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章末綜合測(cè)評(píng)(三)磁場(chǎng)(時(shí)間:60分鐘滿分:100分)一、選擇題(本題共10小題,每小題6分,共60分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,第1~7題只有一項(xiàng)符合題目要求,第8~10題有多項(xiàng)符合題目要求,全部選對(duì)的得6分,選對(duì)但不全的得3分,有選錯(cuò)的得0分.)1.(2023·紹興高二檢測(cè))安培的分子環(huán)形電流假說不能用來解釋下列哪些磁現(xiàn)象()A.磁體在高溫時(shí)失去磁性B.磁鐵經(jīng)過敲擊后磁性會(huì)減弱C.鐵磁類物質(zhì)放入磁場(chǎng)后具有磁性D.通電導(dǎo)線周圍存在磁場(chǎng)【解析】磁鐵內(nèi)部的分子電流的排布是大致相同的,在高溫時(shí),分子電流的排布重新變得雜亂無章,故對(duì)外不顯磁性,A對(duì);磁鐵經(jīng)過敲擊后,分子電流的排布重新變得雜亂無章,每個(gè)分子電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)相互抵消,故對(duì)外不顯磁性,故B對(duì);鐵磁類物質(zhì)放入磁場(chǎng)后磁鐵內(nèi)部的分子電流的排布是大致相同的,對(duì)外顯現(xiàn)磁性,C對(duì);通電導(dǎo)線的磁場(chǎng)是由自由電荷的定向運(yùn)動(dòng)形成的,即產(chǎn)生磁場(chǎng)的不是分子電流,故D錯(cuò)誤.【答案】D2.(2023·鄭州高二檢測(cè))關(guān)于電場(chǎng)強(qiáng)度和磁感應(yīng)強(qiáng)度,下列說法正確的是()A.電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式E=eq\f(F,q),適用于任何電場(chǎng)B.由真空中點(diǎn)電荷的電場(chǎng)強(qiáng)度公式E=eq\f(kQ,r2)可知,當(dāng)r→0,E→+∞C.由公式B=eq\f(F,IL)可知,一小段通電導(dǎo)線在某處若不受磁場(chǎng)力則說明此處一定無磁場(chǎng)D.磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向就是置于該處的通電導(dǎo)線所受的安培力方向【解析】電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式E=eq\f(F,q),適用于任何電場(chǎng),故A正確.當(dāng)r→0時(shí),電荷已不能看成點(diǎn)電荷,公式E=eq\f(kQ,r2)不再成立.故B錯(cuò)誤.由公式B=eq\f(F,IL)可知,一小段通電導(dǎo)線在某處若不受磁場(chǎng)力,可能是B的方向與電流方向平行,所以此處不一定無磁場(chǎng),故C錯(cuò)誤.磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向和該處通電導(dǎo)線所受的安培力方向垂直,故D錯(cuò)誤.【答案】A3.(2023·海南高考)如圖1所示,a是豎直平面P上的一點(diǎn),P前有一條形磁鐵垂直于P,且S極朝向a點(diǎn),P后一電子在偏轉(zhuǎn)線圈和條形磁鐵的磁場(chǎng)的共同作用下,在水平面內(nèi)向右彎曲經(jīng)過a點(diǎn).在電子經(jīng)過a點(diǎn)的瞬間,條形磁鐵的磁場(chǎng)對(duì)該電子的作用力的方向()圖1A.向上 B.向下C.向左 D.向右【解析】a點(diǎn)處磁場(chǎng)垂直于紙面向外,根據(jù)左手定則可以判斷電子受力向上,A正確.【答案】A4.如圖2所示,勻強(qiáng)磁場(chǎng)的方向垂直紙面向里,勻強(qiáng)電場(chǎng)的方向豎直向下,有一正離子恰能以速率v沿直線從左向右水平飛越此區(qū)域.下列說法正確的是()【導(dǎo)學(xué)號(hào):30800050】圖2A.若一電子以速率v從右向左飛入,則該電子將沿直線運(yùn)動(dòng)B.若一電子以速率v從右向左飛入,則該電子將向上偏轉(zhuǎn)C.若一電子以速率v從右向左飛入,則該電子將向下偏轉(zhuǎn)D.若一電子以速率v從左向右飛入,則該電子將向下偏轉(zhuǎn)【解析】正離子以速率v沿直線從左向右水平飛越此區(qū)域,則有:qvB=Eq.即:vB=E,若一電子的速率v從左向右飛入此區(qū)域時(shí),也必有evB=Ee.電子沿直線運(yùn)動(dòng).而電子以速率v從右向左飛入時(shí),電子所受的電場(chǎng)力和洛倫茲力均向上,電子將向上偏轉(zhuǎn),B正確,A、C、D均錯(cuò)誤.【答案】B5.回旋加速器是加速帶電粒子的裝置,其核心部分是分別與高頻交流電極相連接的兩個(gè)D形金屬盒,兩盒間的狹縫中形成的周期性變化的電場(chǎng),使粒子在通過狹縫時(shí)都能得到加速,兩個(gè)D形金屬盒處于垂直于盒底的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中,如圖3所示,要增大帶電粒子射出時(shí)的動(dòng)能,則下列說法中正確的是()圖3A.增大勻強(qiáng)電場(chǎng)間的加速電壓B.減小磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度C.增加周期性變化的電場(chǎng)的頻率D.增大D形金屬盒的半徑【解析】粒子最后射出時(shí)的旋轉(zhuǎn)半徑為D形金屬盒的最大半徑R,R=eq\f(mv,qB),Ek=eq\f(1,2)mv2=eq\f(q2B2R2,2m).可見,要增大粒子的動(dòng)能,應(yīng)增大磁感應(yīng)強(qiáng)度B和增大D形金屬盒的半徑R,故正確選項(xiàng)為D.【答案】D6.(2023·宜昌高二檢測(cè))如圖4所示,圓形區(qū)域內(nèi)有垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng),一個(gè)帶電粒子以速度v從A點(diǎn)沿直徑AOB方向射入磁場(chǎng),經(jīng)過Δt時(shí)間從C點(diǎn)射出磁場(chǎng),OC與OB成60°.現(xiàn)將帶電粒子的速度變?yōu)閑q\f(v,3),仍從A點(diǎn)射入磁場(chǎng),不計(jì)重力,則粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間變?yōu)?)圖4\f(1,2)Δt B.2Δt\f(1,3)Δt D.3Δt【解析】由牛頓第二定律qvB=meq\f(v2,r)及勻速圓周運(yùn)動(dòng)T=eq\f(2πr,v)得r=eq\f(mv,qB);T=eq\f(2πm,qB).作出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖,由圖可得,以速度v從A點(diǎn)沿直徑AOB方向射入磁場(chǎng)經(jīng)過Δt=eq\f(T,6)從C點(diǎn)射出磁場(chǎng),軌道半徑r=eq\r(3)AO;速度變?yōu)閑q\f(v,3)時(shí),運(yùn)動(dòng)半徑是eq\f(r,3)=eq\f(\r(3)AO,3),由幾何關(guān)系可得在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)轉(zhuǎn)過的圓心角為120°,運(yùn)動(dòng)時(shí)間為eq\f(T,3),即2Δt.故A、C、D項(xiàng)錯(cuò)誤,B項(xiàng)正確.【答案】B7.(2023·保定高二檢測(cè))帶正電粒子(不計(jì)重力)以水平向右的初速度v0,先通過勻強(qiáng)電場(chǎng)E,后通過勻強(qiáng)磁場(chǎng)B,如圖5甲所示,電場(chǎng)和磁場(chǎng)對(duì)該粒子做功為W1.若把該電場(chǎng)和磁場(chǎng)正交疊加,如圖乙所示,再讓該帶電粒子仍以水平向右的初速度v0(v0<eq\f(E,B))穿過疊加場(chǎng)區(qū),在這個(gè)過程中電場(chǎng)和磁場(chǎng)對(duì)粒子做功為W2,則()圖5A.W1<W2 B.W1=W2C.W1>W2 D.無法判斷【解析】在乙圖中,由于v0<eq\f(E,B),電場(chǎng)力qE大于洛倫茲力qBv.根據(jù)左手定則判斷可知:洛倫茲力有與電場(chǎng)力方向相反的分力.則在甲圖的情況下,粒子沿電場(chǎng)方向的位移較大,電場(chǎng)力做功較多,所以選項(xiàng)A、B、D錯(cuò)誤,選項(xiàng)C正確.【答案】C8.在勻強(qiáng)磁場(chǎng)B的區(qū)域中有一光滑斜面體,在斜面體上放置一根長(zhǎng)為L(zhǎng),質(zhì)量為m的導(dǎo)線,當(dāng)通以如圖6所示方向的電流后,導(dǎo)線恰能保持靜止,則磁感應(yīng)強(qiáng)度B滿足()圖6A.B=eq\f(mgsinθ,IL),方向垂直斜面向下B.B=eq\f(mgsinθ,IL),方向垂直斜面向上C.B=eq\f(mgtanθ,IL),方向豎直向下D.B=eq\f(mg,IL),方向水平向左【解析】磁場(chǎng)方向垂直斜面向下時(shí),根據(jù)左手定則,安培力沿斜面向上,導(dǎo)體棒還受到重力和支持力,根據(jù)平衡條件和安培力公式,有mgsinθ=BIL,解得選項(xiàng)A正確.磁場(chǎng)豎直向下時(shí),安培力水平向左,導(dǎo)體棒還受到重力和支持力,根據(jù)平衡條件和安培力公式,有mgtanθ=BIL,解得選項(xiàng)C正確.磁場(chǎng)方向水平向左時(shí),安培力豎直向上,與重力平衡,有mg=BIL,解得選項(xiàng)D正確.【答案】ACD9.利用如圖7所示裝置可以選擇一定速度范圍內(nèi)的帶電粒子.圖中板MN上方是磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng),板上有兩條寬度分別為2d和d的縫,兩縫近端相距為L(zhǎng).一群質(zhì)量為m、電荷量為q,具有不同速度的粒子從寬度為2d的縫垂直于板MN進(jìn)入磁場(chǎng),對(duì)于能夠從寬度為d的縫射出的粒子,下列說法正確的是()圖7A.粒子帶正電B.射出粒子的最大速度為eq\f(qB3d+L,2m)C.保持d和L不變,增大B,射出粒子的最大速度與最小速度之差增大D.保持d和B不變,增大L,射出粒子的最大速度與最小速度之差增大【解析】由左手定則和粒子的偏轉(zhuǎn)情況可以判斷粒子帶負(fù)電,選項(xiàng)A錯(cuò);根據(jù)洛倫茲力提供向心力qvB=eq\f(mv2,r)可得v=eq\f(qBr,m),r越大v越大,由圖可知r最大值為rmax=eq\f(3d+L,2),選項(xiàng)B正確;又r最小值為rmin=eq\f(L,2),將r的最大值和最小值代入v的表達(dá)式后得出速度之差為Δv=eq\f(3qBd,2m),可見選項(xiàng)C正確、D錯(cuò)誤.【答案】BC10.如圖8所示,直角三角形ABC中存在一勻強(qiáng)磁場(chǎng),比荷相同的兩個(gè)粒子沿AB方向射入磁場(chǎng),分別從AC邊上的P、Q兩點(diǎn)射出,則()【導(dǎo)學(xué)號(hào):30800051】圖8A.從P射出的粒子速度大B.從Q射出的粒子速度大C.從P射出的粒子,在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間長(zhǎng)D.兩粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間一樣長(zhǎng)【解析】作出各自的軌跡如右圖所示,根據(jù)圓周運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)知,分別從P、Q點(diǎn)射出時(shí),與AC邊夾角相同,故可判定從P、Q點(diǎn)射出時(shí),半徑R1<R2,所以,從Q點(diǎn)射出的粒子速度大,B正確;根據(jù)圖示,可知兩個(gè)圓心角相等,所以,從P、Q點(diǎn)射出時(shí),兩粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等.正確的選項(xiàng)應(yīng)是B、D.【答案】BD二、計(jì)算題(本題共3小題,共40分,按題目要求作答)11.(12分)如圖9所示,傾角為θ=30°的光滑導(dǎo)體滑軌A和B,上端接入一電動(dòng)勢(shì)E=3V、內(nèi)阻不計(jì)的電源,滑軌間距為L(zhǎng)=0.1m,將一個(gè)質(zhì)量為m=0.03kg,電阻R=Ω的金屬棒水平放置在滑軌上,若滑軌周圍存在著垂直于滑軌平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng),當(dāng)閉合開關(guān)S后,金屬棒剛好靜止在滑軌上,求滑軌周圍空間的磁場(chǎng)方向和磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小.(重力加速度g取10m/s2)圖9【解析】合上開關(guān)S后,由閉合電路歐姆定律得:I=eq\f(E,R)經(jīng)分析可知,金屬棒受力如圖所示,金屬棒所受安培力,F(xiàn)=BIL沿斜面方向受力平衡,F(xiàn)=mgsinθ以上各式聯(lián)立可得:B=T磁場(chǎng)方向垂直導(dǎo)軌面斜向下【答案】磁場(chǎng)方向垂直導(dǎo)軌面斜向下T12.(12分)一磁場(chǎng)寬度為L(zhǎng),磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,如圖10所示,一電荷質(zhì)量為m,帶電荷量為-q,不計(jì)重力,以一速度(方向如圖)射入磁場(chǎng).若不使其從右邊界飛出,則電荷的速度應(yīng)為多大?圖10【解析】若要粒子不從右邊界飛出,當(dāng)達(dá)最大速度時(shí)運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示,由幾何知識(shí)可求得半徑r,即r+rcosθ=Lr=eq\f(L,1+cosθ)又Bqv=eq\f(mv2,r),所以v=eq\f(Bqr,m)=eq\f(BqL,m1+cosθ).不使電荷從右邊界飛出,則v≤eq\f(BqL,m1+cosθ)【答案】v≤eq\f(BqL,m1+cosθ)13.(16分)(2023·山東高考)如圖11所示,直徑分別為D和2D的同心圓處于同一豎直面內(nèi),O為圓心,GH為大圓的水平直徑.兩圓之間的環(huán)形區(qū)域(Ⅰ區(qū))和小圓內(nèi)部(Ⅱ區(qū))均存在垂直圓面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng).間距為d的兩平行金屬極板間有一勻強(qiáng)電場(chǎng),上極板開有一小孔.一質(zhì)量為m、電量為+q的粒子由小孔下方eq\f(d,2)處?kù)o止釋放,加速后粒子以豎直向上的速度v射出電場(chǎng),由H點(diǎn)緊靠大圓內(nèi)側(cè)射入磁場(chǎng).不計(jì)粒子的重力.圖11(1)求極板間電場(chǎng)強(qiáng)度的大小;(2)若粒子運(yùn)動(dòng)軌跡與小圓相切,求Ⅰ區(qū)磁感應(yīng)強(qiáng)度的大?。窘馕觥?1)設(shè)極板間電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為E,對(duì)粒子在電場(chǎng)中的加速運(yùn)動(dòng),由動(dòng)能定理得qEeq\f(d,2)=eq\f(1,2)mv2①由①式得E=eq\f(mv2,qd)
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