2020屆山東省新高考物理模擬試題附答案

..2020屆XX省新高考物理模擬試題一、選擇題1.下列說(shuō)法正確的是〔A.放射性物質(zhì)的溫度降低,其半衰期將變大B.大量處于n=4激發(fā)態(tài)的氫原子向低能級(jí)躍遷,將輻射出4種頻率的光C.一束光照射到某種金屬上不能發(fā)生光電效應(yīng),改用波長(zhǎng)較長(zhǎng)的光照射就有可能發(fā)生D.氫原子核外電子從半徑較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道時(shí),電子動(dòng)能減小,電勢(shì)能增大,總能量也增大2.某同學(xué)前后兩次從同一位置水平投出兩支飛鏢1和飛鏢2到靶盤(pán)上,飛鏢落到靶盤(pán)上的位置如圖所示,忽略空氣阻力,則兩支飛鏢在飛行過(guò)程中A.速度變化量B.飛行時(shí)間C.初速度D.角度3.如圖所示,S1和S2是兩個(gè)相干波源,其振幅均為A,周期均為T(mén)。實(shí)線(xiàn)與虛線(xiàn)分別表示兩列波的波峰和波谷。此刻,c是波谷與波谷的相遇點(diǎn),下列說(shuō)法中正確的是Aa處質(zhì)點(diǎn)始終處于離平衡位置2A處B.隨著時(shí)間的推移,c處的質(zhì)點(diǎn)將向右移動(dòng)C.從該時(shí)刻起,經(jīng)過(guò)T,c處的質(zhì)點(diǎn)將通過(guò)平衡位置D.若S2不動(dòng),S1沿S1b連線(xiàn)向b運(yùn)動(dòng),則b處質(zhì)點(diǎn)仍然始終處于平衡位置4、從地面以大小為v1的初速度豎直向上拋出一個(gè)皮球,經(jīng)過(guò)時(shí)間t皮球落回地面,落地時(shí)皮球的速度大小為v2.已知皮球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受到空氣阻力的大小與速度的大小成正比,重力加速度大小為g.下面給出時(shí)間t的四個(gè)表達(dá)式中只有一個(gè)是合理的.你可能不會(huì)求解t,但是你可以通過(guò)一定的物理分析,對(duì)下列表達(dá)式的合理性做出判斷.根據(jù)你的判斷,你認(rèn)為t的合理表達(dá)式應(yīng)為<重力加速度為g><>A.B.C.D.5.假設(shè)某籃球運(yùn)動(dòng)員準(zhǔn)備投三分球前先屈腿下蹲再豎直向上躍起,已知他的質(zhì)量為m,雙腳離開(kāi)地面時(shí)的速度為,從開(kāi)始下蹲到躍起過(guò)程中重心上升的高度為h,則下列說(shuō)法正確的是A.從地面躍起過(guò)程中,地而對(duì)他所做的功為0B.從地面躍起過(guò)程中,地面對(duì)他所做的功為C.從下蹲到離開(kāi)地面上升過(guò)程中,他的機(jī)械能守恒D.離開(kāi)地面后,他在上升過(guò)程中處于超重狀態(tài)；在下落過(guò)程中處于失重狀態(tài)6.人類(lèi)探索宇宙的腳步從未停止,登上火星、探尋火星的奧秘是人類(lèi)的夢(mèng)想,中國(guó)計(jì)劃于2020年登陸火星。地球和火星繞太陽(yáng)的公轉(zhuǎn)均可視為勻速圓周運(yùn)動(dòng),忽略行星自轉(zhuǎn)影響。根據(jù)下表,火星和地球相比行星半徑/m質(zhì)量/kg軌道半徑/m地球6.4×1066.0×10241.5×1011火星3.4×1066.4×10232.3×1011A.火星的第一宇宙速度較大B.火星做圓周運(yùn)動(dòng)的加速度較大C.火星表面的重力加速度較大D.火星的公轉(zhuǎn)周期較大7、如圖所示,A受到沿斜面向上的拉力F1和垂直于斜面的拉力F2作用,正在沿傾角為斜面向下運(yùn)動(dòng),斜面體B始終保持靜止不動(dòng)。斜面體B受到地面的摩擦力向右,物塊A正在下滑時(shí),則〔A.物塊與斜面動(dòng)摩擦因數(shù)B.若只撤去F2,則B受到地面的摩擦力變小C.若同時(shí)撤去F1和F2,物塊A將可能勻速運(yùn)動(dòng)D.若只增大A的質(zhì)量,物塊B受到地面的摩擦力將變大8、如圖電路中,電源電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為r.閉合開(kāi)關(guān)S,增大可變電阻R的阻值后,電壓表示數(shù)的變化量為△U,在這個(gè)過(guò)程中,下列判斷正確的是A.電阻R1兩端的電壓減小,減小量等于△UB.電壓表示數(shù)變化量△U和電流表示數(shù)變化△I比值不變C.電壓表的示數(shù)U和電流表的示數(shù)I的比值不變D.電容器的帶電量減小,減小量大于C△U9.如圖所示,三小球a、b、c的質(zhì)量都是m,都放于光滑的水平面上,小球b、c與輕彈簧相連且靜止,小球a以速度%沖向小球b,碰后與小球b粘在一起運(yùn)動(dòng).在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中,下列說(shuō)法中正確的是〔A.三球與彈簧組成的系統(tǒng)總動(dòng)量守恒,總機(jī)械能不守恒B.三球與彈簧組成的系統(tǒng)總動(dòng)量守恒,總機(jī)械能也守恒C.當(dāng)小球b、c速度相等時(shí),彈簧彈性勢(shì)能最大D.當(dāng)彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí),小球c的動(dòng)能一定最大,小球b的動(dòng)能一定不為零10、有一臺(tái)理想變壓器及所接負(fù)載如圖所示,在原線(xiàn)圈c、d兩端加上交變電流。已知b是原線(xiàn)圈的中心抽頭,電壓表和電流表均為理想交流電表,電容器的耐壓值足夠大。則下列說(shuō)法正確的是A.開(kāi)關(guān)S1始終接a,當(dāng)滑片P向下滑動(dòng)時(shí)電壓表V1和V2示數(shù)均不變B.開(kāi)關(guān)S1始終接a,當(dāng)滑片P向下滑動(dòng)時(shí)電流表A1和A2示數(shù)均變小C.保持滑片P的位置不變,將開(kāi)關(guān)S1由a改接b,電壓表V1和V2示數(shù)均變大D.保持滑片P的位置不變,將開(kāi)關(guān)S1由a改接b,電容器所帶電荷量的最大值將增大11、在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中,一個(gè)靜止的放射性原子核<>發(fā)生了一次α衰變。放射出的α粒子<>在與磁場(chǎng)垂直的平面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng),其軌道半徑為R。以m、q分別表示α粒子的質(zhì)量和電荷量,生成的新核用Y表示。下面說(shuō)法正確的是A.發(fā)生衰變后產(chǎn)生的α粒子與新核Y在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡正確的是圖丙B.新核Y在磁場(chǎng)中圓周運(yùn)動(dòng)半徑為RY＝C.α粒子的圓周運(yùn)動(dòng)可以等效成一個(gè)環(huán)形電流,且電流大小為I＝D.若衰變過(guò)程中釋放的核能都轉(zhuǎn)化為α粒子和新核的動(dòng)能,則衰變過(guò)程中的質(zhì)量虧損為Δm＝12、如圖是某繩波形成過(guò)程的示意圖。質(zhì)點(diǎn)1在外力作用下沿豎直方向做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng),帶動(dòng)質(zhì)點(diǎn)2、3、4…各個(gè)質(zhì)點(diǎn)依次上下振動(dòng),把振動(dòng)從繩的左端傳到右端。t=T/4時(shí),質(zhì)點(diǎn)1到達(dá)最高位置,質(zhì)點(diǎn)5剛要開(kāi)始運(yùn)動(dòng)。下列說(shuō)法正確的是A.t=T/4時(shí),質(zhì)點(diǎn)5開(kāi)始向下運(yùn)動(dòng)B.t=T/4時(shí),質(zhì)點(diǎn)3的加速度方向向下C.從t=T/2開(kāi)始的一小段時(shí)間內(nèi),質(zhì)點(diǎn)8的速度正在增大D.在t=3T/2時(shí),1到17個(gè)質(zhì)點(diǎn)剛好第一次構(gòu)成一個(gè)標(biāo)準(zhǔn)的完整正弦圖像二、實(shí)驗(yàn)題13、如圖所示,為某同學(xué)設(shè)計(jì)的"探究加速度與物體所受合力F及質(zhì)量m的關(guān)系"實(shí)驗(yàn)裝置簡(jiǎn)圖.〔1本實(shí)驗(yàn)采用的實(shí)驗(yàn)方法是____。A.控制變量法B.假設(shè)法C.理想實(shí)驗(yàn)法D.等效替代法〔2在保持小車(chē)受力相同時(shí),探究加速度與質(zhì)量關(guān)系的實(shí)驗(yàn)屮,以下故法正確的是______。A.平衡摩擦力時(shí),應(yīng)將裝有砝碼的小桶用細(xì)繩通過(guò)定滑輪系在小車(chē)上B.每次改變小車(chē)的質(zhì)量時(shí),不需要重新平衡摩擦力C.實(shí)驗(yàn)時(shí),先放開(kāi)小車(chē),再接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器電源D.為得出加速度a與與質(zhì)量m的關(guān)系而作出圖象〔3下圖是實(shí)驗(yàn)中獲取的一條紙帶的一部分,其中O、A、B、C、D是計(jì)數(shù)點(diǎn),每相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)點(diǎn)〔圖中未標(biāo)出,計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離如圖,打"B"計(jì)數(shù)點(diǎn)時(shí)小車(chē)的速度大小為_(kāi)__________________m/s.由紙帶求出小車(chē)的加速度的大小為_(kāi)____________m/s2.<計(jì)算結(jié)果均保留2位有效數(shù)字〔4如圖所示是某同學(xué)在探究加速度與力的關(guān)系時(shí),根據(jù)測(cè)量數(shù)據(jù)作出的a?F圖線(xiàn).其中圖線(xiàn)不過(guò)原點(diǎn)的原因是______,圖線(xiàn)在末端彎曲的原因是______.14、18.在"測(cè)定金屬絲的電阻率"的實(shí)驗(yàn)中,需要測(cè)出金屬絲的電阻R1,甲、乙兩同學(xué)分別采用了不同的方法進(jìn)行測(cè)量：〔1①甲同學(xué)直接用多用電表測(cè)其電阻,該同學(xué)選擇×10Ω倍率,用正確的操作方法測(cè)量時(shí),發(fā)現(xiàn)指針轉(zhuǎn)過(guò)角度太大．為了準(zhǔn)確地進(jìn)行測(cè)量,請(qǐng)你從以下給出的操作步驟中,選擇必要的步驟,并排出合理順序：．〔填步驟前的字母A．旋轉(zhuǎn)選擇開(kāi)關(guān)至歐姆擋"×1Ω"B．旋轉(zhuǎn)選擇開(kāi)關(guān)至歐姆擋"×100Ω"C．旋轉(zhuǎn)選擇開(kāi)關(guān)至"OFF",并拔出兩表筆D．將兩表筆分別連接到Rx的兩端,讀出阻值后,斷開(kāi)兩表筆E．將兩表筆短接,調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕,使指針對(duì)準(zhǔn)刻度盤(pán)上歐姆擋的零刻度,斷開(kāi)兩表筆②按正確步驟測(cè)量時(shí),指針指在圖1示位置,Rx的測(cè)量值為Ω．〔2乙同學(xué)則利用實(shí)驗(yàn)室里下列器材進(jìn)行了測(cè)量：電壓表V〔量程0～5V,內(nèi)電阻約10kΩ電流表A1〔量程0～500mA,內(nèi)電阻約20Ω電流表A2〔量程0～300mA,內(nèi)電阻約4Ω滑動(dòng)變阻器R1〔最大阻值為10Ω,額定電流為2A滑動(dòng)變阻器R2〔最大阻值為250Ω,額定電流為0.1A直流電源E〔電動(dòng)勢(shì)為4.5V,內(nèi)電阻約為0.5Ω電鍵及導(dǎo)線(xiàn)若干為了較精確畫(huà)出I﹣U圖線(xiàn),需要多測(cè)出幾組電流、電壓值,故電流表應(yīng)選用,滑動(dòng)變阻器選用〔選填器材代號(hào),乙同學(xué)測(cè)量電阻的值比真實(shí)值〔選填"偏大""偏小""相等",利用選擇的器材,請(qǐng)你在圖2方框內(nèi)畫(huà)出理想的實(shí)驗(yàn)電路圖,并將圖3中器材連成符合要求的電路．三、計(jì)算題15、〔11分如圖所示,兩個(gè)可導(dǎo)熱的氣缸豎直放置,它們的底部都由一細(xì)管連通〔忽略細(xì)管的容積。兩氣缸各有一個(gè)活塞,質(zhì)量分別為m1和m2,活塞與氣缸無(wú)摩擦。活塞的下方為理想氣體,上方為真空。當(dāng)氣體處于平衡狀態(tài)時(shí),兩活塞位于同一高度h?！惨阎猰1＝3m,m2＝2m

〔1在兩活塞上同時(shí)各放一質(zhì)量為m的物塊,求氣體再次達(dá)到平衡后兩活塞的高度差〔假定環(huán)境溫度始終保持為T(mén)0。

〔2在達(dá)到上一問(wèn)的終態(tài)后,環(huán)境溫度由T0緩慢上升到T,試問(wèn)在這個(gè)過(guò)程中,氣體對(duì)活塞做了多少功？氣體是吸收還是放出了熱量？〔假定在氣體狀態(tài)變化過(guò)程中,兩物塊均不會(huì)碰到氣缸頂部。16、如圖所示,質(zhì)量M＝1.5kg的小車(chē)靜止于光滑水平面上并緊靠固定在水平面上的桌子右邊,其上表面與水平桌面相平,小車(chē)的左端放有一質(zhì)量為0.5kg的滑塊Q。水平放置的輕彈簧左端固定,質(zhì)量為0.5kg的小物塊P置于光滑桌面上的A點(diǎn)并與彈簧的右端接觸,此時(shí)彈簧處于原長(zhǎng)?，F(xiàn)用水平向左的推力F將P緩慢推至B點(diǎn)<彈簧仍在彈性限度內(nèi)>,推力做功WF＝4J,撤去F后,P沿桌面滑到小車(chē)左端并與Q發(fā)生彈性碰撞,最后Q恰好沒(méi)從小車(chē)上滑下。已知Q與小車(chē)表面間動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.1。<取g＝10m/s2>求：<1>P剛要與Q碰撞前的速度是多少？<2>Q剛在小車(chē)上滑行時(shí)的初速度v0是多少？<3>為保證Q不從小車(chē)上滑下,小車(chē)的長(zhǎng)度至少為多少？17、如圖所示,在xoy平面內(nèi),有一線(xiàn)狀電子源沿x正方向發(fā)射速度均為v的電子,形成寬為2R、在y軸方向均為分布且關(guān)于x軸對(duì)稱(chēng)的電子流。電子流沿x方向射入一個(gè)半徑為R、中心位于原點(diǎn)O的圓形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域〔區(qū)域邊界存在磁場(chǎng),磁場(chǎng)方向垂直xoy平面向里,電子經(jīng)過(guò)磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后均從P點(diǎn)射出．在磁場(chǎng)區(qū)域的正下方,正對(duì)的金屬平行板K和A與x軸平行,其中K板與P點(diǎn)的距離為d,中間開(kāi)有寬度為2d且關(guān)于y軸對(duì)稱(chēng)的小孔．A與K兩板間加有恒定電壓UAK,且K板電勢(shì)高于A板電勢(shì),已知電子質(zhì)量為m,電荷量為e,,不計(jì)電子重力及它們間的相互作用．〔1能打到A板上的電子在進(jìn)入平行金屬板時(shí)與金屬板K的夾角應(yīng)滿(mǎn)足什么條件？〔2能進(jìn)入AK極板間的電子數(shù)占發(fā)射電子總數(shù)的比例為多大？18、如圖所示,足夠長(zhǎng)的水平軌道左側(cè)b1b2﹣c1c2部分軌道間距為2L,右側(cè)c1c2﹣d1d2部分的軌道間距為L(zhǎng),曲線(xiàn)軌道與水平軌道相切于b1b2,所有軌道均光滑且電阻不計(jì)．在水平軌道內(nèi)有斜向下與豎直方向成θ=37°的勻強(qiáng)磁場(chǎng),磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=0.1T．質(zhì)量為M=0.2kg的金屬棒B垂直于導(dǎo)軌靜止放置在右側(cè)窄軌道上,質(zhì)量為m=0.1kg的導(dǎo)體棒A自曲線(xiàn)軌道上a1a2處由靜止釋放,兩金屬棒在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中始終相互平行且與導(dǎo)軌保持良好接觸,A棒總在寬軌上運(yùn)動(dòng),B棒總在窄軌上運(yùn)動(dòng)．已知：兩金屬棒接入電路的有效電阻均為R=0.2Ω,h=0.2m,L=0.2m,sin37°=0.6,cos37°=0.8,g=10m/s2求：〔1金屬棒A滑到b1b2處時(shí)的速度大?。弧?金屬棒B勻速運(yùn)動(dòng)的速度大??；〔3在兩棒整個(gè)的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中通過(guò)金屬棒A某截面的電量；〔4在兩棒整個(gè)的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中金屬棒A、B在水平導(dǎo)軌間掃過(guò)的面積之差．..2020屆XX省新高考物理模擬試題答案題號(hào)123456789101112答案1、[答案]D[詳解]A．原子核的半衰期與外界條件及所處狀態(tài)無(wú)關(guān),由自身決定,A錯(cuò)誤。B．大量處于n=4激發(fā)態(tài)的氫原子向低能級(jí)躍遷,任選兩條軌道,所以輻射出種頻率光子,B錯(cuò)誤。C．根據(jù)光速方程：可知,波長(zhǎng)變長(zhǎng),頻率降低,所以該光不能使金屬發(fā)生光電效應(yīng),波長(zhǎng)更長(zhǎng)即頻率更低的光,依然不能使金屬發(fā)生光電效應(yīng),C錯(cuò)誤。D．氫原子核外電子從半徑較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道時(shí),需要吸收能量,總能量增大,根據(jù)庫(kù)侖力提供向心力：,可知,軌道半徑越大,速度越小,動(dòng)能越小,總能量等于動(dòng)能加勢(shì)能,所以勢(shì)能增大,D正確。2、[答案]D[解析]B、飛鏢1下落的高度小,根據(jù),解得,可知飛行時(shí)間,故B錯(cuò)誤；A、加速度相等,都為g,則速度變化量,可得,故A錯(cuò)誤；C、由于水平位移相等,根據(jù),可知初速度,故C錯(cuò)誤；D、根據(jù),對(duì)于飛鏢1,時(shí)間短,初速度大,則tanθ1＞tanθ2,所以θ1＞θ2,故D正確；故選D。3、[答案]C[解析]a處是波峰與波峰疊加,為振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn),振幅為2A,但質(zhì)點(diǎn)并不始終處于離平衡位置2A處,A錯(cuò)誤；質(zhì)點(diǎn)只在平衡位置附近振動(dòng),并不隨波移動(dòng),B錯(cuò)誤；從該時(shí)刻起,經(jīng)過(guò)T,c處為平衡位置與平衡位置相遇,質(zhì)點(diǎn)將通過(guò)平衡位置,C正確；兩列波傳到b點(diǎn)的振動(dòng)情況一直在變化,當(dāng)S2不動(dòng),S1沿S1b連線(xiàn)向b運(yùn)動(dòng),b處質(zhì)點(diǎn)不可能始終處于平衡位置,D錯(cuò)誤。故選C。4、[答案]B[詳解]時(shí)間的單位應(yīng)該是s,的單位為m,故A錯(cuò)誤；如果不考慮空氣的阻力,則v1=v2,,故運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間．由于空氣阻力作用,v2＜v1,,故B答案是合理的,故B正確。假設(shè)空氣的阻力為0,則v1=v2,則t上=t下,故運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間,而,故C錯(cuò)誤。若沒(méi)有空氣阻力,v1=v2,時(shí)間應(yīng)為,故選項(xiàng)D中運(yùn)動(dòng)時(shí)間不合理,故D錯(cuò)誤。5、[答案]A[解析]A.從地面躍起過(guò)程中,地面對(duì)人沒(méi)有位移,所以地而對(duì)他所做的功為0,故A正確；B錯(cuò)誤；C、.從下蹲到離開(kāi)地面上升過(guò)程中,運(yùn)動(dòng)員的動(dòng)能增加,重力勢(shì)能也增加所以他的機(jī)械能是增加的,故C錯(cuò)誤；D、離開(kāi)地面后,他在上升過(guò)程和下落過(guò)程中都有向下的加速度,所以都處于處于失重狀態(tài),故D錯(cuò)誤；綜上所述本題答案是：A6、[答案]D[詳解]A.根據(jù)得,第一宇宙速度火星質(zhì)量和半徑的比值較小,則火星的第一宇宙速度較小,故A錯(cuò)誤。BD.火星和地球均繞太陽(yáng)做圓周運(yùn)動(dòng),根據(jù)得：火星的軌道半徑較大,則加速度較小,周期較大,故D正確,B錯(cuò)誤。C.根據(jù),得：由于火星質(zhì)量和半徑的二次方比值較小,則火星表面的重力加速度較小,故C錯(cuò)誤。7、[答案]D[解析][詳解]AC．根據(jù)題意可知：設(shè)斜面傾角為,對(duì)斜面體因?yàn)榈孛鎸?duì)斜面體摩擦力向右,所以物塊對(duì)斜面體的壓力的水平分力小于物塊對(duì)斜面體摩擦力的水平分力,設(shè)物塊斜面體之間彈力為FN,有：,所以,同時(shí)撤去兩力,,物塊將減速,AC錯(cuò)誤。B．對(duì)斜面受力分析可知：,只撤去F2,地面對(duì)B的摩擦力變大,B錯(cuò)誤。D．對(duì)斜面受力分析可知：,只增大物塊質(zhì)量,摩擦力變大,D正確。8、[答案]B[解析]AD、閉合開(kāi)關(guān)S,增大可變電阻R的阻值后,電路中電流減小,由歐姆定律分析得知,電阻R1兩端的電壓減小,由閉合電路歐姆定律得它們的總電壓即路端電壓增大,由得電阻R兩端的電壓增大,,所以電阻R1兩端的電壓減小量小于△U,故A錯(cuò)誤,由于電容器與電阻R1并聯(lián),所以電容器兩端的電壓等于電阻R1兩端的電壓,所以有電容器的兩端的電壓減小,帶電量減小,減小量小于C△U,故D錯(cuò)誤；B、根據(jù)閉合電路歐姆定律得：,由數(shù)學(xué)知識(shí)得,所以電壓表示數(shù)變化量和電流表示數(shù)變化的比值不變,故B正確；C、由圖可知,由于R增大,則電壓表的示數(shù)U和電流表的示數(shù)I的比值變大．故C錯(cuò)誤；故選B。[點(diǎn)睛]兩電表讀數(shù)的比值要根據(jù)歐姆定律和閉合電路歐姆定律來(lái)分析,注意,,R是非線(xiàn)性電阻。9、[答案]CD[解析][詳解]AB、在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中,系統(tǒng)的合外力為零,系統(tǒng)的動(dòng)量守恒,小球a與b碰撞后粘在一起,動(dòng)能減小,機(jī)械能減小,故AB錯(cuò)誤；C、a與b碰撞后,彈簧被壓縮,彈簧對(duì)b產(chǎn)生向左的彈力,對(duì)c產(chǎn)生向右的彈力,ab做減速運(yùn)動(dòng),c做加速運(yùn)動(dòng),當(dāng)c的速度大于ab的速度后,彈簧壓縮量減小,則當(dāng)小球b、c速度相等時(shí),彈簧壓縮量,彈性勢(shì)能最大,故C正確；D、當(dāng)彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí),小球c的動(dòng)能一定最大,根據(jù)動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒分析可知,小球b的動(dòng)能不為零,故D正確；故選CD。[點(diǎn)睛]含有彈簧的問(wèn)題,難點(diǎn)是對(duì)物體運(yùn)動(dòng)過(guò)程的分析,得到彈簧勢(shì)能最大的臨界條件；本題根據(jù)動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒分析求得。10、[答案]BCD[解析]開(kāi)關(guān)S1始終接a,副線(xiàn)圈電壓不變,當(dāng)滑片P向下滑動(dòng)時(shí),接入電路的總電阻變大,電流變小,所以電流表的示數(shù)均變小,B正確；副線(xiàn)圈電壓不變,所以電壓表V1的示數(shù)不變,電壓表V2測(cè)量的是滑動(dòng)變阻器的電壓,因?yàn)榭傠娏髯冃?所以定值電阻的分壓變小,所以滑動(dòng)變阻器的分壓變大,故V2示數(shù)變大,A錯(cuò)誤；保持滑片P的位置不變,將開(kāi)關(guān)S1由a改接b,副線(xiàn)圈電壓變大,滑動(dòng)變阻器的分壓變大,所以電容器兩端電壓變大,電荷量增多,CD正確．11、[答案]BCD[詳解]由動(dòng)量守恒可知衰變后產(chǎn)生的α粒子與新核Y運(yùn)動(dòng)方向相反,所以在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡圓外切,根據(jù)可得,可知α粒子半徑大,由左手可知兩粒子圓周運(yùn)動(dòng)方向相同,丁圖正確,故選項(xiàng)A錯(cuò)誤；由可知,新核Y在磁場(chǎng)中圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為,故選項(xiàng)B正確；圓周運(yùn)動(dòng)的周期為,環(huán)形電流為,故選項(xiàng)C正確；對(duì)α粒子由洛倫磁力提供向心力可得,由質(zhì)量關(guān)系可知衰變后新核Y質(zhì)量為,由衰變過(guò)程中動(dòng)量守恒可得可知,系統(tǒng)增加的能量為,由質(zhì)能方程可得,聯(lián)立解得衰變過(guò)程中的質(zhì)量虧損為,故選項(xiàng)D正確。12、[答案]BD[解析]A項(xiàng)：由題意可知,在質(zhì)點(diǎn)1位于波峰可知,質(zhì)點(diǎn)的起振方向向上,根據(jù)受迫振動(dòng)的振動(dòng)方向與波源振動(dòng)方向相同,所以質(zhì)點(diǎn)5的起振方向向上,故A錯(cuò)誤；B項(xiàng)：t=T/4時(shí),質(zhì)點(diǎn)3位于平衡位置上方,所以加速度方向向下,故B正確；C項(xiàng)：在t=T/2時(shí),質(zhì)點(diǎn)8開(kāi)始向上振動(dòng),所以振動(dòng)速度減小,故C錯(cuò)誤；D項(xiàng)：在t=T時(shí),1到16個(gè)質(zhì)點(diǎn)剛好第一次構(gòu)成一個(gè)標(biāo)準(zhǔn)的完整正弦圖像,故D錯(cuò)誤。二、實(shí)驗(yàn)題13、[答案]<1>.A<2>.BD<3>.0.54<4>.1.5<5>.未平衡摩擦力或未完全平衡摩擦力<6>.未滿(mǎn)足小車(chē)的質(zhì)量遠(yuǎn)遠(yuǎn)大于小桶和砝碼的總質(zhì)量[解析][詳解]〔1本實(shí)驗(yàn)采用的實(shí)驗(yàn)方法是控制變量法；〔2平衡摩擦力時(shí),應(yīng)不掛小桶,讓小車(chē)拖著紙帶在木板上做勻速運(yùn)動(dòng),選項(xiàng)A錯(cuò)誤；每次改變小車(chē)質(zhì)量時(shí),不需要重新平衡摩擦力,選項(xiàng)B正確；實(shí)驗(yàn)時(shí)要先接通電源后放小車(chē),選項(xiàng)C錯(cuò)誤；因?yàn)闉檎汝P(guān)系,故為得出加速度a與與質(zhì)量m的關(guān)系而作出圖象,選項(xiàng)D正確；故選BD?！?計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔T=0.02s×5=0.1s,打B計(jì)數(shù)點(diǎn)時(shí)小車(chē)的速度大小為；根據(jù)逐差法得,小車(chē)的加速度〔4由圖線(xiàn)可知,當(dāng)力F到達(dá)一定值時(shí)才有加速度,故圖線(xiàn)不過(guò)原點(diǎn)的原因是未平衡摩擦力或未完全平衡摩擦力；圖線(xiàn)在末端彎曲的原因是未滿(mǎn)足小車(chē)的質(zhì)量遠(yuǎn)遠(yuǎn)大于小桶和砝碼的總質(zhì)量；14、[答案]〔1AEDC,22〔2A2,R1；偏??；如圖所示；[解析][詳解]解：〔1①發(fā)現(xiàn)指針轉(zhuǎn)過(guò)角度太大,知電阻較小,則換用"×lΩ",換擋后需重新調(diào)零．然后去測(cè)電阻,最后將旋鈕旋至"OFF"擋或交流電壓的最高擋．故合理順序?yàn)椋篈EDC．②Rx的測(cè)量值為22×1Ω=22Ω．〔2通過(guò)電阻電流的最大值大約,所以選擇量程為300mA的電流表測(cè)量比較準(zhǔn)確．總阻值為250Ω的滑動(dòng)變阻器阻值相對(duì)較大,測(cè)量時(shí)誤差大,所以選擇總阻值為10Ω的滑動(dòng)變阻器．由于待測(cè)電阻遠(yuǎn)小于電壓表的內(nèi)阻,屬于小電阻,所以電流表采用外接法．因采用外接法,則由于電壓表的分流而使電流表測(cè)量結(jié)果偏大,由歐姆定律可知,所測(cè)電阻偏??；若采用限流法,電路中的電流較大,容易超過(guò)電流表的量程,所以滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法,電路圖如圖所示：根據(jù)電路圖連接實(shí)物圖,如圖所示：[點(diǎn)睛]解決本題的關(guān)鍵掌握器材選取的原則,知道滑動(dòng)變阻器分壓式接法和限流式接法的區(qū)別,以及知道電流表內(nèi)外接的區(qū)別．15、解：〔1設(shè)左、右活塞的面積分別為A'和A,由于氣體處于平衡狀態(tài),故兩活塞對(duì)氣體的壓強(qiáng)相等,即：由此得：在兩個(gè)活塞上各加一質(zhì)量為m的物塊后,右活塞降至氣缸底部,所有氣體都在左氣缸中在初態(tài),氣體的壓強(qiáng)為,體積為；在末態(tài),氣體壓強(qiáng)為,體積為〔x為左活塞的高度由玻意耳－馬略特定律得：解得：,即兩活塞的高度差為〔2當(dāng)溫度由T0上升至T時(shí),氣體的壓強(qiáng)始終為,設(shè)x'是溫度達(dá)到T時(shí)左活塞的高度,由蓋·呂薩克定律得：活塞對(duì)氣體做的功為：由熱力學(xué)第一定律：,W<0,ΔU>0,∴Q>0,在此過(guò)程中氣體吸收熱量16、[解析]<1>推力F通過(guò)P壓縮彈簧做功,根據(jù)功能關(guān)系有Ep＝WF①當(dāng)彈簧完全推開(kāi)物塊P時(shí),有Ep＝eq\f<1,2>mPv2②由①②式聯(lián)立解得v＝4m/s。<2>P、Q之間發(fā)生彈性碰撞,設(shè)碰撞后Q的速度為v0,P的速度為v′,由動(dòng)量守恒和能量守恒得mPv＝mPv′＋mQv0③eq\f<1,2>mPv2＝eq\f<1,2>mPv′2＋eq\f<1,2>mQveq\o\al<2,0>④由③④式解得v0＝v＝4m/s,v′＝0。<3>設(shè)滑塊Q在小車(chē)上滑行一段時(shí)間后兩者的共同速度為u,由動(dòng)量守恒可得mQv0＝<mQ＋M>u⑤根