2023屆高考物理江蘇專版一輪復(fù)習(xí)課時(shí)檢測(cè)（二十六） 閉合電路歐姆定律及其應(yīng)用

第頁課時(shí)跟蹤檢測(cè)〔二十六〕閉合電路歐姆定律及其應(yīng)用對(duì)點(diǎn)訓(xùn)練：電阻的串、并聯(lián)1．電阻R1與R2并聯(lián)在電路中，通過R1與R2的電流之比為1∶2，那么當(dāng)R1與R2串聯(lián)后接入電路中時(shí)，R1與R2兩端電壓之比U1∶U2為()A．1∶2 B．2∶1C．1∶4 D．4∶1解析：選B由并聯(lián)特點(diǎn)可知：eq\f(R1,R2)＝eq\f(I2,I1)＝eq\f(2,1)，又由串聯(lián)電路特點(diǎn)可得：eq\f(U1,U2)＝eq\f(R1,R2)＝eq\f(2,1)，故B正確。2.(2023·無錫調(diào)研)電子式互感器是數(shù)字變電站的關(guān)鍵設(shè)備之一。如下圖，某電子式電壓互感器探頭的原理為電阻分壓，ac間的電阻是cd間電阻的(n－1)倍，某次測(cè)量中輸出端數(shù)字電壓表的示數(shù)為U，那么輸入端的電壓為()A．nU B.eq\f(U,n)C．(n－1)U D.eq\f(U,n－1)解析：選ARac與Rcd串聯(lián)，電流I＝eq\f(Uab,Rac＋Rcd)，對(duì)輸出端電壓Ucd＝U＝IRcd＝eq\f(UabRcd,Rac＋Rcd)＝eq\f(Uab,n)，即輸入端電壓為Uab＝nU。3．(2023·常州檢測(cè))如下圖，a、b、c、d、e是五個(gè)相同的電阻，如果將電壓逐漸升高，那么最先燒壞的電阻應(yīng)是()A．a(chǎn)和b B．cC．d D．e解析：選D由題圖可知，a和b并聯(lián)后與e串聯(lián)，最后跟c和d的串聯(lián)電路并聯(lián)，設(shè)電阻都為R，那么c和d的電壓都為eq\f(U,2)，a和b并聯(lián)電阻為eq\f(R,2)，所以a和b的電壓都為eq\f(U,3)，e的電壓為eq\f(2U,3)，所以e的電壓最大，所以隨著電壓U升高時(shí)，先燒壞的電阻應(yīng)是e。對(duì)點(diǎn)訓(xùn)練：閉合電路的動(dòng)態(tài)分析4.[多項(xiàng)選擇]如下圖，閉合開關(guān)S并調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器滑片P的位置，使A、B、C三燈亮度相同。假設(shè)繼續(xù)將P向下移動(dòng)，那么三燈亮度變化情況為()A．A燈變亮 B．B燈變亮C．B燈變暗 D．C燈變亮解析：選ACD將變阻器滑片P向下移動(dòng)時(shí)，接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，根據(jù)全電路歐姆定律得知，總電流IA增大，那么A燈變亮。并聯(lián)局部的電壓U并＝E－IA(RA＋r)，E、RA、r不變，IA增大，U并減小，B燈變暗。通過C燈的電流IC＝I－IB，I增大，IB減小，那么IC增大，C燈變亮，故A、C、D正確。5.[多項(xiàng)選擇](2023·昆山月考)恒流源是一種特殊的電源，其輸出的電流能始終保持不變，如下圖的電路中，當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)觸頭P向右移動(dòng)時(shí)，以下說法中正確的選項(xiàng)是()A．R0上的電壓變小B．R2上的電壓變大C．R1上的電壓變大D．R1上電壓變化量大于R0上的電壓變化量解析：選AC觸頭P由圖示位置向右移動(dòng)時(shí)，接入電路的電阻減小，那么總電阻也減小，而電源輸出電流不變，由歐姆定律可知，并聯(lián)局部電壓減小，所以R2上的電壓變小，R2是定值電阻，所以通過R2的電流減小，總電流不變，那么通過R1電流增大，所以R1的電壓變大，而并聯(lián)電路電壓是減小的，那么R0上的電壓變小，故A、C正確，B錯(cuò)誤；R1的電壓變大，R0上的電壓變小，R1和R0的電壓之和減小，那么R1上電壓變化量小于R0上的電壓變化量，故D錯(cuò)誤。6.如圖為某控制電路，由電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為r的電源與定值電阻R1、R2及電位器(滑動(dòng)變阻器)R連接而成，L1、L2是兩個(gè)指示燈。當(dāng)電位器的觸片由b端滑向a端時(shí)，以下說法正確的選項(xiàng)是()A．L1、L2都變亮 B．L1、L2都變暗C．L1變亮，L2變暗 D．L1變暗，L2變亮解析：選B當(dāng)滑片由b端向a端滑動(dòng)時(shí)，R接入電阻增大，總電阻增大；由閉合電路的歐姆定律可知電路中總電流減小，那么內(nèi)電壓減小，由U＝E－Ir可知路端電壓增大，那么R1兩端的電壓增大，所以通過R1的電流增大，而總電流減小，所以通過L1的電流變小，即L1變暗；L1兩端電壓減小，并聯(lián)電壓增大，所以R2兩端的電壓增大，所以通過R2電流增大，而通過L1的電流變小，所以通過L2電流變小，即L2變暗。故B正確。對(duì)點(diǎn)訓(xùn)練：閉合電路的功率及效率問題7．(2023·湖北七市聯(lián)考)有一個(gè)電動(dòng)勢(shì)為3V、內(nèi)阻為1Ω的電源。以下電阻與其連接后，使電阻的功率大于2W，且使該電源的效率大于50%的是()A．0.5Ω B．1ΩC．1.5Ω D．2Ω解析：選C由閉合電路歐姆定律得I＝eq\f(E,R＋r)，電源效率η＝eq\f(I2R,I2R＋r)×100%，電阻的功率P＝I2R。將四個(gè)選項(xiàng)代入分析得，只有C符合題目要求，故C正確。8.[多項(xiàng)選擇](2023·江蘇高考)如下圖的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為12V，內(nèi)阻為2Ω，四個(gè)電阻的阻值已在圖中標(biāo)出。閉合開關(guān)S，以下說法正確的有()A．路端電壓為10VB．電源的總功率為10WC．a(chǎn)、b間電壓的大小為5VD．a(chǎn)、b間用導(dǎo)線連接后，電路的總電流為1A解析：選AC根據(jù)串并聯(lián)電路的特點(diǎn)可得，外電路總電阻為10Ω，根據(jù)閉合電路歐姆定律得通過電源的電流為I＝eq\f(12,2＋10)A＝1A，那么路端電壓為U＝IR外＝10V，選項(xiàng)A正確；電源的總功率P＝EI＝12W，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；假設(shè)取電源負(fù)極的電勢(shì)為0，那么a點(diǎn)電勢(shì)為φa＝2.5V，b點(diǎn)電勢(shì)為φb＝7.5V，a、b間電壓的大小為5V，選項(xiàng)C正確；a、b間用導(dǎo)線連接起來后外電路總電阻為7.5Ω，電路的總電流為I＝eq\f(12,2＋7.5)A≈1.26A，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。9.[多項(xiàng)選擇]直流電路如下圖，在滑動(dòng)變阻器的滑片P向右移動(dòng)時(shí)，電源的()A．總功率一定減小B．效率一定增大C．內(nèi)部損耗功率一定減小D．輸出功率一定先增大后減小解析：選ABC滑片P向右移動(dòng)時(shí)，外電路電阻R外增大，由閉合電路歐姆定律知總電流減小，由P總＝EI可得P總減小，故A正確。根據(jù)η＝eq\f(R外,R外＋r)＝eq\f(1,1＋r/R外)，可知B正確。由P損＝I2r可知，C正確。P出-R外圖像如下圖，因不知道R外的初始值與r的大小關(guān)系，所以無法判斷P出的變化情況，D錯(cuò)誤。對(duì)點(diǎn)訓(xùn)練：兩類U-I圖像的比擬與應(yīng)用10．[多項(xiàng)選擇]如下圖，直線Ⅰ、Ⅱ分別是電源1與電源2的路端電壓隨輸出電流變化的特性圖線，曲線Ⅲ是一個(gè)小燈泡的伏安特性曲線，曲線Ⅲ與直線Ⅰ、Ⅱ相交點(diǎn)的坐標(biāo)分別為P(5.2,3.5)、Q(6,5)。如果把該小燈泡分別與電源1、電源2單獨(dú)連接，那么以下說法正確的選項(xiàng)是()A．電源1與電源2的內(nèi)阻之比是3∶2B．電源1與電源2的電動(dòng)勢(shì)之比是1∶1C．在這兩種連接狀態(tài)下，小燈泡的電阻之比是1∶2D．在這兩種連接狀態(tài)下，小燈泡消耗的功率之比是7∶10解析：選AB根據(jù)圖像可知，E1＝E2＝10V，r1＝eq\f(5,4)Ω，r2＝eq\f(5,6)Ω，所以r1∶r2＝3∶2，E1∶E2＝1∶1，選項(xiàng)A、B正確；曲線Ⅲ與其他兩條直線的交點(diǎn)坐標(biāo)表示該小燈泡在這兩種連接狀態(tài)下的工作電壓和工作電流，根據(jù)坐標(biāo)值可求出此時(shí)小燈泡消耗的功率分別為P1＝18.2W和P2＝30W，小燈泡的電阻分別為R1＝eq\f(35,52)Ω，R2＝eq\f(5,6)Ω，所以選項(xiàng)C、D錯(cuò)誤。11．[多項(xiàng)選擇](2023·鎮(zhèn)江模擬)如圖甲所示，不計(jì)電表對(duì)電路的影響，改變滑動(dòng)變阻器的滑片位置，測(cè)得電壓表eq\o\ac(○,V1)和eq\o\ac(○,V2)隨電流表eq\o\ac(○,A)的示數(shù)變化規(guī)律如圖乙中a、b所示，以下判斷正確的選項(xiàng)是()A．圖線a的延長線與縱軸交點(diǎn)的坐標(biāo)值等于電源電動(dòng)勢(shì)B．圖線b斜率的絕對(duì)值等于電源的內(nèi)阻C．圖線a、b交點(diǎn)的橫、縱坐標(biāo)之積等于此狀態(tài)下電源的輸出功率D．圖線a、b交點(diǎn)的橫、縱坐標(biāo)之積等于此狀態(tài)下電阻R0消耗的功率解析：選ACD當(dāng)電路中電流增大時(shí)，電壓表V2的示數(shù)增大，電源的內(nèi)電壓增大，電壓表V1的讀數(shù)減小，那么根據(jù)圖像可知，圖像a是電壓表V1的示數(shù)與I的關(guān)系圖像。那么圖線a的延長線與縱軸交點(diǎn)的坐標(biāo)值等于電源電動(dòng)勢(shì)，故A正確。由上分析知，圖像b是電壓表V2的示數(shù)與I的關(guān)系圖像，由于V2測(cè)量的是定值電阻的電壓，定值電阻的電壓與電流成正比，那么圖像b的斜率的絕對(duì)值等于R0的阻值，故B錯(cuò)誤。圖像a反映電源的特性，圖像b反映定值電阻R0的特性，兩圖像的交點(diǎn)表示定值電阻R0接在該電源上的工作狀態(tài)，那么交點(diǎn)的橫、縱坐標(biāo)值的乘積等于該狀態(tài)下定值電阻R0消耗的瞬時(shí)功率，也即電源的輸出功率。故C、D正確。對(duì)點(diǎn)訓(xùn)練：含電容器的電路12.如下圖的電路中，開關(guān)S閉合一段時(shí)間后，以下說法中正確的選項(xiàng)是()A．滑片M向上滑動(dòng)過程中，電容器充電B．滑片N向左滑動(dòng)過程中，流過R2電流向上C．滑片N向左滑動(dòng)，電源輸出功率一定增大D．將滑片N向右滑動(dòng)，電容器的電能減少解析：選D當(dāng)滑片M向上滑動(dòng)時(shí)，對(duì)電路結(jié)構(gòu)沒有影響，電路總電阻沒有變化，故電容器保持原來的狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；滑片N向左滑動(dòng)過程中，變阻器R3的阻值增大，電路總電阻增大，總電流減小，R3兩端的電壓U＝E－I(R1＋r)增大，電容器兩端的電壓增大，電容器充電，流過R2的電流向下，故B錯(cuò)誤；滑片N向左滑動(dòng)，變阻器R3的電阻變大，外電阻增大，但因?yàn)椴恢纼?nèi)外電阻的關(guān)系，所以電源的輸出功率變化情況無法判斷，故C錯(cuò)誤；將滑片N向右滑動(dòng)，變阻器R3的阻值減小，電路總電阻減小，總電流增大，變阻器兩端的電壓U＝E－I(R1＋r)減小，電容器兩端的電壓等于變阻器R3兩端的電壓，根據(jù)Q＝CU知電容器放電，電容器的電能減少，故D正確。13．(2023·南京模擬)如下圖的電路，R1、R2、R4均為定值電阻，R3為熱敏電阻(溫度升高，電阻減小)，電源的電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，初期電容器中懸停一質(zhì)量為m的帶電塵埃，當(dāng)環(huán)境溫度降低時(shí)，以下說法正確的選項(xiàng)是()A．電壓表和電流表的示數(shù)都減小B．電壓表和電流表的示數(shù)都增大C．電壓表和電流表的示數(shù)變化量之比保持不變D．帶電塵埃將向下極板運(yùn)動(dòng)解析：選C當(dāng)環(huán)境溫度降低時(shí)，R3的阻值增大，外電路總電阻增大，那么總電流減小，所以電流表的示數(shù)減小，圖中并聯(lián)局部的總電阻增大，由串聯(lián)電路電壓與電阻成正比的規(guī)律知：并聯(lián)局部的電壓增大，那么電壓表的示數(shù)增大。故A、B錯(cuò)誤。電壓表的示數(shù)為U＝E－I(R1＋r)，那么電壓表和電流表的示數(shù)變化量之比為eq\f(ΔU,ΔI)＝R1＋r，保持不變，故C正確。電容器板間電壓增大，板間場(chǎng)強(qiáng)增大，帶電塵埃所受的電場(chǎng)力增大，那么帶電塵埃將向上極板運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤?？键c(diǎn)綜合訓(xùn)練14．[多項(xiàng)選擇](2023·黑龍江省實(shí)驗(yàn)中學(xué)高三期末)在如下圖電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為12V，電源內(nèi)阻為1.0Ω，電路中電阻R0為1.5Ω，小型直流電動(dòng)機(jī)M的內(nèi)阻為0.5Ω。閉合開關(guān)S后，電動(dòng)機(jī)轉(zhuǎn)動(dòng)，電流表的示數(shù)為2.0A。那么以下判斷中正確的選項(xiàng)是()A．電動(dòng)機(jī)的輸出功率為12WB．電動(dòng)機(jī)兩端的電壓為7.0VC．電動(dòng)機(jī)的發(fā)熱功率為4.0WD．電源輸出的電功率為24W解析：選AB電路中電流表示數(shù)為2.0A，所以電動(dòng)機(jī)的電壓為U＝E－Ir－IR0＝7V，那么電動(dòng)機(jī)的發(fā)熱功率為P熱＝I2RM＝2W；電動(dòng)機(jī)的輸出功率為P出＝UI－P熱＝12W，故A、B正確，C錯(cuò)誤；電源的輸出功率為P輸出＝EI－I2r＝20W，故D錯(cuò)誤。15．[多項(xiàng)選擇]如下圖，M、N是兩塊水平放置的平行金屬板，R0為定值電阻，R1和R2為可變電阻，開關(guān)S閉合。質(zhì)量為m的帶正電荷的微粒從P點(diǎn)以水平速度v0射入金屬板間，沿曲線打在N板上的O點(diǎn)。假設(shè)經(jīng)以下調(diào)整后，微粒仍從P點(diǎn)以水平速度v0射入，那么關(guān)于微粒打在N板上的位置說法正確的選項(xiàng)是()A．保持開關(guān)S閉合，增大R1，粒子打在O點(diǎn)左側(cè)B．保持開關(guān)S閉合，增大R2，粒子打在O點(diǎn)左側(cè)C．?dāng)嚅_開關(guān)S，M極板稍微上移，粒子打在O點(diǎn)右側(cè)D．?dāng)嚅_開關(guān)S，N極板稍微下移，粒子打在O點(diǎn)右側(cè)解析：選AD保持開關(guān)S閉合，由串并聯(lián)電壓關(guān)系可知，R0兩端的電壓為U＝eq\f(E,R0＋R1)·R0，增大R1，U將減小，電容器兩端的電壓減小，故粒子受重力和電場(chǎng)力mg－qE＝ma，平行板兩極板電壓減小，產(chǎn)生的加速度增大，那么eq\f(