鄭州市高新區(qū)一中2019-2020學(xué)年高二物理下學(xué)期期中試題含解析

河南省鄭州市高新區(qū)一中2019_2020學(xué)年高二物理下學(xué)期期中試題含解析河南省鄭州市高新區(qū)一中2019_2020學(xué)年高二物理下學(xué)期期中試題含解析PAGE19-河南省鄭州市高新區(qū)一中2019_2020學(xué)年高二物理下學(xué)期期中試題含解析河南省鄭州市高新區(qū)一中2019-2020學(xué)年高二物理下學(xué)期期中試題（含解析）（本試卷滿分100分，考試時間90分鐘）一、單項選擇題（共12小題，每小題3分，共36分。每小題給出的四個選項中只有一個選項是正確的，把答案填在答題表中）1.首先發(fā)現(xiàn)電流產(chǎn)生磁場的科學(xué)家是（）A。富蘭克林 B。法拉第 C。安培 D。奧斯特【答案】D【解析】【詳解】A。富蘭克林最早提出了電流、電荷、靜電的概念，故A錯誤．B.法拉第最早發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，故B錯誤,C。安培提出了安培定則,最早提出了分子電流假說,故C錯誤．D。奧斯特首先發(fā)現(xiàn)了通電導(dǎo)線能夠產(chǎn)生磁場，故D正確．2。真空中兩個相同的金屬小球A和B，帶電荷量分別為QA=2×10—8C和QB=4×10-8C，相互作用力為F,若將兩球接觸后再放回原處，則它們之間的作用力將變?yōu)椋ǎ〢。 B。 C. D?！敬鸢浮緼【解析】設(shè)A球的電荷量為Q，則B球的電荷量為2Q,未接觸前,根據(jù)庫侖定律，得：，接觸后兩球帶電量平分,再由庫侖定律，得:，則，故A正確．點晴：本題考查運用比例法求解物理問題的能力．對于兩個完全相同的金屬球，互相接觸后電量平分．3.電場中有一點P，下列說法正確的是A。若放在P點的點電荷的電荷量減半，則P點的場強(qiáng)減半B。若P點沒有試探電荷，則P點的場強(qiáng)為零C.P點的場強(qiáng)越大，則同一電荷在P點受的電場力越大D。P點的場強(qiáng)方向為試探電荷在該點的受力方向【答案】C【解析】【詳解】AB。電場強(qiáng)度取決于電場本身，與有無試探電荷無關(guān)，所以在P點電荷減半或無檢驗電荷，P點的場強(qiáng)不變，故A錯誤，B錯誤；C.據(jù)F=Eq知，P點的場強(qiáng)越大，則同一電荷在P點所受的電場力越大,故C正確；D.據(jù)場強(qiáng)方向的規(guī)定，正電荷所受電場力的方向與場強(qiáng)方向相同，所以P點的場強(qiáng)方向為正電荷在該點的受力方向，與負(fù)電荷受力方向相反，故D錯誤．4.有一電場的電場線如右圖所示，場中A、B兩點的電場強(qiáng)度大小和電勢分別用EA、EB和φA、φB表示,則（）A.EA>EB，φA〉φB B.EA>EB，φA〈φBC.EA〈EB,φA〉φB D。EA〈EB，φA〈φB【答案】D【解析】【詳解】電場線的疏密表示電場強(qiáng)度大小,電場線越密,電場強(qiáng)度越大，故,沿電場線方向電勢降低,故，D正確．5.關(guān)于電容器的電容，下列說法正確的是（）A。電容器帶的電荷量越多,其電容越大B.電容器兩板間電壓越低，其電容越小C。電容器不帶電時，其電容為0D。電容器的電容只由它本身特性決定【答案】D【解析】A、B項：電容的大小與電容器兩端的電壓及電容器所帶的電量無關(guān)，故A、B錯誤；C項：根據(jù)，電容器的電容只由它本身特性決定，當(dāng)不帶電時，仍存在電容．故C錯誤,D正確．點晴：解決本題的關(guān)鍵掌握電容的決定式：，知道電容與兩極板的距離、正對面積有關(guān)，與所帶的電量及兩端的電勢差無關(guān)．6。下圖列出了不同品牌的電視機(jī)、電風(fēng)扇、空調(diào)機(jī)和電冰箱銘牌上的主要項目，試判斷正常工作時其中功率最大的是（）A。 B。C。 D?！敬鸢浮緾【解析】由電冰箱、電視機(jī)、電風(fēng)扇銘牌直接讀出它們的額定功率分別為：85W，70W、65W．對于空調(diào)機(jī)，由銘牌上讀出額定電壓U=220V，額定電流I=6.2A，則其額定功率為P=UI=1364W，所以正常工作時，功率最大的電器是空調(diào)機(jī),故C正確．點晴：本題考查讀取電器銘牌信息的能力，空調(diào)機(jī)的功率為P=UI．7.兩根由同種材料制成的均勻電阻絲A、B串聯(lián)在電路中，A的長度為L，直徑為d；B的長度為2L,直徑為2d，那么通電后在相同的時間內(nèi)產(chǎn)生的熱量之比為A。QA∶QB＝1∶2 B.QA∶QB＝2∶1C.QA∶QB＝1∶1 D.QA∶QB＝4∶1【答案】B【解析】【分析】由題意可知考查焦耳定律、電阻定律，據(jù)此分析計算可得．【詳解】由電阻定律可得電阻絲A的電阻電阻絲B的電阻所以由焦耳定律可得代入數(shù)值可得QA∶QB＝2∶1【點睛】先由電阻定律求得兩個電阻絲的電阻之比，再由焦耳定律計算出相同時間產(chǎn)生的熱量之比．8.如右圖所示，是四只電阻的I－U圖像,這四只電阻并聯(lián)起來使用時,通過各只電阻的電流強(qiáng)度分別是I1、I2、I3、I4，則(）A.I1＞I2＞I3＞I4B.I1=I2=I3=I4C。I1＜I2＜I3＜I4D。無法判斷【答案】C【解析】由于在I-U圖象中，直線的斜率的倒數(shù)等于導(dǎo)體的電阻值；R4斜率最大．電阻值最小，R1的斜率最小，電阻值最大；這四個電阻并聯(lián)起來使用時,它們兩端的電壓是相等的，根據(jù)歐姆定律：，電阻值大的電阻,流過的電流小,所以:I1＜I2＜I3＜I4．故C正確．點晴:會熟練應(yīng)用歐姆定律，知道并聯(lián)電路電阻與電流的比值關(guān)系．明確I-U圖象中圖象的斜率表示電阻的倒數(shù)．9.一帶電粒子沿著右圖中曲線JK穿過一勻強(qiáng)電場，a、b、c、d為該電場的等勢面，其中φa〈φb〈φc<φd，若不計粒子受的重力，可以確定（）A。該粒子帶正電B.從J到K粒子的電勢能減少C。粒子從J到K運動過程中的動能減?。瓺.粒子從J到K運動過程中作變加速運動．【答案】B【解析】A項：由運動軌跡可知電場力方向向右，由電勢的高低可知電場線方向向左，則電性為負(fù)，故A錯誤；B、C項：由J到K電場力做正功，則動能增加，電勢能減小，總能量不變，故B正確，C錯誤；D項：由于粒子在勻強(qiáng)電場中運動，粒子只受電場力，所以粒子所受合力恒定,故粒子作勻變速運動，故D錯誤．點晴:本題通過帶電粒子在電場中的運動考查了電勢、電勢能、電場力等問題，解決這類問題的突破口是：做曲線運動的物體所受合外力指向其軌跡內(nèi)側(cè)．10。在如右上圖所示的電路中，電池的電動勢為E，內(nèi)電阻為r，R1、R2為兩個阻值固定的電阻,當(dāng)可變電阻R的滑片向下移動時，安培表的示數(shù)I和伏特表的示數(shù)U將（）A。I變大,U變大B.I變大，U變小C。I變小,U變大D.I變小，U變小【答案】B【解析】當(dāng)R的滑動觸頭P向下移動時，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析得知總電流I增大，電壓表測量路端電壓U,而U=E-Ir，I增大，E、r不變，則U變??；R1兩端電壓變大，R2兩端變小,通過R2電流減小,總電流變大，通過A的電流變大，故B正確．點晴：電路的動態(tài)分析:析的順序：外電路部分電路變化→總電阻的變化→判斷總電流的變化→由閉合電路歐姆定律判斷U的變化→由部分電路歐姆定律分析固定電阻的電流、電壓的變化歐→用串、并聯(lián)規(guī)律分析變化電阻的電流、電壓電功．11。在如圖所示的勻強(qiáng)磁場中，已經(jīng)標(biāo)出了電流I和磁場B以及磁場對電流作用力F三者的方向，其中錯誤的是(）A. B。C。 D?！敬鸢浮緿【解析】【詳解】A．根據(jù)左手定則可知，該圖中導(dǎo)線所受安培力方向正確，選項A不符合題意。B．根據(jù)左手定則可知，該圖中導(dǎo)線所受安培力方向正確，選項B不符合題意。C．根據(jù)左手定則可知,該圖中導(dǎo)線所受安培力方向正確，選項C不符合題意。D．圖中導(dǎo)線的磁場方向平行,則導(dǎo)線不受安培力,此選項錯誤，選項D符合題意。故選D。12。如圖所示,用兩根輕細(xì)金屬絲將質(zhì)量為m，長為的金屬棒懸掛在c、d兩處，置于勻強(qiáng)磁場內(nèi)．當(dāng)棒中通以從a到b的電流I后,兩懸線偏離豎直方向角處于平衡狀態(tài)．為了使棒平衡在該位置上，所需的最小磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小、方向是（）A。,豎直向上B。，豎直向下C.，平行懸線向下D。，平行懸線向上【答案】D【解析】【詳解】從b點沿金屬棒看進(jìn)去，受力分析如圖磁感應(yīng)強(qiáng)度最小時，安培力最小，如圖所示．可得，在結(jié)合左手定則,可得，磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向為沿繩向上．故選D二、多項選擇題：本題共4小題，每小題4分，共計16分，每小題有多個選項符合題意。全部對的得4分，選對但不全的得2分，錯選或不答的得0分。13.如圖所示，A、B為兩個等量的正點電荷,在其連線中垂線上的P點放一個負(fù)點電荷q（不計重力）由靜止釋放后，下列說法中正確的是（）A。點電荷在從P點到O運動的過程中,加速度越來越大，速度越來越大B。點電荷在從P點到O點運動的過程中,加速度越來越小,速度越來越大C.點電荷運動到O點時加速度為零，速度達(dá)最大值D。點電荷將在O點兩側(cè)往復(fù)運動?！敬鸢浮緾D【解析】【詳解】AB．在O上方，在等量同種電荷連線中垂線上電場強(qiáng)度方向O→P，負(fù)點電荷q從P點到O點運動過程中，電場力方向P→O，速度越來越大。但電場線的疏密情況不確定,電場強(qiáng)度大小變化情況不確定，則點電荷所受電場力大小變化情況不確定，加速度變化情況無法判斷。故AB錯誤。C．越過O點后,負(fù)電荷q所受的電場力O→P，則負(fù)電荷做減速運動，所以點電荷運動到O點時速度最大。電場力為零，加速度為零.故C正確.D．根據(jù)電場線的對稱性可知，越過O點后，負(fù)電荷q做減速運動，直到速度減為零,以后再返回做往復(fù)運動，選項D正確；故選CD。14。某同學(xué)設(shè)計了一個多量程多用電表，其內(nèi)部結(jié)構(gòu)原理圖如圖所示，測電流和測電壓時各有兩個量程，還有兩個檔位用來測電阻，則下列說法正確的是A。當(dāng)功能選擇開關(guān)S與1、2觸點相接時，測的是電流B。當(dāng)功能選擇開關(guān)S與3、4觸點相接時,測的是電壓C.A表筆為紅表筆，B表筆為黑表筆D.當(dāng)功能選擇開關(guān)S旋到觸點5時的量程比旋到6時的量程大【答案】AC【解析】【詳解】A項：當(dāng)S旋到位置1、2時，電流表與電阻并聯(lián),并聯(lián)電阻起分流作用，可用來測量電流．則A正確；B項：當(dāng)轉(zhuǎn)換開關(guān)S旋到位置3，4時，內(nèi)部電源被接通，構(gòu)成歐姆表,可測量電阻,則B錯誤；C項：電流由紅表筆進(jìn),由黑表筆出，則A表筆為紅表筆,B表筆為黑表筆，則C正確；D項:S旋到位置5時,串聯(lián)電阻阻值較小，則分壓較大，故旋到觸點5時的量程比旋到6時的量程小，則D錯誤．【點晴】本題考查多用電表的內(nèi)部結(jié)構(gòu)，電壓檔和電流檔的內(nèi)部結(jié)構(gòu)與前面所學(xué)習(xí)的電壓表電流表的改裝原理相同，而歐姆檔啟用時內(nèi)部電源被接通．15.如圖所示,三個質(zhì)量相同,帶電荷量分別為＋q、－q和0的小液滴a、b、c，從豎直放置的兩板中間上方由靜止釋放，最后從兩板間穿過，軌跡如圖所示,則在穿過極板的過程中:A。電場力對液滴a、b做的功相同B.三者動能的增量相同C.液滴a與液滴b電勢能的變化量相等D.重力對c做的功最多【答案】AC【解析】A項：因為液滴a、b電荷量大小相等，則液滴所受的電場力大小相等,由靜止釋放，穿過兩板的時間相等，則偏轉(zhuǎn)位移大小相等,電場力做功相等．故A正確；B項：電場力對a、b兩液滴做功相等，重力做功相等，則動能的增量相等，對于c液滴，只有重力做功，小于a、b動能的增量．故B錯誤;C項：對于液滴a和液滴b，電場力均做正功,電場力所做的功等于電勢能的變化量，故C正確；D項：三者在穿過極板的過程中豎直方向的位移相等，三個質(zhì)量相同，所以重力做功相等，故D錯誤．16.如圖所示，條形磁鐵放在水平粗糙桌面上，它的右上方附近固定有一根長直導(dǎo)線，導(dǎo)線中通與了方向垂直紙面向里（即與條形磁鐵垂直)的電流，與原來沒有放置通電導(dǎo)線時相比較，磁鐵受到的支持力N和摩擦力f的變化情況是A。N減小了 B.N增大了C。f始終為0 D.f不為0，且方向向右【答案】BD【解析】以導(dǎo)線為研究對象，由左手定則判斷得知導(dǎo)線所受安培力方向斜向右上方；根據(jù)牛頓第三定律得知,導(dǎo)線對磁鐵的安培力方向斜向左下方，磁鐵有向左運動的趨勢，受到向右的摩擦力，同時磁鐵對地的壓力增大；故B、D正確．本題考查靈活運用牛頓第三定律選擇研究對象的能力．關(guān)鍵存在先研究導(dǎo)線所受安培力．三．實驗題:（本大題共9小題,每空2分，共計18分）17.某同學(xué)測量一個圓柱體的電阻率,需要測量圓柱體的尺寸和電阻．①分別使用游標(biāo)卡尺和螺旋測微器測量圓柱體的長度和直徑，某次測量的示數(shù)如圖（a)和圖（b）所示,長度為_____cm，直徑為_____mm．②按圖（c)鏈接電路后，實驗操作如下：(a)將滑動變阻器R1的阻值置于最_____處(填“大"或“小”）；將S2撥向接點1,閉合S1,調(diào)節(jié)R1，使電流表示數(shù)為I0；(b）將電阻箱R2的阻值調(diào)至最______(填“大”或“小"）；將S2撥向接點2；保持R1不變，調(diào)節(jié)R2，使電流表示數(shù)仍為I0，此時R2阻值為1280Ω；③由此可知，圓柱體的電阻為_____Ω．【答案】①5。015。315②（a)大（b）大③1280【解析】①根據(jù)游標(biāo)卡尺讀數(shù)規(guī)則，主尺讀數(shù)為5cm，游標(biāo)尺讀數(shù)為0.05×3mm,長度為5。015cm,根據(jù)螺旋測微器的讀數(shù)規(guī)則，主尺讀數(shù)為5mm，可動刻度為31.0×0。01mm，所以直徑為5。310mm．②（a）為了保護(hù)電路，因此閉合電鍵前，滑動變阻器一定調(diào)到阻值最大；(b）將固柱體電阻換成電阻箱時，也一定將電阻箱調(diào)到最大,也是為了保護(hù)電路安全；③此題采用等效替代法測量電阻，圓柱體的電阻等于電阻箱R2的阻值為1280Ω．點晴：首先應(yīng)明確實驗原理,本實驗中測量電阻所采取的方法是替代法．此處有視頻，請去附件查看】18。測定電源的電動勢和內(nèi)電阻的實驗電路和U—I圖象如下，回答下列問題:①現(xiàn)備有以下器材：A．干電池1個B．滑動變阻器(0～50Ω）D．電壓表(0～3V)E．電壓表（0～15V)F．電流表(0~0。6A）G．電流表(0～3A）其中電流表應(yīng)選______，電壓表應(yīng)選______．（填字母代號）②根據(jù)圖線讀出電池的電動勢E=________V，電池的內(nèi)阻r=_______Ω.【答案】(1)。F(2）.D(3).1。5(4）。1.0【解析】【分析】(1）在選擇電壓表和電流表時要求在不超過量程的前提下偏轉(zhuǎn)角度盡量大些，在滿量程的左右偏轉(zhuǎn)最好．(2）在U-I圖象中縱坐標(biāo)的截距代表的是電源的電動勢，直線的斜率代表的是電源的內(nèi)阻的大?。驹斀狻浚?）測定一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)電阻，電動勢為1。5V左右，電壓表量程應(yīng)選0—3V，故選D；圖象顯示最大電流為0。4A,故電流表量程應(yīng)選0-0。6A合適,故選F。（2)由U—I圖像可知這個干電池的電動勢等于縱截距，故這個干電池的電動勢E=1。5V;內(nèi)電阻等于斜率，故.【點睛】正確選擇儀器是電學(xué)實驗的經(jīng)?？疾榈目键c；在測量電源電動勢和內(nèi)阻時,要注意根據(jù)畫出的U-I圖象結(jié)合數(shù)學(xué)知識分析出電動勢及內(nèi)阻．四、解答題：(共10+10+10=30分.解答時寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟。只寫出最后答案的不能得分．有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位）19。在靜電場中，有一帶電荷量q=3×10-6C的正點電荷，從電場中A點移到B點時,克服靜電力做功6×10—4J，從B點移到C點時靜電力做功9×10—4J．則：(1）A、B、C三點中哪點電勢最高?哪點電勢最低?(2）求AB、BC的電勢差UAB、UBC．【答案】（1)B點電勢最高，C點電勢最低；(2)，.【解析】(1)正電荷從A移到B點的過程，電荷克服電場力做功,可見正電荷從電勢高處移至電勢低處，即φA＜φB正電荷從B移至C,電場力做正功，可見正電荷從電勢低處移至電勢高處，即φC＜φB(2），點晴:電勢差U:電荷在電場中由一點A移動到另一點B時，電場力所做的功WAB與電荷量q的比值WAB/q叫做AB兩點間的電勢差．20.如圖所示,一束電子流在經(jīng)U1=5000V的加速電壓加速后，在