2020年東北三省三校聯(lián)考高考物理二模試卷

2020年東北三省三校聯(lián)考高考物理二模試卷一、單選題（本大題共5小題，30.0分年國物理學家盧瑟和他的學生蓋革頓一起進行了著名的粒子散射實驗”實驗中大量的粒子穿過金箔前后的運動圖景如圖所示。盧瑟福通過對實驗結果的分析和研究，于年建立了他自己的原子結構模型。下列關于粒穿過金箔后的描述中，正確的是B.C.

絕大多粒子穿過金箔后，都生了大角度偏轉少數粒穿過金箔后，基本上原來方向前進通過粒散射實驗，確定了原核半徑的數量級

15

D.

通過粒散射實驗，確定了原半徑的數量級

15

如圖所示磁感應強度水平勻強磁場中兩豎直放置的平行屬導軌頂用一電相連兩軌所在的豎直平面與磁場方向垂直根屬棒以速

沿導軌豎直向上運動，到某一高度后又向下運動返回到原出發(fā)點．整個過程中金屬棒與導軌保持垂直且接觸良好，導軌與棒間的摩擦及它們的電阻均可忽略不計．則在金屬棒整個上行與整個下行的兩個過程中，下列說法正確的)B.C.D.

回到出發(fā)點的速等初速度上行過程中通過的電量大于下行過程中通過的量上行過程中上產生的熱量大于下行過程上產生的熱量上行的運動時間大于下行的運動時間物體從同一位置沿同一直線運動的速度圖象如圖所示，下列說法正確的B.

、加時，物體的加速度大于物加速度時，、兩體相距最遠

22C.D.

時物在物體的方時、物體速度相等，相距

如圖所示，在半徑為光滑圓環(huán)上切下一小段圓弧，放置于豎直平面內為弧的兩個端點們最低點高差為，為光滑的直桿。現將小環(huán)分別置于圓端和端點由靜止釋放環(huán)分別沿圓和下環(huán)從點運動點從點動到點所需的時間分別和

取??

2

，下列說法正確的

2

B.

C.

2

D.

無法確定

哥白尼根據觀察到的現象，運用他的天體模型，計算出了每顆行星繞太陽運行的周期和行星到太陽的距離，第一次給出了宇宙大小的尺寸，如表摘自哥白尼計算數據，其中木星繞太陽運行周期的接近值是到太陽的距以地距離為單行星地球土星木星

繞太陽運行的周期年年

位

年

B.

年

C.

年

D.

年二、多選題（本大題共4小題，23.0分

一質量的塊，由碗邊滑向碗底，碗內表面是半徑的球面，由于摩擦力的作用，木塊運動的速率不變，B.C.D.

木塊的加速度為零木塊所受合外力為零木塊所受合外力的大小一定，方向改變木塊的加速度大小不變

關于鐵軌轉彎處內、外軌間的高度關系，下列說法中正確的B.C.D.

內、外軌一樣高，以防列車傾倒造成翻車事故因為列車轉彎處有向內傾倒的可能，故一般使內軌高于外軌，以防列車翻倒外軌比內軌略高，這樣可以使列車順利轉彎，減少車輪對鐵軌的擠壓外軌比內軌略高，列車的重力和軌道對列車支持力的合力沿水平方向指向圓心

121212121212121212120

如圖所示，阻值的金屬棒在水平向右的外力作用下，圖示位別以的度沿光滑水平導電不勻通過位置，在這兩次到的程中

：

回路電??：

：B.

產生的熱量：

：C.

通過任一截面的電荷：

：D.

外力的功率：

：

下列說法正確的B.C.D.E.

非晶體和多晶體都沒有確定的幾何形狀晶體在熔化過程中，分子勢能保持不變氣體從外界吸收的熱量可以全部用來對外做功一定質量的理想氣體發(fā)生等壓膨脹時，氣體分子的平均動能增大兩分子間距離大于平衡距時分子間的距離越小，分子勢能越大三、填空題（本大題共1小題，4.0分）甲乙兩列波均右傳播，在相遇處各自的波形圖如圖所示，已知兩列波為同一性質的波，在同種介質中傳播，則兩列波的頻率之比______10處點的速度方_填“向上”或“向下。四、實驗題（本大題共2小題，15.0分某學生學習小設計了如圖所示的實驗來驗證碰撞過程中的動量守恒定律在處滑相接右為粗糙水平面，有兩個質量均的同的小物塊甲和乙令物塊甲從斜面上點靜止下滑，運動至粗糙水平面上點度恰好減為，、間為0

，把小物塊乙置于點小物塊甲仍從斜面點靜止下，小物塊甲與小物塊乙碰撞后粘在一起在糙水平面上運動的位移為。

000200020000未置小物塊乙時，甲離開點的速與的系滿足_____ABC.√為證碰撞過程動量守恒，是否需要測量小物塊與粗糙平面間的動摩擦因數______選“是”或“否”。若足關系_____則兩物塊碰撞過程動量守恒。在習使用多用表的實驗中：

????????????????????某學用多用電表測量電阻，其歐姆擋的電路如圖甲所，若選擇開關處在”時，按正確使用方法測量電的值，指針位于圖乙示位置，

。若歐姆表使用一段時間后，電池電動勢變小，內阻變，但此表仍能調零，按正確使用方法再測電阻，其測量結果將比真實______填偏大”、“偏小”或“不變。某學利用圖甲中的器材設計了一只歐姆表，其電路如丙所示。某學進行如下操作：??

未接入時，閉合開關，將紅、黑表筆分開，調節(jié)可變電阻，可變電阻接入電路的阻值為時電流表滿偏。當接、表之間時，若電流表的指針指在表盤的正中央，則待測電的值為。知電流表的內阻阻接入電路的阻值為。關該歐姆表，下列說法正確的_____。

，電池的內阻為，可變電A.

電阻刻度的零位在表盤的右端B.

表盤上的電阻刻度是均勻的

0000C

測量前，不需要紅、黑表筆短接調零D

測量后，應將開斷五、計算題（本大題共4小題，52.0分如所示，斜邊的定斜面與水平面的傾，質量的物??以??的速度從斜面底端始沿斜面向上運動時質量也小物斜面0??頂端由靜止開始沿斜面下滑，經過一段時間后兩物塊發(fā)生碰撞，碰后兩物塊粘在一起運動。若兩物塊和斜面間的動摩擦因數均求取0??速度減為時與相距多遠？兩塊碰撞前運動的時間；兩塊碰撞后到達斜面底端時的速度大小。

，，如所示，待測區(qū)域中存在勻強電場和勻強磁場，根據帶電粒子射入時的受力況可推測其電場和磁場．圖中裝置由加速器和平移器組成，平移器由兩對水平放置、相距的同平行金屬板構成，極板長度為、間距為，兩對極板間偏轉電壓大小相等、電場方向相反．質量、電荷量的子加速電加后，水射入偏轉電壓的移器，最終??水平射入待測區(qū)域．不考慮粒子受到的重力．求子射出平移器時的速度大

；當速電壓變0

時，欲使粒子仍??點入待測區(qū)域，求此時的偏轉電已粒子以不同速度水平向右射入待測區(qū)域，剛進入時受力大小均現水平向右為軸正方向建如圖所示的直角坐標保加速電壓為不移裝置使粒子沿不同的坐標軸方向射入待測區(qū)域，粒子剛射入時的受力大小如下表所示．射入方向受力大小

請推測該區(qū)域中電場強度和磁感應強度的大小及可能的方向．

如所示是用導熱性能良好的材料制成的氣體實驗裝置，開始時封閉的空氣柱度為，在用豎直向下的外壓氣體，使封閉空氣柱內長度變，對活塞做，氣壓強為

，計活塞重力。問：若足夠長的時間緩慢壓縮氣體，求壓縮后氣體的壓強大；若適當的速度壓縮氣體，氣體向外散失的熱量則氣體的內能增加多少活的橫截積

如所示，半圓形玻璃磚的半徑，邊直，一紙面內的單色光束從玻璃磚的某一定點射入角可任變化求只考慮能邊射的情不考慮上射后的情況，已知：，玻璃磚對該單光的折射

，光在真空中的速度。則求光玻璃磚中傳播的最短時；能邊出射的光線交的范圍寬

參考答案解析1.

答：解：、大多數粒穿過金箔后，基本上沿原來方向前進。少粒穿過金箔后，發(fā)生大角度偏轉，故AB錯誤；、過粒散射實驗”盧瑟福確定了原子核半徑的數量級

15

，原子半徑的量級為

，不是通過粒散射實驗確定的，故確，錯；故選：。粒散射實驗的現象為：粒穿過原子時，只有粒與核十分接近時，才會受到很大庫侖斥力，而原子核很小，所粒接近它的機會就很少，所以只有極少數大角度的偏轉，而絕大多數本按直線方向前進。本題主要考查了粒散射實驗的現象，難度不大，屬于基礎題，并理解粒子散射原理。2.

答：解：：A、從出發(fā)點上升到回到出發(fā)點時，根據能量守恒知，棒的重力勢能不變，內能增，則動能減小，所以回到出發(fā)點的速小初速度．故A錯誤．B、上行和下行兩個過程中，回路的磁通量變化eq\o\ac(△,)相，根據感應電量表達

，知兩個過程中通的量相等，故B誤．C能量守恒得高點外任何一個位置升此位置的速大于下落到此位置的速度，則知在任何一個位置，上升到此位置的電流大于下降到此位置的電流，上升到此位置的安培力于下降到此位置的安培力，而上升和下降過程的位移相同，故上升過程中克服安培力做的功比下過程中克服安培力做的功多．所以上升過程中產生的熱量大于下降過程中產生的熱量．故C正確．D、據量守恒得，除最高點外，在任何一個位置，上升到此位置的速度大于下落到此位置的速度，上升的位移和下降的位移相等，則上升的時間小于下落的時間．故D錯．故選：．根據能量守恒定律，判斷回到出發(fā)點的速度與初速度的大?。姶鸥袘型ㄟ^導體的電

，分析兩個過程通過??的量關系．比較出任何一個位置，上升到此位置和下落到此位置的速度大小，即可比較出電流的大小，可道上升過程中產生熱量和下落過程中產生的熱量大?。?/p>

1221√51221√512比較出在任何一個位置，上升到此位置和下落到此位置的速度大小，即可比較出上升的時間和落過程的時間．解決本題的關鍵通過能量守恒定律比較出回到出發(fā)點的速度和初速度的大小，從而確定每個位感應電流和速度的大?。涀「袘娏拷涷灩?，利于分析電量問題．3.

答：解：：、速度時間圖象中圖線的斜率表示加速度，可、加時圖的斜率小，物體的加速度小。故錯誤。B兩體同一位置沿同一方向做直線運動之的速度一直大于的度、之的間距逐漸增大之的度小于的度，開追趕物體，間距減小，所末物體相距最遠，最遠距離為：20，B錯，正。C、??時，根據圖象的面積表示位移可知的移

2100，的移2，所以在的方，故誤。故選：在速度時間圖象中，圖線的斜率表示加速度加速度向右上方傾斜，加速度為正，向右下方傾斜加速度為負；圖象與坐標軸圍成面積代表位移，時間軸上方位移為正，時間軸下方位移為負．過分析兩物體的運動情況，確定何時相距最遠．本題是為速時間圖象的應用，要明確斜率的含義，知道在速時間圖象中圖象與坐標軸圍成的面積的含義，能根據圖象讀取有用信息．4.

答：解解環(huán)動沿圓的動可類比于單擺的簡諧運動環(huán)點動點時間為

????2??

√1.11；10小環(huán)沿直桿下做勻加速直線運動與平方向的夾角為環(huán)由牛頓第二定律得：????，幾何關系和運動學公式得：??2

22

，聯(lián)立解得小環(huán)點動點時間為：

；以有：12

，故正確錯。故選：。小環(huán)運動沿圓弧的動可類于單擺的簡諧運動用單擺周期公式求解環(huán)沿直下做勻加速直線運動，利用牛頓第二定律和運動學公式求解。

3??32323??3232本題考查的是簡諧運動和勻變速直線運動求時間問題，意在考查學生對簡諧運動的理解與應用力及對所學知識的遷移能力和綜合分析能力。5.

答：解：對地球和木星，根據開普勒第三定律公式2解：根據開普勒第三定律，有：

列式求解即可。地??地

木??木解得：木

√

木地

??√(5.2)3年年地故選。6.

答：解：木塊由碗邊滑向碗底，速率不變，做勻速圓周運動，加速度不為零，合力不為零，故A、B錯。C、塊做勻速圓周運動，合力大小一定，方向始終指向圓心，故C正，正。故選：。木塊做勻速圓周運動，合外力指向圓心，加速度方向指向圓心，大小保持不變．解決本題的關鍵知道勻速圓周運動的特點，知道加速度和合力的大小不為零，方向始終指向圓．7.

答：解：、內外軌道一樣高，外軌對輪緣的彈力提供火車轉彎的向心力，火車質量太大，靠這種辦法得到的向心力，會導致輪緣與外軌間的作用力太大，使鐵軌和車輪容易受損，并不能防列車傾倒或翻車，故A錯誤；B、若內軌高于外軌，軌道給火車的支持力斜向彎道外側，勢必導致輪緣和軌道之的作用力更大，更容使鐵軌和車輪受損，不能防列車翻倒。故誤；、外軌高于內軌時，軌道給火車的支持力斜向彎道內側，它與重力合力指向圓心，為火車轉彎提供了一部分向心力輕輪緣和外軌的擠壓修鐵路時據道半徑和軌道速度行駛，適當選擇內外軌道的高度差，可以使火車的向心力完全由火車的支持力和重力的合力提供，是車行駛更安全，故C正，正。故選：。

12??21212112??212121110火車軌道外高內低的設計是為了減輕輪緣與軌道之間的擠壓，這樣火車轉彎時，軌道給火車的持力和其重力的合力提供向心力，保證行車安全。生活中有很多圓周運動的實例，要明確其設計或工作原理，即向心力是由哪些力來提供的，難不大，屬于基礎題。8.答：解：、路中感應電流為

??

，，得??

：，正確．B、產生的熱量為??

2

??????

??

2

，，得：

：，B錯誤．C、過任一截面的電荷量為??

??????

????

，與無，則得：

：故C正．D由于棒勻速運動力功等于回路中的功率得

2

??????

??

2

則得：：，D錯．2故選：．回路中感應電流??，??，可求解回路電：

.根焦耳定律求解熱量之比．根據法拉第電磁感應定律、歐姆定律和電量公??，求解電荷量之比．外力的功率等于回路中的電功率，??求外力的功率之比．本題是電磁感應中的電路問題，關鍵要掌握感應電流與熱量、電荷量、熱量和功率的關系，解時要注意????與培力公式的應用．知道求解電量要用到平均電動勢．9.

答：解：、體可以分為晶體和非晶體類，晶體又分為單晶和多晶，非晶體和多晶體都沒有確定的幾何形狀，故A正確；B、晶體具有固定的熔點，在熔化的過程中溫度不變，吸收熱量，分子勢能增大，B錯；C熱學第二定律可知從外界吸收的熱量可以全部用來對做功起其他的變化。故C正；D、理氣體得狀態(tài)方程可知，當氣體發(fā)生等壓膨脹時，氣體的溫度一定升高；而溫度是分子的平均動能的標志，溫度升高，氣體分子的平均動能增大。故D正；E、當兩分子間距離大時斥力和引力都存在，分子間表現為引力作用引力作用；此時減小分子之間的距離的過程中分子力做正功，所以分子勢能減小。故錯誤。故選：。

固體可以分為晶體和非晶體兩類又分為單晶和多晶體和多晶體都沒有確定的幾何形狀晶體和非晶體的區(qū)別：晶體有固定的熔點，熔化過程中吸熱，溫度保持不變；晶體有熔點，熔過程中不斷吸收熱量，溫度不變。根據理想氣體的狀態(tài)方程分析溫度的變化；溫度是分子的平均能的標志；分子間同時存在引力和斥力，且都隨分子間距離的增大而減??；當分子間距大于平衡離時，分子力表現為引力，當增大分子間的距離，引力做負功，分子勢能增加；分子間同時存在力和斥力，當分子間距離小于平衡距離時，分子力表現為斥力，當減小分子間距時，斥力做負功分子勢能增加；此題考查的是物質的三種形態(tài)以及三態(tài)所具有的性質、熱力學第二定律等，需要學生記憶的知點較多，但不難，屬于簡單題目。10.

答：：向解：：根據波形圖知甲、乙兩列波的波長分別、，兩列波的波長之比：在種介質中，同一性質的波傳播速度相等，，兩波的頻率之比為：；根據“上坡向下，下坡向上”，知兩列波都的質點向上振動，故合速度方向向上。故答案為：，上。由圖形圖直接讀出兩列波的波長，在同種介質中，同一性質的波傳播速度相等，求率之比。根據疊加規(guī)律可分析質點的速度方向。本題關鍵要抓住波速是由介質的性質決定的，在同一介質中傳播的同類波速度相同，根據波速式分頻率關系。11.

答：否

解：：設塊與粗水平面的動摩擦因數，塊甲在粗糙水平面上運動過程，由動能定理得：??

解得：√√，故AB錯C正。故選：。甲兩物塊碰撞后一起在粗糙水平面上做勻減速直線運，由動能定理得：?2?2??

解得：√

，甲兩物塊碰撞過程系統(tǒng)內力大于外力統(tǒng)動量守恒以向右為正方向動守恒定律得??，

00內??????內??????????????00內??????內??????????????整理得√√，則：，驗證動量守恒定律的表達式為

，表達式中沒有動摩擦因，因此驗證碰撞過程動量守恒，不需要測量小物塊與粗糙水平面間的動摩擦因數；由可，實驗需要驗證的表達式為，即若滿足關系，則兩物塊碰撞過程動0量守恒。故答案為：；否；

。甲粗糙水平面上做減速運動，應用動能定理求出甲的速度與位移間的關系，然后分析答題。應動能定求出甲、乙物塊碰撞后的共同速度；甲、乙兩物塊碰撞過程系統(tǒng)量守恒，應用動量守恒定律求出實驗需要驗證的表達式，然后分析答題。本題考查了驗證動量守恒定律實驗，分析清楚物塊的運動過程是解題的前提，應用動能定理與量守恒定律即可解題。12.

答：偏大

????)????

????

解：：歐表指針數與倍率的乘積是歐姆表示數，所

；歐表調零時內阻內

??

電電動勢變小則歐姆表內阻變小歐姆表測電阻時：??

?內

??

內內

??內

，由于變，變，指針跟原來的位置相比偏左了，所測電阻偏大；根該同學的操作過程，接

時：

??

??

，當接時

????

??????

??

??????

，聯(lián)立可得：

????)????

????考此歐姆表的刻度及調零與否：由圖丙所示可知，該歐姆表電表與測電路并聯(lián)，則電表為電壓表，利用并聯(lián)電路特點測電阻，電阻刻度的零位在表盤的左端，由閉合電路歐姆定律可知，盤上的電阻刻度是不均勻的，由于電表為電壓表，測量前，不需要紅、黑表筆短接調零，測量后應將開關斷，故錯，正確。故答案為：；偏；

????)????

????

、歐表指針示數與擋位的乘積是歐姆表示數。根閉合電路的歐姆定律分析實驗誤差。分清楚電路結構、應用閉合電路歐姆定律分析答題。本題考查了歐姆表工作原理、歐姆表讀數，實驗誤差分析等問題；歐姆表指針示數與倍率的乘是歐姆表示數；知道歐姆表的工作原理、應用閉合電路歐姆定律即可正確解題。

0??222′′2222總0??222′′2222總的度為：2213.

答：：碰前，對根據牛頓第二定律得：

。代入數據解得：

2速減的間為：

??上的位移大小0

122

對，據牛頓第二定律得2代入數據解得：

。在??時下的位移大小為

2

2

，

所以速減時與相的距離為：當的度減到后有同加速度往滑碰撞前的運動過程，有

‘

??

′

解得：′??，則兩物體碰前運動總時間′2.25碰前瞬的度為：

′

總對于碰撞過程，取沿斜面向下為正方向，由動量守恒定律得：)??代入數據解得：??對于碰撞后過程由動能定理得

??′2??解得，兩物塊碰撞后到達斜面底端時的速度大??′答：速度減為時與相距。兩塊碰撞前運動的時間是2.25兩塊碰撞后到達斜面底端時的速度大小

。解：先據牛頓第二定律求出兩個物體碰撞前加速度的大小速公式求速減為的間，由位移公式求出兩個物體的位移，從而求速度減為時與相的距離。利相遇時位移關系，由位移公式求解兩物塊碰撞前運的時間；

2000021??2??2100??2000021??2??2100??0由度公式求出碰撞前兩物塊的速度，由動量守恒定律出碰后共同速度，再由動能定理求兩物塊碰撞后到達斜面底端時的速度大小。解決本題的關鍵是理清物塊的運動過程，對于相遇過程，要抓住位移關系分析。對于碰撞，應據動量守恒定律研究。14.

答案：：設子射出加速器的速度，根據動能定理得：??2由題意

，即

√0

；在一個偏轉電場中，設粒子的運動時間加速度的大小

??在離開時，豎直分速度

??豎直位移??

2

2水平位移

粒子在兩偏轉電場間做勻速直線運動，經歷時間也??．豎直位移??由題意知，粒子豎直總位移??2????聯(lián)立解得??

??

；欲使粒子仍點入待測區(qū)域??不，則當加速電壓為時，??)由沿軸向射入時的受力情況可知：平行軸且由沿軸方向射入時的受力情況知??平面平行，則

??

；??

2

2

√

2

，則??且??

解得??√設場方向軸方向夾角為.若沿軸向，由軸向射入時的受力情況得

2

??

2

(??)

2解得，或150°即與??平平行且軸向夾角或．同理，沿軸向，

0????020????022與平平行且軸向的夾角或．答：粒射出平移器時的速度大為√

2????

．當速