（浙江選考）2023版高考物理二輪復(fù)習(xí)專題一力與運(yùn)動第3講牛頓運(yùn)動定律的理解和應(yīng)用學(xué)案

PAGEPAGE1第3講牛頓運(yùn)動定律的理解和應(yīng)用[選考考點(diǎn)分布]章知識內(nèi)容考試要求歷次選考統(tǒng)計(jì)必考加試2022/102022/042022/102022/042022/11牛頓運(yùn)動定律牛頓第一定律c牛頓第二定律dd191919力學(xué)單位制b1212牛頓第三定律cc19牛頓運(yùn)動定律應(yīng)用dd19191919超重與失重b12考點(diǎn)一牛頓運(yùn)動定律的有關(guān)辨析1．(2022·浙江11月選考·2)在國際單位制中，屬于根本量及根本單位的是()A．質(zhì)量，千克 B．能量，焦耳C．電阻，歐姆 D．電量，庫侖答案A解析國際根本物理量有：質(zhì)量，長度，時間，電流，發(fā)光強(qiáng)度，熱力學(xué)溫度，物質(zhì)的量，應(yīng)選A.2．(2022·浙江4月選考·1)以下物理量及對應(yīng)的國際單位制單位符號，正確的選項(xiàng)是()A．力，kg B．功率，JC．電場強(qiáng)度，C/N D．電壓，V答案D解析力的國際單位是N，功率的國際單位是W，電場強(qiáng)度的國際單位是N/C，電壓的國際單位是V，所以正確答案為D.3．(2022·浙江10月學(xué)考·2)以下均屬于國際制根本單位的是()A．m、N、J B．m、kg、JC．m、kg、s D．kg、m/s、N答案C4．(人教版必修1P70第1至3題改編)下面對牛頓第一定律和慣性的分析正確的選項(xiàng)是()A．飛機(jī)投彈時，如果當(dāng)目標(biāo)在飛機(jī)的正下方時投下炸彈，能擊中目標(biāo)B．地球自西向東轉(zhuǎn)，你向上跳起來后，不會落到原地C．平安帶的作用是防止汽車剎車時由于慣性作用發(fā)生危險D．有的同學(xué)說，向上拋出的物體，在空中向上運(yùn)動時，肯定受到了向上的作用力答案C5．(人教版必修1P81“實(shí)驗(yàn)〞改編)把A、B兩個彈簧測力計(jì)連接在一起，B的一端固定，用手拉測力計(jì)A，如圖1，那么()圖1A．A拉B的力小于B拉A的力B．A拉B的力大于B拉A的力C．A拉B的力與B拉A的力是一對平衡力D．A拉B的力與B拉A的力是一對相互作用力答案D解析根據(jù)牛頓第三定律，相互作用的兩個物體間的作用力大小相等、方向相反．A、B間的力為相互作用力，故D項(xiàng)正確．6．伽利略和牛頓都是物理學(xué)開展史上最偉大的科學(xué)家，巧合的是，牛頓就出生在伽利略去世后第二年．以下關(guān)于力和運(yùn)動關(guān)系的說法中，不屬于他們觀點(diǎn)的是()A．自由落體運(yùn)動是一種勻變速直線運(yùn)動B．力是使物體產(chǎn)生加速度的原因C．物體都具有保持原來運(yùn)動狀態(tài)的屬性，即慣性D．力是維持物體運(yùn)動的原因答案D7.課間休息時，一位男生跟一位女生在課桌面上扳手腕比力氣，結(jié)果男生把女生的手腕壓倒到桌面上，如圖2所示，對這個過程中作用于雙方的力，描述正確的選項(xiàng)是()圖2A．男生扳女生手腕的力一定比女生扳男生手腕的力大B．男生扳女生手腕的力與女生扳男生手腕的力一樣大C．男生扳女生手腕的力小于女生臂膀提供應(yīng)自己手腕的力D．男生扳女生手腕的力與女生臂膀提供應(yīng)自己手腕的力一樣大答案B解析根據(jù)牛頓第三定律，男生扳女生手腕的力與女生扳男生手腕的力大小相等．8．如圖3所示，有人用一簇氣球使一座小屋成功升空．當(dāng)小屋加速上升時，它受到的拉力與重力的關(guān)系是()圖3A．一對平衡力 B．作用力和反作用力C．拉力小于重力 D．拉力大于重力答案D解析因加速上升，所以拉力大于重力．1.力的作用效果是改變物體的運(yùn)動狀態(tài)，而不是維持物體的運(yùn)動狀態(tài)．2．慣性是物體的固有屬性，質(zhì)量是慣性大小的唯一量度．慣性的兩種表現(xiàn)形式：(1)物體在不受外力或所受的合外力為零時，慣性表現(xiàn)為使物體保持原來的運(yùn)動狀態(tài)不變(靜止或勻速直線運(yùn)動)．(2)物體受到外力時，慣性表現(xiàn)為運(yùn)動狀態(tài)改變的難易程度，慣性大，物體的運(yùn)動狀態(tài)較難改變；慣性小，物體的運(yùn)動狀態(tài)易改變．3．國際單位制規(guī)定了七個根本物理量，分別為長度、質(zhì)量、時間、熱力學(xué)溫度、電流、發(fā)光強(qiáng)度、物質(zhì)的量．它們在國際單位制中的單位稱為根本單位，而通過物理量之間的關(guān)系式推導(dǎo)出來的物理量單位叫做導(dǎo)出單位．4．牛頓第二定律的五性五性eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(矢量性→F＝ma是矢量式，a與F同向,瞬時性→a與F對應(yīng)同一時刻,因果性→F是產(chǎn)生a的原因,同一性\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(a、F、m對應(yīng)同一個物體,a、F、m統(tǒng)一使用SI制單位)),獨(dú)立性→每一個力都可以產(chǎn)生各自的加速度))考點(diǎn)二牛頓運(yùn)動定律的應(yīng)用1.如圖4所示，小車向右做勻加速直線運(yùn)動的加速度大小為a，bc是固定在小車上的水平橫桿，物塊M穿在桿上，M通過細(xì)線懸吊著小鐵球m，M、m均相對小車靜止，細(xì)線與豎直方向的夾角為θ.假設(shè)小車的加速度逐漸增大到3a時，M、m圖4A．細(xì)線與豎直方向的夾角增加到原來的3倍B．細(xì)線與豎直方向夾角的正弦值增加到原來的3倍C．細(xì)線的拉力增加到原來的3倍D．M受到的摩擦力增加到原來的3倍答案D解析小球受重力和細(xì)線的拉力，沿水平和豎直方向正交分解，得FTsinθ＝ma，F(xiàn)Tcosθ＝mg，那么a＝gtanθ，所以加速度增大到3a時，細(xì)線與豎直方向夾角的正切值增加到原來的3倍，選項(xiàng)A、B錯誤；由以上分析知，細(xì)線水平分力增到原來的3倍，但豎直分力等于小球重力不變，所以實(shí)際細(xì)線的拉力不會增大到原來的3倍，選項(xiàng)C錯誤；對M和m整體受力分析Ff＝(M＋m)a，故M2．(2022·稽陽聯(lián)誼學(xué)校8月聯(lián)考)以下情景中哪個不是失重造成的結(jié)果()A．天宮二號內(nèi)部的物品可以飄在空中B．汽車快速過拱形橋時，司機(jī)感覺到自己對座位的壓力小了C．電梯從十樓向下啟動時，人感覺輕飄飄的D．小朋友放飛氣球，氣球飄飄蕩蕩飛上了天空答案D解析A、B、C都是失重或完全失重造成的，只有D是因?yàn)楦×Υ笥谥亓υ斐傻?，因此D正確．3.(2022·溫州市聯(lián)考)如圖5所示，a、b兩小球用細(xì)線連接，通過一輕質(zhì)彈簧懸掛在天花板上，a、b兩球的質(zhì)量分別為m和2m，在細(xì)線燒斷瞬間，a、b圖5A．0，g B．－g，gC．－2g，g D．2g答案C解析在細(xì)線燒斷之前，a、b可看成一個整體，由二力平衡知，彈簧彈力等于整體重力，故彈簧彈力方向向上，大小為3mg.當(dāng)細(xì)線燒斷瞬間，彈簧的形變量不變，故彈力不變，故a受向上3mg的彈力和向下mg的重力，故加速度aa＝eq\f(3mg－mg,m)＝2g，方向向上．對b而言，細(xì)線燒斷后只受重力作用，故加速度ab＝eq\f(2mg,2m)＝g，方向向下．取向下為正方向，有aa＝－2g，ab＝g.應(yīng)選項(xiàng)C正確．4.(2022·浙江北侖中學(xué)期中)如圖6所示，光滑水平面上，水平恒力F拉小車和木塊一起做勻加速直線運(yùn)動，小車質(zhì)量為M，木塊質(zhì)量為m，它們的共同加速度為a，木塊與小車間的動摩擦因數(shù)為μ.那么在運(yùn)動過程中()圖6A．木塊受到的摩擦力大小一定為μmgB．木塊受到的合力大小為(M＋m)aC．小車受到的摩擦力大小為eq\f(mF,m＋M)D．小車受到的合力大小為(m＋M)a答案C解析木塊與小車共同加速，木塊受到靜摩擦力，由牛頓第二定律Ff＝ma，A、B錯誤；小車受到的合外力為Ma，D錯誤；對小車和木塊整體：F＝(M＋m)a，對木塊：Ff＝ma＝meq\f(F,M＋m)，由牛頓第三定律得小車受到的摩擦力也為eq\f(mF,M＋m).5．(2022·嵊州市高級中學(xué)期末)雨滴在空中運(yùn)動時所受空氣阻力F阻＝kr2v2，其中k為比例系數(shù)，r為雨滴半徑，v為其運(yùn)動速率．t＝0時，雨滴由靜止開始下落，加速度用a表示．落地前雨滴已做勻速運(yùn)動，速率為v0.以下圖象中不正確的選項(xiàng)是()答案D解析由mg－F阻＝ma得，雨滴先加速下落，隨著v增大，阻力F阻增大，a減小，a＝0時，v＝v0不再變化，故A、B正確；又mg＝kr2veq\o\al(0,2)，veq\o\al(0,2)＝eq\f(mg,kr2)，又m＝eq\f(4,3)πρr3得veq\o\al(0,2)＝eq\f(4πρg,3k)r，即veq\o\al(0,2)與r成正比關(guān)系，即C正確，D錯誤．6．(2022·溫州市十校高三期末)如圖7甲所示，是某人站在力傳感器上做下蹲、起跳動作的示意圖，中間的“·〞表示人的重心．圖乙是根據(jù)傳感器畫出的F－t圖線．兩圖中a～g各點(diǎn)均相對應(yīng)，其中有幾個點(diǎn)在甲圖中沒有畫出，圖乙中a、c、e點(diǎn)對應(yīng)的縱坐標(biāo)均為700N．取重力加速度g＝10m/s2.請根據(jù)這兩個圖所給出的信息，判斷下面說法中正確的選項(xiàng)是()甲乙圖7A．此人重心在b點(diǎn)時處于超重狀態(tài)B．此人重心在c點(diǎn)時的加速度大小大于在b點(diǎn)時的加速度大小C．此人重心在e點(diǎn)時的加速度大小大于在a點(diǎn)時的加速度大小D．此人重心在f點(diǎn)時的腳剛好離開傳感器答案D解析由題圖知a、c、e點(diǎn)處對應(yīng)的F＝G，故加速度等于0，b點(diǎn)處F＜G，處于失重狀態(tài)．1.只要物體有向上或向下的加速度，物體就處于超重或失重狀態(tài)，與物體向上運(yùn)動還是向下運(yùn)動無關(guān)．2．加速度與合外力具有瞬時對應(yīng)關(guān)系，二者總是同時產(chǎn)生、同時變化、同時消失．3．受力分析中的突變問題(1)輕繩、輕桿和接觸面的彈力可以突變．(2)彈簧、橡皮筋的彈力不可以突變．4．連接體問題的分析思路(1)假設(shè)系統(tǒng)內(nèi)各物體具有相同的加速度，且要求物體間的相互作用力時，一般“先整體求加速度，后隔離求內(nèi)力〞．考點(diǎn)三動力學(xué)的兩類根本問題1．(2022·浙江4月選考·19)如圖8所示，游船從某碼頭沿直線行駛到湖對岸，小明對過程進(jìn)行觀測并記錄數(shù)據(jù)如下表：圖8運(yùn)動過程運(yùn)動時間運(yùn)動狀態(tài)勻加速運(yùn)動0～40s初速度v0＝0；末速度v＝4.2m/s勻速運(yùn)動40～640sv＝4.2m/s勻減速運(yùn)動640～720s靠岸時v1＝0.2m/s(1)求游船勻加速運(yùn)動過程中加速度大小a1及位移大小x1；(2)假設(shè)游船和游客的總質(zhì)量M＝8000kg，求游船勻減速運(yùn)動過程中所受的合力大小F；(3)求游船在整個行駛過程中的平均速度大小．答案(1)0.105m/s284m(2)400N(3)3.86m/s解析(1)由運(yùn)動學(xué)公式a1＝eq\f(Δv,Δt)＝0.105m/s2位移x1＝eq\f(1,2)a1t2＝84m(2)減速運(yùn)動過程中加速度大小a2＝eq\f(|v1－v|,t3)＝0.05m/s2由牛頓第二定律得F＝Ma2＝400N(3)位移x＝eq\f(0＋v,2)t1＋vt2＋eq\f(v＋v1,2)t3＝2780m平均速度eq\x\to(v)＝eq\f(x,t)≈3.86m/s.2.(2022·浙江10月學(xué)考·19)如圖9所示在某段平直的鐵路上，一列以324km/h高速行駛的列車在某時刻開始勻減速行駛，5min后恰好停在某車站，并在該站停留4min，隨后勻加速駛離車站，經(jīng)8.1km后恢復(fù)到原速324km/h.(g取10m/s2)圖9(1)求列車減速時的加速度大小；(2)假設(shè)該列車總質(zhì)量為8.0×105(3)求列車從開始減速到恢復(fù)原速這段時間內(nèi)的平均速度大?。鸢敢娊馕鼋馕?1)列車的速度為324km/h＝90m/s，經(jīng)過5min＝300s停下，所以加速度大小為a＝eq\f(Δv,t)＝eq\f(90－0,300)m/s2＝0.3m/s2(2)Ff＝0.1mg，根據(jù)牛頓第二定律，F(xiàn)－0.1mg＝ma′v2＝2a′x解得a′＝0.5m/s2，那么F＝1.2×106N(3)根據(jù)(2)可知，重新加速時間為t′＝eq\f(v,a′)＝eq\f(90,0.5)s＝180s減速過程中通過的位移x＝eq\f(v,2)t＝45×300m＝13500m所以整個過程的平均速度eq\x\to(v)＝eq\f(x＋x′,t總)＝eq\f(13500＋8100,300＋240＋180)m/s＝30m/s.3.(2022·浙江4月學(xué)考·19)如圖10是上海中心大廈，小明乘坐大廈快速電梯，從底層到達(dá)第119層觀光平臺僅用時55s．假設(shè)電梯先以加速度a1做勻加速運(yùn)動，到達(dá)最大速度18m/s.然后以最大速度勻速運(yùn)動，最后以加速度a2做勻減速運(yùn)動恰好到達(dá)觀光平臺．假定觀光平臺高度為549m，取g＝10m/s2.圖10(1)假設(shè)電梯經(jīng)過20s勻加速到達(dá)最大速度，求加速度a1及上升高度h；(2)在(1)問中的勻加速上升過程中，假設(shè)小明的質(zhì)量為60kg，求小明對電梯地板的壓力；(3)求電梯勻速運(yùn)動的時間．答案(1)0.9m/s2180m(2)654N，方向豎直向下(3)6s解析(1)由運(yùn)動學(xué)公式可得a1＝eq\f(vm,t1)＝eq\f(18,20)m/s2＝0.9m/s2h＝eq\f(1,2)a1teq\o\al(1,2)＝eq\f(1,2)×0.9×202m＝180m(2)根據(jù)牛頓第二定律可得FN－mg＝ma1那么FN＝mg＋ma1＝654N根據(jù)牛頓第三定律得小明對地板的壓力FN′＝FN＝654N，方向豎直向下(3)設(shè)勻速運(yùn)動時間為t0，運(yùn)動的總時間為t，由v－t圖象可得H＝eq\f(1,2)(t＋t0)vm解得t0＝6s.4.(人教版必修1P86例2)如圖11所示，一個滑雪的人，質(zhì)量m＝75kg，以v0＝2m/s的初速度沿山坡勻加速滑下，山坡的傾角θ＝30°，t＝5s的時間內(nèi)滑下的路程x＝60m，g＝9.8m/s2，求滑雪人受到的阻力(包括摩擦力和空氣阻力)大?。畧D11答案67.5N解析由x＝v0t＋eq\f(1,2)at2得a＝4m/s2，又由牛頓第二定律mgsinθ－F阻＝ma得F阻＝mgsinθ－ma＝67.5N.5．(2022·浙江“七彩陽光〞聯(lián)考)2017年1月25日，在中央電視臺播出的“2022年度科技盛典〞節(jié)目中，海軍電力工程專家馬偉明院士表示正在研制“國產(chǎn)003型航母電磁彈射器〞(如圖12所示)．它是由電磁彈射車給飛機(jī)一個輔助作用力，使飛機(jī)在較短的直跑道上獲得較大的速度．假定航母處于靜止?fàn)顟B(tài)，質(zhì)量為M的飛機(jī)利用電磁彈射器起飛，飛機(jī)在t0時刻從靜止開始在跑道上做勻加速運(yùn)動，在t1時刻獲得發(fā)射速度v.此過程中飛機(jī)發(fā)動機(jī)的推力恒為F，阻力恒為f.問：圖12(1)電磁彈射車對飛機(jī)的輔助推力多大？(2)假設(shè)在t1時刻突然接到飛機(jī)停止起飛的命令，立刻將該飛機(jī)的推力和電磁彈射車的輔助推力同時反向但大小不變．要使飛機(jī)能平安停止，那么飛行甲板L至少多長？答案(1)eq\f(Mv,t1－t0)－F＋f(2)eq\f(vt1－t0,2)＋eq\f(Mv2t1－t0,4ft1－t0＋2Mv)解析(1)設(shè)飛機(jī)在加速過程中加速度為a1，由運(yùn)動學(xué)公式得a1＝eq\f(v－v0,Δt)，即a1＝eq\f(v,t1－t0) ①由牛頓第二定律可得F－f＋F輔＝Ma1 ②由①②可得F輔＝eq\f(Mv,t1－t0)－F＋f.(2)飛機(jī)在加速過程中滑行的距離s1為s1＝eq\x\to(v)Δt＝eq\f(vt1－t0,2) ③設(shè)飛機(jī)在減速過程中加速度為a2，由牛頓第二定律得－F－f－F輔＝Ma2 ④飛機(jī)在減速過程中滑行的距離為s2，由運(yùn)動學(xué)公式veq\o\al(t,2)－veq\o\al(0,2)＝2ax可得s2＝－eq\f(v2,2a2) ⑤由①②④⑤可得s2＝eq\f(Mv2t1－t0,4ft1－t0＋2Mv)要使飛機(jī)能平安停止，那么飛行甲板長L至少為L≥s1＋s2＝eq\f(vt1－t0,2)＋eq\f(Mv2t1－t0,4ft1－t0＋2Mv).1.以加速度為“橋梁〞，由運(yùn)動學(xué)公式和牛頓第二定律列方程求解，具體邏輯關(guān)系如下：2．解答動力學(xué)兩類問題的根本程序(1)明確題目中給出的物理現(xiàn)象和物理過程的特點(diǎn)．(2)對研究對象進(jìn)行受力分析和運(yùn)動過程分析，并畫出示意圖．(3)應(yīng)用牛頓運(yùn)動定律和運(yùn)動學(xué)公式求解，通常先用表示相應(yīng)物理量的符號進(jìn)行運(yùn)算，解出所求物理量的表達(dá)式，然后將物理量的數(shù)值及單位代入，通過運(yùn)算求結(jié)果．考點(diǎn)四用動力學(xué)方法解決傳送帶問題1.如圖13所示，電動傳送帶以恒定速度v0＝1.2m/s運(yùn)行，傳送帶與水平面的夾角α＝37°，現(xiàn)將質(zhì)量m＝20kg的物品箱輕放到傳送帶底端，經(jīng)過一段時間后，物品箱被送到高h(yuǎn)＝1.8m的平臺上，物品箱與傳送帶間的動摩擦因數(shù)μ＝0.85，不計(jì)其他損耗，那么每件物品箱從傳送帶底端送到平臺上，需要多長時間？(sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，g取10m/s2)圖13答案3.25s解析物品箱剛放到傳送帶上時做勻加速運(yùn)動，當(dāng)速度到達(dá)v0時，與傳送帶一起做勻速運(yùn)動到平臺．物品箱剛放上去時，根據(jù)牛頓第二定律有μmgcosα－mgsinα＝ma，解得a＝0.8m/s2.從靜止到與傳送帶共速所用時間t1＝eq\f(v0,a)＝eq\f(1.2,0.8)s＝1.5s，沿斜面向上的位移x＝eq\f(v0,2)t1＝0.9m.物品箱隨傳送帶勻速運(yùn)動到達(dá)平臺的時間為t2＝eq\f(l－x,v0)＝eq\f(\f(1.8,sin37°)－0.9,1.2)s＝1.75s，總時間為t＝t1＋t2＝3.25s.2．如圖14甲所示，繃緊的水平傳送帶始終以恒定速率v1運(yùn)行，初速度大小為v2的小物塊從與傳送帶等高的光滑水平地面上的A處滑上傳送帶．假設(shè)從小物塊滑上傳送帶開始計(jì)時，小物塊在傳送帶上運(yùn)動的v－t圖象(以地面為參考系)如圖乙所示．v2>v1，那么()圖14A．t2時刻，小物塊離A處的距離到達(dá)最大B．t2時刻，小物塊相對傳送帶滑動的距離到達(dá)最大C．0～t2時間內(nèi)，小物塊受到的摩擦力方向先向右后向左D．0～t3時間內(nèi)，小物塊始終受到大小不變的摩擦力作用答案B解析t1時刻小物塊向左運(yùn)動到速度為零，離A處的距離到達(dá)最大，故A錯誤；t2時刻前小物塊相對傳送帶向左運(yùn)動，之后相對靜止，故B正確；0～t2時間內(nèi)，小物塊受到的摩擦力方向始終向右，故C錯誤；t2～t3時間內(nèi)小物塊不受摩擦力作用，故D錯誤．3.(2022·浙江余姚中學(xué)高三上期中)如圖15所示，傳送帶的水平局部AB是繃緊的，當(dāng)傳送帶不運(yùn)轉(zhuǎn)時，滑塊從斜面頂端由靜止下滑，通過AB所用時間為t1，從B端飛出時速度大小為v1.假設(shè)傳送帶沿逆時針方向運(yùn)轉(zhuǎn)，滑塊同樣從斜面頂端由靜止下滑，通過AB所用時間為t2，從B端飛出時速度大小為v2，那么()圖15A．t1＝t2，v1＝v2 B．t1＜t2，v1＞v2C．t1＞t2，v1＞v2 D．t1＝t2，v1＞v2答案A解析在兩種情況下，滑塊到達(dá)A點(diǎn)的初速度相等，在傳送帶上都做勻減速直線運(yùn)動，加速度大小相等，根據(jù)速度位移公式知，到達(dá)B端的速度相等，即v1＝v2，結(jié)合速度時間公式知，t1＝t2，故A正確，B、C、D錯誤．1.在確定研究對象并進(jìn)行受力分析之后，首先判定摩擦力突變(含大小和方向)點(diǎn)，給運(yùn)動分段．(1)傳送帶傳送的物體所受摩擦力，不管是其大小的突變，還是其方向的突變，都發(fā)生在物體的速度與傳送帶速度相等的時刻．(2)物體在傳送帶上運(yùn)動時的極值問題，不管是極大值，還是極小值，也都發(fā)生在物體速度與傳送帶速度相等的時刻．(3)v物與v傳相同的時刻是運(yùn)動分段的關(guān)鍵點(diǎn)．2．判定運(yùn)動中的速度變化(相對運(yùn)動方向和對地速度變化)的關(guān)鍵是v物與v傳的大小與方向，二者的大小和方向決定了此后的運(yùn)動過程和狀態(tài)．3．考慮傳送帶長度——判定到達(dá)臨界狀態(tài)之前是否滑出以及物體與傳送帶共速以后物體是否一定與傳送帶保持相對靜止一起做勻速運(yùn)動．專題強(qiáng)化練(限時：35分鐘)1．(2022·杭州市四校聯(lián)考)同學(xué)們知道物理學(xué)中力的單位是“N〞，但“N〞是一個導(dǎo)出單位，如果用國際制根本單位表示，以下正確的選項(xiàng)是()A．kg·m/s2 B．kg·m/sC．kg2·m/s D．kg·m2/s答案A2．(2022·溫州市九校高三上學(xué)期期末)根據(jù)圖1，以下關(guān)于運(yùn)動和力的表達(dá)正確的選項(xiàng)是()圖1A．圖甲中，運(yùn)發(fā)動在彎道處，假設(shè)地面摩擦力突然消失，他將沿著半徑方向“離心〞而去B．圖乙中，在碗里做勻速圓周運(yùn)動的小球受到的合外力是恒力C．圖丙中，在水平直跑道上減速運(yùn)動的航天飛機(jī)，傘對飛機(jī)的拉力大于飛機(jī)對傘的拉力D．圖丁中，人在體重計(jì)上站起的瞬間指針示數(shù)會變大答案D解析A中摩擦力消失，由于慣性，他將沿切線方向飛出；B中小球受到的合外力大小不變，但方向變化，故是變力；C中由相互作用力的關(guān)系，傘對飛機(jī)的拉力等于飛機(jī)對傘的拉力；D中站起瞬間有向上的加速度，人對體重計(jì)的壓力大于重力，故示數(shù)會變大．3.(2022·浙江名校協(xié)作體模擬)如圖2所示是我國一種傳統(tǒng)的民族體育工程“押加〞，實(shí)際上相當(dāng)于兩個人拔河，如果繩的質(zhì)量不計(jì)，且保持水平，甲、乙兩人在“押加〞比賽中甲獲勝，那么以下說法中正確的選項(xiàng)是()圖2A．甲對乙的拉力始終大于乙對甲的拉力B．甲把乙加速拉過去時，甲對乙的拉力大于乙對甲的拉力C．只有當(dāng)甲把乙勻速拉過去時，甲對乙的拉力大小才等于乙對甲的拉力大小D．甲對乙的拉力大小始終等于乙對甲的拉力大小，只是地面對甲的摩擦力大于地面對乙的摩擦力答案D解析由作用力與反作用力的關(guān)系知，D正確．4．(2022·寧波市效實(shí)中學(xué)期中)如圖3所示，物體P置于光滑的水平面上，用輕細(xì)線跨過質(zhì)量不計(jì)的光滑定滑輪連接一個重力G＝10N的重物Q，物體P向右運(yùn)動的加速度為a1；假設(shè)細(xì)線下端不掛重物，而用F＝10N的力豎直向下拉細(xì)線下端，這時物體P的加速度為a2，那么()圖3A．a(chǎn)1＜a2 B．a(chǎn)1＝a2C．a(chǎn)1＞a2 D．條件缺乏，無法判斷答案A解析左圖：對PQ整體G＝(mP＋mQ)a1，右圖：對P物體F＝mP·a2，由F＝G＝10N知a1＜a2.5．(2022·浙江“七彩陽光〞聯(lián)考)某日，小華在乘坐電梯的時候，由于電梯出現(xiàn)故障，小華和電梯一起自由下落，關(guān)于此下落過程，以下說法正確的選項(xiàng)是()A．小華會撞到電梯的天花板B．小華只受兩個力的作用C．小華對電梯地板的壓力為零D．小華處于超重狀態(tài)答案C解析自由下落屬于完全失重狀態(tài)，故小華對電梯地板的壓力為零．6．(2022·溫州市9月選考)2017年6月5日，溫州司乘人員(包括后排)不系平安帶都將被罰款，假定某次緊急剎車時，由于平安帶的作用，質(zhì)量為70kg的乘員獲得約6m/s2的加速度，那么平安帶對乘員的作用力約為()A．200N B．400NC．600N D．800N答案B7．如圖4所示，物塊1、2間用剛性輕質(zhì)桿連接，物塊3、4間用輕質(zhì)彈簧相連，物塊1、3質(zhì)量均為m，物塊2、4質(zhì)量均為M，兩個系統(tǒng)均置于水平放置的光滑木板上，并處于靜止?fàn)顟B(tài)．現(xiàn)將兩木板沿水平方向突然抽出，設(shè)抽出后的瞬間，物塊1、2、3、4的加速度大小分別為a1、a2、a3、a4.重力加速度大小為g，那么有()圖4A．a(chǎn)1＝a2＝a3＝a4＝0B．a(chǎn)1＝a2＝a3＝a4＝gC．a(chǎn)1＝a2＝g，a3＝0，a4＝eq\f(m＋M,M)gD．a(chǎn)1＝g，a2＝eq\f(m＋M,m)g，a3＝0，a4＝eq\f(m＋M,M)g答案C解析在抽出木板的瞬間，物塊1、2與剛性輕質(zhì)桿連接處的形變立即消失，受到的合力均等于各自重力，所以由牛頓第二定律知a1＝a2＝g；而物塊3、4間的輕質(zhì)彈簧的形變還來不及改變，此時彈簧對物塊3向上的彈力大小和對物塊4向下的彈力大小仍為mg，因此物塊3滿足mg＝F，a3＝0；由牛頓第二定律得物塊4滿足a4＝eq\f(F＋Mg,M)＝eq\f(m＋M,M)g，所以C正確．8．(2022·浙江“9＋1”高中聯(lián)盟期中)水平力F方向確定，用力F拉靜止在水平桌面上的小物塊，F(xiàn)的大小按圖5甲所示規(guī)律變化，在F從0開始逐漸增大的過程中，物塊的加速度a隨時間變化的圖象如圖乙所示．重力加速度大小為10m/s2.根據(jù)圖，以下物塊與水平桌面間的最大靜摩擦力Ffm、物塊與水平桌面間的滑動摩擦力Ff、物塊與水平桌面間的動摩擦因數(shù)μ、物塊質(zhì)量m的值正確的選項(xiàng)是()甲乙圖5A．Ffm＝4N B．μ＝0.1C．Ff＝6N D．m＝2kg答案B解析t＝2s時，F(xiàn)fm＝F＝6N；F－μmg＝ma1，即6－μmg＝m×1.t＝4s時，F(xiàn)－μmg＝ma2，即12－μmg＝m×3，解得m＝3kg，μ＝0.1，那么Ff＝μmg＝3N.9.如圖6所示，兩個質(zhì)量相同的物體1和2緊靠在一起，放在光滑的水平桌面上．假設(shè)它們分別受到水平推力F1和F2作用，而且F1＞F2，那么1施于2的作用力大小為()圖6A．F1 B．F2C.eq\f(1,2)(F1＋F2) D.eq\f(1,2)(F1－F2)答案C解析設(shè)物體1和2的質(zhì)量都為m，加速度為a，以整體為研究對象，由牛頓第二定律得a＝eq\f(F1－F2,2m).以物體2為研究對象，有a＝eq\f(F12－F2,m)，解得F12＝eq\f(F1＋F2,2).故C選項(xiàng)正確．10.如圖7所示，有材料相同的P、Q兩物塊通過輕繩相連，并在拉力F作用下沿粗糙斜面向上運(yùn)動，輕繩與拉力F的方向均平行于斜面．當(dāng)拉力F一定時，Q受到繩的拉力()圖7A．與斜面傾角θ有關(guān)B．與物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)有關(guān)C．與系統(tǒng)運(yùn)動狀態(tài)有關(guān)D．僅與兩物塊質(zhì)量有關(guān)答案D解析設(shè)P、Q的質(zhì)量分別為m1、m2，Q受到繩的拉力大小為FT，物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)為μ，根據(jù)牛頓第二定律，對整體受力分析，有F－(m1＋m2)gsinθ－μ(m1＋m2)gcosθ＝(m1＋m2)a；對Q受力分析，有FT－m2gsinθ－μm2gcosθ＝m2a，解得FT＝eq\f(m2,m1＋m2)F，可見Q受到繩的拉力FT與斜面傾角θ、物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)μ和系統(tǒng)運(yùn)動狀態(tài)均無關(guān)，僅與兩物塊質(zhì)量和F有關(guān)，選項(xiàng)D正確．11.如圖8所示，質(zhì)量為m的球置于傾角為45°的斜面上，被一個垂直于斜面的擋板擋?。F(xiàn)用一個力F拉斜面，使斜面在水平面上做加速度為a的勻加速直線運(yùn)動，忽略一切摩擦，以下說法中正確的選項(xiàng)是()圖8A．假設(shè)加速度足夠小，擋板對球的彈力可能為零B．假設(shè)加速度的大小等于重力加速度的大小，斜面對球的彈力為零C．斜面對球的彈力不僅有，而且是一個定值D．斜面和擋板對球的彈力的合力等于ma答案B解析球受到重力mg、斜面的支持力FN2、擋板的彈力FN1，那么豎直方向有FN2cos45°＋FN1sin45°＝mg，水平方向有FN1cos45°－FN2sin45°＝ma.假設(shè)加速度足夠小，據(jù)表達(dá)式可知，擋板對球的彈力不可能為零，選項(xiàng)A錯誤；假設(shè)加速度的大小等于重力加速度的大小，據(jù)表達(dá)式可知，斜面對球的彈力為零，選項(xiàng)B正確，C錯誤；由于重力方向豎直向下，斜面和擋板對球的彈力的合力沿水平方向的分力為ma，所以其二者的合力大于ma，選項(xiàng)D錯誤．12.(2022·溫州瑞安四校聯(lián)考)如圖9所示，在傾角為α的固定光滑斜面上，有一用繩子拴著的長木板，木板上站著一只貓．木板的質(zhì)量是貓質(zhì)量的2倍．當(dāng)繩子突然斷開時，貓立即沿著板向上跑，以保持其相對斜面的位置不變．那么此時木板沿斜面下滑的加速度為()圖9A.eq\f(g,2)sinα B．gsinαC.eq\f(3,2)gsinα D.2gsinα答案C解析對貓F(tuán)f＝mgsinα，對木板Ff＋2mgsinα＝2ma，那么a＝eq\f(3,2)gsinα.13.()圖10答案D解析滑塊剛放在傳送帶上時受到滑動摩擦力作用做勻加速運(yùn)動，a＝eq\f(μmg,m)＝μg＝2m/s2，滑塊運(yùn)動到與傳送帶速度相同時需要的時間t1＝eq\f(v0,a)＝1s，然后隨傳送帶一起勻速運(yùn)動的時間t2＝t－t1＝1s，當(dāng)傳送帶突然制動停下時，滑塊在傳送帶的滑動摩擦力作用下做勻減速運(yùn)動直到靜止，a′＝－a＝－2m/s2，運(yùn)動的時間t3＝eq\f(Δv,a′)＝1s，選項(xiàng)D正確．14．水平傳送帶被廣泛應(yīng)用于機(jī)場和火車站，用于對旅客的行李進(jìn)行平安檢查．如圖11所示為一水平傳送帶裝置示意圖，繃緊的傳送帶AB始終保持v＝1m/s的恒定速率運(yùn)行．旅客把行李無初速度地放在A處，設(shè)行李與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)μ＝0.1，A、B間的距離為2m，g取10m/s2.假設(shè)乘客把行李放在傳送帶上的同時也以v＝1m/s的恒定速度平行于傳送帶運(yùn)動到B處取行李，那么()圖11A．乘客與行李同時到達(dá)BB．乘客提前0.5s到達(dá)BC．行李提前0.5s到達(dá)BD．假設(shè)傳送帶速度