2018年全國統(tǒng)一高考物理試卷及解析

2018年全國一致高考物理試卷（新課標(biāo)Ⅰ）一、選擇題：本題共8小題，每題6分，共48分.在每題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1～5題只有一頂吻合題目要求，第6～8題有多項(xiàng)吻合題目要求.所有選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分．1．（6.00分）高鐵列車在啟動(dòng)階段的運(yùn)動(dòng)可看作初速度為零的勻加快直線運(yùn)動(dòng)，在啟動(dòng)階段，列車的動(dòng)能（）A．與它所經(jīng)歷的時(shí)間成正比B．與它的位移成正比C．與它的速度成正比D．與它的動(dòng)量成正比2．（6.00分）如圖，輕彈簧的下端固定在水平桌面上，上端放有物塊P，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)用一豎直向上的力F作用在P上，使其向上做勻加快直線運(yùn)動(dòng)，以x表示P走開靜止地點(diǎn)的位移，在彈簧恢復(fù)原長前，以下表示F和x之間關(guān)系的圖象可能正確的選項(xiàng)是（）A．B．C．D．3．（6.00分）如圖，三個(gè)固定的帶電小球a，b和c，互相間的距離分別為ab=5cm，bc=3cm，ca=4cm，小球c所受庫侖力的合力的方向平行于a，b的連線，設(shè)小球a，b所帶電荷量的比值的絕對(duì)值為k，則（）A．a(chǎn)，b的電荷同號(hào)，k=B．a(chǎn)，b的電荷異號(hào)，k=C．a(chǎn)，b的電荷同號(hào)，k=D．a(chǎn)，b的電荷異號(hào)，k=第1頁（共28頁）4．（6.00分）如圖，導(dǎo)體軌道OPQS固定，此中PQS是半圓弧，Q為半圓弧的中點(diǎn)，O為圓心。軌道的電阻忽視不計(jì)。OM是有必定電阻?？衫@O轉(zhuǎn)動(dòng)的金屬桿，M端位于PQS上，OM與軌道接觸優(yōu)異?？臻g存在與半圓所在平面垂直的勻強(qiáng)磁場，磁感覺強(qiáng)度的大小為B，現(xiàn)使OM從OQ地點(diǎn)以恒定的角速度逆時(shí)針轉(zhuǎn)到OS地點(diǎn)并固定（過程Ⅰ）；再使磁感覺強(qiáng)度的大小以必定的變化率從B增添到B（′過程Ⅱ）。在過程Ⅰ、Ⅱ中，流過OM的電荷量相等，則等于（）A．B．C．D．25．（6.00分）如圖，abc是豎直面內(nèi)的圓滑固定軌道，ab水平，長度為2R；bc是半徑為R的四分之一圓弧，與ab相切于b點(diǎn)。一質(zhì)量為m的小球，一直遇到與重力大小相等的水平外力的作用，自a點(diǎn)處從靜開始向右運(yùn)動(dòng)。重力加快度大小為g。小球從a點(diǎn)開始運(yùn)動(dòng)到其軌跡最高點(diǎn)，機(jī)械能的增量為（）A．2mgRB．4mgRC．5mgRD．6mgR6．（6.00分）如圖，兩個(gè)線圈繞在同一根鐵芯上，此中一線圈經(jīng)過開關(guān)與電源連接，另一線圈與遠(yuǎn)處沿南北方向水平擱置在紙面內(nèi)的直導(dǎo)線連接成回路。將一小磁針懸掛在直導(dǎo)線正上方，開關(guān)未閉合時(shí)小磁針處于靜止?fàn)顟B(tài)，以下說法正確的是（）A．開關(guān)閉合后的瞬時(shí)，小磁針的N極朝垂直紙面向里的方向轉(zhuǎn)動(dòng)第2頁（共28頁）B．開關(guān)閉合并保持一段時(shí)間后，小磁針的N極指向垂直紙面向里的方向C．開關(guān)閉合并保持一段時(shí)間后，小磁針的N極指向垂直紙面向外的方向D．開關(guān)閉合并保持一段時(shí)間再斷開后的瞬時(shí)，小磁針的N極朝垂直紙面向外的方向轉(zhuǎn)動(dòng)7．（6.00分）2017年，人類第一次直接探測到來自雙中子星合并的引力波。根據(jù)科學(xué)家們復(fù)原的過程，在兩顆中子星合并前約100s時(shí)，它們相距約400km，繞兩者連線上的某點(diǎn)每秒轉(zhuǎn)動(dòng)12圈。將兩顆中子星都看作是質(zhì)量平均分布的球體，由這些數(shù)據(jù)、萬有引力常量并利用牛頓力學(xué)知識(shí)，可以估量出這一時(shí)刻兩顆中子星（）A．質(zhì)量之積B．質(zhì)量之和C．速率之和D．各自的自轉(zhuǎn)角速度8．（6.00分）圖中虛線a、b、c、d、f代表勻強(qiáng)電場內(nèi)間距相等的一組等勢面，已知平面b上的電勢為2V，一電子經(jīng)過a時(shí)的動(dòng)能為10eV，從a到d的過程中戰(zhàn)勝電場力所做的功為6eV．以下說法正確的選項(xiàng)是（）A．平面c上的電勢為零B．該電子可能到達(dá)不了平面fC．該電子經(jīng)過平面d時(shí)，其電勢能為4eVD．該電子經(jīng)過平面b時(shí)的速率是經(jīng)過d時(shí)的2倍二、非選擇題：共174分。第9～12題為必考題，每個(gè)試題考生都一定作答。第13～16題為選考題.考生依據(jù)要求作答。（一）必考題：共129分.9．（5.00分）如圖（a），一彈簧上端固定在支架頂端，下端懸掛一托盤：一標(biāo)尺由游標(biāo)和主尺構(gòu)成，主尺豎直固定在彈簧左邊；托盤上方固定有一能與游標(biāo)刻度線正確對(duì)齊的裝置，簡化為圖中的指針?，F(xiàn)要丈量圖（a）中彈簧的勁度系數(shù)。當(dāng)托盤內(nèi)沒有砝碼時(shí)，挪動(dòng)游標(biāo)，使其零第3頁（共28頁）刻度線對(duì)準(zhǔn)指針，此時(shí)標(biāo)尺讀數(shù)為1.950cm；當(dāng)托盤內(nèi)放有質(zhì)量為0.100kg的砝碼時(shí)，挪動(dòng)游標(biāo)，再次使其零刻度線對(duì)準(zhǔn)指針，標(biāo)尺示數(shù)如圖（b）示數(shù)，其讀數(shù)為cm．當(dāng)?shù)氐闹亓涌於却笮?.80m/s2，此彈簧的勁度系數(shù)為N/m（保留3位有效數(shù)字）。10．（10.00分）某實(shí)驗(yàn)小組利用如圖（a）所示的電路研究在25℃～80℃范圍內(nèi)某熱敏電阻的溫度特征，所用器械有：置于溫控室（圖中虛線地域）中的熱敏電阻RT，其標(biāo)稱值（25℃時(shí)的阻值）為900.0Ω；電源E（6V，內(nèi)阻可忽視）；電壓表（量程150mV）；定值電阻R0（阻值20.0Ω），滑動(dòng)變阻器1（最大阻值R為1000Ω）；電阻箱R2（阻值范圍～999.9Ω）；單刀開關(guān)1，單刀雙擲開關(guān)2。0SS實(shí)驗(yàn)時(shí)，先按圖（a）連接好電路，再將溫控室的溫度t升至80.0℃．將S2與1端接通，閉合S1，調(diào)理R1的滑片地點(diǎn)，使電壓表讀數(shù)為某一值U0：保持R1的滑片地點(diǎn)不變，將R2置于最大值，將2與2端接通，調(diào)理2，使電壓表讀數(shù)仍為SRU0；斷開S1，記下此時(shí)R2的讀數(shù)。逐漸降低溫控室的溫度t，獲取相應(yīng)溫度下R2的阻值，直至溫度降到25.0℃，實(shí)驗(yàn)獲取的R2﹣t數(shù)據(jù)見表。t/℃25.030.040.050.060.070.080.0R2/Ω900.0680.0500.0390.0320.0270.0240.0回答以下問題：（1）在閉合S1前，圖（）中1的滑片應(yīng)挪動(dòng)到（填“或”“）”端；aRab（2）在圖（b）的坐標(biāo)紙上補(bǔ)齊數(shù)據(jù)表中所給數(shù)據(jù)點(diǎn)，并做出R2﹣t曲線；第4頁（共28頁）（3）由圖（b）可獲取RT在℃～80℃范圍內(nèi)的溫度特征，當(dāng)℃時(shí)，可25t=44.0得RTΩ；=（4）將RT握于手心，手心溫度下2的相應(yīng)讀數(shù)如圖（）所示，該讀數(shù)為Ω，Rc則手心溫度為℃。11．（12.00分）一質(zhì)量為m的煙花彈獲取動(dòng)能E后，從地面豎直升空。當(dāng)煙花彈上漲的速度為零時(shí)，彈中火藥爆炸將煙花彈炸為質(zhì)量相等的兩部分，兩部分獲取的動(dòng)能之和也為E，且均沿豎直方向運(yùn)動(dòng)，爆炸時(shí)間極短，重力加快度大小為g，不計(jì)空氣阻力和火藥的質(zhì)量。求1）煙花彈從地面開始上漲到彈中火藥爆炸所經(jīng)過的時(shí)間；2）爆炸后煙花彈向上運(yùn)動(dòng)的部分距地面的最大高度。12．（20.00分）如圖，在y＞0的地域存在方向沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為E，在y＜0的地域存在方向垂直于xOy平面向外的勻強(qiáng)磁場。一個(gè)氕核H第5頁（共28頁）和一個(gè)氘核H先后從y軸上y=h點(diǎn)以同樣的動(dòng)能射出，速度方向沿x軸正方向。已知H進(jìn)入磁場時(shí)，速度方向與x軸正方向的夾角為60°，并從坐標(biāo)原點(diǎn)O處第一次射出磁場。H的質(zhì)量為m，電荷量為q，不計(jì)重力。求1）H第一次進(jìn)入磁場的地點(diǎn)到原點(diǎn)O的距離；2）磁場的磁感覺強(qiáng)度大?。?）H第一次走開磁場的地點(diǎn)到原點(diǎn)O的距離。三、選考題：共45分.請(qǐng)考生從2道物理題、2道化學(xué)題、2道生物題中每科任選一題作答.假如多做，則每科按所做的第一題計(jì)分.[物理--選修3-3]（15分）13．（5.00分）如圖，必定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a開始，經(jīng)歷過程①、②、③、④到達(dá)狀態(tài)e。對(duì)此氣體，以下說法正確的選項(xiàng)是（）A．過程①中氣體的壓強(qiáng)逐漸減小B．過程②中氣體對(duì)外界做正功C．過程④中氣體從外界汲取了熱量D．狀態(tài)c、d的內(nèi)能相等E．狀態(tài)d的壓強(qiáng)比狀態(tài)b的壓強(qiáng)小14．（10.00分）如圖，容積為V的汽缸由導(dǎo)熱資料制成，面積為S的活塞將汽缸分成容積相等的上下兩部分，汽缸上都經(jīng)過細(xì)管與裝有某種液體的容器相連，細(xì)第6頁（共28頁）管上有一閥門K．開始時(shí)，K關(guān)閉，汽缸內(nèi)上下兩部分氣體的壓強(qiáng)均為p0．現(xiàn)將K打開，容器內(nèi)的液體緩慢地流入汽缸，當(dāng)流入的液體體積為時(shí)，將K關(guān)閉，活塞均衡時(shí)其下方氣體的體積減小了．不計(jì)活塞的質(zhì)量和體積，外界溫度保持不變，重力加快度大小為g。求流入汽缸內(nèi)液體的質(zhì)量。四、[物理--選修3-4]（15分）15．（5.00分）如圖，△ABC為一玻璃三棱鏡的橫截面，∠A=30°，一束紅光垂直AB邊射入，從AC邊上的D點(diǎn)射出。其折射角為60°，則玻璃對(duì)紅光的折射率為。若改用藍(lán)光沿同一路徑入射，則光輝在D點(diǎn)射出時(shí)的折射角（填“小于”“等于”或“大于”）60°。16．（10.00分）一列簡諧橫波在t=s的波形圖如圖（a）所示，P、Q是介質(zhì)中的兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)，圖（b）是質(zhì)點(diǎn)Q的振動(dòng)圖象。求：（i）波速及波的流傳方向；第7頁（共28頁）（ii）質(zhì)點(diǎn)Q的均衡地點(diǎn)的x坐標(biāo)。第8頁（共28頁）2018年全國一致高考物理試卷（新課標(biāo)Ⅰ）參照答案與試題分析一、選擇題：本題共8小題，每題6分，共48分.在每題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1～5題只有一頂吻合題目要求，第6～8題有多項(xiàng)吻合題目要求.所有選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分．1．（6.00分）高鐵列車在啟動(dòng)階段的運(yùn)動(dòng)可看作初速度為零的勻加快直線運(yùn)動(dòng)，在啟動(dòng)階段，列車的動(dòng)能（）A．與它所經(jīng)歷的時(shí)間成正比B．與它的位移成正比C．與它的速度成正比D．與它的動(dòng)量成正比【分析】依據(jù)車作勻加快直線運(yùn)動(dòng)，聯(lián)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，動(dòng)能定理，及動(dòng)能與動(dòng)量關(guān)系式，即可求解?！窘獯稹拷猓篈、因列車做初速度為零的勻加快直線運(yùn)動(dòng)，則有：v=at，而動(dòng)能表達(dá)式Ek==，可知?jiǎng)幽芘c所經(jīng)歷的時(shí)間平方成正比，故A錯(cuò)誤；、依照動(dòng)能定理，則有：F合x=，可知，動(dòng)能與它的位移成正比，故BB正確；C、由動(dòng)能表達(dá)式Ek=，可知，動(dòng)能與它的速度平方成正比，故C錯(cuò)誤；D、依照動(dòng)能與動(dòng)量關(guān)系式，E=，可知，動(dòng)能與它的動(dòng)量平方成正比，故Dk錯(cuò)誤；應(yīng)選：B?！驹u(píng)論】觀察動(dòng)能的表達(dá)式，掌握影響動(dòng)能的要素，理解動(dòng)能定理的內(nèi)容，及運(yùn)動(dòng)學(xué)公式的運(yùn)用。2．（6.00分）如圖，輕彈簧的下端固定在水平桌面上，上端放有物塊P，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)用一豎直向上的力F作用在P上，使其向上做勻加快直線運(yùn)動(dòng)，以x表示P走開靜止地點(diǎn)的位移，在彈簧恢復(fù)原長前，以下表示F和x之間關(guān)系的圖象可能正確的選項(xiàng)是（）第9頁（共28頁）A．B．C．D．【分析】以物塊P為研究對(duì)象，分析受力狀況，依據(jù)牛頓第二定律得出F與物塊P的位移x的關(guān)系式，再選擇圖象?！窘獯稹拷猓涸O(shè)物塊P的質(zhì)量為m，加快度為a，靜止時(shí)彈簧的壓縮量為x0，彈簧的勁度系數(shù)為k，由力的均衡條件得，mg=kx0，以向上為正方向，木塊的位移為x時(shí)彈簧對(duì)P的彈力：F1=k（x0﹣x），對(duì)物塊P，由牛頓第二定律得，F(xiàn)+F1﹣mg=ma，由以上式子聯(lián)立可得，F(xiàn)=kx+ma?？梢奆與x是線性關(guān)系，且F跟著x的增大而增大，當(dāng)x=0時(shí)，kx+ma＞0，故A正確，BCD錯(cuò)誤。應(yīng)選：A?！驹u(píng)論】解答本題的要點(diǎn)是要依據(jù)牛頓第二定律和胡克定律獲取F與x的分析式，再選擇圖象，這是常用的思路，要注意物塊P的位移與彈簧形變量其實(shí)不相等。3．（6.00分）如圖，三個(gè)固定的帶電小球a，b和c，互相間的距離分別為ab=5cm，bc=3cm，ca=4cm，小球c所受庫侖力的合力的方向平行于a，b的連線，設(shè)小球a，b所帶電荷量的比值的絕對(duì)值為k，則（）A．a(chǎn)，b的電荷同號(hào)，k=B．a(chǎn)，b的電荷異號(hào)，k=第10頁（共28頁）C．a(chǎn)，b的電荷同號(hào)，k=D．a(chǎn)，b的電荷異號(hào)，k=【分析】對(duì)小球C受力分析，依據(jù)庫侖定律，與矢量的合成法規(guī)，聯(lián)合幾何關(guān)系，及三角知識(shí)，即可求解?！窘獯稹拷猓阂罁?jù)同種電荷相斥，異種電荷相吸，且小球c所受庫侖力的合力的方向平行于a，b的連線，可知，a，b的電荷異號(hào)，對(duì)小球C受力分析，以以下圖所示：因ab=5cm，bc=3cm，ca=4cm，所以ac⊥bc，那么兩力的合成構(gòu)成矩形，依照相似三角形之比，則有：==；而依據(jù)庫侖定律，F(xiàn)a=k，而Fb=k綜上所得，=，故ABC錯(cuò)誤，D正確；應(yīng)選：D?！驹u(píng)論】觀察庫侖定律與矢量的合成法規(guī)，掌握幾何關(guān)系，與三角形相似比的運(yùn)用，注意小球C的合力方向可能向左，不影響解題的結(jié)果。4．（6.00分）如圖，導(dǎo)體軌道OPQS固定，此中PQS是半圓弧，Q為半圓弧的中點(diǎn)，O為圓心。軌道的電阻忽視不計(jì)。OM是有必定電阻。可繞O轉(zhuǎn)動(dòng)的金屬桿，M端位于PQS上，OM與軌道接觸優(yōu)異?？臻g存在與半圓所在平面垂直的勻強(qiáng)磁場，磁感覺強(qiáng)度的大小為B，現(xiàn)使OM從OQ地點(diǎn)以恒定的角速度逆時(shí)針轉(zhuǎn)到OS地點(diǎn)并固定（過程Ⅰ）；再使磁感覺強(qiáng)度的大小以必定的變化率從B增添到B（′過程Ⅱ）。在過程Ⅰ、Ⅱ中，流過OM的電荷量相等，則等于（）第11頁（共28頁）A．B．C．D．2【分析】再依據(jù)法拉第電磁感覺定律，即可求出電動(dòng)勢，而后聯(lián)合閉合電路歐姆定律求得感覺電流大小；依照電量的表達(dá)式q=It求出即可?！窘獯稹拷猓涸O(shè)圓的半徑為R，金屬桿從Q到S的過程中：△Φ=依據(jù)法拉第電磁感覺定律有：E1==設(shè)回路的總電阻為r，第一次經(jīng)過線圈某一橫截面的電荷量為：q1=I1△t1==①磁感覺強(qiáng)度的大小以必定的變化率從B增添到B′的過程中設(shè)時(shí)間為△t2，△Φ′=第二次經(jīng)過線圈某一橫截面的電荷量為：q22△2==②=It由題，q1=q2③聯(lián)立①②③可得：．故B正確，ACD錯(cuò)誤，應(yīng)選：B?！驹u(píng)論】觀察法拉第電磁感覺定律與切割感覺電動(dòng)勢的公式，掌握求解線圈的電量綜合表達(dá)式的含義是要點(diǎn)。5．（6.00分）如圖，abc是豎直面內(nèi)的圓滑固定軌道，ab水平，長度為2R；bc是半徑為R的四分之一圓弧，與ab相切于b點(diǎn)。一質(zhì)量為m的小球，一直遇到與重力大小相等的水平外力的作用，自a點(diǎn)處從靜開始向右運(yùn)動(dòng)。重力加快度大小為g。小球從a點(diǎn)開始運(yùn)動(dòng)到其軌跡最高點(diǎn)，機(jī)械能的增量為（）第12頁（共28頁）A．2mgRB．4mgRC．5mgRD．6mgR【分析】依據(jù)動(dòng)能定理求出小球在c點(diǎn)的速度，再依據(jù)豎直上拋運(yùn)動(dòng)求解達(dá)到最高點(diǎn)的時(shí)間，依據(jù)水平方向的運(yùn)動(dòng)規(guī)律求解走開c后達(dá)到最高點(diǎn)時(shí)的水平位移，依據(jù)功能關(guān)系求解機(jī)械能的增添?！窘獯稹拷猓河深}意知水平拉力為：F=mg；設(shè)小球達(dá)到c點(diǎn)的速度為v，從a到c依據(jù)動(dòng)能定理可得：F?3R﹣mgR=解得：v=；小球走開c點(diǎn)后，豎直方向做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，水平方向做初速度為零的勻加快直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)小球從c點(diǎn)達(dá)到最高點(diǎn)的時(shí)間為t，則有：t==；此段時(shí)間內(nèi)水平方向的位移為：x===2R，所以小球從a點(diǎn)開始運(yùn)動(dòng)到其軌跡最高點(diǎn)，小球在水平方向的位移為：L=3R+2R=5R，此過程中小球的機(jī)械能增量為：△E=FL=mg×5R=5mgR。故C正確、ABD錯(cuò)誤。應(yīng)選：C?！驹u(píng)論】本題主若是觀察功能關(guān)系；機(jī)械能守恒定律的守恒條件是系統(tǒng)除重力或彈力做功之外，其他力對(duì)系統(tǒng)做的功等于零；除重力或彈力做功之外，其他力對(duì)系統(tǒng)做多少功，系統(tǒng)的機(jī)械能就變化多少；注意本題所求的是“小球從a點(diǎn)開始運(yùn)動(dòng)到其軌跡最高點(diǎn)”，不是從a到c的過程，這是易錯(cuò)點(diǎn)。6．（6.00分）如圖，兩個(gè)線圈繞在同一根鐵芯上，此中一線圈經(jīng)過開關(guān)與電源連接，另一線圈與遠(yuǎn)處沿南北方向水平擱置在紙面內(nèi)的直導(dǎo)線連接成回路。將一小磁針懸掛在直導(dǎo)線正上方，開關(guān)未閉合時(shí)小磁針處于靜止?fàn)顟B(tài)，以下說法正確的是（）第13頁（共28頁）A．開關(guān)閉合后的瞬時(shí)，小磁針的N極朝垂直紙面向里的方向轉(zhuǎn)動(dòng)B．開關(guān)閉合并保持一段時(shí)間后，小磁針的N極指向垂直紙面向里的方向C．開關(guān)閉合并保持一段時(shí)間后，小磁針的N極指向垂直紙面向外的方向D．開關(guān)閉合并保持一段時(shí)間再斷開后的瞬時(shí)，小磁針的N極朝垂直紙面向外的方向轉(zhuǎn)動(dòng)【分析】干電池通電的瞬時(shí)，在左線圈中產(chǎn)生感覺電流，依據(jù)楞次定律判斷出感覺電流的方向，聯(lián)合安培定章得出直導(dǎo)線四周磁場的方向，從而確立指南針的偏轉(zhuǎn)方向。同應(yīng)該開關(guān)斷開后，左邊線圈的磁場從有到無，從而依據(jù)楞次定律判斷出感覺電流的方向，聯(lián)合安培定章得出直導(dǎo)線四周磁場的方向，從而確立指南針的偏轉(zhuǎn)方向。【解答】解：A、干電池開關(guān)閉合后的瞬時(shí)，依據(jù)楞次定律，左邊線圈中產(chǎn)生電流，電流的方向由南到北，依據(jù)安培定章，直導(dǎo)線上方的磁場方向垂直紙面向里，則小磁針N極向紙里偏轉(zhuǎn)，故A正確。BC、干電池開關(guān)閉合并保持一段時(shí)間后，依據(jù)安培定章，可知，左邊線圈中有磁通量，卻不變，所以左邊線圈中不會(huì)產(chǎn)生感覺電流，那么小磁針也不會(huì)偏轉(zhuǎn)，故BC錯(cuò)誤。D、干電池開關(guān)閉合并保持一段時(shí)間再斷開后的瞬時(shí)，由A選項(xiàng)分析，可知，根據(jù)楞次定律，左邊線圈中產(chǎn)生電流，電流的方向由北到南，依據(jù)安培定章，直導(dǎo)線上方的磁場方向垂直紙面向外，則小磁針N極朝垂直紙面向外的方向轉(zhuǎn)動(dòng)，故D正確；應(yīng)選：AD。【評(píng)論】本題觀察了楞次定律和安培定章的基本運(yùn)用，知道小磁針靜止時(shí)N極的指向?yàn)榇艌龅姆较?，同時(shí)掌握感覺電流產(chǎn)生的條件。第14頁（共28頁）7．（6.00分）2017年，人類第一次直接探測到來自雙中子星合并的引力波。根據(jù)科學(xué)家們復(fù)原的過程，在兩顆中子星合并前約100s時(shí)，它們相距約400km，繞兩者連線上的某點(diǎn)每秒轉(zhuǎn)動(dòng)12圈。將兩顆中子星都看作是質(zhì)量平均分布的球體，由這些數(shù)據(jù)、萬有引力常量并利用牛頓力學(xué)知識(shí)，可以估量出這一時(shí)刻兩顆中子星（）A．質(zhì)量之積B．質(zhì)量之和C．速率之和D．各自的自轉(zhuǎn)角速度【分析】雙星系統(tǒng)靠互相間的萬有引力供給向心力，聯(lián)合牛頓第二定律求出雙星總質(zhì)量與雙星距離和周期的關(guān)系式，從而分析判斷。聯(lián)合周祈求出雙星系統(tǒng)旋轉(zhuǎn)的角速度和線速度關(guān)系?！窘獯稹拷猓篈B、設(shè)兩顆星的質(zhì)量分別為m1、m2，軌道半徑分別為r1、r2，相距L=400km=4×105m，依據(jù)萬有引力供給向心力可知：=m1r1ω2=m2r2ω2，整理可得：=，解得質(zhì)量之和（m1+m2）=，此中周期T=s，故A錯(cuò)誤、B正確；CD、因?yàn)門=s，則角速度為：ω==24πrad/s，這是公轉(zhuǎn)角速度，不是自轉(zhuǎn)角速度依據(jù)v=rω可知：v1=r1ω，v2=r2ω解得：v1+v2=（r1+r2）ω=Lω=9.6×π106m/s，故C正確，D錯(cuò)誤。應(yīng)選：BC?！驹u(píng)論】本題實(shí)質(zhì)是雙星系統(tǒng)，解決本題的要點(diǎn)知道雙星系統(tǒng)的特色，即周期相等、向心力大小相等，聯(lián)合牛頓第二定律分析求解。第15頁（共28頁）8．（6.00分）圖中虛線a、b、c、d、f代表勻強(qiáng)電場內(nèi)間距相等的一組等勢面，已知平面b上的電勢為2V，一電子經(jīng)過a時(shí)的動(dòng)能為10eV，從a到d的過程中戰(zhàn)勝電場力所做的功為6eV．以下說法正確的選項(xiàng)是（）A．平面c上的電勢為零B．該電子可能到達(dá)不了平面fC．該電子經(jīng)過平面d時(shí)，其電勢能為4eVD．該電子經(jīng)過平面b時(shí)的速率是經(jīng)過d時(shí)的2倍【分析】依據(jù)只有電場力做功，動(dòng)能與電勢能之和不變，當(dāng)電場力做負(fù)功時(shí)，動(dòng)能轉(zhuǎn)變成電勢能，在電勢為零處，電勢能為零，從而即可一一求解。【解答】解：A、虛線a、b、c、d、f代表勻強(qiáng)電場內(nèi)間距相等的一組等勢面，一電子經(jīng)過a時(shí)的動(dòng)能為10eV，從a到d的過程中戰(zhàn)勝電場力所做的功為6eV，動(dòng)能減小了6eV，電勢能增添了6eV，所以等勢面間的電勢差為2V，因平面b上的電勢為2V，因?yàn)殡娮拥碾妱菽茉鎏恚葎菝嬗蒩到f是降低的，所以平面c上的電勢為零，故A正確；B、由上分析，可知，當(dāng)電子由a向f方向運(yùn)動(dòng)，則電子到達(dá)平面f的動(dòng)能為2eV，因?yàn)轭}目中沒有說明電子如何運(yùn)動(dòng)，所以也可能電子在勻強(qiáng)電場中做拋體運(yùn)動(dòng)，則可能不會(huì)到達(dá)平面f，故B正確；C、在平面b上電勢為2V，則電子的電勢能為﹣2eV，動(dòng)能為8eV，電勢能與動(dòng)能之和為6eV，當(dāng)電子經(jīng)過平面d時(shí)，動(dòng)能為4eV，其電勢能為2eV，故C錯(cuò)誤；D、電子經(jīng)過平面b時(shí)的動(dòng)能是平面d的動(dòng)能2倍，電子經(jīng)過平面b時(shí)的速率是經(jīng)過d時(shí)的倍，故D錯(cuò)誤；應(yīng)選：AB?！驹u(píng)論】觀察電場力做功與電勢能變化的關(guān)系，掌握電勢能與動(dòng)能之和不變，理解電勢為零處的電勢能為零是解題的要點(diǎn)。第16頁（共28頁）二、非選擇題：共174分。第9～12題為必考題，每個(gè)試題考生都一定作答。第13～16題為選考題.考生依據(jù)要求作答。（一）必考題：共129分.9．（5.00分）如圖（a），一彈簧上端固定在支架頂端，下端懸掛一托盤：一標(biāo)尺由游標(biāo)和主尺構(gòu)成，主尺豎直固定在彈簧左邊；托盤上方固定有一能與游標(biāo)刻度線正確對(duì)齊的裝置，簡化為圖中的指針?，F(xiàn)要丈量圖（a）中彈簧的勁度系數(shù)。當(dāng)托盤內(nèi)沒有砝碼時(shí)，挪動(dòng)游標(biāo)，使其零刻度線對(duì)準(zhǔn)指針，此時(shí)標(biāo)尺讀數(shù)為1.950cm；當(dāng)托盤內(nèi)放有質(zhì)量為0.100kg的砝碼時(shí)，挪動(dòng)游標(biāo)，再次使其零刻度線對(duì)準(zhǔn)指針，標(biāo)尺示數(shù)如圖（b）示數(shù)，其讀數(shù)為3.775cm．當(dāng)?shù)氐闹亓涌於却笮?.80m/s2，此彈簧的勁度系數(shù)為53.7N/m（保留3位有效數(shù)字）?！痉治觥肯茸x出游標(biāo)卡尺主尺的讀數(shù)，而后讀出與主尺對(duì)齊的刻度線，即可依據(jù)游標(biāo)的分度為0.05mm獲取分度尺讀數(shù)，從而相加獲取游標(biāo)卡尺讀數(shù)；依據(jù)兩次游標(biāo)卡尺讀數(shù)獲取增添砝碼后彈簧伸長量的增量，從而由彈簧彈力增量和伸長量的增量獲取勁度系數(shù)?！窘獯稹拷猓簣D（b）中主尺讀數(shù)為3.7cm，游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為0.05mm×15=0.75mm，故讀數(shù)為3.7cm+0.75mm=3.775cm；由題意可得：托盤內(nèi)放質(zhì)量m=0.100kg的砝碼，彈簧伸長量△x=3.775cm﹣1.950cm=1.825cm；依據(jù)受力分析可得：mg=k△x，故彈簧的勁度系數(shù)；故答案為：3.775；53.7。【評(píng)論】游標(biāo)卡尺的分度尺刻線為n（10，20，50）時(shí)，游標(biāo)的分度為1/n（mm），第17頁（共28頁）那么，游標(biāo)讀數(shù)依據(jù)對(duì)齊的刻度線和分度相乘求得；主尺讀數(shù)為零刻度線前一刻線的讀數(shù)。10．（10.00分）某實(shí)驗(yàn)小組利用如圖（a）所示的電路研究在25℃～80℃范圍內(nèi)某熱敏電阻的溫度特征，所用器械有：置于溫控室（圖中虛線地域）中的熱敏電阻RT，其標(biāo)稱值（℃時(shí)的阻值）為900.0Ω；電源（，內(nèi)阻可忽視）；電壓25E6V表（量程150mV）；定值電阻R0（阻值20.0Ω），滑動(dòng)變阻器1（最大阻值R為1000Ω）；電阻箱R2（阻值范圍～999.9Ω）；單刀開關(guān)1，單刀雙擲開關(guān)2。0SS實(shí)驗(yàn)時(shí)，先按圖（a）連接好電路，再將溫控室的溫度t升至80.0℃．將S2與1端接通，閉合S1，調(diào)理1的滑片地點(diǎn)，使電壓表讀數(shù)為某一值0：保持1的滑RUR片地點(diǎn)不變，將R2置于最大值，將2與2端接通，調(diào)理2，使電壓表讀數(shù)仍為SRU0；斷開S1，記下此時(shí)R2的讀數(shù)。逐漸降低溫控室的溫度t，獲取相應(yīng)溫度下R2的阻值，直至溫度降到25.0℃，實(shí)驗(yàn)獲取的R2﹣t數(shù)據(jù)見表。t/℃25.030.040.050.060.070.080.0R2/Ω900.0680.0500.0390.0320.0270.0240.0回答以下問題：（1）在閉合S1前，圖（）中1的滑片應(yīng)挪動(dòng)到b（填“a或”“b）”端；aR（2）在圖（b）的坐標(biāo)紙上補(bǔ)齊數(shù)據(jù)表中所給數(shù)據(jù)點(diǎn)，并做出R2﹣t曲線；第18頁（共28頁）3）由圖（b）可獲取RT在25℃～80℃范圍內(nèi)的溫度特征，當(dāng)t=44.0℃時(shí)，可得RT=450Ω；（4）將RT握于手心，手心溫度下2的相應(yīng)讀數(shù)如圖（）所示，該讀數(shù)為620.0RcΩ，則手心溫度為33.0℃。【分析】（1）依據(jù)實(shí)驗(yàn)原理圖以及實(shí)驗(yàn)安全性要求可明確滑片對(duì)應(yīng)的地點(diǎn)；2）依據(jù)描點(diǎn)法可得出對(duì)應(yīng)的圖象以以下圖；3）依據(jù)作出的圖象進(jìn)行分析，由圖可找出對(duì)應(yīng)的電阻值；4）依據(jù)電阻箱的讀數(shù)方法可明確對(duì)應(yīng)的電阻值，再依據(jù)圖象確立對(duì)應(yīng)的溫度?！窘獯稹拷猓海?）由圖可知，滑動(dòng)變阻器采納限流接法，實(shí)驗(yàn)開始時(shí)應(yīng)讓電路中電流最小，所以滑動(dòng)變阻器接入電阻應(yīng)為最大，故開始時(shí)滑片應(yīng)挪動(dòng)到b端；（2）依據(jù)描點(diǎn)法可得出對(duì)應(yīng)的圖象以以下圖；第19頁（共28頁）3）由圖b可知，當(dāng)t=44.0℃時(shí)，對(duì)應(yīng)在的坐標(biāo)約為450Ω；可得：RT=450Ω；4）依據(jù)電阻箱的讀數(shù)方法可知，電阻箱的讀數(shù)為：6×100+2×10=620.0Ω，由圖可知對(duì)應(yīng)的溫度為33.0℃；故答案為：（1）b；（2）以以下圖；（3）450.0（440.0﹣460.0）；（4）620.0；33.0。【評(píng)論】本題觀察電學(xué)中描繪圖象和應(yīng)用圖象的能力，只要要明確圖象的基天性質(zhì)即可正確解答，是歷年高考電學(xué)實(shí)驗(yàn)中較為簡單的一題。11．（12.00分）一質(zhì)量為m的煙花彈獲取動(dòng)能E后，從地面豎直升空。當(dāng)煙花彈上漲的速度為零時(shí)，彈中火藥爆炸將煙花彈炸為質(zhì)量相等的兩部分，兩部分獲得的動(dòng)能之和也為E，且均沿豎直方向運(yùn)動(dòng)，爆炸時(shí)間極短，重力加快度大小為g，不計(jì)空氣阻力和火藥的質(zhì)量。求1）煙花彈從地面開始上漲到彈中火藥爆炸所經(jīng)過的時(shí)間；2）爆炸后煙花彈向上運(yùn)動(dòng)的部分距地面的最大高度。【分析】（1）煙花彈從地面開始上漲的過程中做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，由速度時(shí)間公式求上漲的時(shí)間。2）研究爆炸過程，由動(dòng)量守恒定律和能量守恒定律聯(lián)合求爆炸后瞬時(shí)兩部分的速度，再由運(yùn)動(dòng)學(xué)求最大高度?！窘獯稹拷猓海?）設(shè)煙花彈的初速度為v0．則有：E=第20頁（共28頁）得：v0=煙花彈從地面開始上漲的過程中做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，則有：v0﹣gt=0得：t=（2）煙花彈從地面開始上漲到彈中火藥爆炸上漲的高度為：h1==對(duì)于爆炸過程，取豎直向上為正方向，由動(dòng)量守恒定律得：0=mv1﹣mv2。依據(jù)能量守恒定律得：E=mv12+mv22。聯(lián)立解得：v1=爆炸后煙花彈向上運(yùn)動(dòng)的部分能連續(xù)上漲的最大高度為：h2==所以爆炸后煙花彈向上運(yùn)動(dòng)的部分距地面的最大高度為：h=h1+h2=答：（1）煙花彈從地面開始上漲到彈中火藥爆炸所經(jīng)過的時(shí)間是；（2）爆炸后煙花彈向上運(yùn)動(dòng)的部分距地面的最大高度是。【評(píng)論】分析清楚煙花彈的運(yùn)動(dòng)過程，掌握每個(gè)過程的物理規(guī)律是解題的要點(diǎn)。要知道爆炸過程內(nèi)力遠(yuǎn)大于外力，系統(tǒng)遵守兩大守恒定律：動(dòng)量守恒定律與能量守恒定律，解題時(shí)要注意選擇正方向。12．（20.00分）如圖，在y＞0的地域存在方向沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)盛小為E，在y＜0的地域存在方向垂直于xOy平面向外的勻強(qiáng)磁場。一個(gè)氕核H和一個(gè)氘核H先后從y軸上y=h點(diǎn)以同樣的動(dòng)能射出，速度方向沿x軸正方向。已知H進(jìn)入磁場時(shí)，速度方向與x軸正方向的夾角為60°，并從坐標(biāo)原點(diǎn)O處第一次射出磁場。H的質(zhì)量為m，電荷量為q，不計(jì)重力。求（1）H第一次進(jìn)入磁場的地點(diǎn)到原點(diǎn)O的距離；第21頁（共28頁）2）磁場的磁感覺強(qiáng)度大?。?）H第一次走開磁場的地點(diǎn)到原點(diǎn)O的距離?！痉治觥浚?）H在電場中做類平拋運(yùn)動(dòng)，應(yīng)用類平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律求出H第一次進(jìn)入磁場時(shí)到O點(diǎn)的距離。（2）H在磁場中做圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力供給向心力，求出H的軌道半徑，應(yīng)用牛頓第二定律求出磁感覺強(qiáng)度。（3）H在電場中做類平拋運(yùn)動(dòng)，應(yīng)用類平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可以求出H第一次離開磁場的地點(diǎn)到原點(diǎn)O的距離?！窘獯稹拷猓海?）H在電場中做類平拋運(yùn)動(dòng)，水平方向：x1=v1t1，豎直方向：h=a1t12，粒子進(jìn)入磁場時(shí)豎直分速度：vy=a1t1=v1tan60°，解得：x1=h；（2）H在電場中的加快度：a1=，H進(jìn)入磁場時(shí)的速度：v=，在磁場中做圓周運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)軌跡以以下圖：由幾何知識(shí)得：x1=2r1sin60，°第22頁（共28頁）在磁場中做勻速圓運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力供給向心力，由牛頓第二定律得：qvB=m，解得：B=；（3）由題意可知：H和H的初動(dòng)能相等，即：mv12=?2mv22，由牛頓第二定律得：qE=2ma2，在電場中做類平拋運(yùn)動(dòng)，水平方向：x2=v2t2，豎直方向：h=a2t22，H進(jìn)入磁場時(shí)的速度：v′=，sinθ′==，解得：x21，θ′θ，′=°，=x==60vvH在磁場中做圓周運(yùn)動(dòng)，圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑：r′==r，射出點(diǎn)在原點(diǎn)左邊，H進(jìn)入磁場的入射點(diǎn)到第一次走開磁場的出射點(diǎn)間的距離：x2′=2r′，θ′sinH第一次走開磁場時(shí)的地點(diǎn)距離O點(diǎn)的距離為：d=x′﹣x，22解得：d=；答：（1）H第一次進(jìn)入磁場的地點(diǎn)到原點(diǎn)O的距離為h；（2）磁場的磁感覺強(qiáng)度大小為；（3）H第一次走開磁場的地點(diǎn)到原點(diǎn)O的距離。【評(píng)論】本題觀察了帶電粒子在勻強(qiáng)電場與勻強(qiáng)磁場中的運(yùn)動(dòng)，粒子在電場中做類平拋運(yùn)動(dòng)、在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，分析清楚粒子運(yùn)動(dòng)過程與運(yùn)動(dòng)性質(zhì)是解題的前提與要點(diǎn)，應(yīng)用類平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律、牛頓第二定律即可解題，解題時(shí)注意幾何知識(shí)的應(yīng)用。第23頁（共28頁）三、選考題：共45分.請(qǐng)考生從2道物理題、2道化學(xué)題、2道生物題中每科任選一題作答.假如多做，則每科按所做的第一題計(jì)分.[物理--選修3-3]（15分）13．（5.00分）如圖，必定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a開始，經(jīng)歷過程①、②、③、④到達(dá)狀態(tài)e。對(duì)此氣體，以下說法正確的選項(xiàng)是（）A．過程①中氣體的壓強(qiáng)逐漸減小B．過程②中氣體對(duì)外界做正功C．過程④中氣體從外界汲取了熱量D．狀態(tài)c、d的內(nèi)能相等E．狀態(tài)d的壓強(qiáng)比狀態(tài)b的壓強(qiáng)小【分析】過程①中氣體作等容變化，依據(jù)查理定律分析壓強(qiáng)的變化。過程②中氣體對(duì)外界做正功。過程④中氣體作等容變化，依據(jù)溫度的變化分析氣體內(nèi)能的變化，由熱力學(xué)第必定律分析吸放熱狀況。必定質(zhì)量的理想氣體的內(nèi)能只跟溫度有關(guān)。依據(jù)氣態(tài)方程分析狀態(tài)d與b的壓強(qiáng)關(guān)系?！窘獯稹拷猓篈、過程①中氣體作等容變化，溫度高升，依據(jù)查理定律=c知?dú)怏w的壓強(qiáng)逐漸增大，故A錯(cuò)誤。B、過程②中氣體的體積增大，氣體對(duì)外界做正功，故B正確。C、過程④中氣體作等容變化，氣體不做功，溫度降低，氣體的內(nèi)能減少，依據(jù)熱力學(xué)第必定律△U=W+Q知?dú)怏w向外界放出了熱量，故C錯(cuò)誤。D、狀態(tài)c、d的溫度相等，依據(jù)必定質(zhì)量的理想氣體的內(nèi)能只跟溫度有關(guān)，可知，狀態(tài)c、d的內(nèi)能相等。故D正確。E、連接bO和dO，依據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)可知，狀態(tài)d的值大于狀態(tài)b的值，依據(jù)氣態(tài)方程=c知狀態(tài)d的壓強(qiáng)比狀態(tài)b的壓強(qiáng)小，故E正確。第24頁（共28頁）應(yīng)選：BDE?！驹u(píng)論】本題主要觀察了理想氣體的狀態(tài)方程和熱力學(xué)第必定律，要可以依據(jù)溫度判氣絕體內(nèi)能的變化；在應(yīng)用熱力學(xué)第必定律時(shí)必定要注意各量符號(hào)的意義；△U為正表示內(nèi)能變大，Q為正表示物體吸熱；W為正表示外界對(duì)物體做功。14．（10.00分）如圖，容積為V的汽缸由導(dǎo)熱資料制成，面積為S的活塞將汽缸分成容積相等的上下兩部分，汽缸上都經(jīng)過細(xì)管與裝有某種液體的容器相連，細(xì)管上有一閥門K．開始時(shí)，K關(guān)閉，汽缸內(nèi)上下兩部分氣體的壓強(qiáng)均為p0．現(xiàn)將K打開，容器內(nèi)的液體緩慢地流入汽缸，當(dāng)流入的液體體積為時(shí)，將K關(guān)閉，活塞均衡時(shí)其下方氣體的體積減小了．不計(jì)活塞的質(zhì)量和體積，外界溫度保持不變，重力加快度大小為g。求流入汽缸內(nèi)液體的質(zhì)量。【分析】液體緩慢地流入汽缸的過程中，活塞上、下兩部分氣體的溫度均保持不變，作等溫變化。對(duì)兩部分氣體分別運(yùn)用玻意耳定律列式，可求得活塞再次均衡后上下兩部分氣體的壓強(qiáng)，再對(duì)活塞，由均衡條件列式，可求得流入汽缸內(nèi)液體的質(zhì)量。【解答】解：設(shè)活塞再次均衡后，活塞上方氣體的體積為V1，壓強(qiáng)為p1；下方氣體的體積為V2，壓強(qiáng)為p2．在活塞下移的過程中，活塞上、下兩部分氣體的溫度均保持不變，作等溫變化，