廣東省惠州市張金安中學2022-2023學年高二物理模擬試卷含解析

廣東省惠州市張金安中學2022-2023學年高二物理模擬試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.如圖所示，測力計、繩子和滑輪的質(zhì)量都不計，摩擦不計。物體A重40N，物體B重10N。以下說法正確的是A．地面對A的支持力是40NB．物體A受到的合外力是30NC．測力計示數(shù)20N

D．測力計示數(shù)30N參考答案：C2.關(guān)于磁通量的概念，下列說法中正確的有（）A．磁感應(yīng)強度越大的地方，穿過線圈的磁通量也越大；B．磁感應(yīng)強度越大的地方，線圈的面積越大，則穿過線圈的磁通量也越大；C．穿過線圈的磁通量為零時，磁通量的變化率不一定為零；D．線圈的匝數(shù)增加１倍，它的磁通量也增加一倍。參考答案：C3.下列各圖中所畫的電場線，正確的是：（

）

⑴

⑵

⑶

⑷A、⑴⑵和⑷

B、只有⑷

C、只有⑶

D、⑵和⑶參考答案：B4.如圖所示，一導(dǎo)線彎成邊長為a的等邊三角形閉合回路。虛線MN右側(cè)有磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場，方向垂直于回路所在的平面。回路以速度v向右勻速進入磁場，AC邊始終與MN垂直。從C點到達邊界開始到A點進入磁場為止，下列結(jié)論正確的是A．感應(yīng)電流方向發(fā)生改變

B．AC段導(dǎo)線始終不受安培力C．感應(yīng)電動勢最大值為

D．感應(yīng)電動勢平均值為參考答案：CD略5.下列關(guān)于簡諧振動和簡諧波的說法，正確的是（

)

A．媒質(zhì)中質(zhì)點振動的周期一定和相應(yīng)的波的周期相等B．媒質(zhì)中質(zhì)點振動的速度一定和相應(yīng)的波的波速相等C．波的傳播方向一定和媒質(zhì)中質(zhì)點振動的方向一致D．橫波的波峰與波谷在振動方向上的距離一定是質(zhì)點振幅的兩倍參考答案：A二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.如圖所示是測定自感系數(shù)很大的線圈Ｌ直流電阻的電路，Ｌ兩端并聯(lián)一只電壓表，用來測量自感線圈的直流電壓，在測量完畢后，操作的合理順序是先斷開電鍵再斷開電鍵，再拆除其他部分。參考答案：S2

,再斷開電鍵S17.（8分）一帶電量為1.0×10－8C、質(zhì)量為2.5×10－3kg的物體在光滑絕緣水平面上沿著x軸作直線運動，勻強電場的方向與x軸平行．若從t=0時刻開始計時，已知該物體的位移x與時間t的關(guān)系是x＝0.16t－0.02t2，式中x以m為單位，t以s為單位．則t=5.0s末物體的速率是_____m/s，該勻強電場的場強為

V/m。

參考答案：0.04，1048.（4分）如圖，條形磁鐵在光滑水平面上以一定的初速度向左運動時，磁鐵將受到線圈給它的____________（填吸引或排斥），磁鐵的機械能_________（填變大、變小或不變），流過電阻R的電流方向____________（填向左或向右）。參考答案：

吸引，減小，向左9.（4分）如圖為保溫電飯鍋的電路圖，R1、R2為電熱絲，S為溫控開關(guān)，接在家庭電路上。則：⑴S閉合，電飯鍋處于

（填“保溫”或“加熱”）狀態(tài)。⑵若R1：R2=8：1，加熱時功率為900W，保溫時的功率為

W。參考答案：⑴加熱；⑵10010.如圖所示，在《探究產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件》的實驗中，開關(guān)斷開時，條形磁鐵插入或拔出線圈的過程中，電流表表針不動；開關(guān)閉合時，磁鐵靜止在線圈中，電流表表針也不動；開關(guān)閉合時，將磁鐵插入或拔出線圈的過程中，電流表表針發(fā)生偏轉(zhuǎn)。由此得出，產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件是：電路必須

，穿過電路的磁通量發(fā)生

。參考答案：閉合，變化11.（8分）如圖所示是演示砂擺振動圖象的實驗裝置和實驗結(jié)果，砂擺的擺動可看作簡諧振動，若平拉紙的速率為0.2m／s從刻度尺上讀出圖線的尺寸，可算出這個砂擺周期為_______s，擺長為_________m。參考答案：

1.5s、0.56m12..在奧運會10米跳臺跳水比賽中，一運動員跳離跳臺時的速度，則運動員落到水面時的速度大小為

m／s。（忽略空氣阻力的影響，）參考答案：13.把一個電量q＝－5×10-9C的負電荷放在電場中的A點，測得受到的電場力大小為5×10-4N，方向水平向右，則A點的場強是

N／C，方向

。參考答案：1.0×105、水平向左三、實驗題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.單擺測定重力加速度的實驗中：

（1）實驗時用20分度的游標卡尺測量擺球直徑，示數(shù)如圖甲所示，該擺球的直徑d=—---mm.（2）懸點到小球底部的長度l0，示數(shù)如圖乙所示，l0=

cm（3）實驗時用拉力傳感器測得擺線的拉力F隨時間t變化的圖象如圖丙所示，然后使單擺保持靜止，得到如圖丁所示的F-t圖象。那么：①重力加速度的表達式g=

（用題目中的物理量d、l0、t0表示）.②設(shè)擺球在最低點時Ep=0，已測得當?shù)刂亓铀俣葹間，單擺的周期用T表示，那么測得此單擺擺動時的機械能E的表達式是

.A．

B．

C．

D．參考答案：15.如圖，某同學利用驗證碰撞中的動量守恒實驗裝置．探究半徑相等的小球1和2的碰撞過程是否動量守恒，用天平測出兩個小球的質(zhì)量分別為m1和m2，且m1＞m2，按下述步驟進行了實驗：安裝好實驗裝置，做好測量前的準備，并記下重垂線所指的位置O第一步：不放小球2，讓小球1從斜槽上A點由靜止?jié)L下，并落在地面上，重復(fù)10次，用盡可能小的圓把小球的所有落點圈在里面，其圓心就是小球落點的平均位置．第二步：把小球2放在斜槽前端邊緣處，讓小球1從A點由靜止?jié)L下；使它們碰撞并落在地面上．重復(fù)10次，并使用與第一步同樣的方法分別標出碰撞后兩小球落點的平均位置．第三步：用刻度尺分別測量三個落地點的平均位置離O點的距離，即線段OD、OE、OF的長度，分別為LD、LE、LF．（1）小球m1與m2發(fā)生碰撞后，m1的落點是圖中的

點，m2的落點是圖中的點．（2）用測得的物理量來表示，只要滿足關(guān)系式

，則說明兩小球的碰撞過程動量守恒．（3）實驗中有關(guān)操作和描述正確的是．A．用質(zhì)量大的球去碰質(zhì)量較小的球，目的是使被碰球飛行距離更遠，可減小測量誤差B．調(diào)整斜槽末端水平，目的是使兩球能發(fā)生對心碰撞C．讓入射球認同一位置釋放，目的是保障每次碰撞前小球的動量都相同D．碰撞后兩球的動能之和總會小于碰前入射球的動能，是因為斜槽摩擦力做負功造成的．參考答案：（1）D，F(xiàn)；（2）m1LE=m1LD+m2LF；（3）C【考點】驗證動量守恒定律．【分析】（1）明確實驗原理，知道實驗中兩小球飛行距離關(guān)系；（2）根據(jù)動量守恒定律求出需要驗證的表達式，然后根據(jù)表達式分析答題，注意平拋運動特點的應(yīng)用．（3）根據(jù)實驗原理進行分析，明確各注意事項的目的．【解答】解：（1）小球m1與m2發(fā)生碰撞后，m1的落點是圖中的D點，m2的落點是圖中的F點．（2）由于小球平拋運動的時間相等，小球1不發(fā)生碰撞時落點在E點，則不發(fā)生碰撞時離開斜槽末端的速度為vE=，同理知，落在D點的速度vD=，落在F點的速度vF=，根據(jù)動量守恒知，m1vE=m1vD+m2vF，可知只要驗證m1LE=m1LD+m2LF即可．（3）A、用質(zhì)量大的球去碰質(zhì)量較小的球，目的是碰撞小球不發(fā)生反彈，故A錯誤．B、調(diào)整斜槽末端水平，目的是保證小球做平拋運動，故B錯誤．C、讓入射球從同一位置釋放，目的是保障每次碰撞前小球的動量都相同，故C正確．D、碰撞后兩球的動能之和總會小于碰前入射球的動能，是因為碰撞的過程中有能量損失，與摩擦力做功無關(guān)．故D錯誤．故選：C．故答案為：（1）D，F(xiàn)；（2）m1LE=m1LD+m2LF；（3）C四、計算題：本題共3小題，共計47分24、如圖所示，電動機牽引的是一根原來靜止的長L=1m，質(zhì)量m=0.1kg的金屬棒MN，棒電阻R=1Ω，MN架在處于磁感強度B=1T的水平勻強磁場中的豎直放置的固定框架上，磁場方向與框架平面垂直，當導(dǎo)體棒上升h=3.8m時獲得穩(wěn)定速度，其產(chǎn)生的焦耳熱Q=2J，電動機牽引棒時，伏特表、安培表的讀數(shù)分別為7V、1A，已知電動機的內(nèi)阻r=1Ω，不計框架電阻及一切摩擦，g取10m/s2，求：（1）金屬棒所達到的穩(wěn)定速度大小。（2）金屬棒從靜止開始運動到速度穩(wěn)定所需的時間。參考答案：（1）（mg＋）vm＝IU－I2r，vm＝2m/s（vm＝－3m/s舍去）（2）（IU－I2r）t＝mgh＋mv2＋Ｑ，t＝1s17.如圖所示，光滑水平直軌道上兩滑塊A、B用橡皮筋連接，A的質(zhì)量為m，開始時橡皮筋松弛，B靜止，給A向左的初速度v0，一段時間后，B與A同向運動發(fā)生碰撞并黏在一起，碰撞后的共同速度是碰撞前瞬間A的速度的兩倍，也是碰撞前瞬間B的速度的一半，求：（i）B的質(zhì)量；（ii）碰撞過程中A、B系統(tǒng)機械能的損失．參考答案：解：（i）以初速度v0的方向為正方向，設(shè)B的質(zhì)量為mB，A、B碰后的共同速度為v，由題意知，碰撞前瞬間A的速度為，碰撞前瞬間B的速度為2v，由動量守恒定律得，①由①式得，．②（ii）從開始到碰后的全過程，以初速度v0的方向為正方向，由動量守恒得，mv0=（m+mB）v

③設(shè)碰撞過程A、B系統(tǒng)機械能損失為△E，則﹣，④聯(lián)立②③④式得，△E=答：（i）B的質(zhì)量為；（ii）碰撞過程中A、B系統(tǒng)機械能的損失為．【考點】