2013年全國統(tǒng)一高考化學試卷（大綱版）（原卷版）

精品文檔精心整理精品文檔可編輯的精品文檔2013年全國統(tǒng)一高考化學試卷（大綱版）一、選擇題（每小題6分．在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的）1．下面有關(guān)發(fā)泡塑料飯盒的敘述，不正確的是（）A．主要材質(zhì)是高分子材料 B．價廉、質(zhì)輕、保溫性能好 C．適用于微波爐加熱食品 D．不適于盛放含油較多的食品 2．反應(yīng)X（g）+Y（g）?2Z（g）；△H＜0，達到平衡時，下列說法正確的是（）A．減小容器體積，平衡向右移動 B．加入催化劑，Z的產(chǎn)率增大 C．增大c（X），X的轉(zhuǎn)化率增大 D．降低溫度，Y的轉(zhuǎn)化率增大3．下列關(guān)于同溫同壓下的兩種氣體12C18O和14N2的判斷正確的是（）A．體積相等時密度相等 B．原子數(shù)相等時具有的中子數(shù)相等 C．體積相等時具有的電子數(shù)相等 D．質(zhì)量相等時具有的質(zhì)子數(shù)相等 4．電解法處理酸性含鉻廢水（主要含有Cr2O72﹣）時，以鐵板作陰、陽極，處理過程中存在反應(yīng)Cr2O72﹣+6Fe2++14H+═2Cr3++6Fe3++7H2O，最后Cr3+以Cr（OH）3形式除去，下列說法不正確的是（）A．陽極反應(yīng)為Fe﹣2e﹣═Fe2+ B．電解過程中溶液pH不會變化 C．過程中有Fe（OH）3沉淀生成 D．電路中每轉(zhuǎn)移12mol電子，最多有1molCr2O72﹣被還原 5．下列操作不能達到目的是（）選項目的操作A．配制100mL1.0mol/LCuSO4溶液將25gCuSO4?5H20溶于100mL蒸餾水中B．除去KNO3中少量NaCl將混合物制成熱的飽和溶液，冷卻結(jié)晶，過濾C．在溶液中將MnO4﹣完全轉(zhuǎn)化為Mn2+向酸性KMnO4溶液中滴加H2O2溶液至紫色消失D．確定NaCl溶液中是否混有Na2CO3取少量溶液滴加CaCl2溶液，觀察是否出現(xiàn)白色渾濁A．A B．B C．C D．D 6．能正確表示下列反應(yīng)的離子方程式是（）A．用過量氨水吸收工業(yè)尾氣中的SO2：2NH3?H20+SO2═2NH4++SO32﹣+H2O B．氯化鈉固體與濃硫酸混合加熱：H2SO4+2Cl﹣SO2↑+Cl2↑+H2O C．磁性氧化鐵溶于稀硝酸：3Fe2++4H++NO3﹣═3Fe3++NO↑+3H2O D．明礬溶液中滴入Ba（OH）2溶液使SO42﹣恰好完全沉淀：2Ba2++3OH﹣+Al3++2SO42﹣═2BaSO4↓+Al（OH）3↓ 7．如圖表示溶液中c（H+）和c（OH﹣）的關(guān)系，下列判斷錯誤的是（）A．兩條曲線間任意點均有c（H+）×c（OH﹣）=Kw B．M區(qū)域內(nèi)任意點均有c（H+）＜c（OH﹣） C．圖中T1＜T2 D．XZ線上任意點均有pH=7 8．某單官能團有機化合物，只含碳、氫、氧三種元素，相對分子質(zhì)量為58，完全燃燒時產(chǎn)生等物質(zhì)的量的CO2和H2O．它可能的結(jié)構(gòu)共有（不考慮立體異構(gòu)）（）A．4種 B．5種 C．6種 D．7種 二、解答題（共4小題，滿分60分）9．（15分）五種短周期元素A、B、C、D、E的原子序數(shù)依次增大，A和C同族，B和D同族，C離子和B離子具有相同的電子層結(jié)構(gòu)．A和B、D、E均能形成共價型化合物．A和B形成的化合物在水中呈堿性，C和E形成的化合物在水中呈中性．回答下列問題：（1）五種元素中，原子半徑最大的是，非金屬性最強的是（填元素符號）；（2）由A和B、D、E所形成的共價型化合物中，熱穩(wěn)定性最差的是（用化學式表示）；（3）A和E形成的化合物與A和B形成的化合物反應(yīng)，產(chǎn)物的化學式為，其中存在的化學鍵類型為；（4）D最高價氧化物的水化物的化學式為；（5）單質(zhì)D在充足的單質(zhì)E中燃燒，反應(yīng)的化學方程式為；D在不充足的E中燃燒，生成的主要產(chǎn)物的化學式為；（6）單質(zhì)E與水反應(yīng)的離子方程式為．10．（15分）制備氮化鎂的裝置示意圖如圖所示：回答下列問題：（1）檢查裝置氣密性的方法是，a的名稱是，b的名稱是；（2）寫出NaNO2和（NH4）2SO4反應(yīng)制備氮氣的化學方程式；（3）C的作用是，D的作用是，是否可以把C和D的位置對調(diào)并說明理由；（4）寫出E中發(fā)生反應(yīng)的化學方程式；（5）請用化學方法確定是否有氮化鎂生成，并檢驗是否含有未反應(yīng)的鎂，寫出實驗操作及現(xiàn)象．11．（15分）鋁是一種應(yīng)用廣泛的金屬，工業(yè)上用Al2O3和冰晶石（Na3AlF6）混合熔融電解制得．①鋁土礦的主要成分是Al2O3和SiO2等．從鋁土礦中提煉Al2O3的流程如圖1所示：圖1圖2②以螢石（CaF2）和純堿為原料制備冰晶石的流程如圖2所示：回答下列問題：（1）寫出反應(yīng)1的化學方程式；（2）濾液Ⅰ中加入CaO生成的沉淀是，反應(yīng)2的離子方程式為；（3）E可作為建筑材料，化合物C是，寫出由D制備冰晶石的化學方程式；（4）電解制鋁的化學方程式是，以石墨為電極，陽極產(chǎn)生的混合氣體的成分是．12．（15分）芳香化合物A是一種基本化工原料，可以從煤和石油中得到．OPA是一種重要的有機化工中間體．A、B、C、D、E、F和OPA的轉(zhuǎn)化關(guān)系如下所示：回答下列問題：（1）A的化學名稱是；（2）由A生成B的反應(yīng)類型是．在該反應(yīng)的副產(chǎn)物中，與B互為同分異構(gòu)體的化合物的結(jié)構(gòu)簡式為；（3）寫出C所有可能的結(jié)構(gòu)簡式；（4）D（鄰苯二甲酸二乙酯）是一種增塑劑．請用A、不超過兩個碳的有機物及合適的無機試劑為原料，經(jīng)兩步反應(yīng)合成D．用化學方程式表示合成路線；（5）OPA的化學名稱是，OPA經(jīng)中間體E可合成一種聚酯類高分子化合物F，由E合成F的反應(yīng)類型為，該反應(yīng)的化學方程式為．（提示）（6）芳香化合物G是E的同分異構(gòu)體，G分子中含有醛基、酯基和醚基三種含氧官能團，寫出G所有可能的結(jié)構(gòu)簡式．精品文檔精心整理精品文檔可編輯的精品文檔2013年全國統(tǒng)一高考化學試卷（新課標Ⅱ）一、選擇題：本題共7小題，每小題6分．在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的．1．（6分）在一定條件下，動植物油脂與醇反應(yīng)可制備生物柴油，化學方程式如圖所示：下列敘述錯誤的是（）A．生物柴油由可再生資源制得 B．生物柴油是不同酯組成的混合物 C．動植物油脂是高分子化合物 D．“地溝油”可用于制備生物柴油 2．（6分）下列敘述中，錯誤的是（）A．苯與濃硝酸、濃硫酸共熱并保持55～60℃反應(yīng)生成硝基苯 B．苯乙烯在合適條件下催化加氫可生成乙基環(huán)己烷 C．乙烯和溴的四氯化碳溶液反應(yīng)生成1，2﹣二溴乙烷 D．甲苯與氯氣在光照下反應(yīng)主要生成2，4﹣二氯甲苯 3．（6分）NA為阿伏加德羅常數(shù)的值。下列敘述正確的是（）A．1.0L1.0mol?L﹣1的NaAlO2水溶液中含有的氧原子數(shù)為2NA B．12g石墨烯（單層石墨）中含有六元環(huán)的個數(shù)為0.5NA C．25℃時pH=13的NaOH溶液中含有OH﹣的數(shù)目為0.1NA D．1mol的羥基與1mol的氫氧根離子所含電子數(shù)均為9NA 4．（6分）能正確表示下列反應(yīng)的離子方程式是（）A．濃鹽酸與鐵屑反應(yīng)：2Fe+6H+═2Fe3++3H2↑ B．鈉與CuSO4溶液反應(yīng)：2Na+Cu2+═Cu↓+2Na+ C．NaHCO3溶液與稀H2SO4反應(yīng)：CO32﹣+2H+═H2O+CO2↑ D．向FeCl3溶液中加入Mg（OH）2：3Mg（OH）2+2Fe3+═2Fe（OH）3+3Mg2+5．（6分）“ZEBRA”蓄電池的結(jié)構(gòu)如圖所示，電極材料多孔Ni/NiCl2和金屬鈉之間由鈉離子導體制作的陶瓷管相隔。下列關(guān)于該電池的敘述錯誤的是（）A．電池反應(yīng)中有NaCl生成 B．電池的總反應(yīng)是金屬鈉還原三價鋁離子 C．正極反應(yīng)為：NiCl2+2e﹣═Ni+2Cl﹣ D．鈉離子通過鈉離子導體在兩電極間移動 6．（6分）在1200℃時，天然氣脫硫工藝中會發(fā)生下列反應(yīng)：H2S（g）+O2（g）═SO2（g）+H2O（g）△H12H2S（g）+SO2（g）═S2（g）+2H2O（g）△H2H2S（g）+O2（g）═S（g）+H2O（g）△H32S（g）═S2（g）△H4則△H4的正確表達式為（）A．△H4=（△H1+△H2﹣3△H3） B．△H4=（3△H3﹣△H1﹣△H2）C．△H4=（△H1+△H2﹣3△H3） D．△H4=（△H1﹣△H2﹣3△H3）7．（6分）室溫時，M（OH）2（s）?M2+（aq）+2OH﹣（aq）Ksp=a，c（M2+）=bmol?L﹣1時，溶液的pH等于（）A．lg（） B．lg（） C．14+lg（） D．14+lg（）二、解答題（共6小題，滿分58分）8．（15分）正丁醛是一種化工原料。某實驗小組利用如圖所示裝置合成正丁醛。發(fā)生的反應(yīng)如下：CH3CH2CH2CH2OHCH3CH2CH2CHO。反應(yīng)物和產(chǎn)物的相關(guān)數(shù)據(jù)列表如下：沸點/℃密度/g?cm﹣3水中溶解性正丁醇117.20.8109微溶正丁醛75.70.8017微溶實驗步驟如下：將6.0gNa2Cr2O7放入100mL燒杯中，加30mL水溶解，再緩慢加入5mL濃硫酸，將所得溶液小心轉(zhuǎn)移至B中。在A中加入4.0g正丁醇和幾粒沸石，加熱。當有蒸汽出現(xiàn)時，開始滴加B中溶液。滴加過程中保持反應(yīng)溫度為90～95℃，在E中收集90℃以上的餾分。將餾出物倒入分液漏斗中，分去水層，有機層干燥后蒸餾，收集75～77℃餾分，產(chǎn)量2.0g?；卮鹣铝袉栴}：（1）實驗中，能否將Na2Cr2O7溶液加到濃硫酸中，說明理由。（2）加入沸石的作用是，若加熱后發(fā)現(xiàn)未加入沸石，應(yīng)采取的正確方法是。（3）上述裝置圖中，B儀器的名稱是，D儀器的名稱是。（4）分液漏斗使用前必須進行的操作是（填正確答案標號）。a．潤濕b．干燥c．檢漏d．標定（5）將正丁醛粗產(chǎn)品置于分液漏斗中分水時，水在層（填“上”或“下”）。（6）反應(yīng)溫度應(yīng)保持在90～95℃，其原因是。（7）本實驗中，正丁醛的產(chǎn)率為%。9．（14分）氧化鋅為白色粉末，可用于濕疹、癬等皮膚病的治療。純化工業(yè)級氧化鋅（含有Fe（II）、Mn（II）、Ni（II）等雜質(zhì)）的流程如圖所示：提示：在本實驗條件下，Ni（II）不能被氧化；高錳酸鉀的還原產(chǎn)物是MnO2?；卮鹣铝袉栴}：（1）反應(yīng)②中除掉的雜質(zhì)離子是，發(fā)生反應(yīng)的離子方程式為；在加高錳酸鉀溶液前，若pH較低，對除雜的影響是。（2）反應(yīng)③的反應(yīng)類型為，過濾得到的濾渣中，除了過量的鋅外還有。（3）反應(yīng)④形成的沉淀要用水洗，檢查沉淀是否洗滌干凈的方法是。（4）反應(yīng)④中產(chǎn)物的成分可能是ZnCO3?xZn（OH）2．取干燥后的濾餅11.2g，鍛燒后可得到產(chǎn)品8.1g，則x等于。10．（14分）在1.0L密閉容器中放入0.10molA（g），在一定溫度進行如下反應(yīng)：A（g）?B（g）+C（g）△H=+85.1kJ?mol﹣1反應(yīng)時間（t）與容器內(nèi)氣體總壓強（p）的數(shù)據(jù)見下表：時間t/h0124816202530總壓強p/100kPa4.915.586.327.318.549.509.529.539.53回答下列問題：（1）欲提高A的平衡轉(zhuǎn)化率，應(yīng)采取的措施為。（2）由總壓強p和起始壓強p0計算反應(yīng)物A的轉(zhuǎn)化率α（A）的表達式為，平衡時A的轉(zhuǎn)化率為，列式并計算反應(yīng)的平衡常數(shù)K。（3）①由總壓強p和起始壓強p0表示反應(yīng)體系的總物質(zhì)的量n總和反應(yīng)后A的物質(zhì)的量n（A），n總=mol，n（A）=mol。②下表為反應(yīng)物A濃度與反應(yīng)時間的數(shù)據(jù)，計算：a=。反應(yīng)時間t/h04816c（A）/（mol?L﹣1）0.10a0.0260.0065分析該反應(yīng)中反應(yīng)物的濃度c（A）變化與時間間隔（△t）的規(guī)律，得出的結(jié)論是，由此規(guī)律推出反應(yīng)在12h時反應(yīng)物的濃度c（A）為mol?L﹣1。11．（15分）〔化學﹣﹣選修2：化學與技術(shù)〕鋅錳電池（俗稱干電池）在生活中的用量很大．兩種鋅錳電池的構(gòu)造如圖（甲）所示．回答下列問題：（1）普通鋅錳電池放電時發(fā)生的主要反應(yīng)為：Zn+2NH4Cl+2MnO2═Zn（NH3）2Cl2+2MnOOH①該電池中，負極材料主要是，電解質(zhì)的主要成分是，正極發(fā)生的主要反應(yīng)是．②與普通鋅錳電池相比，堿性鋅錳電池的優(yōu)點及其理由是．（2）圖（乙）表示回收利用廢舊普通鋅錳電池工藝（不考慮廢舊電池中實際存在的少量其他金屬）．①圖（乙）中產(chǎn)物的化學式分別為A，B．②操作a中得到熔塊的主要成分是K2MnO4．操作b中，綠色的K2MnO4溶液反應(yīng)生成紫色溶液和一種黑褐色固體，該反應(yīng)的離子方程式為．③采用惰性電極電解K2MnO4溶液也能得到化合物D，則陰極處得到的主要物質(zhì)是（填化學式）．12．〔化學﹣﹣選修3：物質(zhì)結(jié)構(gòu)與性質(zhì)〕前四周期原子序數(shù)依次增大的元素A、B、C、D中，A和B的價電子層中未成對電子均只有一個，并且A﹣和B+的電子數(shù)相差為8；與B位于同一周期的C和D，它們價電子層中的未成對電子數(shù)分別為4和2，且原子序數(shù)相差為2?；卮鹣铝袉栴}：（1）D2+的價層電子排布圖為。（2）四種元素中第一電離能最小的是，電負性最大的是。（填元素符號）（3）A、B和D三種元素組成的一個化合物的晶胞如圖所示。①該化合物的化學式為；D的配位數(shù)為；②列式計算該晶體的密度g?cm﹣3。（4）A﹣、B+和C3+三種離子組成的化合物的B3CA6，其中化學鍵的類型有；該化合物中存在一個復雜離子，該離子的化學式為，配位體是。13．[化學﹣﹣選修5：有機化學基礎(chǔ)]化合物I（C11H12O3）是制備液晶材料的中間體之一，其分子中含有醛基和酯基．I可以用E和H在一定條件下合成：已知以下信息：1．A的核磁共振氫譜表明其只有一種化學環(huán)境的氫；2．R﹣CH=CH2R﹣CH2CH2OH；3．化合物F苯環(huán)上的一氯代物只有兩種；4．通常在同一個碳原子上連有兩個羥基不穩(wěn)定，易脫水形成羰基．回答下列問題：（1）A的化學名稱為．（2）D的結(jié)構(gòu)簡式為．（3）E的分子式為．（4）F生成G的化學方程式為，該反應(yīng)類型為．（5）I的結(jié)構(gòu)簡式為．（6）I的同系物J比I相對分子質(zhì)量小14，J的同分異構(gòu)體中能同時滿足如下條件：①苯環(huán)上只有兩個取代基，②既能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，又能與飽和NaHCO3溶液反應(yīng)放出CO2，共有種（不考慮立體異構(gòu)）．J的一個同分異構(gòu)體發(fā)生銀鏡反應(yīng)并酸化后核磁共振氫譜為三組峰，且峰面積比為2：2：1，寫出J的這種同分異構(gòu)體的結(jié)構(gòu)簡式．

2013年全國統(tǒng)一高考化學試卷（新課標Ⅱ）參考答案與試題解析一、選擇題：本題共7小題，每小題6分．在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的．1．（6分）在一定條件下，動植物油脂與醇反應(yīng)可制備生物柴油，化學方程式如圖所示：下列敘述錯誤的是（）A．生物柴油由可再生資源制得 B．生物柴油是不同酯組成的混合物 C．動植物油脂是高分子化合物 D．“地溝油”可用于制備生物柴油 【考點】JH：油脂的性質(zhì)、組成與結(jié)構(gòu)；L1：有機高分子化合物的結(jié)構(gòu)和性質(zhì)．【專題】534：有機物的化學性質(zhì)及推斷．【分析】A．生物柴油其原料取自可再生的動植物資源；B．生物柴油通常是指以動植物油脂為原料生產(chǎn)的、以脂肪酸甲酯為主要成份的液體燃料；C．相對分子質(zhì)量在10000以上的有機化合物為高分子化合物；D．“地溝油”中含有動植物油脂，動植物油脂與醇反應(yīng)可制備生物柴油；【解答】解：A．生物柴油由可再生資源制得，故A正確；B．生物柴油通常是指以動植物油脂為原料生產(chǎn)的、以不同脂肪酸甲酯組成的混合物，故B正確；C．動植物油脂是高分子化合物相對分子質(zhì)量小于10000，不是高分子化合物，故C錯誤；D．“地溝油”中含有動植物油脂，動植物油脂與醇反應(yīng)可制備生物柴油，故D正確；故選：C?！军c評】本題主要考查了油脂的性質(zhì)與用途，難度不大，根據(jù)題目信息即可完成．2．（6分）下列敘述中，錯誤的是（）A．苯與濃硝酸、濃硫酸共熱并保持55～60℃反應(yīng)生成硝基苯 B．苯乙烯在合適條件下催化加氫可生成乙基環(huán)己烷 C．乙烯和溴的四氯化碳溶液反應(yīng)生成1，2﹣二溴乙烷 D．甲苯與氯氣在光照下反應(yīng)主要生成2，4﹣二氯甲苯 【考點】HD：有機物的結(jié)構(gòu)和性質(zhì)；IB：乙烯的化學性質(zhì)；IH：苯的性質(zhì)；II：苯的同系物．【專題】534：有機物的化學性質(zhì)及推斷．【分析】A．根據(jù)苯的硝化反應(yīng)；B．根據(jù)碳碳雙鍵能發(fā)生加成反應(yīng)，苯環(huán)也可發(fā)生加成反應(yīng)；C．根據(jù)碳碳雙鍵能發(fā)生加成反應(yīng)；D．根據(jù)甲苯與氯氣在光照下反應(yīng)主要發(fā)生的是側(cè)鏈上的氫原子被取代；【解答】解：A．苯的硝化反應(yīng)：苯與濃硝酸、濃硫酸共熱并保持55～60℃反應(yīng)生成硝基苯，故A正確；B．碳碳雙鍵能發(fā)生加成反應(yīng)，苯環(huán)也可發(fā)生加成反應(yīng)，所以苯乙烯在合適條件下催化加氫可生成乙基環(huán)己烷，故B正確；C．碳碳雙鍵能發(fā)生加成反應(yīng)，所以乙烯和溴的四氯化碳溶液反應(yīng)生成1，2﹣二溴乙烷，故C正確；D．甲苯與氯氣在光照下反應(yīng)主要發(fā)生的是側(cè)鏈上的氫原子被取代，不能得到苯環(huán)上氫原子被取代的產(chǎn)物2，4﹣二氯甲苯，故D錯誤；故選：D?！军c評】本題主要考查了物質(zhì)的結(jié)構(gòu)與性質(zhì)，注意反應(yīng)條件對產(chǎn)物結(jié)構(gòu)的影響．3．（6分）NA為阿伏加德羅常數(shù)的值。下列敘述正確的是（）A．1.0L1.0mol?L﹣1的NaAlO2水溶液中含有的氧原子數(shù)為2NA B．12g石墨烯（單層石墨）中含有六元環(huán)的個數(shù)為0.5NA C．25℃時pH=13的NaOH溶液中含有OH﹣的數(shù)目為0.1NA D．1mol的羥基與1mol的氫氧根離子所含電子數(shù)均為9NA 【考點】4F：阿伏加德羅常數(shù)．【專題】518：阿伏加德羅常數(shù)和阿伏加德羅定律．【分析】A、溶液中存在水的電離平衡；B、石墨烯中每一個六元環(huán)平均含有2個碳原子；C、溶液體積不知不能計算微粒數(shù)；D、羥基是取代基，氫氧根離子是陰離子?！窘獯稹拷猓篈、1.0L1.0mol?L﹣1的NaAlO2水溶液中，含有水，溶液中含有的氧原子數(shù)大于2NA，故A錯誤；B、石墨烯中每一個六元環(huán)平均含有2個碳原子，12g石墨烯物質(zhì)的量為1mol，含六元環(huán)的個數(shù)為0.5NA故B正確；C、溶液體積不知不能計算微粒數(shù)；D、1mol的羥基﹣OH含有電子數(shù)9NA，1mol的氫氧根離子OH﹣所含電子數(shù)均為10NA，故D錯誤；故選：B?！军c評】本題考查了阿伏伽德羅常數(shù)的應(yīng)用，主要考查溶液中微粒數(shù)判斷，石墨結(jié)構(gòu)分析計算，溶液PH計算，注意區(qū)別羥基和氫氧根離子的不同，題目難度中等。4．（6分）能正確表示下列反應(yīng)的離子方程式是（）A．濃鹽酸與鐵屑反應(yīng)：2Fe+6H+═2Fe3++3H2↑ B．鈉與CuSO4溶液反應(yīng)：2Na+Cu2+═Cu↓+2Na+ C．NaHCO3溶液與稀H2SO4反應(yīng)：CO32﹣+2H+═H2O+CO2↑ D．向FeCl3溶液中加入Mg（OH）2：3Mg（OH）2+2Fe3+═2Fe（OH）3+3Mg2+ 【考點】49：離子方程式的書寫．【專題】516：離子反應(yīng)專題．【分析】A．反應(yīng)生成氯化亞鐵和氫氣；B．不能置換出Cu，反應(yīng)生成氫氧化銅、硫酸鈉、氫氣；C．HCO3﹣不能拆分；D．發(fā)生沉淀的轉(zhuǎn)化，生成氫氧化鐵和氯化鎂．【解答】解：A．濃鹽酸與鐵屑反應(yīng)的離子反應(yīng)為Fe+2H+═Fe2++H2↑，故A錯誤；B．鈉與CuSO4溶液反應(yīng)的離子反應(yīng)為2Na+2H2O+Cu2+═Cu（OH）2↓+2Na++H2↑，故B錯誤；C．NaHCO3溶液與稀H2SO4反應(yīng)的離子反應(yīng)為HCO3﹣+H+═H2O+CO2↑，故C錯誤；D．向FeCl3溶液中加入Mg（OH）2的離子反應(yīng)為3Mg（OH）2+2Fe3+═3Mg2++2Fe（OH）3，故D正確；故選：D?！军c評】本題考查離子反應(yīng)書寫的正誤判斷，明確發(fā)生的化學反應(yīng)是解答本題的關(guān)鍵，注意物質(zhì)的性質(zhì)及離子反應(yīng)的書寫方法，題目難度不大．5．（6分）“ZEBRA”蓄電池的結(jié)構(gòu)如圖所示，電極材料多孔Ni/NiCl2和金屬鈉之間由鈉離子導體制作的陶瓷管相隔。下列關(guān)于該電池的敘述錯誤的是（）A．電池反應(yīng)中有NaCl生成 B．電池的總反應(yīng)是金屬鈉還原三價鋁離子 C．正極反應(yīng)為：NiCl2+2e﹣═Ni+2Cl﹣ D．鈉離子通過鈉離子導體在兩電極間移動 【考點】BL：化學電源新型電池．【專題】51I：電化學專題．【分析】該原電池中，鈉作負極，負極上電極反應(yīng)式為：Na﹣e﹣=Na+，Ni/NiCl2作正極，正極上電極反應(yīng)式為：NiCl2+2e﹣=Ni+2Cl﹣，鈉離子向正極移動?！窘獯稹拷猓篈．負極上電極反應(yīng)式為：Na﹣e﹣=Na+，正極上電極反應(yīng)式為：NiCl2+2e﹣=Ni+2Cl﹣，所以該原電池中有氯化鈉生成，故A正確；B．根據(jù)正負極電極反應(yīng)式知，金屬鈉還原NiCl2，故B錯誤；C．正極上得電子發(fā)生還原反應(yīng)，電極反應(yīng)式為：NiCl2+2e﹣=Ni+2Cl﹣，故C正確；D．原電池放電時，陽離子向正極移動，鈉離子在負極產(chǎn)生，向正極移動，所以鈉離子通過鈉離子導體在兩電極間移動，故D正確；故選：B?！军c評】本題考查原電池原理，明確正負極上得失電子、離子的移動方向即可分析解答，難點是電極反應(yīng)式的書寫，難度中等。6．（6分）在1200℃時，天然氣脫硫工藝中會發(fā)生下列反應(yīng)：H2S（g）+O2（g）═SO2（g）+H2O（g）△H12H2S（g）+SO2（g）═S2（g）+2H2O（g）△H2H2S（g）+O2（g）═S（g）+H2O（g）△H32S（g）═S2（g）△H4則△H4的正確表達式為（）A．△H4=（△H1+△H2﹣3△H3） B．△H4=（3△H3﹣△H1﹣△H2） C．△H4=（△H1+△H2﹣3△H3） D．△H4=（△H1﹣△H2﹣3△H3） 【考點】BF：用蓋斯定律進行有關(guān)反應(yīng)熱的計算．【專題】517：化學反應(yīng)中的能量變化．【分析】利用蓋斯定律分析，不管化學反應(yīng)是一步或分幾步完成，其反應(yīng)熱是不變的；根據(jù)目標方程改寫分方程，然后求出反應(yīng)熱?！窘獯稹拷猓焊鶕?jù)目標方程，把方程3反寫，計量數(shù)乘以2；把方程2乘以；把方程1乘以；然后三者相加；即﹣△H3×2+△H2×+△H1×=（△H1+△H2﹣3△H3），故選：A?！军c評】本題考查了蓋斯定律的應(yīng)用，要注意方程式計量數(shù)的變化，及△H的符號的變化。7．（6分）室溫時，M（OH）2（s）?M2+（aq）+2OH﹣（aq）Ksp=a，c（M2+）=bmol?L﹣1時，溶液的pH等于（）A．lg（） B．lg（） C．14+lg（） D．14+lg（） 【考點】DA：pH的簡單計算；DH：難溶電解質(zhì)的溶解平衡及沉淀轉(zhuǎn)化的本質(zhì)．【專題】51G：電離平衡與溶液的pH專題．【分析】依據(jù)Ksp=c（M2+）c2（OH﹣）表達式和題干Ksp=a，C（M2+）=bmol?L﹣1，計算溶液中氫氧根離子濃度，結(jié)合溶液中離子積計算氫離子濃度和溶液pH；【解答】解：室溫時，M（OH）2（s）?M2+（aq）+2OH﹣（aq），已知Ksp=a，c（M2+）=bmol?L﹣1，則c（OH﹣）==mol?L﹣1，所以c（H+）==mol?L﹣1，則pH=﹣lgc（H+）=14+lg（）；故選：C?！军c評】本題考查了溶度積常數(shù)的有關(guān)計算和PH的計算，題目難度不大，注意對Ksp含義的理解．二、解答題（共6小題，滿分58分）8．（15分）正丁醛是一種化工原料。某實驗小組利用如圖所示裝置合成正丁醛。發(fā)生的反應(yīng)如下：CH3CH2CH2CH2OHCH3CH2CH2CHO。反應(yīng)物和產(chǎn)物的相關(guān)數(shù)據(jù)列表如下：沸點/℃密度/g?cm﹣3水中溶解性正丁醇117.20.8109微溶正丁醛75.70.8017微溶實驗步驟如下：將6.0gNa2Cr2O7放入100mL燒杯中，加30mL水溶解，再緩慢加入5mL濃硫酸，將所得溶液小心轉(zhuǎn)移至B中。在A中加入4.0g正丁醇和幾粒沸石，加熱。當有蒸汽出現(xiàn)時，開始滴加B中溶液。滴加過程中保持反應(yīng)溫度為90～95℃，在E中收集90℃以上的餾分。將餾出物倒入分液漏斗中，分去水層，有機層干燥后蒸餾，收集75～77℃餾分，產(chǎn)量2.0g?；卮鹣铝袉栴}：（1）實驗中，能否將Na2Cr2O7溶液加到濃硫酸中，說明理由容易發(fā)生迸濺。（2）加入沸石的作用是防止暴沸，若加熱后發(fā)現(xiàn)未加入沸石，應(yīng)采取的正確方法是冷卻后補加。（3）上述裝置圖中，B儀器的名稱是分液漏斗，D儀器的名稱是直形冷凝管。（4）分液漏斗使用前必須進行的操作是c（填正確答案標號）。a．潤濕b．干燥c．檢漏d．標定（5）將正丁醛粗產(chǎn)品置于分液漏斗中分水時，水在下層（填“上”或“下”）。（6）反應(yīng)溫度應(yīng)保持在90～95℃，其原因是保證正丁醛及時蒸出，又可盡量避免其被進一步氧化。（7）本實驗中，正丁醛的產(chǎn)率為51%?！究键c】U3：制備實驗方案的設(shè)計．【專題】17：綜合實驗題．【分析】（1）不能將Na2Cr2O7溶液加到濃硫酸中，因為濃硫酸的密度大，容易發(fā)生迸濺；（2）加入沸石的作用是防止暴沸，若加熱后發(fā)現(xiàn)未加沸石，應(yīng)該冷卻后補加；（3）B儀器的名稱是滴液漏斗，D儀器的名稱直形冷凝管；（4）分液漏斗使用前必須進行的第一項操作是檢漏；（5）由表中數(shù)據(jù)可知，正丁醛密度小于水的密度，據(jù)此判斷；（6）根據(jù)題目所給反應(yīng)物和產(chǎn)物的沸點數(shù)據(jù)可知，反應(yīng)溫度保持在90～95℃，既可保證正丁醛及時蒸出，又可盡量避免其被進一步氧化；（7）設(shè)正丁醛的產(chǎn)率為x，則正丁醇的利用率為x，根據(jù)關(guān)系式C4H10O～C4H8O列方程計算?！窘獯稹拷猓海?）因為濃硫酸的密度大，能將Na2Cr2O7溶液加到濃硫酸中，容易發(fā)生迸濺，故答案為：不能，容易發(fā)生迸濺；（2）加入沸石的作用是防止暴沸，若加熱后發(fā)現(xiàn)未加沸石，應(yīng)該冷卻后補加，故答案為：防止暴沸；冷卻后補加；（3）B儀器的名稱是分液漏斗，D儀器的名稱直形冷凝管，故答案為：分液漏斗；直形冷凝管；（4）分液漏斗使用前必須進行的第一項操作是檢漏，故答案為：c：（5）正丁醛密度為0.8017g?cm﹣3，小于水的密度，故分層水層在下方，故答案為：下；（6）根據(jù)題目所給反應(yīng)物和產(chǎn)物的沸點數(shù)據(jù)可知，反應(yīng)溫度保持在90～95℃，既可保證正丁醛及時蒸出，又可盡量避免其被進一步氧化，故答案為：保證正丁醛及時蒸出，又可盡量避免其被進一步氧化；（7）設(shè)正丁醛的產(chǎn)率為x，則正丁醇的利用率為x，根據(jù)關(guān)系式，C4H10O～C4H8O74724xg2g解得：x==51%，故答案為：51?！军c評】本題考查有機化學實驗、反應(yīng)原理、基本操作、化學計算等，難度不大，注意計算中正丁醇的轉(zhuǎn)化率等于正丁醛的產(chǎn)率，注意對基礎(chǔ)知識的理解掌握。9．（14分）氧化鋅為白色粉末，可用于濕疹、癬等皮膚病的治療。純化工業(yè)級氧化鋅（含有Fe（II）、Mn（II）、Ni（II）等雜質(zhì)）的流程如圖所示：提示：在本實驗條件下，Ni（II）不能被氧化；高錳酸鉀的還原產(chǎn)物是MnO2?；卮鹣铝袉栴}：（1）反應(yīng)②中除掉的雜質(zhì)離子是Fe2+和Mn2+，發(fā)生反應(yīng)的離子方程式為MnO4﹣+3Fe2++7H2O=3Fe（OH）3↓+MnO2↓+5H+、2MnO4﹣+3Mn2++2H2O=5MnO2↓+4H+；在加高錳酸鉀溶液前，若pH較低，對除雜的影響是鐵離子和錳離子不能生成沉淀，從而無法除去鐵和錳雜質(zhì)。（2）反應(yīng)③的反應(yīng)類型為置換反應(yīng)，過濾得到的濾渣中，除了過量的鋅外還有鎳。（3）反應(yīng)④形成的沉淀要用水洗，檢查沉淀是否洗滌干凈的方法是取最后一次少量水洗液于試管中，滴入1～2滴鹽酸，再滴入氯化鋇溶液，若無白色沉淀生成，則說明沉淀已經(jīng)洗滌干凈。（4）反應(yīng)④中產(chǎn)物的成分可能是ZnCO3?xZn（OH）2．取干燥后的濾餅11.2g，鍛燒后可得到產(chǎn)品8.1g，則x等于1?！究键c】GR：常見金屬元素的單質(zhì)及其化合物的綜合應(yīng)用；P8：物質(zhì)分離和提純的方法和基本操作綜合應(yīng)用．【專題】527：幾種重要的金屬及其化合物．【分析】（1）根據(jù)題意，Ni（Ⅱ）不能被氧化，反應(yīng)②中除掉的雜質(zhì)離子是Fe2+和Mn2+，根據(jù)MnO4﹣+具有氧化性，能將Fe2+和Mn2+氧化，根據(jù)電子得失進行配平；加高錳酸鉀溶液前，若pH較低，鐵離子和錳離子不能生成沉淀，從而無法除去鐵和錳雜質(zhì)。（2）反應(yīng)③為鋅與鎳離子的發(fā)生反應(yīng)得到鋅離子和鎳；得到的濾渣中，除了過量的鋅外還有金屬鎳。（3）檢驗沉淀是否洗滌干凈的方法是最后一次洗滌液，檢驗表面是否含有硫酸根離子；（4）根據(jù)關(guān)系式ZnCO3?xZn（OH）2～（x+1）ZnO來計算?！窘獯稹拷猓海?）根據(jù)題意，Ni（Ⅱ）不能被氧化，反應(yīng)②中除掉的雜質(zhì)離子是Fe2+和Mn2+，發(fā)生的離子方程式為MnO4﹣+3Fe2++7H2O=3Fe（OH）3↓+MnO2↓+5H+、2MnO4﹣+3Mn2++2H2O=5MnO2↓+4H+；加高錳酸鉀溶液前，若pH較低，鐵離子和錳離子不能生成沉淀，從而無法除去鐵和錳雜質(zhì)；故答案為：Fe2+和Mn2+；MnO4﹣+3Fe2++7H2O=3Fe（OH）3↓+MnO2↓+5H+、2MnO4﹣+3Mn2++2H2O=5MnO2↓+4H+；鐵離子和錳離子不能生成沉淀，從而無法除去鐵和錳雜質(zhì)；（2）反應(yīng)③為鋅與鎳離子的發(fā)生反應(yīng)得到鋅離子和鎳，反應(yīng)類型為置換反應(yīng)；得到的濾渣中，除了過量的鋅外還有金屬鎳，故答案為：置換反應(yīng)；鎳；（3）由于溶液中硫酸根離子屬于雜質(zhì)離子，因此可以檢驗測定洗滌液中是否存在硫酸根離子，操作為：取最后一次少量水洗液于試管中，滴入1～2滴稀鹽酸，再滴入氯化鋇溶液，若無白色沉淀生成，則說明沉淀已經(jīng)洗滌干凈，故答案為：取最后一次少量水洗液于試管中，滴入1～2滴稀鹽酸，再滴入氯化鋇溶液，若無白色沉淀生成，則說明沉淀已經(jīng)洗滌干凈；（4）根據(jù)關(guān)系式ZnCO3?xZn（OH）2～（x+1）ZnO125+99x81（x+1）11.2g8.1g解得：x=1故答案為：1?！军c評】本題以工業(yè)流程為背景，考查了學生分析問題、解決問題，運用知識的能力，難度中等。10．（14分）在1.0L密閉容器中放入0.10molA（g），在一定溫度進行如下反應(yīng)：A（g）?B（g）+C（g）△H=+85.1kJ?mol﹣1反應(yīng)時間（t）與容器內(nèi)氣體總壓強（p）的數(shù)據(jù)見下表：時間t/h0124816202530總壓強p/100kPa4.915.586.327.318.549.509.529.539.53回答下列問題：（1）欲提高A的平衡轉(zhuǎn)化率，應(yīng)采取的措施為升高溫度、降低壓強。（2）由總壓強p和起始壓強p0計算反應(yīng)物A的轉(zhuǎn)化率α（A）的表達式為×100%，平衡時A的轉(zhuǎn)化率為94.1%，列式并計算反應(yīng)的平衡常數(shù)K1.5mol/L。（3）①由總壓強p和起始壓強p0表示反應(yīng)體系的總物質(zhì)的量n總和反應(yīng)后A的物質(zhì)的量n（A），n總=0.10×mol，n（A）=0.10×（2﹣）mol。②下表為反應(yīng)物A濃度與反應(yīng)時間的數(shù)據(jù)，計算：a=0.051。反應(yīng)時間t/h04816c（A）/（mol?L﹣1）0.10a0.0260.0065分析該反應(yīng)中反應(yīng)物的濃度c（A）變化與時間間隔（△t）的規(guī)律，得出的結(jié)論是達到平衡前每間隔4h，c（A）減少約一半，由此規(guī)律推出反應(yīng)在12h時反應(yīng)物的濃度c（A）為0.013mol?L﹣1?！究键c】CB：化學平衡的影響因素；CP：化學平衡的計算．【專題】51E：化學平衡專題．【分析】（1）反應(yīng)是吸熱反應(yīng)，反應(yīng)前后氣體體積增大，結(jié)合平衡移動原理分析判斷轉(zhuǎn)化率；（2）相同條件下壓強之比等于物質(zhì)的量之比，反應(yīng)前后物質(zhì)的量的增大是反應(yīng)的A的物質(zhì)的量，結(jié)合轉(zhuǎn)化率概念計算得到；依據(jù)化學平衡三段式列式計算平衡濃度達到平衡常數(shù)；（3）①依據(jù)相同條件下壓強之比等于物質(zhì)的量之比，結(jié)合平衡計算得到；②依據(jù)平衡A的濃度計算，依據(jù)圖表數(shù)據(jù)分析判斷存在的規(guī)律；【解答】解：（1）在一定溫度進行如下反應(yīng)：A（g）?B（g）+C（g）△H=+85.1kJ?mol﹣1反應(yīng)是吸熱反應(yīng)，反應(yīng)前后氣體體積增大，根據(jù)平衡移動原理分析可知，欲提高A的平衡轉(zhuǎn)化率，平衡正向進行，可以升溫或減壓條件下使平衡正向進行；故答案：升高溫度、降低壓強；（2）反應(yīng)前后氣體物質(zhì)的量增大等于反應(yīng)的A的量，所以由總壓強p和起始壓強p0計算反應(yīng)物A的轉(zhuǎn)化率α（A）的表達式=×100%=（）×100%；平衡時A的轉(zhuǎn)化率=×100%=94.1%依據(jù)化學平衡三段式列式得到；A（g）?B（g）+C（g）起始量（mol/L）0.1000變化量（mol/L）0.10×94.1%0.10×94.1%0.10×94.1%平衡量（mol/L）0.10（1﹣94.1%）0.10×94.1%0.10×94.1%K===1.5mol/L故答案為：（）×100%；94.1%；1.5mol/L（3）①由總壓強p和起始壓強p0表示反應(yīng)體系的總物質(zhì)的量n總和反應(yīng)物A的物質(zhì)的量n（A），依據(jù)壓強之比等于物質(zhì)的量之比，n總：n起始=P：P0，n總=；A（g）?B（g）+C（g）起始量（mol）0.1000變化量（mol）xxx某時刻量（mol）0.10﹣xxx（0.10+x）：0.10=P：P0x=n（A）=0.10﹣=0.10×（2﹣）mol；故答案為：；0.10×（2﹣）；②n（A）=0.10×（2﹣）=0.10×（2﹣）=0.051mol所以濃度a=0.051mol/L；分析數(shù)據(jù)特征可知，每隔4h，A的濃度減小一半，故答案為：0.051；達到平衡前每間隔4h，c（A）減少約一半；由此規(guī)律推出反應(yīng)在12h時反應(yīng)物的濃度c（A）==0.013mol/L；故答案為：0.051，每隔4h，A的濃度減小一半；0.013；【點評】本題考查壓強關(guān)系和物質(zhì)的量的計算應(yīng)用，化學平衡計算方法，圖表數(shù)據(jù)處理方法的分析判斷，題目難度中等。11．（15分）〔化學﹣﹣選修2：化學與技術(shù)〕鋅錳電池（俗稱干電池）在生活中的用量很大．兩種鋅錳電池的構(gòu)造如圖（甲）所示．回答下列問題：（1）普通鋅錳電池放電時發(fā)生的主要反應(yīng)為：Zn+2NH4Cl+2MnO2═Zn（NH3）2Cl2+2MnOOH①該電池中，負極材料主要是鋅，電解質(zhì)的主要成分是NH4Cl，正極發(fā)生的主要反應(yīng)是MnO2+NH4++e﹣=MnOOH+NH3．②與普通鋅錳電池相比，堿性鋅錳電池的優(yōu)點及其理由是堿性電池不易發(fā)生電解質(zhì)的泄露，因為消耗的負極改裝在電池的內(nèi)部，堿性電池的使用壽命較長，因為金屬材料在堿性電解質(zhì)中比在酸性電解質(zhì)中的穩(wěn)定性提高．（2）圖（乙）表示回收利用廢舊普通鋅錳電池工藝（不考慮廢舊電池中實際存在的少量其他金屬）．①圖（乙）中產(chǎn)物的化學式分別為AZnCl2，BNH4Cl．②操作a中得到熔塊的主要成分是K2MnO4．操作b中，綠色的K2MnO4溶液反應(yīng)生成紫色溶液和一種黑褐色固體，該反應(yīng)的離子方程式為3MnO42﹣+2CO2=2MnO4﹣+MnO2↓+2CO32﹣．③采用惰性電極電解K2MnO4溶液也能得到化合物D，則陰極處得到的主要物質(zhì)是H2（填化學式）．【考點】BJ：常見化學電源的種類及其工作原理．【專題】51I：電化學專題．【分析】（1）①根據(jù)電池反應(yīng)判斷正負極和電解質(zhì)；二氧化錳和銨根離子在正極發(fā)生反應(yīng)；②根據(jù)堿性鋅錳電池的特點分析；（2）①根據(jù)電池的材料分析；②根據(jù)已知反應(yīng)物和產(chǎn)物，再利用元素守恒③K2MnO4溶液中陰極產(chǎn)物的判斷，根據(jù)溶液中陽離子得電子能力分析．【解答】解：（1）根據(jù)化學方程式Zn+2NH4Cl+2MnO2=Zn（NH3）2Cl2+2MnOOH，反應(yīng)中Zn被氧化，為電池負極鋅，氯化銨是電解質(zhì)的主要成分，二氧化錳和銨根離子在正極發(fā)生反應(yīng)，MnO2+NH4++e﹣=MnOOH+NH3．與普通鋅錳電池相比，堿性鋅錳電池的優(yōu)點及其理由是堿性電池不易發(fā)生電解質(zhì)的泄露，因為消耗的負極改裝在電池的內(nèi)部，堿性電池的使用壽命較長，因為金屬材料在堿性電解質(zhì)中比在酸性電解質(zhì)中的穩(wěn)定性提高；故答案為：①鋅；NH4Cl；MnO2+NH4++e﹣=MnOOH+NH3②堿性電池不易發(fā)生電解質(zhì)的泄露，因為消耗的負極改裝在電池的內(nèi)部，堿性電池的使用壽命較長，因為金屬材料在堿性電解質(zhì)中比在酸性電解質(zhì)中的穩(wěn)定性提高．（2）廢電池經(jīng)機械分離后，加水溶解后溶液中的成分是氯化銨，再加稀鹽酸Zn溶解生成氯化鋅，因此濃縮結(jié)晶得到氯化銨和氯化鋅．氯化銨不穩(wěn)定，受熱易分解，所以B為氯化銨，A為氯化鋅．綠色的K2MnO4溶液發(fā)生反應(yīng)后生成紫色的高錳酸鉀溶液和黑褐色的二氧化錳，該反應(yīng)的離子方程式為3MnO42﹣+2CO2=2MnO4﹣+MnO2↓+2CO32﹣．采用惰性電極電解K2MnO4溶液，陰極氫離子得電子生成氫氣．故答案為：①ZnCl2NH4Cl②3MnO42﹣+2CO2=2MnO4﹣+MnO2↓+2CO32﹣l③H2【點評】本題考查了化學與技術(shù)、原電池原理、電極方程式的書寫，綜合性較強．12．〔化學﹣﹣選修3：物質(zhì)結(jié)構(gòu)與性質(zhì)〕前四周期原子序數(shù)依次增大的元素A、B、C、D中，A和B的價電子層中未成對電子均只有一個，并且A﹣和B+的電子數(shù)相差為8；與B位于同一周期的C和D，它們價電子層中的未成對電子數(shù)分別為4和2，且原子序數(shù)相差為2?；卮鹣铝袉栴}：（1）D2+的價層電子排布圖為。（2）四種元素中第一電離能最小的是K，電負性最大的是F。（填元素符號）（3）A、B和D三種元素組成的一個化合物的晶胞如圖所示。①該化合物的化學式為K2NiF4；D的配位數(shù)為6；②列式計算該晶體的密度3.4g?cm﹣3。（4）A﹣、B+和C3+三種離子組成的化合物的B3CA6，其中化學鍵的類型有離子鍵和配位鍵；該化合物中存在一個復雜離子，該離子的化學式為[FeF6]3﹣，配位體是F﹣?！究键c】8J：位置結(jié)構(gòu)性質(zhì)的相互關(guān)系應(yīng)用；9I：晶胞的計算．【專題】51B：原子組成與結(jié)構(gòu)專題；51D：化學鍵與晶體結(jié)構(gòu)．【分析】前四周期原子序數(shù)依次增大的元素A、B、C、D中，A和B的價電子層中未成對電子均只有一個，并且A﹣和B+的電子數(shù)相差為8，A屬于第VIIA族元素，B屬于第IA族元素，且A的原子序數(shù)小于B，則A是F元素，B是K元素；與B位于同一周期的C和D，它們價電子層中的未成對電子數(shù)分別為4和2，且原子序數(shù)相差為2，且C和D的原子序數(shù)大于B，C的原子序數(shù)小于D，則C是Fe元素，D是Ni元素，結(jié)合物質(zhì)結(jié)構(gòu)和性質(zhì)解答?！窘獯稹拷猓呵八闹芷谠有驍?shù)依次增大的元素A、B、C、D中，A和B的價電子層中未成對電子均只有一個，并且A﹣和B+的電子數(shù)相差為8，A屬于第VIIA族元素，B屬于第IA族元素，且A的原子序數(shù)小于B，則A是F元素，B是K元素；與B位于同一周期的C和D，它們價電子層中的未成對電子數(shù)分別為4和2，且原子序數(shù)相差為2，且C和D的原子序數(shù)大于B，C的原子序數(shù)小于D，則C是Fe元素，D是Ni元素，（1）D2+的價層電子為3d電子，根據(jù)能量最低原理、保里不相容原理及洪特規(guī)則知，其價電子排布圖為，故答案為：；（2）元素的金屬性越強其第一電離能越小，元素的非金屬性越強，其電負性越大，這四種元素中金屬性最強的是K元素，非金屬性最強的元素是F，所以第一電離能最小的是K，電負性最大的是F，故答案為：K；F；（3）①該晶胞中A原子個數(shù)=16×=8，B原子個數(shù)=8×=4，D原子個數(shù)=8×，所以該化合物的化學式為K2NiF4，根據(jù)晶胞結(jié)構(gòu)知，D的配位數(shù)是6，故答案為：K2NiF4；6；②該晶胞的體積=（400×10﹣10cm）2（1308×10﹣10cm），ρ==3.4g?cm﹣3，故答案為：3.4；（4）A﹣、B+和C3+三種離子組成的化合物的K3FeF6，該物質(zhì)中陰陽離子間存在離子鍵，鐵原子和氟原子間存在配位鍵，該化合物中存在一個復雜離子，該離子的化學式為[FeF6]3﹣，配位體是F﹣，故答案為：離子鍵和配位鍵；[FeF6]3﹣；F﹣?！军c評】本題考查物質(zhì)結(jié)構(gòu)和性質(zhì)，正確推斷元素是解本題關(guān)鍵，難度中等，注意化學式的確定中，各中原子被幾個晶胞共用，為易錯點，難點是密度的計算。13．[化學﹣﹣選修5：有機化學