2023年全國新課標(biāo)II卷高考物理試卷(純word詳解版)

PAGE2023年新課標(biāo)II高考物理試卷一、選擇題：此題共8小題，每題6分．在每題給出的四個選項中，第1～4題只有一項符合題目要求，第5～8題有多項符合題目要求．全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分．1．〔6分〕如圖，兩平行的帶電金屬板水平放置．假設(shè)在兩板中間a點從靜止釋放一帶電微粒，微粒恰好保持靜止?fàn)顟B(tài)．現(xiàn)將兩板繞過a點的軸〔垂直于紙面〕逆時針旋轉(zhuǎn)45°，再由a點從靜止釋放一同樣的微粒，改微粒將〔〕 A．保持靜止?fàn)顟B(tài) B． 向左上方做勻加速運動 C．向正下方做勻加速運動 D． 向左下方做勻加速運動考點： 帶電粒子在混合場中的運動．專題： 帶電粒子在復(fù)合場中的運動專題．分析： 開始時刻微粒保持靜止，受重力和電場力而平衡；將兩板繞過a點的軸〔垂直于紙面〕逆時針旋轉(zhuǎn)45°，電容器帶電量不變，間距不變，正對面積也不變，故電場強度的大小不變，電場力的大小不變，方向逆時針旋轉(zhuǎn)45°，根據(jù)平行四邊形定那么求解出合力的方向，確定微粒的運動即可．解答： 解：在兩板中間a點從靜止釋放一帶電微粒，微粒恰好保持靜止?fàn)顟B(tài)，微粒受重力和電場力平衡，故電場力大小F=mg，方向豎直向上；將兩板繞過a點的軸〔垂直于紙面〕逆時針旋轉(zhuǎn)45°，電場強度大小不變，方向逆時針旋轉(zhuǎn)45°，故電場力逆時針旋轉(zhuǎn)45°，大小仍然為mg；故重力和電場力的大小均為mg，方向夾角為135°，故合力向左下方，微粒的加速度恒定，向左下方做勻加速運動；故ABC錯誤，D正確；應(yīng)選：D．點評： 此題關(guān)鍵是對為零受力分析后結(jié)合牛頓第二定律分析，注意此題中電容器的兩板繞過a點的軸逆時針旋轉(zhuǎn)，板間場強大小不變，根底題目．2．〔6分〕如圖，直角三角形金屬框abc放置在勻強磁場中，磁感應(yīng)強度大小為B，方向平行于ab邊向上．當(dāng)金屬框繞ab邊以角速度ω逆時針轉(zhuǎn)動時，a、b、c三點的電勢分別為Ua、Ub、Uc．bc邊的長度為l．以下判斷正確的是〔〕 A． Ua＞Uc，金屬框中無電流 B． Ub＞Uc，金屬框中電流方向沿a﹣b﹣c﹣a C． Ubc=﹣Bl2ω，金屬框中無電流 D． Ubc=Bl2ω，金屬框中電流方向沿a﹣c﹣b﹣a考點： 導(dǎo)體切割磁感線時的感應(yīng)電動勢；楞次定律．專題： 電磁感應(yīng)與電路結(jié)合．分析： 金屬框中磁通量不變，故沒有感應(yīng)電流；但導(dǎo)體棒切割磁感線，有感應(yīng)電動勢產(chǎn)生，根據(jù)E=BL求解切割電動勢即可．解答： 解：AB、導(dǎo)體棒bc、ac做切割磁感線運動，產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，根據(jù)右手定那么，感應(yīng)電動勢的方向從b到c，或者說是從a到c，故Ua=Ub＜Uc，磁通量一直為零，不變，故金屬框中無電流，故A錯誤，B錯誤；CD、感應(yīng)電動勢大小=Bl〔〕=Bl2ω，由于Ub＜Uc，所以Ubc=﹣Bl2ω，磁通量一直為零，不變，金屬框中無電流，故C正確，D錯誤；應(yīng)選：C．點評： 此題關(guān)鍵是明確感應(yīng)電流的產(chǎn)生條件是穿過閉合回路的磁通量發(fā)生改變，要會根據(jù)E=Blv求解感應(yīng)電動勢，會利用右手定那么判斷感應(yīng)電動勢的方向．3．〔6分〕由于衛(wèi)星的發(fā)射場不在赤道上，同步衛(wèi)星發(fā)射后需要從轉(zhuǎn)移軌道經(jīng)過調(diào)整再進入地球同步軌道．當(dāng)衛(wèi)星在轉(zhuǎn)移軌道上飛經(jīng)赤道上空時，發(fā)動機點火，給衛(wèi)星一附加速度，使衛(wèi)星沿同步軌道運行．同步衛(wèi)星的環(huán)繞速度約為3.1×103m/s，某次發(fā)射衛(wèi)星飛經(jīng)赤道上空時的速度為1.55×103m/s，此時衛(wèi)星的高度與同步軌道的高度相同，轉(zhuǎn)移軌道和同步軌道的夾角為30°，如下列圖，發(fā)動機給衛(wèi)星的附加速度的方向和大小約為〔〕 A．西偏北方向，1.9×103m/s B． 東偏南方向，1.9×103m/s C．西偏北方向，2.7×103m/s D． 東偏南方向，2.7×103m/s考點： 同步衛(wèi)星；運動的合成和分解．專題： 人造衛(wèi)星問題．分析： 合速度為同步衛(wèi)星的線速度，一個分速度是在轉(zhuǎn)移軌道上的速度，另一個分速度待求，運用速度合成的平行四邊形法那么求解即可．解答： 解：合速度為同步衛(wèi)星的線速度，為：v=3.1×103m/s；一個分速度為在轉(zhuǎn)移軌道上的速度，為：v1=1.55×103m/s；合速度與該分速度的夾角為30度，根據(jù)平行四邊形定那么，另一個分速度v2如下列圖：該分速度的方向為東偏南方向，根據(jù)余弦定理，大小為：==1.9×103m/s．應(yīng)選：B．點評： 此題合速度和一個分速度，根據(jù)平行四邊形定那么求解另一個分速度，要結(jié)合余弦定理列式求解，根底題目．4．〔6分〕一汽車在平直公路上行駛．從某時刻開始計時，發(fā)動機的功率P隨時間t的變化如下列圖．假定汽車所受阻力的大小f恒定不變．以下描述該汽車的速度v隨時間t變化的圖線中，可能正確的是〔〕 A． B． C． D．考點： 功率、平均功率和瞬時功率．專題： 功率的計算專題．分析： 對于汽車，受重力、支持力、牽引力和阻力，根據(jù)P=Fv和牛頓第二定律分析加速度的變化情況，得到可能的v﹣t圖象．解答： 解：在0﹣t1時間內(nèi)，如果勻速，那么v﹣t圖象是與時間軸平行的直線，如果是加速，根據(jù)P=Fv，牽引力減??；根據(jù)F﹣f=ma，加速度減小，是加速度減小的加速運動，當(dāng)加速度為0時，即F1=f，汽車開始做勻速直線運動，此時速度v1==．所以0﹣t1時間內(nèi)，v﹣t圖象先是平滑的曲線，后是平行于橫軸的直線；在t1﹣t2時間內(nèi)，功率突然增加，故牽引力突然增加，是加速運動，根據(jù)P=Fv，牽引力減??；再根據(jù)F﹣f=ma，加速度減小，是加速度減小的加速運動，當(dāng)加速度為0時，即F2=f，汽車開始做勻速直線運動，此時速度v2==．所以在t1﹣t2時間內(nèi)，即v﹣t圖象也先是平滑的曲線，后是平行于橫軸的直線．故A正確，BCD錯誤；應(yīng)選：A點評： 此題關(guān)鍵是明確汽車恒定功率的加速過程是加速度減小的加速運動，注意速度不能突變，根底題目．5．〔6分〕指南針是我國古代四大創(chuàng)造之一．關(guān)于指南針，以下說明正確的是〔〕 A． 指南針可以僅具有一個磁極 B． 指南針能夠指向南北，說明地球具有磁場 C． 指南針的指向會受到附近鐵塊的干擾 D． 在指南針正上方附近沿指針方向放置一直導(dǎo)線，導(dǎo)線通電時指南針不偏轉(zhuǎn)考點： 地磁場．分析： 指南針又稱指北針，主要組成局部是一根裝在軸上的磁針，磁針在天然地磁場的作用下可以自由轉(zhuǎn)動并保持在磁子午線的切線方向上，磁針的北極指向地理的北極，利用這一性能可以區(qū)分方向．常用于航海、大地測量、旅行及軍事等方面．物理上指示方向的指南針的創(chuàng)造由三部曲組成：司南、磁針和羅盤．他們均屬于中國的創(chuàng)造．解答： 解：A、不存在單獨的磁單極子，指南針也不例外，故A錯誤；B、指南針能夠指向南北，說明地球具有磁場，地磁場是南北指向的，故B正確；C、指南針的指向會受到附近鐵塊的干擾，是由于鐵塊被磁化后干擾了附近的地磁場，故C正確；D、在指南針正上方附近沿指針方向放置一直導(dǎo)線，電流的磁場在指南針位置是東西方向的，故導(dǎo)線通電時指南針偏轉(zhuǎn)90°，故D錯誤；應(yīng)選：BC．點評： 指南針在航海上的應(yīng)用對地理大發(fā)現(xiàn)和海上貿(mào)易有極大的促進作用．指南針的創(chuàng)造源于中國古人如何定向問題的研究，也說明古人對如何定向問題的重視．為此，指南針被譽為中國古代四大創(chuàng)造之一．6．〔6分〕有兩個勻強磁場區(qū)域Ⅰ和Ⅱ，I中的磁感應(yīng)強度是Ⅱ中的k倍，兩個速率相同的電子分別在兩磁場區(qū)域做圓周運動．與Ⅰ中運動的電子相比，Ⅱ中的電子〔〕 A． 運動軌跡的半徑是Ⅰ中的k倍 B． 加速度的大小是Ⅰ中的k倍 C． 做圓周運動的周期是Ⅰ中的k倍 D． 做圓周運動的角速度是Ⅰ中的k倍考點： 帶電粒子在勻強磁場中的運動．專題： 帶電粒子在磁場中的運動專題．分析： 電子在磁場中做的圓周運動，洛倫茲力作為向心力，根據(jù)圓周運動的周期公式和半徑公式逐項分析即可．解答： 解：設(shè)Ⅱ中的磁感應(yīng)強度為B，那么Ⅰ中的磁感應(yīng)強度為kB，A、根據(jù)電子在磁場中運動的半徑公式r=可知，Ⅰ中的電子運動軌跡的半徑為，Ⅱ中的電子運動軌跡的半徑為，所以Ⅱ中的電子運動軌跡的半徑是Ⅰ中的k倍，所以A正確；B、電子在磁場運動的洛倫茲力作為向心力，所以電子的加速度的大小為a=，所以Ⅰ中的電子加速度的大小為，Ⅱ中的電子加速度的大小為，所以Ⅱ的電子的加速度大小是Ⅰ中的倍，所以B錯誤；C、根據(jù)電子在磁場中運動的周期公式T=可知，Ⅰ中的電子運動周期為，Ⅱ中的電子運動周期為，所以Ⅱ中的電子運動軌跡的半徑是Ⅰ中的k倍，所以Ⅱ中的電子運動軌跡的周期是Ⅰ中的k倍，所以C正確；D、做圓周運動的角速度ω=，所以Ⅰ中的電子運動角速度為，Ⅱ中的電子運動角速度為，在Ⅱ的電子做圓周運動的角速度是Ⅰ中的倍，所以D錯誤；應(yīng)選：AC．點評： 此題是對粒子在磁場中做圓周運動的根本考查，解決此題的關(guān)鍵是抓住洛倫茲力作為向心力，根據(jù)向心力的不同的公式來分析不同的關(guān)系，記住平時的得出的結(jié)論可以快速的分析問題．7．〔6分〕在一東西向的水平直鐵軌上，停放著一列已用掛鉤連接好的車廂．當(dāng)機車在東邊拉著這列車廂以大小為a的加速度向東行駛時，連接某兩相鄰車廂的掛鉤P和Q間的拉力大小為F；當(dāng)機車在西邊拉著這列車廂以大小為a的加速度向西行駛時，P和Q間的拉力大小仍為F．不計車廂與鐵軌間的摩擦，每節(jié)車廂質(zhì)量相同，那么這列車廂的節(jié)數(shù)可能為〔〕 A．8 B． 10 C． 15 D． 18考點： 牛頓第二定律．專題： 牛頓運動定律綜合專題．分析： 根據(jù)兩次的情況，利用牛頓第二定律得出關(guān)系式，根據(jù)關(guān)系式分析可能的情況即可．解答： 解：設(shè)PQ兩邊的車廂數(shù)為P和Q，當(dāng)機車在東邊拉時，根據(jù)牛頓第二定律可得，F(xiàn)=Pm?a，當(dāng)機車在西邊拉時，根據(jù)牛頓第二定律可得，F(xiàn)=Qm?a，根據(jù)以上兩式可得，，即兩邊的車廂的數(shù)目可能是2和3，或4和6，或6和9，或8和12，等等，所以總的車廂的數(shù)目可能是5、10、15、20，所以可能的是BC．應(yīng)選：BC．點評： 此題不是確切的數(shù)值，關(guān)鍵的是根據(jù)牛頓第二定律得出兩次之間的關(guān)系，根據(jù)關(guān)系來判斷可能的情況，此題比較靈活，是道好題．8．〔6分〕如圖，滑塊a、b的質(zhì)量均為m，a套在固定豎直桿上，與光滑水平地面相距h，b放在地面上，a、b通過鉸鏈用剛性輕桿連接，由靜止開始運動．不計摩擦，a、b可視為質(zhì)點，重力加速度大小為g．那么〔〕 A． a落地前，輕桿對b一直做正功 B． a落地時速度大小為 C． a下落過程中，其加速度大小始終不大于g D． a落地前，當(dāng)a的機械能最小時，b對地面的壓力大小為mg考點： 功能關(guān)系；功的計算．分析： a、b組成的系統(tǒng)只有重力做功，系統(tǒng)機械能守恒，通過b的動能變化，判斷輕桿對b的做功情況．根據(jù)系統(tǒng)機械能守恒求出a球運動到最低點時的速度大?。獯穑?解：A、當(dāng)a到達底端時，b的速度為零，b的速度在整個過程中，先增大后減小，動能先增大后減小，所以輕桿對b先做正功，后做負(fù)功．故A錯誤．B、a運動到最低點時，b的速度為零，根據(jù)系統(tǒng)機械能守恒定律得：mAgh=mAvA2，解得vA=．故B正確．C、b的速度在整個過程中，先增大后減小，所以a對b的作用力先是動力后是阻力，所以b對a的作用力就先是阻力后是動力，所以在b減速的過程中，b對a是向下的拉力，此時a的加速度大于重力加速度，故C錯誤；D、a、b整體的機械能守恒，當(dāng)a的機械能最小時，b的速度最大，此時b受到a的推力為零，b只受到重力的作用，所以b對地面的壓力大小為mg，故D正確；應(yīng)選：BD．點評： 解決此題的關(guān)鍵知道a、b組成的系統(tǒng)機械能守恒，以及知道當(dāng)a的機械能最小時，b的動能最大．三、非選擇題：包括必考題和選考題兩局部．第9題～第12題為必做題，每個考題考生都必須作答，第13為選考題，考生格局要求作答．9．〔6分〕〔2023春?南昌校級期末〕某學(xué)生用圖〔a〕所示的實驗裝置測量物塊與斜面的動摩擦因數(shù)．打點計時器所用電源的頻率為50Hz，物塊下滑過程中所得到的紙帶的一局部如圖〔b〕所示，圖中標(biāo)出了五個連續(xù)點之間的距離．〔1〕物塊下滑是的加速度a=3.25m/s2，打C點時物塊的速度v=1.79m/s；〔2〕重力加速度大小為g，求出動摩擦因數(shù)，還需測量的物理量是C〔填正確答案標(biāo)號〕A．物塊的質(zhì)量B．斜面的高度C．斜面的傾角．考點： 探究影響摩擦力的大小的因素；測定勻變速直線運動的加速度．專題： 實驗題．分析： 〔1〕根據(jù)△x=aT2可求加速度，根據(jù)求解C點的速度；〔2〕對滑塊根據(jù)牛頓第二定律列式求解動摩擦因素的表達式進行分析即可．解答： 解：〔1〕根據(jù)△x=aT2，有：解得：a===3.25m/s2打C點時物塊的速度：v=m/s=1.79m/s〔2〕對滑塊，根據(jù)牛頓第二定律，有：mgsinθ﹣μmgcosθ=ma解得：μ=故還需要測量斜面的傾角，應(yīng)選：C；故答案為：〔1〕3.25，1.79；〔2〕C．點評： 實驗的核心是實驗原理，根據(jù)原理選擇器材，安排實驗步驟，分析實驗誤差，進行數(shù)據(jù)處理等等．10．〔9分〕電壓表滿偏時通過該表的電流是半偏時通過該表的電流的兩倍．某同學(xué)利用這一事實測量電壓表的內(nèi)阻〔半偏法〕實驗室提供材料器材如下：待測電壓表〔量程3V，內(nèi)阻約為3000歐〕，電阻箱R0〔最大阻值為99999.9歐〕，滑動變阻器R1〔最大阻值100歐，額定電流2A〕，電源E〔電動勢6V，內(nèi)阻不計〕，開關(guān)兩個，導(dǎo)線假設(shè)干．〔1〕虛線框內(nèi)為該同學(xué)設(shè)計的測量電壓表內(nèi)阻的電路圖的一局部，將電路圖補充完整．〔2〕根據(jù)設(shè)計的電路寫出步驟：移動滑動變阻器的滑片，以保證通電后電壓表所在支路分壓最小，閉合開關(guān)S1、S2，調(diào)節(jié)R1，使電壓表的指針滿偏，保證滑動變阻器的位置不變，斷開開關(guān)S2，調(diào)節(jié)電阻箱R0使電壓表的指針半偏，讀取電阻箱所示的電阻值，此即為測得的電壓表內(nèi)阻；．〔3〕將這種方法測出的電壓表內(nèi)阻記為Rv′，與電壓表內(nèi)阻的真實值Rv相比，Rv′＞Rv〔填“＞〞“=〞或“＜〞〕，主要理由是電壓表串聯(lián)電阻箱后認(rèn)為電壓不變，而實際該支路電壓變大，那么電阻箱分壓大于計算值，那么會引起測量值的偏大．考點： 伏安法測電阻．專題： 實驗題．分析： 〔1〕待測電壓表電阻遠大于滑動變阻器R1的電阻值，故滑動變阻器R1采用分壓式接法；待測電壓表和電阻箱R0采用串聯(lián)式接法；〔2〕采用先測量一個適當(dāng)?shù)碾妷?，然后增加電阻箱電阻，使電壓表半偏，那么電阻箱的讀數(shù)即視為等于電壓表的電阻；〔3〕電壓表串聯(lián)電阻箱后認(rèn)為電壓不變，而實際該支路電壓變大，那么電阻箱分壓大于計算值，那么會引起測量值的偏大．解答： 解：〔1〕待測電壓表電阻〔3000歐姆〕遠大于滑動變阻器R1的電阻值〔100歐姆〕，故滑動變阻器R1采用分壓式接法；電路圖如下列圖：〔2〕移動滑動變阻器的滑片，以保證通電后電壓表所在支路分壓最小，閉合開關(guān)S1、S2，調(diào)節(jié)R1，使電壓表的指針滿偏，保證滑動變阻器滑片的位置不變，斷開開關(guān)S2，調(diào)節(jié)電阻箱R0使電壓表的指針半偏，讀取電阻箱所示的電阻值，此即為測得的電壓表內(nèi)阻；〔3〕電壓表串聯(lián)電阻箱后認(rèn)為電壓不變，而實際該支路電壓變大，那么電阻箱分壓大于計算值，那么會引起測量值的偏大，故Rv＜Rv′；故答案為：〔1〕如下列圖；〔2〕移動滑動變阻器的滑片，以保證通電后電壓表所在支路分壓最小，閉合開關(guān)S1、S2，調(diào)節(jié)R1，使電壓表的指針滿偏，保證滑動變阻器的位置不變，斷開開關(guān)S2，調(diào)節(jié)電阻箱R0使電壓表的指針半偏，讀取電阻箱所示的電阻值，此即為測得的電壓表內(nèi)阻；〔3〕＞，電壓表串聯(lián)電阻箱后認(rèn)為電壓不變，而實際該支路電壓變大，那么電阻箱分壓大于計算值，那么會引起測量值的偏大．點評： 考查半偏法測電阻的原理，明確串聯(lián)電阻后會引起測量支路的電阻的增大，其分壓要變大，此為誤差的來源．11．〔12分〕如圖，一質(zhì)量為m、電荷量為q〔q＞0〕的粒子在勻強電場中運動，A、B為其運動軌跡上的兩點．該粒子在A點的速度大小為v0，方向與電場方向的夾角為60°；它運動到B點時速度方向與電場方向的夾角為30°．不計重力．求A、B兩點間的電勢差．考點： 勻強電場中電勢差和電場強度的關(guān)系；動能定理；電勢差．專題： 電場力與電勢的性質(zhì)專題．分析： 粒子水平方向受電場力，做初速度為零的勻加速直線運動；豎直方向不受力，故豎直分運動是勻速直線運動；結(jié)合運動的合成與分解的知識得到A點速度與B點速度的關(guān)系，然后對A到B過程根據(jù)動能定理列式求解．解答： 解：設(shè)帶電粒子在B點的速度大小為vB，粒子在垂直電場方向的分速度不變，故：vBsin30°=v0sin60°①解得：②設(shè)A、B間的電勢差為UAB，由動能定理，有：③聯(lián)立②③解得：答：A、B兩點間的電勢差為．點評： 此題關(guān)鍵是通過運動的合成與分解得到A點速度和B點速度的關(guān)系，然后結(jié)合動能定理列式求解即可，根底題目．12．〔20分〕下暴雨時，有時會發(fā)生山體滑坡或泥石流等地質(zhì)災(zāi)害．某地有一傾角為θ=37°〔sin37°=〕的山坡C，上面有一質(zhì)量為m的石板B，其上下外表與斜坡平行；B上有一碎石堆A〔含有大量泥土〕，A和B均處于靜止?fàn)顟B(tài)，如下列圖．假設(shè)某次暴雨中，A浸透雨水后總質(zhì)量也為m〔可視為質(zhì)量不變的滑塊〕，在極短時間內(nèi)，A、B間的動摩擦因數(shù)μ1減小為，B、C間的動摩擦因數(shù)μ2減小為0.5，A、B開始運動，此時刻為計時起點；在第2s末，B的上外表突然變?yōu)楣饣?保持不變．A開始運動時，A離B下邊緣的距離l=27m，C足夠長，設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力．取重力加速度大小g=10m/s2．求：〔1〕在0～2s時間內(nèi)A和B加速度的大小〔2〕A在B上總的運動時間．考點： 牛頓運動定律的綜合應(yīng)用；勻變速直線運動的位移與時間的關(guān)系；牛頓第二定律．專題： 牛頓運動定律綜合專題．分析： 〔1〕對A、B受力分析，根據(jù)牛頓第二定律可以求出加速度的大??；〔2〕根據(jù)A、B的加速度的大小，利用速度時間的關(guān)系式和它們之間的距離可以計算時間的大?。獯穑?解：〔1〕在0～2s時間內(nèi)，A和B的受力如下列圖，其中f1、N1是A與B之間的摩擦力和正壓力的大小，f2、N2是B與C之間的摩擦力和正壓力的大小，方向如下列圖．由滑動摩擦力公式和力的平衡條件得f1=μ1N1①N1=mgcosθ②f2=μ2N2③N2=N1+mgcosθ④規(guī)定沿斜面向下為正，設(shè)A和B的加速度分別為a1和a2，由牛頓第二定律得mgsinθ﹣f1=ma1⑤mgsinθ+f1﹣f2=ma2⑥聯(lián)立①②③④⑤⑥式，并代入題給的條件得a1=3m/s2⑦a2=1m/s2⑧〔2〕在t1=2s時，設(shè)A和B的速度分別為v1和v2，那么v1=a1t1=6m/s⑨v2=a2t1=2m/s⑩t＞t1時，設(shè)A和B的加速度分別為a1′和a2′，此時A與B之間摩擦力為零，同理可得a1′=6m/s2?a2′=﹣2m/s2?即B做減速運動．設(shè)經(jīng)過時間t2，B的速度減為零，那么有v2+a2′t2=0?聯(lián)立⑩??式得t2=1s在t1+t2時間內(nèi)，A相對于B運動的距離為s==12m＜27m此后B靜止不動，A繼續(xù)在B上滑動．設(shè)再經(jīng)過時間t3后A離開B，那么有l(wèi)﹣s=可得t3=1s〔另一解不合題意，舍去〕設(shè)A在B上總的運動時間為t總，有t總，=t1+t2+t3=4s〔利用下面的速度圖線求解也可〕答：〔1〕在0～2s時間內(nèi)A和B加速度的大小分別為3m/s2和1m/s2；〔2〕A在B上總的運動時間為4s．點評： 此題是對牛頓第二定律和運動學(xué)公式的綜合的應(yīng)用，分析清楚物體的運動的情況和受力的情況，根據(jù)運動學(xué)的公式來求解，此題的難度比較大．〔二〕選考題，共45分。請考生從給出的3題中任選一題作答[物理——選修3-3]〔15分〕13．〔5分〕〔2023春?萊蕪校級期末〕關(guān)于擴散現(xiàn)象，下來說法正確的是〔〕 A． 溫度越高，擴散進行得越快 B． 擴散現(xiàn)象是不同物質(zhì)間的一種化學(xué)反響 C． 擴散現(xiàn)象是由物質(zhì)分子無規(guī)那么運動產(chǎn)生的 D． 擴散現(xiàn)象在氣體、液體和固體中都能發(fā)生 E． 液體中的擴散現(xiàn)象是由于液體的對流形成的考點： 擴散．專題： 分子運動論專題．分析： 擴散現(xiàn)象是指物質(zhì)分子從高濃度區(qū)域向低濃度區(qū)域轉(zhuǎn)移，直到均勻分布的現(xiàn)象，速率與物質(zhì)的濃度梯度成正比．?dāng)U散是由于分子熱運動而產(chǎn)生的質(zhì)量遷移現(xiàn)象，主要是由于密度差引起的．?dāng)U散現(xiàn)象等大量事實說明，一切物質(zhì)的分子都在不停地做無規(guī)那么的運動．解答： 解：A、溫度越高，分子熱運動越劇烈，所以擴散進行得越快，故A正確；B、擴散現(xiàn)象是分子熱運動引起的分子的遷移現(xiàn)象，沒有產(chǎn)生新的物質(zhì)，是物理現(xiàn)象，故B錯誤；CD、擴散現(xiàn)象是由物質(zhì)分子無規(guī)那么熱運動產(chǎn)生的分子遷移現(xiàn)象，可以在固體、液體、氣體中產(chǎn)生，擴散速度與溫度和物質(zhì)的種類有關(guān)，故CD正確；E、液體中的擴散現(xiàn)象是由于液體分子的熱運動產(chǎn)生的，故E錯誤．應(yīng)選：ACD．點評： 擴散現(xiàn)象是分子的遷移現(xiàn)象．從微觀上分析是大量分子做無規(guī)那么熱運動時，分子之間發(fā)生相互碰撞的結(jié)果．由于不同空間區(qū)域的分子密度分布不均勻，分子發(fā)生碰撞的情況也不同．這種碰撞迫使密度大的區(qū)域的分子向密度小的區(qū)域轉(zhuǎn)移，最后到達均勻的密度分布．14．〔10分〕如圖，一粗細(xì)均勻的U形管豎直放置，A側(cè)上端封閉，B側(cè)上端與大氣相通，下端開口處開關(guān)K關(guān)閉，A側(cè)空氣柱的長度為l=10.0cm，B側(cè)水銀面比A側(cè)的高h=3.0cm．現(xiàn)將開關(guān)K翻開，從U形管中放出局部水銀，當(dāng)兩側(cè)水銀面的高度差為h1=10.0cm時將開關(guān)K關(guān)閉．大氣壓強p0=75.0cmHg．〔i〕求放出局部水銀后A側(cè)空氣柱的長度；〔ii〕此后再向B側(cè)注入水銀，使A、B兩側(cè)的水銀面到達同一高度，求注入的水銀在管內(nèi)的長度．考點： 理想氣體的狀態(tài)方程．專題： 理想氣體狀態(tài)方程專題．分析： 〔i〕在同一段水銀柱中，同一高度壓強相等；先計算出A側(cè)氣體的初狀態(tài)氣壓和末狀態(tài)氣壓，然后根據(jù)玻意耳定律列式求解；〔ii〕兩側(cè)水銀面等高后，根據(jù)玻意耳定律求解氣體的體積；比較兩個狀態(tài)，結(jié)合幾何關(guān)系得到第二次注入的水銀柱的長度．解答： 解：〔i〕以cmHg為壓強單位．設(shè)A側(cè)空氣柱長度l=10.0cm時壓強為p，當(dāng)兩側(cè)的水銀面的高度差為h1=10.0cm時，空氣柱的長度為l1，壓強為p1，由玻意耳定律，有：pl=p1l1①由力學(xué)平衡條件，有：p=p0+h②翻開開關(guān)放出水銀的過程中，B側(cè)水銀面處的壓強始終為p0，而A側(cè)水銀面處的壓強隨空氣柱長度的增加逐漸減小，B、A兩側(cè)水銀面的高度差也隨著減小，直至B側(cè)水銀面低于A側(cè)水銀面h1為止，由力學(xué)平衡條件，有：p1=p0﹣h1③聯(lián)立①②③，并代入題目數(shù)據(jù)，有：l1=12cm④〔ii〕當(dāng)A、B兩側(cè)的水銀面到達同一高度時，設(shè)A側(cè)空氣柱的長度為l2，壓強為P2，由玻意耳定律，有：pl=p2l2⑤由力學(xué)平衡條件有：p2=p0⑥聯(lián)立②⑤⑥式，并代入題目數(shù)據(jù)，有：l2=10.4cm⑦設(shè)注入水銀在管內(nèi)的長度為△h，依題意，有：△h=2〔l1﹣l2〕+h1⑧聯(lián)立④⑦⑧式，并代入題目數(shù)據(jù)，有：△h=13.2cm答：〔i〕放出局部水銀后A側(cè)空氣柱的長度為12cm；〔ii〕注入的水銀在管內(nèi)的長度為13.2cm．點評： 此題中封閉氣體經(jīng)歷兩次等溫過程，關(guān)鍵是找出初狀態(tài)和末狀態(tài)的氣壓和體積〔長度〕關(guān)系，然后根據(jù)玻意耳定律列式求解，不難．[物理——選修3-4]〔15分〕15．如圖，一束光沿半徑方向射向一塊半圓柱形玻璃磚，在玻璃磚底面上的入射角為θ，經(jīng)折射后射出a、b兩束光線．那么〔〕 A． 在玻璃中，a光的傳播速度小于b光的傳播速度 B． 在真空中，a光的波長小于b光的波長 C． 玻璃磚對a光的折射率小于對b光的折射率 D． 假設(shè)改變光束的入射方向使θ角逐漸變大，那么折射光線a首先消失 E． 分別用a、b光在同一個雙縫干預(yù)實驗裝置上做實驗，a光的干預(yù)條紋間距大于b光的干預(yù)條紋間距考點： 光的折射定律．專題： 光的折射專題．分析： 根據(jù)折射定律公式n=判斷折射率大小，根據(jù)v=判斷玻璃中的光速大??；根據(jù)c=λf真空中波長大??；根據(jù)公式判斷條紋間距大小．解答： 解：AC、光線a的偏折程度大，根據(jù)折射定律公式n=，光線a的折射率大；再根據(jù)公式v=，光線a在玻璃中的傳播速度小，故A正確，C錯誤；B、光線a的折射率大，說明光線a的頻率高，根據(jù)c=λf，光線a在真空中的波長較短，故B正確；D、假設(shè)改變光束的入射方向使θ角逐漸變大，那么折射光線a的折射角先到達90°，故先發(fā)生全反射，先消失，故D正確；E、光線a在真空中的波長較短，根據(jù)雙縫干預(yù)條紋間距公式，分別用a、b光在同一個雙縫干預(yù)實驗裝置上做實驗，a光的干預(yù)條紋間距小于b光的干預(yù)條紋間距，故E錯誤；應(yīng)選：ABD．點評： 此題綜合考查了光的折射、全反射和干預(yù)，關(guān)鍵是記住幾個公式：折射率定義公式n=、光速公式v=、雙縫干預(yù)條紋間距公式，根底題目．16．〔2023春?南陽月考〕平衡位置位于原點O的波源發(fā)出的簡諧橫波在均勻介質(zhì)中沿水平x軸傳播，P、Q為x軸上的兩個點〔均位于x軸正向〕，P與O的距離為35cm，此距離介于一倍波長與二倍波長之間．波源自t=0時由平衡位置開始向上振動，周期T=1s，振幅A=5cm．當(dāng)波傳到P點時，波源恰好處于波峰位置；此后再經(jīng)過5s，平衡位置在Q處的質(zhì)點第一次處于波峰位置．求：〔i〕P、Q間的距離；〔ii〕從t=0開始到平衡位置在Q處的質(zhì)點第一次處于波峰位置時，波源在振動過程中通過的路程．考點： 波長、頻率和波速的關(guān)系；橫波的圖象．分析： 〔i〕根據(jù)題意P與O的距離為35cm，此距離介于一倍波長與二倍波長之間，所以O(shè)P=，根據(jù)周期計算距離；〔ii〕根據(jù)周期計算時間的長短，根據(jù)振幅計算通過的路程的大?。獯穑?解：〔i〕由題意，O、P兩點間的距離與波長λ之間滿足OP=①波速v與波長的關(guān)系為v=②在t=5s的時間間隔內(nèi)，波傳播的路程為vt．由題意有vt=PQ+λ③式中，PQ為P、Q間的距離．由①②③式和題給數(shù)據(jù)，得PQ=133cm〔ii〕Q處的質(zhì)點第一次處于波峰位置時，波源運動的時間為t1=t+T波源從平衡位置開始運動，每經(jīng)過T，波源運動的路程為A．有題給條件得t1=25×T故t1時間內(nèi)，波源運動的路程為s=25A=125cm答：〔i〕P、Q間的距離為133cm；〔ii〕從t=0開始到平衡位置在Q處的質(zhì)點第一次處于波峰位置時，波源在振動過程中通過的路程為125cm．點評： 此題是對簡諧波的周期性的考查，根據(jù)波速和距離、周期之間的關(guān)系來計算通過的時間，再根據(jù)振幅計算通過的路程的大小．[物理——選修3-5]〔15分〕17．實物粒子和光都具有波粒二象性．以