廣東省梅州市平原中學(xué)2023年高二物理模擬試卷含解析

廣東省梅州市平原中學(xué)2023年高二物理模擬試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.下列有關(guān)運動電荷和通電導(dǎo)線受到磁場對它們的作用力方向正確判斷的是

參考答案：B2.（單選題）通有恒定電流的導(dǎo)線與閉合金屬框共面，第一次將金屬框由Ⅰ平移到Ⅱ，第二次將金屬框由Ⅰ繞導(dǎo)線翻轉(zhuǎn)到Ⅱ，設(shè)先后兩次通過金屬框的磁通量變化分別為ΔΦ1和ΔΦ2，則(

)A．ΔΦ1＜ΔΦ2

B．ΔΦ1＞ΔΦ2C．ΔΦ1＝ΔΦ2D．ΔΦ1＝－ΔΦ2參考答案：B3.理想實驗是科學(xué)研究中的一種重要方法，它把可靠事實和理論思維結(jié)合起來，可以深刻地揭示自然規(guī)律。以下實驗中屬于理想實驗的是

A．用打點計時器測物體的加速度

B．伽利略的斜面實驗

C．驗證力的平行四邊形定則

D．利用自由落體運動測定反應(yīng)時間參考答案：B4.如圖所示，大小相同的擺球a和b的質(zhì)量分別為m和3m，擺長相同，并排懸掛，平衡時兩球剛好接觸，現(xiàn)將擺球a向左邊拉開一小角度后釋放，若兩球的碰撞是彈性的，下列判斷中正確的是（）A．第一次碰撞后的瞬間，兩球的速度大小不相等B．第一次碰撞后的瞬間，兩球的動量大小相等C．第一次碰撞后，兩球的最大擺角不相同D．發(fā)生第二次碰撞時，兩球在各自的平衡位置參考答案：D【考點】動量守恒定律；功能關(guān)系．【分析】兩球碰撞過程中動量守恒、機械能守恒，由動量守恒與機械能守恒定律列方程，求出碰后的速度，然后答題．由單擺的周期公式判斷回到平衡位置的時間關(guān)系．【解答】解：A、兩球在碰撞前后，水平方向不受外力，故水平方向兩球組成的系統(tǒng)動量守恒，取向右為正方向，由動量守恒定律有：mv0=mv1+3mv2，兩球碰撞是彈性的，故機械能守恒，即為：mv02=mv12+?3mv22，解兩式得：v1=﹣，v2=，可見第一次碰撞后的瞬間，兩球的速度大小相等，方向相反，故A錯誤；B、由前面分析知兩球速度大小相等，因兩球質(zhì)量不相等，故兩球碰后的動量大小不相等，故B錯誤；C、兩球碰后上擺過程，機械能守恒，故上升的最大高度相等，擺長也相等，故兩球碰后的最大擺角相同，故C錯誤；D、第一次碰撞后，二者都做單擺運動，由于二者的擺長相同，所以二者單擺的周期也是相等的，所以再經(jīng)過半個周期后回到平衡位置，然后在平衡位置發(fā)生第二次碰撞，故D正確．故選：D5.（單選）匝數(shù)為N的矩形線框在勻強磁場中繞垂直于磁場方向的軸轉(zhuǎn)動產(chǎn)生正弦交變電波，最大感應(yīng)電動勢為Em，下列說法正確的是（）A．線框的轉(zhuǎn)動不一定是勻速轉(zhuǎn)動B．線框通過中性面位置時磁通量最小C．線框通過中性面位置時磁通量變化最慢D．穿過線框的磁通量變化率最大值等于Em參考答案：解：A、線框的轉(zhuǎn)動為勻速轉(zhuǎn)動時，才會產(chǎn)生正弦交變電波，故A錯誤；B、當(dāng)線框通過中性面位置時，磁通量最大，感應(yīng)電動勢最小，故B錯誤；C、線框通過中性面位置時，感應(yīng)電動勢最小，則磁通量變化最慢，故C正確；D、穿過線框的磁通量變化率最大值等于，故D錯誤．故選：C．二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a變化到狀態(tài)b，已知在此過程中，氣體內(nèi)能增加300J，則該過程中氣體

（選填“吸收”或“放出”）熱量為

J。參考答案：吸收

500氣體的體積變大，對外做功，對外做功，W為負(fù)值，根據(jù)熱力學(xué)第一定律：△E=Q-W，所以：Q=△E+W=500J，正號表示吸收熱量。7.將1cm3的某種油溶于酒精中,制成200cm3的油酒精溶液.已知1cm3溶液有50滴.現(xiàn)取1滴油溶液滴到水面上,隨著酒精溶于水,油在水面上形成一單分子油膜,已測得這一油膜的面積為0.2m2.由此可估測出油分子的直徑為________m.參考答案：8.如圖所示所在通電螺絲管內(nèi)部中間的小磁針，靜止時N極指向右端，則電源的c端為

極，螺線管的a端為

極．參考答案：正，

S

9.如圖所示，A、B、C三點為一直角三角形的三個頂點，∠B=300，現(xiàn)在A、B兩點放置兩點電荷qA、qB，測得C點場強的方向與BA方向平行，則qB電性是帶

電，qA∶qB=________.參考答案：10.（5分）勁度系數(shù)為的輕質(zhì)彈簧豎直懸掛，在其下端掛一質(zhì)量為的砝碼，重力加速度大小為，然后從彈簧原長處由靜止釋放砝碼，此后砝碼的最大加速度是

，彈簧的最大彈性勢能可達(dá) 。參考答案：g（2分），（3分）11.如圖所示，電源的電動勢E=42V，內(nèi)阻r=l，R=20，M為直流電動機，其電樞電阻r=l，電動機正常工作時，電壓表讀數(shù)為21V，電動機的機械能的功率為____W，電源的總功率為_____W．參考答案：20W

42W對R由歐姆定律得，電路中電流，對電動機有；總功率。12.在某電池的電路中每通過的電荷量，電池提供的電能是，那么這個電池的電動勢的大小是

參考答案：.2V13.平行板電容器的電容與兩極板的正對面積、

及電解質(zhì)有關(guān)。參考答案：兩極板間距離三、實驗題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.如圖所示為用伏安法測量電阻的原理圖．圖中，為電壓表，內(nèi)阻為4000Ω；為電流表，內(nèi)阻為50Ω；E為電源，R為電阻箱，Rx為待測電阻，S為開關(guān)．(1)當(dāng)開關(guān)閉合后電壓表讀數(shù)U＝1.6V，電流表讀數(shù)I＝2.0mA，若將Rx＝作為測量值，所得結(jié)果的百分誤差是________．(2)若將電流表改為內(nèi)接，開關(guān)閉合后，重新測得電壓表讀數(shù)和電流表讀數(shù)，仍將電壓表讀數(shù)與電流表讀數(shù)之比作為測量值，這時結(jié)果的百分誤差是________．(百分誤差＝||×100%)參考答案：(1)___20%_____．

(2)__5%______15.為了驗證碰撞中的動量守恒和檢驗兩個小球的碰撞是否為彈性碰撞，某同學(xué)選取了兩個體積相同、質(zhì)量不相等的小球，按下述步驟做了如下實驗：①用天平測出兩個小球的質(zhì)量（分別為m1和m2，且m1＞m2）；②按照如圖所示的那樣，安裝好實驗裝置，將斜槽AB固定在桌邊，使槽的末端點的切線水平．將一斜面BC連接在斜槽末端；③先不放小球m2，讓小球m1從斜槽頂端A處由靜止開始滾下，記下小球在斜面上的落點位置；④將小球m2放在斜槽前端邊緣上，讓小球m1從斜槽頂端A處仍由靜止?jié)L下，使它們發(fā)生碰撞，記下小球m1和小球m2在斜面上的落點位置；⑤用毫米刻度尺量出各個落點位置到斜槽末端點B的距離．圖中D、E、F點是該同學(xué)記下的小球在斜面上的幾個落點位置，到B點的距離分別為LD、LE、LF．根據(jù)該同學(xué)的實驗，請你回答下列問題：（1）小球m1與m2發(fā)生碰撞后，m1的落點是圖中的

點，m2的落點是圖中的

點．（2）用測得的物理量來表示，只要滿足關(guān)系式

，則說明碰撞中動量是守恒的．（3）用測得的物理量來表示，只要再滿足關(guān)系式

，則說明兩小球的碰撞是彈性碰撞．參考答案：（1）D；F（2）（3）m1LE=m1LD+m2LF【考點】驗證動量守恒定律．【分析】（1）小球m1和小球m2相撞后，小球m2的速度增大，小球m1的速度減小，都做平拋運動，由平拋運動規(guī)律不難判斷出；（2）設(shè)斜面BC與水平面的傾角為α，由平拋運動規(guī)律求出碰撞前后小球m1和小球m2的速度，表示出動量的表達(dá)式即可求解；（3）若兩小球的碰撞是彈性碰撞，則碰撞前后機械能沒有損失；根據(jù)機械能守恒定律可求得表達(dá)式．【解答】解：（1）小球m1和小球m2相撞后，小球m2的速度增大，小球m1的速度減小，都做平拋運動，所以碰撞后m1球的落地點是D點，m2球的落地點是F點；（2）碰撞前，小于m1落在圖中的E點，設(shè)其水平初速度為v1．小球m1和m2發(fā)生碰撞后，m1的落點在圖中的D點，設(shè)其水平初速度為v1′，m2的落點是圖中的F點，設(shè)其水平初速度為v2．設(shè)斜面BC與水平面的傾角為α，由平拋運動規(guī)律得：，LDcosα=v′1t解得：同理可解得：，所以只要滿足m1v1=m2v2+m1v′1即：則說明兩球碰撞過程中動量守恒；（3）若兩小球的碰撞是彈性碰撞，則碰撞前后機械能沒有損失．則要滿足關(guān)系式m1v12=m1v′12+m2v2即m1LE=m1LD+m2LF故答案為為：（1）D；F（2）（3）m1LE=m1LD+m2LF四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖所示，豎直平面內(nèi)的3/4圓弧形光滑軌道半徑為R，A端與圓心O等高，AD為水平面，B點為光滑軌道的最高點且在O的正上方．一個小球在A點正上方由靜止釋放，自由下落至A點進(jìn)入圓軌道并恰好能通過B點，最后落到水平面C點處．求：(1)小球通過軌道B點的速度大??；(2)釋放點距A點的豎直高度；(3)落點C與A點的水平距離．參考答案：(1)小球恰能通過最高點B時，mg＝m①(2分)

解得vB＝(1分)(2)設(shè)釋放點到A點高度為h，則有mg(h－R)＝mv②(2分)聯(lián)立①②解得：h＝1.5R.(2分)(3)小球由B到C做平拋運動R＝gt2③(1分)水平位移xOC＝vBt④(1分)聯(lián)立①③④解得：xOC＝R(1分)所以落點C與A點的水平距離為：xAC＝(－1)R.(2分)17.如圖13所示，質(zhì)量為m、帶電荷量為q的粒子，以初速度v0沿偏轉(zhuǎn)電場的中心線射入，極板間距為d，極板長為l，偏轉(zhuǎn)電場所加電壓為U，射出后打在距極板右端L遠(yuǎn)處的豎