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文檔簡介
2020高考真匯編:立體何一選題1年考全國Ⅰ卷文數(shù)及胡夫金字塔是古代世界建筑奇跡之一它的形狀可視為一個(gè)正四棱錐.
以該四棱錐的高為邊長的正方形面積等于該四棱錐一個(gè)側(cè)面三角形的面積,則其側(cè)面三角形底邊上的高與底面正方形的邊長的比值()A
B
C.
D.
2年考全國Ⅰ卷文數(shù)】已知為球的面上的三個(gè)點(diǎn),⊙為1△ABC
的外接圓,若⊙
O1
的面積為
,
BC1
,則球
O
的表面積為()A.
π
B.
48
C
π
D.
π3年考全國Ⅱ卷文數(shù)已是積為
94
的等邊三角形,且其頂點(diǎn)都在球O的面上.若球O的面積為16π則O到面ABC的離()A.
B
32
C.D.
324年高考全國Ⅲ卷文數(shù)為幾何體的三視圖幾何體的表面積)A.
2
B.4+4
2
C6+2
3
D.
35年考北京】某三棱柱的底面為正三角形,其三視圖如圖所示,該三棱柱的表面積為)第1頁
A.3C1236年考天津】若棱長積為)
3
BD.的正方體的頂點(diǎn)都在同一球面上,則該球的表面A.C
π
BD.
π1447年考浙江】某幾何的三視圖(單位如圖所示,則該幾何體的體積(單位:))A.
B.
C3D68年考江】已知空間中不過同一點(diǎn)的三條直線m“
mn共”是“
,,兩相交的)A.分必要條件B必要不充分條件C充分必要條件D.不分也不必要條件9年高考全國Ⅰ卷】晷是中國古代用來測定時(shí)間的儀器,利用與晷面垂直的晷針投射到晷面的影子來測定時(shí)間.把地球看成一個(gè)球心記為),球上一點(diǎn)A的度是指OA與球赤道所在平面所成角,處水平面是指過點(diǎn)A且OA垂直的平面第2頁
12341234在點(diǎn)處放置一個(gè)日晷,若晷面與赤道所在平面平行,A處的緯度為北緯40°,晷針與點(diǎn)處水平面所成()A.C50°
B.40°D.二填題10年考全國Ⅱ卷文數(shù)設(shè)有下列四個(gè)命題::兩相交且不過同一點(diǎn)的三條直線必在同一平面內(nèi).:空間中任意三點(diǎn)有且僅有一個(gè)平面.:空間兩條直線不相交,則這兩條直線平行.:直l
平面α,m平面,⊥l.則下述命題中所有真命題的序號(hào)_.①
14
②
12
③
23
④
3年考全國Ⅲ卷文數(shù)已知圓錐的底面半徑為,母線長為3,則該圓錐內(nèi)半徑最大的球的體積_.12年考浙江】已知圓的側(cè)面積(單位cm2)為2且的側(cè)面展開圖是一個(gè)半圓,則這個(gè)圓錐的底面半徑(單位)是______13年考江蘇】如圖,角螺帽毛坯是由一個(gè)正六棱柱挖去一個(gè)圓柱所構(gòu)成的.已知螺帽的底面正六邊形邊長為,高為2cm,孔半輕為0.5cm,此六角螺帽毛坯的體積__________cm.第3頁
11111111111111111111111111111年高考全國Ⅰ卷】已知直四棱柱
ABCDABD的棱長均為2,∠1111BAD=60°.D為球心,5為半徑的球面與側(cè)面BCCB的線長________.11三解題15年考全國Ⅰ卷文數(shù)D為圓錐的頂點(diǎn)O是錐底面的圓心eq\o\ac(△,,)eq\o\ac(△,)是底面的內(nèi)接正三角形,P為上點(diǎn),∠APC=90°.(1證明:平面⊥平面PAC;(2設(shè)DO=
,圓錐的側(cè)面積為3,求三棱錐?ABC的體積.16年考全國Ⅱ卷文數(shù)如圖,已知三棱柱ABCAC的底面是正三角形,111側(cè)面BBCC是矩形,,分為BCBC的點(diǎn)P為上點(diǎn).過BC和的面交AB于E,AC于F.()明MN且平面AAMN平面EBCF;()O為eq\o\ac(△,A)eq\o\ac(△,)BC的中心,若AOAB=6//平CF,且MPN棱錐?CF的積.
,求四第4頁
1111111111111117年考全國Ⅲ卷文數(shù)如圖,在長方體ABCDACD中點(diǎn),分111在棱DD,11
上,且2DE1
,F(xiàn)B1
.證明:()AB時(shí),AC;()在平面AEF內(nèi).18年考江蘇】在三棱ABC-A中AB⊥ACB⊥面ABC,,F(xiàn)分別是ACC的點(diǎn).(1求證∥面ABC;(2求證:平面AB⊥平面ABB.第5頁
19年考浙江如圖在棱BC中平ACFD平ABC∠ACB∠°,DC.(Ⅰ)證明:⊥DB(Ⅱ)求直線D與面BC成角的正弦值.第6頁
參考答1.案C解:圖,設(shè)
CDa,PE
,則POPE
2OE
a4
2
,由題意得
PO
ab
,即b
2
1
,化簡得
b4()2a
,解得
1
(負(fù)值舍去)故C.2.案A解:圓O半為r球的半徑為R
,依題意,得
r
,
為等邊三角形,由正弦定理可得r
,根據(jù)球的截面性質(zhì)OO面ABC
,OOAROOA2OO224,1111球O的面積64故選:3.案C解:球的徑,2解:.設(shè)ABC外接圓半徑為r,邊長為,
是面積為
3
的等邊三角形,第7頁
139324
2,解得:a,ra2933球到平面ABC的離dR
2
2
4
.故選:.4.案C解:據(jù)三視圖特征,在正方體中截取出符合題意的立體圖形根據(jù)立體圖形可得:
S
△
CDB
12
根據(jù)勾股定理可得:ABDB△ADB
是邊長為2的邊三角形根據(jù)三角形面積公式可得:eq\o\ac(△,)ADB
3AB60(22)
該幾何體的表面積是:3
.故選:.5.案D解:題意可得,三棱柱的上下底面為邊長為2的邊角形,側(cè)面為三個(gè)邊長為2的正方形,則其表面積為:
12
3
.故選:.6.案C解:個(gè)球是正方體的外接球,其半徑等于正方體的體對(duì)角線的一半,第8頁
,即
R
,所以,這個(gè)球的表面積為S2故選:.7.案A解:三視圖可知,該幾何體是上半部分是三棱錐,下半部分是三棱柱,且三棱錐的一個(gè)側(cè)面垂直于底面,且棱錐的高為1,棱柱的底面為等腰直角三角形,棱柱的高為,所以幾何體的體積為
13
133
.故選:8.案B解:題意
l
是空間不過同一點(diǎn)的三條直線,當(dāng)
m,,l
在同一平面時(shí),可能
mn//l
,故不能得出
m,,l
兩兩相.當(dāng)
m,,l
兩兩相交時(shí),設(shè)
mn,l,nlC
,根據(jù)公理2知確一個(gè)平面,
BmC
,根據(jù)公理1
可知,直線
BC即l
,所以m,n,l
在同一平面綜上所述,
,nl
在同一平面是
,l
兩兩相”的必要不充分條.故選:9.案B解:出截面圖如下圖所示,其中D
是赤道所在平面的截線;l
是點(diǎn)A
處的水平面的截線依題意可知
OAl
;AB是針?biāo)谥本€
是晷面的截線依意依題,
晷面和赤道平面平行,晷針與晷面垂直,根據(jù)平面平行的性質(zhì)定理可得可知,根據(jù)線面垂直的定義可得..由于
40//CD,以40第9頁
,
由于
OAGGAE90
,所以
BAEOAG
,也即晷針與點(diǎn)故選B.
處的水平面所成角為40
.10.案①③④解:于命題,設(shè)
l1
與
l2
相交,這兩條直線確定的平面為若l與l相,則交點(diǎn)A31
在平面,同理,l與l的點(diǎn)B也在平面,32所以,
AB
,即
l,題p為命題;3對(duì)于命題,三點(diǎn)共線,則過這三個(gè)點(diǎn)的平面有無數(shù)個(gè),2命題p為命題;2對(duì)于命題,間中兩條直線相交、平行或異面,3命題p為命題;3對(duì)于命題,直線4
平面則垂于平面所有直線,直線
l
平面,
直線
直線
l
,命題p為命題4綜上可知,,
為真命題,,
為假命題,1
為真命題,
12
為假命題,23
為真命題,
3
為真命.故答案為:①③④第10頁
11.案解:知半徑最大球?yàn)閳A錐的內(nèi)切球,球與圓錐內(nèi)切時(shí)的軸截面如圖所示,其中
BCABAC
,且點(diǎn)M為邊上的中點(diǎn),設(shè)內(nèi)切圓的圓心為O,由于2
2
,
故
eq\o\ac(△,S)ABC
1222
,設(shè)內(nèi)切圓半徑為r,:eq\o\ac(△,)
eq\o\ac(△,)AOB
eq\o\ac(△,)BOC
eq\o\ac(△,)AOC
111BC22213222
,解得:r
24,其體積:V32故答案為:12.案解:圓錐底面半徑為
r
,母線長為
l
,則12
,解得
rl
.故答案為:313.案解:六棱柱體積為6
34
2=123,圓柱體積為
1)2
2
,第11頁
所求幾何體體積為
12
2
.故答案為:
3
14.案
22
.解:圖:取
1
的中點(diǎn)為,BB的中點(diǎn)為F,CC的點(diǎn)為,11因?yàn)?,四棱?/p>
ABC111
的棱長均為2,所eq\o\ac(△,以)DC1
為等邊三角形,所以E1
,
11
,又四棱柱
ABC111
為直四棱柱,所以
1
平面
D1
,所以C111
,因?yàn)?/p>
1
B,以DE面1111
,設(shè)P為面
11
與球面的交線上的點(diǎn),則
EP1
,因?yàn)榍虻陌霃綖?,
D3,以|||DP
DE
,所以側(cè)面
11
與球面的交線上的點(diǎn)到E的距離為2
,因?yàn)镋FEG
2
,所以側(cè)面
1
與球面的交線是扇形EFG
的弧FG因?yàn)?/p>
EG
,所以
FEG
,所以根據(jù)弧長公式可得故答案為:
22
15.析()由題設(shè)可知,==PC.由于△是正三角,故可≌△.△PAC△PBC.第12頁
111111111111111111111111111111111111111111111111111111111又∠=90°,故∠APB=90°,∠=90°從而PB⊥,PBPC故PB⊥平面,所以平面⊥面PAC(2設(shè)圓錐的底面半徑為r,母線長為l.由題設(shè)可得rl=
,l
.解得r,l=,從而AB.由1)得PBAB
,故PC
62
.111所以三棱錐-的積PA).32316.析()因?yàn)镸N別為BC,C的點(diǎn),所以MNCC.又由已知得AA∥,故∥.因?yàn)閑q\o\ac(△,A)eq\o\ac(△,)C是三角形,所以C⊥N.又C⊥MN,故B⊥平AAMN所以平AMN平面BC.(2)∥平面EF,AO
平面A,平面AMN
平面EBC,故O∥PN又AON,故四邊形A是平行四邊形,12所以PNAO,AP=AM=3,=AM3,=BC=2.3因?yàn)锽C平面EBC,所以四棱錐?EBC的點(diǎn)B底面EBC的距離等于M底BCF的距離.作M⊥,垂足T,由1知MT⊥平面BC,故TPMsin∠MPN=3.1底面EBF面積為C)2所以四棱錐?EBC的積為
.第13頁
,EFAB,EFAB17.析)如圖,連結(jié)BD,BD.因?yàn)椋运倪呅螢檎叫?,故AC.又因?yàn)锽B平面ABCD,是ACBB
.所以AC平面BBD
.由于EF平面BBDD
,所以EF.()圖,在棱
上取點(diǎn)G,得AGGA
,連結(jié),
,,因?yàn)镈E
22DD,AA33
,
DD∥AA所ED∥AG
于四邊形GA為平行四邊形,故GD.1因?yàn)锽F,AG
,
∥,所以FG∥B,D
,四邊形FGDC
為平行四邊形,故GDFC
.于是AEFC
.所以A,F
四點(diǎn)共面,即點(diǎn)
在平面AEF內(nèi)18.析因?yàn)榉质?/p>
AC,BC
的中點(diǎn),所以.又EF平面C,平,所以∥平面AB.()為BC平ABC,AB平ABC,所以C.又AC,
C平面AB,AC平面ABC,
C
AC所以面ABC又因?yàn)锳B面,第14頁
所以平面C平面
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