題實質(zhì)是電壓互感器與電流互感器的簡單運用，電壓互感器與電流互感器是利用變壓器原理將電壓、電流減小到可測范圍進(jìn)行測量的儀器．三、非選擇題：9．（6分）（2021?東湖區(qū)校級模擬）為了測定滑塊與水平桌面之間的動摩擦因數(shù)

μ，某同學(xué)設(shè)計了如圖的實驗裝置，其中圓弧形滑槽末端與桌面相切。第一次實驗時，滑槽固定于桌面右端，末端與桌子右端M對齊，滑塊從滑槽頂端由靜止釋放，落在水平面的

P點；第二次實驗時，滑槽固定于桌面左側(cè)，測出末端

N與桌子右端

M的距離為

L，滑塊從滑槽頂端由靜止釋放，落在水平面的

Q點，已知重力加速度為

g，不計空氣阻力試卷

測（1）實驗還需要測出的物理量是（用代號表示）：

BCD

。A．滑槽的高度

h；B．桌子的高度

H；C．O點到

P點的距離

d

；1D．O點到

Q點的距離

d

；E．滑塊的質(zhì)量

m。220?2B、電流互感器副線圈上的電流為1A，根據(jù)變壓器的原副線20222?

?

?1（2）寫出動摩擦因數(shù)

μ

的表達(dá)式是

μ＝

4??

。2?1（3）如果第二次實驗時，滑塊沒有滑出桌面，測得滑行距離為

x。則動摩擦因數(shù)可表示為

μ＝

4??

?！究键c】M9：探究影響摩擦力的大小的因素．【專題】13：實驗題；524：摩擦力專題．【分析】（1）滑塊離開桌面受做平拋運動，要求出滑塊滑下軌道時的速度，應(yīng)測出桌面的高度，O與P間、O與

Q間的距離；（2）由平拋運動知識求出滑塊離開軌道及離開桌面的速度，由動能定理可以求出動摩擦因數(shù)的表達(dá)式；（3）如果滑塊沒有離開桌面，滑塊在桌面上做勻減速運動，最后速度變?yōu)榱?，由動能定理可以求出動摩擦因?shù)?！窘獯稹拷猓海?）滑塊離開桌面后做平拋運動，實驗需要測出滑塊離開滑槽與離開桌面時的速度，因此實驗時需要測出：桌子的高度

H；

O點到

P點的距離

d

；O點到

Q點的距離

d

；故選

BCD。121（2）滑塊離開桌面后做平拋運動，在豎直方向上：H

=

2gt

，在水平方向上：

＝

，

＝

，滑塊2dv

td2vt10在桌面上運動時，要克服摩擦力做功，112由動能定理得：﹣μmgL

=

2mv

-2mv

2，0222?

?

?1解得：μ

=。4??1（3）如果第二次實驗時，滑塊沒有滑出桌面，測得滑行距離為

x，由動能定理得：﹣μmgx＝0

-

2mv

2，02?1解得：μ

=4??2122???1（2）寫出動摩擦因數(shù)μ的表達(dá)式是μ＝2122221?

?

??1故答案為：（1）BCD；（2）μ

=；（3）μ

=4??4??【點評】該實驗有一定的創(chuàng)新性，其實很多復(fù)雜的實驗其實驗原理都是來自我們所學(xué)的基本規(guī)律，這點要在平時訓(xùn)練中去體會；理解實驗原理是正確解題的關(guān)鍵。10．（9分）（2015?贛州一模）在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”實驗中，要測量一個標(biāo)有“3V，1.5W”燈泡兩端的電壓和通過燈泡的電流．現(xiàn)有如下器材：A、直流電源

3V（內(nèi)阻不計）B、直流電流表

0﹣600mA（內(nèi)阻約

0.5Ω）C、直流電壓表

0﹣3V（內(nèi)阻約

3kΩ）D、滑動變阻器（10Ω，1A）E、滑動變阻器（1kΩ，300mA）練習(xí)F、開關(guān)、導(dǎo)線若干試卷

測試（1）本實驗中滑動變阻器應(yīng)選用

D

（填“D”或“E”）．（2）某同學(xué)用導(dǎo)線

a、b、c、d、e、f、g和

h連接的電路如圖甲所示，電路中所有元器件都是完好的，且電壓表和電流表已調(diào)零，閉合開關(guān)后發(fā)現(xiàn)電壓表的示數(shù)為

2V，電流表的示數(shù)為零，小燈泡不亮，則可確定斷路的導(dǎo)線是

d

（填字母）若反復(fù)調(diào)節(jié)滑動變阻器，小燈泡亮度發(fā)生變化，但電壓表、電流表示數(shù)不能調(diào)為零，則斷路的導(dǎo)線是

g

（填字母）．22222????1故答案為：（1）BCD；（2）μ=；（22（3）表中的各組數(shù)據(jù)是該同學(xué)在實驗中測得的，根據(jù)表格中的數(shù)據(jù)在如圖乙所示的方格紙上作出該燈泡的伏安特性曲線．U/V0I/A00.51.01.52.02.50.170.300.390.450.49【考點】N5：描繪小電珠的伏安特性曲線．【專題】13：實驗題；535：恒定電流專題．【分析】（1）描繪小燈泡的伏安特性曲線實驗要求電流或電壓從零調(diào)，滑動變阻器應(yīng)用分壓式接法，應(yīng)選阻值小的變阻器；（2）要畫出電路圖，再通過電路圖判斷故障所在；（3）要根據(jù)表格數(shù)據(jù)適當(dāng)選取標(biāo)度，認(rèn)真描點，畫出平滑的曲線；【解答】解：（1）描繪小燈泡的伏安特性曲線實驗要求電流從零調(diào)，故滑動變阻器應(yīng)用分壓式，應(yīng)選阻值小的變阻器

D．（2）根據(jù)電路圖電路中所有元器件都完好，且電壓表和電流表已調(diào)零．閉合開關(guān)后，發(fā)現(xiàn)電壓表的示數(shù)為

2V，電流表的示數(shù)為零，小燈泡不亮，則判斷斷路的導(dǎo)線為

d；若反復(fù)調(diào)節(jié)滑動變阻器，小燈泡亮度發(fā)生變化，但電壓表、電流表的示數(shù)不能調(diào)為零，則斷路的導(dǎo)線為

g．（3）根據(jù)表格中的數(shù)據(jù)作出該電珠的伏安特性曲線如圖所示23（3）表中的各組數(shù)據(jù)是該同學(xué)在實驗中測得的，根據(jù)表格中的數(shù)據(jù)2320高考故答案為：（1）D（2）d，g；（3）如圖【點評】描繪小燈泡的伏安持性曲線實驗中要注意實驗中的原理及接法；要求學(xué)生熟練應(yīng)用分壓接法．若滑動變阻器采用分壓式接法，應(yīng)選阻值小的變阻器，這樣變阻器的輸出電壓線性好，易調(diào)節(jié)．11．（14分）（2005?河?xùn)|區(qū)一模）如圖所示，長

12m質(zhì)量為

50kg的木版右端有一立柱．木板置于水平地面上，木板與地面間的動摩擦因數(shù)為

0.1，質(zhì)量為

50kg的人立于木板左端，木板與人均靜止，當(dāng)人以4m/s2的加速度勻加速向右奔跑至板的右端時，立刻抱住木柱，試求：（1）人在奔跑過程中受到的摩擦力的大?。?）人從開始奔跑至到達(dá)木板右端所經(jīng)歷的時間．試卷（3）人抱住木板后，木板向什么方向滑動？滑行多遠(yuǎn)的距離？【考點】37：牛頓第二定律；53：動量守恒定律；6C：機械能守恒定律．【專題】52K：動量與動能定理或能的轉(zhuǎn)化與守恒定律綜合．【分析】（1）由牛頓第二定律可以求出摩擦力；2420高考故答案為：（1）D（2）d，g；（3）如圖【點評】描24（2）由牛頓第二定律求出加速度，由運動學(xué)公式可以求出運動時間．（3）由勻變速運動的速度公式求出物體的速度，由動量守恒定律與動能定理可以求出滑行的距離．【解答】解：（1）設(shè)人的質(zhì)量為

m，加速度為

a

，木板的質(zhì)量為

M，1加速度為

a

，人對木板的摩擦力為

f．2對人，由牛頓第二定律得：f＝ma

，代入數(shù)據(jù)解得：f＝200N；1（2）設(shè)人從左端跑到右端時間為

t．對木板，由牛頓第二定律得：f﹣μ（M+m）g＝Ma

，2?

?

?(?

+

?)?解得：a

==2m/s

，22?11由運動學(xué)公式得：L

=

a

t

+2a

t22，解得：

＝2s；t122（3）設(shè)人跑至右端時，人的速度為

v

，木板的速度為

v

；12人抱住木板后，其共同的速度為

v，由運動學(xué)公式得：v

＝a

t＝8m/s，v

＝a

t＝4m/s，1122由動量守恒定律可得：mv

﹣Mv

＝（m+M

）v，12代入數(shù)據(jù)解得：v＝2m/s，v

的方向與人原運動方向一致，1由動能定理可得：μ（

M+m）gs

=

2（m+M）v

，代入數(shù)據(jù)解得：

＝2m；2s答：（1）人在奔跑過程中受到的摩擦力的大小為

200N．（2）人從開始奔跑至到達(dá)木板右端所經(jīng)歷的時間為

2s．（3）人抱住木板后，木板與人原來的運動方向相同，滑行多遠(yuǎn)的距離為

2m．【點評】分析清楚物體運動過程是正確解題的關(guān)鍵，應(yīng)用牛頓第二定律、運動學(xué)公式、動量守恒定律與動能定理即可正確解題．25（2）由牛頓第二定律求出加速度，由運動學(xué)公式可以求出運動時間2512．（18分）（2021?東湖區(qū)校級模擬）如圖所示，MN、PQ是水平放置的一對平行金屬板，兩板接在電壓為

U的電源兩極，上極板

MN的中心開有一個小孔，在兩板之間加一個平方向的有界勻強磁場，邊界為半徑為

R的圓形，且與

MN極板相切于小孔處?，F(xiàn)將一帶電小球從小正上方某處由靜止釋放，小球穿過小孔經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)后沿直線從下極板右側(cè)

Q處離開電場，已知極板長度和間距分別為

4R和

3R，磁感應(yīng)強度為

B，重力加速度為

g，求：?（1）小球的比荷

；高考復(fù)?（2）小球經(jīng)過兩極板后運動方向改變了多少？（3）小球離開

Q點時的速度和從釋放到運動至

Q點的時間。練習(xí)【考點】37：牛頓第二定律；4A：向心力；CI：帶電粒子在勻強磁場中的運動．【專題】11：計算題；31：定性思想；4B：圖析法；536：帶電粒子在磁場中的運動專題．【分析】（1）由小球離開磁場后做直線運動，可知小球受力平衡，根據(jù)受力平衡得出比荷；（2）根據(jù)幾何關(guān)系求出中心角，即小球經(jīng)過兩極板后運動方向的改變量；（3）由幾何關(guān)系及牛頓第二定律可得出做圓周運動的速度；再根據(jù)自由落體運動的速度變化關(guān)系得出?進(jìn)入磁場前的運動時間，圓周運動的圓心角及時間t

=

2??關(guān)系得出磁場中的時間，根據(jù)勻變速直線運動規(guī)律得出直線運動時間；最后求總和的時間即可?！窘獯稹拷猓海?）小球穿出磁場后只受重力、電場力，那么合外力方向為豎直方向，又小球做直線運動，那么速度和合外力方向一致，而小球要到達(dá)

Q點，故速度方向不可能為豎直方向，那么合外力必2612．（18分）（2021?東湖區(qū)校級模擬）如圖所示，MN26??須為零，即：3?

=

???3???所以小球的比荷為：

=?（2）小球在磁場中所受合外力為洛倫磁力，故小球做勻速圓周運動，那么由圓周運動規(guī)律可知：△ACO≌△DCO，所以

OD⊥CD，??3?

?

?又

DQ⊥CD，因此

ODQ在一條直線上，所以有：∠BQD

=

arctan??

=

??????2

3?

=

30°所以，小球經(jīng)過兩極板后運動方向改變了

60°（3）小球在磁場范圍做勻速圓周運動，離開磁場后受力為零，做勻速直線運動，故小球離開

Q點時的速度為小球在磁場中做勻速直線運動的速度?=3?又小球在磁場中做勻速直線運動的半徑為：r

=

???30°??2那么，由牛頓第二定律可得：Bvq

=?3

3???2代入解得：v

=??那么，小球從靜止釋放到小孔的運動過程只受重力作用，做自由落體運動，故運動時間為：t

=

=1?3

3??2?1??小球在磁場中轉(zhuǎn)過

60°，故運動的時間為：t

=

?

=269??????

?3????30°小球離開磁場后做勻速直線運動，運動的時間為：t

==3???3?3

3??2

?

+

3

3?所以，小球從釋放到運動至

Q點時間為：t＝t

+t

+t

=+123?9???3??答：（1）小球的比荷為

?；（2）小球經(jīng)過兩極板后運動方向改變了

60°；27??須為零，即：3?=???3??所以小球的比荷為：=273

3??2

?

+

3

3?（3）小球離開

Q點時的速度和從釋放到運動至

Q點的時間為+。?9???【點評】本題考查了粒子在電場、磁場中的運動，解題的關(guān)鍵是搞清楚每個過程的運動情況，結(jié)合圖象及幾何關(guān)系進(jìn)行求解。13．（5分）（2016?潮州二模）下列四幅圖的有關(guān)說法中不正確的是（）高考復(fù)習(xí)題A．分子間距離為

r

時，分子間不存在引力和斥力0B．分子間距小于

r

范圍內(nèi)分子間距離減小時，斥力增大引力減小，分子力表現(xiàn)為斥力0C．水面上的單分子油膜，在測量分子直徑

d大小時可把分子當(dāng)做球形處理D．食鹽晶體中的鈉、氯離子按一定規(guī)律分布，具有空間上的周期性E．猛推木質(zhì)推桿，密閉的氣體溫度升高，壓強變大，分子間表現(xiàn)為斥力，可看做是絕熱變化【考點】86：分子間的相互作用力．【專題】31：定性思想；43：推理法；546：分子間相互作用力與分子間距離的關(guān)系．【分析】物質(zhì)由分子組成，分子間同時存在相互作用的引力與斥力，分子間的作用力與分子間的距離有關(guān)，分子引力和斥力都隨距離增大而減?。嫔系膯畏肿佑湍ぃ跍y量油膜分子直徑

d大小時把它們當(dāng)做球形處理；晶體具有點陣結(jié)構(gòu)；體積縮小則外界對氣體做功，體積增大則氣體對外界做功．【解答】解：A、當(dāng)分子間距離為

r

時，分子間存在的引力和斥力大小相等，所以分子力整體的效果0為

0．故

A錯誤；B、分子間距小于

r

范圍內(nèi)分子間距離減小時，斥力和引力都增大，但引力增大的慢，所以分子力表0現(xiàn)為斥力。故

B錯誤；2833??2?+33?（3）小球離開Q點時的速度28C、水面上的單分子油膜，在測量油膜分子直徑

d大小時把它們當(dāng)做球形處理，故

C正確；D、晶體具有點陣結(jié)構(gòu)，食鹽屬于晶體，食鹽中的鈉、氯離子按一定規(guī)律分布，具有空間上的周期性，故

D正確；E、猛推木質(zhì)推桿，外界對氣體做正功，密閉的氣體溫度升高，壓強變大。此時氣體分子之間的距離仍然大于

r

，分子之間的相互作用力仍然是引力，但是很小，幾乎可以忽略不計。故

E錯誤。0本題選擇錯誤的，故選：ABE【點評】本題容易出錯的選項是

C項，要知道油膜法估測分子直徑的實驗有三條假設(shè)前提：1．將油膜看成單分子油膜，2．不考慮各油分子間的間隙，3．將油膜分子看成球形．14．（10分）（2021?遂寧模擬）如圖所示，在一端封閉、另一端開口向上的豎直玻璃管內(nèi)，用

5cm高的水銀柱封閉著

45cm長的理想氣體，管內(nèi)外氣體的溫度均為

300K，大氣壓強

p

＝76cmHg。0（i）若緩慢對玻璃管加熱，當(dāng)管中氣體的溫度上升了

60K時水銀柱上表面與管口剛好相平，求玻璃管的總長度；（ii）若保持管內(nèi)溫度始終為

300K，現(xiàn)將水銀緩慢注入管中，直到水銀柱上表面與管口相平，求此時玻璃管內(nèi)水銀柱的總長度。試【考點】99：理想氣體的狀態(tài)方程．【專題】11：計算題；32：定量思想；4E：模型法；54B：理想氣體狀態(tài)方程專題．【分析】（i）以管內(nèi)封閉氣體為研究對象，氣體作等壓膨脹變化，根據(jù)蓋﹣呂薩克定律求解玻璃管的總長度；29C、水面上的單分子油膜，在測量油膜分子直徑d大小時把它們29（ii）將水銀緩慢注入管中，封閉氣體作等溫變化，根據(jù)玻意耳定律求此時玻璃管內(nèi)水銀柱的總長度?！窘獯稹拷猓海╥）設(shè)玻璃管橫截面積為

S，玻璃管的總長度為

L，以管內(nèi)封閉氣體為研究對象，氣體經(jīng)等壓膨脹：初狀態(tài)：V

＝45S，T

＝300K11末狀態(tài)：V

＝（L﹣5）S，T

＝360K22?1?2由蓋﹣呂薩克定律：?1

=

?2代入數(shù)據(jù)解得：L＝59cm（ii）當(dāng)水銀柱上表面與管口相平，設(shè)此時管中氣體壓強為

P

，水銀柱的高度為

H，管內(nèi)氣體經(jīng)等溫2壓縮：初狀態(tài)：V

＝45S，P

＝81cmHg11末狀態(tài)：V

＝（59﹣H）S，P

＝（76+H）

cmHg22由玻意耳定律：P

V

＝P

V2

211解得：H≈21.7cm答：（i）玻璃管的總長度是

59cm；（ii）此時玻璃管內(nèi)水銀柱的總長度是

21.7cm?！军c評】本題的關(guān)鍵是要分析清楚氣體狀態(tài)變化過程，找出相應(yīng)的公式。在列式前，要先分析各個狀態(tài)參量，再列方程。15．（2004?濰坊模擬）如圖所示，MN、PQ是兩條水平放置彼此平行的金屬導(dǎo)軌，勻強磁場的磁感線垂直導(dǎo)軌平面．導(dǎo)軌左端接阻值

R＝1.5Ω

的電阻，電阻兩端并聯(lián)一電壓表，垂直導(dǎo)軌跨接一金屬桿

ab，ab的質(zhì)量

m＝0.1kg，電阻

r＝0.5Ω．a(chǎn)b與導(dǎo)軌間動摩擦因數(shù)

μ＝0.5，導(dǎo)軌電阻不計，現(xiàn)用

F＝0.7N的恒力水平向右拉

ab，使之從靜止開始運動，經(jīng)時間

t＝2s后，ab開始做勻速運動，此時電壓表示數(shù)30（ii）將水銀緩慢注入管中，封閉氣體作等溫變化，根據(jù)玻意耳定30U＝0.3V．重力加速度

g＝10m/s2．求：（1）ab勻速運動時，外力

F的功率．（2）ab桿加速過程中，通過

R的電量．（3）ab桿加速運動的距離．高考【考點】3C：共點力的平衡；52：動量定理；BB：閉合電路的歐姆定律；BH：焦耳定律；D8：法拉第電磁感應(yīng)定律；D9：導(dǎo)體切割磁感線時的感應(yīng)電動勢．【專題】53C：電磁感應(yīng)與電路結(jié)合．【分析】金屬桿在水平恒定拉力的作用下，切割磁感線運動，產(chǎn)生電動勢，回路中出現(xiàn)電流，導(dǎo)致金屬桿受到安培力．當(dāng)安培力、滑動摩擦力與拉力相等時，金屬桿做勻速直線運動．由此時的電壓表的讀數(shù)可算出金屬桿產(chǎn)生的電動勢，則可以求出金屬桿的運動速度，最后算出外力的功率．由動量定理求得通過

R的電量．由法拉第電磁感應(yīng)定律和歐姆定律求出

ab桿加速運動的距離．【解答】解：（1）設(shè)導(dǎo)軌間距為

L，磁感應(yīng)強度為

B，ab桿勻速運動的速度為

v，電流為

I，此時

ab桿受力如圖所示：由平衡條件得：F＝μmg+ILB①????由歐姆定律得：I

==

②?

+

??由①②解得：BL＝1T?m

v＝0.4m/s③31U＝0.3V．重力加速度g＝10m/s2．求：（1）ab31F的功率：P＝Fv＝0.7×0.4W＝0.28W④（2）設(shè)

ab加速時間為

t，加速過程的平均感應(yīng)電流為I，由動量定理得：Ft

-

μmgt

-

????

=

??⑤解得：q

=

?

?

?

=

0.36?⑥△

?

???（3）設(shè)加速運動距離為

s，由法拉第電磁感應(yīng)定律得E

==

?

⑦△

?又E

=

?(?

+

?)⑧?(?

+

?)

0.36

×

2?

=

0.72?，由⑥⑦⑧解得s

==??1答：（1）ab勻速運動時，外力

F的功率是

0.28W．（2）ab桿加速過程中，通過

R的電量是

0.36C．（3）ab桿加速運動的距離是

0.72m．【點評】本題是電磁感應(yīng)與電路、力學(xué)知識的綜合，通過三力平衡可求得

BL的乘積，再由閉合電路的毆姆定律可得電動勢，則可求出運動速度，從而算出外力的功率．32F的功率：P＝Fv＝0.7×0.4W＝0.28W④（2）設(shè)322021

年江西師大附中高考物理模擬試卷（四）二、選擇題：本大題共

8

小題，每小題

6

分，共

48

分．在每小題給出的四個選項中，第

14～18

題只有一項符合題目要求，第

19～21

題有多項符合題目要求．全部選對的得

6

分，選對但不全的得

3

分，有選錯的得

0

分．1．（6分）放射性同位素釷29302Th經(jīng)一系列

α、β

衰變后生成氡28260Rn，以下說法正確的是（）A．每經(jīng)過一次

α

衰變原子核的質(zhì)量數(shù)會減少

2個B．每經(jīng)過一次

β

衰變原子核的質(zhì)子數(shù)會增加

1個C．放射性元素釷29302Th的原子核比氡28260Rn原子核的中子數(shù)少

4個D．釷

Th衰變成氡28260Rn一共經(jīng)過

2次

α

衰變和

3次

β

衰變232902．（6分）利用探測器探測某行星，探測器在距行星表面高度為

h

的軌道上做勻速圓周運動時，測得周1期為

T

；探測器在距行星表面高度為

h

的軌道上做勻速圓周運動時，測得周期為

T

，萬有引力常量122為

G，根據(jù)以上信息可求出（）A．該行星的質(zhì)量B．該行星的密度C．該行星的第一宇宙速度D．探測器貼近星球表面飛行時星球?qū)λ囊?．（6分）如圖，兩個帶電小球

A、B分別處于光滑絕緣的豎直墻面和斜面上，且在同一豎直平面內(nèi)．用水平向左的推力

F作用于

B球，兩球在圖示位置靜止．現(xiàn)將

B球沿斜面向上移動一小段距離，發(fā)現(xiàn)A球隨之向上移動少許，兩球在虛線位置重新平衡．重新平衡后與移動前相比，下列說法正確的是（）12021年江西師大附中高考物理模擬試卷（四）二、選擇題：本33A．墻面對

A的彈力變小C．推力

F變大B．斜面對

B的彈力不變D．兩球之間的距離變大4．（6分）如圖所示，一根跨過一固定的水平光滑細(xì)桿的輕繩兩端拴有兩個小球，球

a置于水平地面上，球

b被拉到與細(xì)桿同一水平的位置，把繩拉直后，由靜止釋放球

b，當(dāng)球

b擺到

O點正下方時，球

a1對地面的壓力大小為其重力的

，已知圖中

Ob段的長度小于

Oa段的長度，不計空氣阻力，則3（）A．球

b下擺過程中處于失重狀態(tài)B．球

b下擺過程中向心加速度變小2C．當(dāng)球

b擺到

O點正下方時，球

b所受的向心力為球

a重力的3D．兩球質(zhì)量之比

m

：m

＝9：2ab5．（6分）如圖所示，一豎直放置的平行板電容器和電源相連，開關(guān)

S閉合，左極板固定且接地。一根輕繩一端固定在電容器外面的

O點，另一端連接一帶電小球（可視為點電荷），放在兩極板間，平衡時細(xì)繩偏離豎直方向的角度為

θ．現(xiàn)在在開關(guān)閉合或斷開兩種情況下，用外力把右極板緩慢向右平移一小段相同的距離；若開關(guān)閉合，外力做功為

W

；若開關(guān)斷開，外力做功為

W

．假設(shè)電場僅存在于兩12極板之間，帶電小球不影響平行板電容器之間的勻強電場，則下列說法正確的是（）2A．墻面對A的彈力變小B．斜面對B的彈力不變4．（6342A．W

＞W(wǎng)12B．W

＜W12C．閉合開關(guān)，移動右極板的過程中，小球的機械能逐漸增加D．?dāng)嚅_開關(guān)，移動右極板的過程中，小球的電勢能逐漸增加6．（6分）水平力

F方向確定，大小隨時間的變化如圖

a所示，用力

F拉靜止在水平桌面上的小物塊，在練習(xí)F從

0開始逐漸增大的過程中，物塊的加速度隨時間變化的圖象如圖

b所示，重力加速度大小為10m/s2，最大靜摩擦力大于滑動摩擦力，由圖可知（）試卷

測試A．物塊與水平桌面間的最大靜摩擦力為

3NB．物塊與水平桌面間的動摩擦因數(shù)為

0.1C．物塊的質(zhì)量為

m＝2kgD．在

0～4s時間內(nèi)，合外力的沖量為

12N?S32A．W＞W(wǎng)12B．W＜W12C．閉合開關(guān)，移動右極板的357．（6分）磁流體發(fā)電機是一種把物體內(nèi)能直接轉(zhuǎn)化為電能的低碳環(huán)保發(fā)電機，如圖為其原理示意圖，平行金屬板

C、D間有勻強磁場，磁感應(yīng)強度為

B，將一束等離子體（高溫下電離的氣體，含有大量帶正電和帶負(fù)電的微粒）水平噴入磁場，兩金屬板間就產(chǎn)生電壓。定值電阻

R

的阻值是滑動變阻器最大0阻值的一半，與開關(guān)

S串聯(lián)接在

C、D兩端，已知兩金屬板間距離為

d，噴入氣流的速度為

v，磁流體發(fā)電機的電阻為

r（R

＜r＜2R

），則滑動變阻器的滑片

P由

a向

b端滑動的過程中（）00高考A．金屬板

C為電源負(fù)極，D為電源正極B．發(fā)電機的輸出功率一直增大2

2

2?

?

?

?0C．電阻

R

消耗功率最大值為02(?

+

?)02

2

2?

?

?D．滑動變阻器消耗功率最大值為

?

+

?08．（6分）如圖所示為某小型電站高壓輸電示意圖，變壓器均為理想變壓器，發(fā)電機輸出功率為20kW．在輸電線路上接入一個電流互感器，其原、副線圈的匝數(shù)比為

1：10，電流表的示數(shù)為

1A，輸電線的總電阻為

10Ω，則下列說法正確的是（）試卷

測A．采用高壓輸電可以增大輸電線中的電流B．升壓變壓器的輸出電壓

U

＝2000V247．（6分）磁流體發(fā)電機是一種把物體內(nèi)能直接轉(zhuǎn)化為電能的低36C．用戶獲得的功率為

19kWD．將

P下移，用戶獲得的電壓將增大三、非選擇題：9．（6分）為了測定滑塊與水平桌面之間的動摩擦因數(shù)

μ，某同學(xué)設(shè)計了如圖的實驗裝置，其中圓弧形滑槽末端與桌面相切。第一次實驗時，滑槽固定于桌面右端，末端與桌子右端

M對齊，滑塊從滑槽頂端高考復(fù)由靜止釋放，落在水平面的

P點；第二次實驗時，滑槽固定于桌面左側(cè)，測出末端

N與桌子右端

M的距離為

L，滑塊從滑槽頂端由靜止釋放，落在水平面的

Q點，已知重力加速度為

g，不計空氣阻力練（1）實驗還需要測出的物理量是（用代號表示）：

。A．滑槽的高度

h；B．桌子的高度

H；C．O點到

P點的距離

d

；1D．O點到

Q點的距離

d

；E．滑塊的質(zhì)量

m。2（2）寫出動摩擦因數(shù)

μ

的表達(dá)式是

μ＝

。（3）如果第二次實驗時，滑塊沒有滑出桌面，測得滑行距離為

x。則動摩擦因數(shù)可表示為

μ＝

。10．（9分）在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”實驗中，要測量一個標(biāo)有“3V，1.5W”燈泡兩端的電壓和通過燈泡的電流．現(xiàn)有如下器材：A、直流電源

3V（內(nèi)阻不計）B、直流電流表

0﹣600mA（內(nèi)阻約

0.5Ω）C、直流電壓表

0﹣3V（內(nèi)阻約

3kΩ）5C．用戶獲得的功率為19kW9．（6分）為了測定滑塊與水37D、滑動變阻器（10Ω，1A）E、滑動變阻器（1kΩ，300mA）F、開關(guān)、導(dǎo)線若干高考復(fù)習(xí)（1）本實驗中滑動變阻器應(yīng)選用

（填“D”或“E”）．（2）某同學(xué)用導(dǎo)線

a、b、c、d、e、f、g和

h連接的電路如圖甲所示，電路中所有元器件都是完好的，且電壓表和電流表已調(diào)零，閉合開關(guān)后發(fā)現(xiàn)電壓表的示數(shù)為

2V，電流表的示數(shù)為零，小燈泡不亮，則可確定斷路的導(dǎo)線是

（填字母）若反復(fù)調(diào)節(jié)滑動變阻器，小燈泡亮度發(fā)生變化，但電壓

（填字母）．表、電流表示數(shù)不能調(diào)為零，則斷路的導(dǎo)線是

（3）表中的各組數(shù)據(jù)是該同學(xué)在實驗中測得的，根據(jù)表格中的數(shù)據(jù)在如圖乙所示的方格紙上作出該燈泡的伏安特性曲線．U/V0I/A00.51.01.50.170.30