2012年江蘇省高考物理試卷解析版

2012年江蘇省高考物理試卷解析版參考答案與試題解析一、單項(xiàng)選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計(jì)15分．每小題只有一個選項(xiàng)符合題意．1．（3分）真空中，A、B兩點(diǎn)與點(diǎn)電荷Q的距離分別為r和3r，則A、B兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小之比為（）A．3：1 B．1：3 C．9：1 D．1：9【考點(diǎn)】A6：電場強(qiáng)度與電場力；A8：點(diǎn)電荷的電場．【專題】532：電場力與電勢的性質(zhì)專題．【分析】直接根據(jù)庫倫定律公式計(jì)算出試探電荷q所受電場力，然后利用電場強(qiáng)度的定義式即可求出在M所在處的場強(qiáng)的大?。窘獯稹拷猓阂胍粋€試探電荷q，分別計(jì)算它在AB兩點(diǎn)受的電場力。F1=kQq得：F1＝9F2根據(jù)電場強(qiáng)度的定義式：E=F得：E故選：C?！军c(diǎn)評】本題很簡單直接考查了庫倫定律和電場強(qiáng)度定義式的應(yīng)用，對于這些公式一定要明確其適用條件和公式中各個物理量的含義．2．（3分）一充電后的平行板電容器保持兩極板的正對面積、間距和電荷量不變，在兩極板間插入一電介質(zhì)，其電容C和兩極板間的電勢差U的變化情況是（）A．C和U均增大 B．C增大，U減小 C．C減小，U增大 D．C和U均減小【考點(diǎn)】AQ：平行板電容器的電容．【專題】533：電容器專題．【分析】根據(jù)電容的決定式判斷電容大小，根據(jù)定義式判斷電壓變化．【解答】解：由公式C=?S4πKd知，在兩極板間插入一電介質(zhì)，其電容C增大，由公式故選：B?！军c(diǎn)評】本題考查了等容的定義式和決定式的配合應(yīng)用．3．（3分）如圖所示，細(xì)線的一端固定于O點(diǎn)，另一端系一小球．在水平拉力作用下，小球以恒定速率在豎直平面內(nèi)由A點(diǎn)運(yùn)動到B點(diǎn)．在此過程中拉力的瞬時功率變化情況（）A．逐漸增大 B．逐漸減小 C．先增大，后減小 D．先減小，后增大【考點(diǎn)】63：功率、平均功率和瞬時功率．【專題】52C：功率的計(jì)算專題．【分析】根據(jù)小球做圓周運(yùn)動，合力提供向心力，即合力指向圓心，求出水平拉力和重力的關(guān)系，根據(jù)P＝Fvcosα得出拉力瞬時功率的表達(dá)式，從而判斷出拉力瞬時功率的變化．【解答】解：因?yàn)樾∏蚴且院愣ㄋ俾蔬\(yùn)動，即它是做勻速圓周運(yùn)動，那么小球受到的重力G、水平拉力F、繩子拉力T三者的合力必是沿繩子指向O點(diǎn)。設(shè)繩子與豎直方向夾角是θ，則FG=tan得F＝Gtanθ而水平拉力F的方向與速度V的方向夾角也是θ，所以水平力F的瞬時功率是P＝Fvcosθ則P＝Gvsinθ顯然，從A到B的過程中，θ是不斷增大的，所以水平拉力F的瞬時功率是一直增大的。故A正確，B、C、D錯誤。故選：A?！军c(diǎn)評】解決本題的關(guān)鍵掌握瞬時功率的表達(dá)式P＝Fvcosα，注意α為F與速度的夾角．4．（3分）將一只皮球豎直向上拋出，皮球運(yùn)動時受到空氣阻力的大小與速度的大小成正比。下列描繪皮球在上升過程中加速度大小a與時間t關(guān)系的圖象，可能正確的是（）A． B． C． D．【考點(diǎn)】1N：豎直上拋運(yùn)動．【專題】16：壓軸題；511：直線運(yùn)動規(guī)律專題．【分析】受力分析后根據(jù)牛頓第二定律判斷加速度的變化規(guī)律，同時結(jié)合特殊位置（最高點(diǎn)）進(jìn)行判斷?！窘獯稹拷猓築、D、皮球豎直向上拋出，受到重力和向下的空氣阻力，根據(jù)牛頓第二定律，有：mg+f＝ma根據(jù)題意，空氣阻力的大小與速度的大小成正比，有：f＝kv聯(lián)立解得：a＝g+A、C、由于速度不斷減小，故加速度不斷減小，到最高點(diǎn)速度為零，阻力為零，加速度為g，不為零，故BD均錯誤；根據(jù)BD的結(jié)論a＝g+kvm，有△a△t∝△v△t，由于加速度減小，故△v△t故選：C?！军c(diǎn)評】本題關(guān)鍵是受力分析后得到加速度的表達(dá)式，然后結(jié)合速度的變化得到阻力變化，最后判斷出加速度的變化規(guī)律。5．（3分）如圖所示，一夾子夾住木塊，在力F作用下向上提升。夾子和木塊的質(zhì)量分別為m、M，夾子與木塊兩側(cè)間的最大靜摩擦力均為f。若木塊不滑動，力F的最大值是（）A．2f(m+M)M B．2f(m+M)C．2f(m+M)M-（m+M）g D．【考點(diǎn)】27：摩擦力的判斷與計(jì)算；29：物體的彈性和彈力；3C：共點(diǎn)力的平衡．【專題】527：共點(diǎn)力作用下物體平衡專題．【分析】隔離對木塊分析，通過牛頓第二定律求出木塊的最大加速度，再對整體分析，運(yùn)用牛頓第二定律求出拉力F的最大值．【解答】解：對木塊分析得：2f﹣Mg＝Ma，解得木塊的最大加速度為：a=2f對整體分析得：F﹣（M+m）g＝（M+m）a將a代入解得：F=2f(m+M)故選：A?！军c(diǎn)評】解決本題的關(guān)鍵能夠正確地進(jìn)行受力分析，運(yùn)用牛頓第二定律進(jìn)行求解．注意整體法和隔離法的運(yùn)用．二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題4分，共計(jì)16分．每小題有多個選項(xiàng)符合題意．全部選對得4分，選對但不全的得2分，錯選或不答的得0分．6．（4分）如圖所示，相距l(xiāng)的兩小球A、B位于同一高度h（l、h均為定值）．將A向B水平拋出的同時，B自由下落．A、B與地面碰撞前后，水平分速度不變，豎直分速度大小不變、方向相反．不計(jì)空氣阻力及小球與地面碰撞的時間，則（）A．A、B在第一次落地前能否發(fā)生相碰，取決于A的初速度大小 B．A、B在第一次落地前若不碰，此后就不會相碰 C．A、B不可能運(yùn)動到最高處相碰 D．A、B一定能相碰【考點(diǎn)】1J：自由落體運(yùn)動；43：平拋運(yùn)動．【專題】514：自由落體運(yùn)動專題．【分析】因?yàn)槠綊佭\(yùn)動在水平方向上做勻速直線運(yùn)動，在豎直方向上做自由落體運(yùn)動，根據(jù)該規(guī)律抓住地面碰撞前后，水平分速度不變，豎直分速度大小不變、方向相反與判斷兩球能否相碰．【解答】解：A、若A球經(jīng)過水平位移為l時，還未落地，則在B球正下方相碰?？芍?dāng)A的初速度較大時，A、B在第一次落地前能發(fā)生相碰，故A正確。B、若A、B在第一次落地前不碰，由于反彈后水平分速度不變，豎直分速度大小不變、方向相反，則以后一定能碰。故B錯誤，D正確。C、若A球落地時的水平位移為l2時，則A、B故選：AD?！军c(diǎn)評】解決本題的關(guān)鍵知道平拋運(yùn)動在水平方向和豎直方向上的運(yùn)動規(guī)律，根據(jù)該規(guī)律進(jìn)行分析．7．（4分）某同學(xué)設(shè)計(jì)的家庭電路保護(hù)裝置如圖所示，鐵芯左側(cè)線圈L1由火線和零線并行繞成。當(dāng)右側(cè)線圈L2中產(chǎn)生電流時，電流經(jīng)放大器放大后，使電磁鐵吸起鐵質(zhì)開關(guān)K，從而切斷家庭電路。僅考慮L1，在鐵芯中產(chǎn)生的磁場，下列說法正確的有（）A．家庭電路正常工作時，L2中的磁通量為零 B．家庭電路中使用的電器增多時，L2中的磁通量不變 C．家庭電路發(fā)生短路時，開關(guān)K將被電磁鐵吸起 D．地面上的人接觸火線發(fā)生觸電時，開關(guān)K將被電磁鐵吸起【考點(diǎn)】E8：變壓器的構(gòu)造和原理．【專題】53A：交流電專題．【分析】火線和零線并行繞制，所以在家庭電路正常工作時，火線和零線的電流大小相等，方向相反，因此合磁通量為零，L2中的磁通量為零，地面上的人接觸火線發(fā)生觸電時，火線的電流突然變大，即L1中的磁場發(fā)生變化，導(dǎo)致L2中的磁通量變化，L2中產(chǎn)生感應(yīng)電流，電磁鐵將開關(guān)K吸起．【解答】解：A、由于火線和零線并行繞制，所以在家庭電路正常工作時，火線和零線的電流大小相等，方向相反，因此合磁通量為零，L2中的磁通量為零，A項(xiàng)正確；B、當(dāng)家庭電路中使用的電器增多時，火線和零線的電流仍然大小相等，方向相反，L2中的磁通量不變，B項(xiàng)正確；C、家庭電路發(fā)生短路時，火線和零線的電流同時增大，合磁通量仍然為零，因此開關(guān)K不會被電磁鐵吸起，C項(xiàng)錯誤；D、當(dāng)?shù)孛嫔系娜私佑|火線發(fā)生觸電時，火線的電流突然變大，即L1中的磁場發(fā)生變化，導(dǎo)致L2中的磁通量變化，L2中產(chǎn)生感應(yīng)電流，電磁鐵將開關(guān)K吸起，D項(xiàng)正確。故選：ABD?！军c(diǎn)評】本題考查了變壓器的構(gòu)造和原理，難點(diǎn)在于火線和零線并行繞制，要理解為什么副線圈中的磁通量為零．8．（4分）2011年8月，“嫦娥二號”成功進(jìn)入了環(huán)繞“日地拉格朗日點(diǎn)”的軌道，我國成為世界上第三個造訪該點(diǎn)的國家。如圖所示，該拉格朗日點(diǎn)位于太陽和地球連線的延長線上，一飛行器處于該點(diǎn)，在幾乎不消耗燃料的情況下與地球同步繞太陽做圓周運(yùn)動。則此飛行器的（）A．線速度大于地球的線速度 B．向心加速度大于地球的向心加速度 C．向心力僅由太陽的引力提供 D．向心力僅由地球的引力提供【考點(diǎn)】4F：萬有引力定律及其應(yīng)用；4H：人造衛(wèi)星．【專題】16：壓軸題；52A：人造衛(wèi)星問題．【分析】飛行器與地球同步繞太陽運(yùn)動，角速度相等，飛行器靠太陽和地球引力的合力提供向心力，根據(jù)v＝rω，a＝rω2比較線速度和向心加速度的大小?！窘獯稹拷猓篈、飛行器與地球同步繞太陽運(yùn)動，角速度相等，根據(jù)v＝rω，知探測器的線速度大于地球的線速度。故A正確。B、根據(jù)a＝rω2知，探測器的向心加速度大于地球的向心加速度。故B正確。C、探測器的向心力由太陽和地球引力的合力提供。故C、D錯誤。故選：AB。【點(diǎn)評】本題考查萬有引力的應(yīng)用，題目較為新穎，在解題時要注意分析向心力的來源及題目中隱含的條件。9．（4分）如圖所示，MN是磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場的邊界．一質(zhì)量為m、電荷量為q的粒子在紙面內(nèi)從O點(diǎn)射入磁場．若粒子速度為v0，最遠(yuǎn)能落在邊界上的A點(diǎn)．下列說法正確的有（）A．若粒子落在A點(diǎn)的左側(cè)，其速度一定小于v0 B．若粒子落在A點(diǎn)的右側(cè)，其速度一定大于v0 C．若粒子落在A點(diǎn)左右兩側(cè)d的范圍內(nèi)，其速度不可能小于v0-qBdD．若粒子落在A點(diǎn)左右兩側(cè)d的范圍內(nèi)，其速度不可能大于v0+【考點(diǎn)】CI：帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中的運(yùn)動．【專題】16：壓軸題；536：帶電粒子在磁場中的運(yùn)動專題．【分析】由洛倫茲力提供向心力，即qvB=mv2【解答】解：當(dāng)從O點(diǎn)垂直射入磁場時，OA距離最大，最大距離為2r，如圖示又r=mv所以O(shè)A=A．當(dāng)粒子打在A點(diǎn)的左側(cè)，若入射方向不變，半徑減小，速度小于v0，若入射方向調(diào)整，半徑可能比原來大，也可能比原來小，所以其速度可能等于或大于v0，因?yàn)樗俣确较蛭粗?，離子的入射方向只要偏左或偏右皆可，故A錯誤。B．由于速度等于v0時最遠(yuǎn)到達(dá)A，故要使最遠(yuǎn)點(diǎn)到達(dá)A右側(cè)，速度必須大于v0，故B正確。C．當(dāng)粒子從O點(diǎn)垂直射入磁場時，若剛好達(dá)到A點(diǎn)左側(cè)距離d處，則有2m解得v=v同B項(xiàng)，要滿足條件，速度必須大于v，故C正確D．由于粒子是沿任意方向飛入，所示速度極大的粒子仍可滿足條件。故D錯誤。故選：BC。【點(diǎn)評】本題易錯點(diǎn)為離子初速度方向未知，若按慣性思維認(rèn)為垂直射入即出錯．三、簡答題：本題必做題（第10、11題）共計(jì)42分．請將解答填寫在答題卡相應(yīng)的位置．10．（8分）如圖1所示的黑箱中有二只相同的電學(xué)元件，小明使用多用電表對其進(jìn)行探測．（1）在使用多用電表前，發(fā)現(xiàn)指針不在左邊“0”刻度線處，應(yīng)先調(diào)整如圖2中多用電表的A（選填“A”、“B”或“C“）．（2）在用多用電表的直流電壓擋探測黑箱a、b接點(diǎn)間是否存在電源時，一表筆接a，另一表筆應(yīng)短暫（選填“短暫”或“持續(xù)”）接b，同時觀察指針偏轉(zhuǎn)情況．（3）在判定黑箱中無電源后，將選擇開關(guān)旋至“×l”擋，調(diào)節(jié)好多用電表，測量各接點(diǎn)間的阻值．測量中發(fā)現(xiàn)，每對接點(diǎn)間正反向阻值均相等，測量記錄如下表．兩表筆分別接a、b時，多用電表的示數(shù)如圖2所示．請將記錄表補(bǔ)充完整，并在答題卡的黑箱圖中畫出一種可能的電路．兩表筆接的接點(diǎn)多用電表的示數(shù)a，b5.0Ωa，c10.0Ωb，c15.0Ω【考點(diǎn)】N3：測定電源的電動勢和內(nèi)阻；N4：用多用電表測電阻．【專題】13：實(shí)驗(yàn)題；16：壓軸題；535：恒定電流專題．【分析】（1）任何電表使用前都需要機(jī)械調(diào)零；（2）由于指針可能反轉(zhuǎn)，故應(yīng)該短接；（3）由于每對接點(diǎn)間正反向阻值均相等，說明無二極管；最簡單的電路是兩個電阻串聯(lián)．【解答】解：（1）電表使用前都需要機(jī)械調(diào)零，故選A；（2）由于電流的流向未知，指針可能反轉(zhuǎn)，故不宜長時間通電，故應(yīng)該短暫接觸；（3）由于每對接點(diǎn)間正反向阻值均相等，說明無二極管；最簡單的電路是兩個電阻串聯(lián)，電路如圖；故答案為：（1）A，（2）短暫，（3）5.0，如圖所示．【點(diǎn)評】本題關(guān)鍵是明確多用電表的使用方法，黑箱問題判斷可以先判斷有無電源，然后判斷有無二極管，最后判斷可能的內(nèi)部構(gòu)造．11．（10分）為測定木塊與桌面之間的動摩擦因數(shù)，小亮設(shè)計(jì)了如圖所示的裝置進(jìn)行實(shí)驗(yàn)．實(shí)驗(yàn)中，當(dāng)木塊A位于水平桌面上的O點(diǎn)時，重物B剛好接觸地面．將A拉到P點(diǎn)，待B穩(wěn)定后靜止釋放，A最終滑到Q點(diǎn)．分別測量OP、OQ的長度h和s．改變h，重復(fù)上述實(shí)驗(yàn)，分別記錄幾組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)．（1）實(shí)驗(yàn)開始時，發(fā)現(xiàn)A釋放后會撞到滑輪．請?zhí)岢鰞蓚€解決方法．（2）請根據(jù)下表的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)作出s﹣h關(guān)系的圖象．h/cm20.030.040.050.060.0s/cm19.528.539.048.056.5（3）實(shí)驗(yàn)測得A、B的質(zhì)量分別為m＝0.4kg、M＝0.50kg．根據(jù)s﹣h圖象可計(jì)算出A木塊與桌面間的動摩擦因數(shù)μ＝0.4．（結(jié)果保留一位有效數(shù)字）（4）實(shí)驗(yàn)中，滑輪軸的摩擦?xí)?dǎo)致μ的測量結(jié)果偏大（選填“偏大”或“偏小”）．【考點(diǎn)】M9：探究影響摩擦力的大小的因素．【專題】13：實(shí)驗(yàn)題；16：壓軸題；524：摩擦力專題．【分析】（1）B減少的重力勢能轉(zhuǎn)化成系統(tǒng)的內(nèi)能和A、B的動能，A釋放后會撞到滑輪，說明B減少的勢能太多，轉(zhuǎn)化成系統(tǒng)的內(nèi)能太少，從而找作答依據(jù)．（2）根據(jù)所給數(shù)據(jù)進(jìn)行描點(diǎn)、連線作圖；（3）對在B下落至臨落地時和在B落地后，A運(yùn)動到Q，兩個過程運(yùn)用動能定理，求得μ的表達(dá)式，再結(jié)合從s﹣h圖象，即可求解μ；（4）由于滑輪軸的摩擦?xí)?dǎo)致s變小，根據(jù)μ的表達(dá)式可知誤差結(jié)果．【解答】解：（1）B減少的重力勢能轉(zhuǎn)化成系統(tǒng)的內(nèi)能和AB的動能，A釋放后會撞到滑輪，說明B減少的勢能太多，轉(zhuǎn)化成系統(tǒng)的內(nèi)能太少，可以通過減小B的質(zhì)量；增加細(xì)線的長度（或增大A的質(zhì)量；降低B的起始高度）解決．故解決方法有：可以通過減小B的質(zhì)量；增加細(xì)線的長度（或增大A的質(zhì)量；降低B的起始高度）．（2）描點(diǎn)，連線，如圖所示：（3）B下落至臨落地時根據(jù)動能定理有：Mgh﹣μmgh=12（M+m）v2，在B落地后，A運(yùn)動到Q，有12mv2=mgμs，故答案為：0.4．（4）由于滑輪軸的摩擦，會導(dǎo)致繩子的拉力相對偏小，A運(yùn)動的加速度也就偏小，s也就偏小，根據(jù)，μ=Mh(m+M)s+mh，所以故答案為：偏大．【點(diǎn)評】在判斷此類問題時，要深刻理解動能定理，能量守恒定律，要會通過圖象分析相關(guān)問題．四、選修3-312．（4分）下列現(xiàn)象中，能說明液體存在表面張力的有（）A．水黽可以停在水面上 B．葉面上的露珠呈球形 C．滴入水中的紅墨水很快散開 D．懸浮在水中的花粉做無規(guī)則運(yùn)動【考點(diǎn)】95：液體的表面張力．【專題】546：分子間相互作用力與分子間距離的關(guān)系．【分析】作用于液體表面，使液體表面積縮小的力，稱為液體表面張力．它產(chǎn)生的原因是液體跟氣體接觸的表面存在一個薄層，叫做表面層，表面層里的分子比液體內(nèi)部稀疏，分子間的距離比液體內(nèi)部大一些，分子間的相互作用表現(xiàn)為引力．就象你要把彈簧拉開些，彈簧反而表現(xiàn)具有收縮的趨勢．正是因?yàn)檫@種張力的存在，有些小昆蟲才能無拘無束地在水面上行走自如．【解答】解：A、因?yàn)橐后w表面張力的存在，有些小昆蟲才能無拘無束地在水面上行走自如，故A正確；B、草葉上的露珠存在表面張力，它表面的水分子表現(xiàn)為引力，從而使它收縮成一個球形，與表面張力有關(guān)，故B正確；C、滴入水中的紅墨水很快散開是擴(kuò)散現(xiàn)象，是液體分子無規(guī)則熱運(yùn)動的反映，故C錯誤；D、懸浮在水中的花粉做無規(guī)則運(yùn)動是布朗運(yùn)動，是液體分子無規(guī)則熱運(yùn)動的反映，故D錯誤；故選：AB?！军c(diǎn)評】此題考查液體表面張力的現(xiàn)象，要求對液體表面張力產(chǎn)生的原因能理解，并能分析一些現(xiàn)象．13．（4分）密閉在鋼瓶中的理想氣體，溫度升高時壓強(qiáng)增大。從分子動理論的角度分析，這是由于分子熱運(yùn)動的平均動能增大了。該氣體在溫度T1、T2時的分子速率分布圖象如圖所示，則T1小于T2（選填“大于”或“小于”）。【考點(diǎn)】89：溫度是分子平均動能的標(biāo)志．【專題】16：壓軸題；547：內(nèi)能及其變化專題．【分析】溫度是分子平均動能的標(biāo)志，溫度升高平均動能增大，體積不變時，氣體的內(nèi)能由平均動能決定?！窘獯稹拷猓好荛]在鋼瓶中的理想氣體體積不變，溫度升高時分子平均動能增大壓強(qiáng)增大。溫度升高時，速率大的分子所占比重較大T1＜T2。答案為：平均動能，小于【點(diǎn)評】本題考查了溫度是分子平均動能的標(biāo)志，溫度升高平均動能增大。14．（4分）如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A經(jīng)等壓過程到狀態(tài)B．此過程中，氣體壓強(qiáng)p＝1.0×105Pa，吸收的熱量Q＝7.0×102J，求此過程中氣體內(nèi)能的增量．【考點(diǎn)】8F：熱力學(xué)第一定律；99：理想氣體的狀態(tài)方程．【專題】16：壓軸題；54B：理想氣體狀態(tài)方程專題．【分析】氣體從狀態(tài)A經(jīng)等壓過程到狀態(tài)B的過程中，吸收熱量，同時對外做功，要先求出體積的變化，再求功，最后根據(jù)熱力學(xué)第一定律求解．【解答】解：氣體狀態(tài)A為出狀態(tài)，設(shè)為V1T1，狀態(tài)B為末狀態(tài)，設(shè)為V2T2，由蓋﹣呂薩克定律得：V1代人數(shù)據(jù)，得：V在該過程中，氣體對外做功：W＝F?L＝Ps?△L＝P?△V＝2×102J根據(jù)熱力學(xué)第一定律：△U＝Q+W′其中W＝﹣W'，代人數(shù)據(jù)，得△U＝5.0×102J【點(diǎn)評】該題考查熱力學(xué)第一定律和理想氣體的狀態(tài)方程，關(guān)鍵的是正確求出氣體對外做的功．屬于中檔題．選修3-415．（4分）選修3﹣4如圖所示，白熾燈的右側(cè)依次平行放置偏振片P和Q，A點(diǎn)位于P、Q之間，B點(diǎn)位于Q右側(cè)。旋轉(zhuǎn)偏振片P，A、B兩點(diǎn)光的強(qiáng)度變化情況是（）A．A、B均不變 B．A、B均有變化 C．A不變，B有變化 D．A有變化，B不變【考點(diǎn)】HB：光的偏振．【專題】54H：光的衍射、偏振和電磁本性專題．【分析】白熾燈的光線沿各個方向的都有，只有與偏振片方向相同的光才能通過?！窘獯稹拷猓喊谉霟舻墓饩€沿各個方向的都有，旋轉(zhuǎn)偏振片P，A點(diǎn)光的強(qiáng)度不會變化，而通過Q的光線在B點(diǎn)強(qiáng)度會發(fā)生變化，C正確。故選：C?！军c(diǎn)評】本題考查了偏振片的作用，難度不大。16．（4分）“測定玻璃的折射率”買驗(yàn)中，在玻璃磚的一側(cè)豎直插兩個大頭針A、B，在另一側(cè)再豎直插兩個大頭針C、D．在插入第四個大頭針D時，要使它擋住C和A、B的像．．題如圖是在自紙上留下的實(shí)驗(yàn)痕跡，其中直線a、a′是描在紙上的玻璃磚的兩個邊．根據(jù)該圖可算得玻璃的折射率n＝1.7．（計(jì)算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）【考點(diǎn)】O3：測定玻璃的折射率．【專題】13：實(shí)驗(yàn)題；16：壓軸題；54D：光的折射專題．【分析】用“插針法”測定玻璃的折射率的原理是折射定律n=sinisinr【解答】解：在玻璃磚的一側(cè)豎直插兩個大頭針A、B，在另一側(cè)再豎直插兩個大頭針C、D，使C擋住A、B的像，要使D擋住C和A、B的像，說明CD在AB的出射光線上，CD連線即為AB的出射光線．作出光路圖如圖，用量角器量出入射角∠AOM＝60°，折射角∠CON＝30°，則折射率n=sin∠AOM故答案為：擋住C和A、B的像，1.7【點(diǎn)評】解決本題的關(guān)鍵理解和掌握實(shí)驗(yàn)的原理和實(shí)驗(yàn)的方法，其中實(shí)驗(yàn)原理是實(shí)驗(yàn)的核心．17．（4分）地震時，震源會同時產(chǎn)生兩種波，一種是傳播速度約為3.5km/s的S波，另一種是傳播速度約為7.0km/s的P波．一次地震發(fā)生時，某地震監(jiān)測點(diǎn)記錄到首次到達(dá)的P波比首次到達(dá)的S波早3min．假定地震波沿直線傳播，震源的振動周期為1.2s，求震源與監(jiān)測點(diǎn)之間的距離x和S波的波長λ．【考點(diǎn)】F3：橫波和縱波；F5：波長、頻率和波速的關(guān)系．【專題】16：壓軸題．【分析】先根據(jù)勻速運(yùn)動的速度位移關(guān)系公式求解震源與監(jiān)測點(diǎn)之間的距離x，然后根據(jù)波速、波長、周期關(guān)系公式列式求解波長．【解答】解：地震監(jiān)測點(diǎn)記錄到首次到達(dá)的P波比首次到達(dá)的S波早3min（180s），故xv代入數(shù)據(jù)，有x3.5解得x＝1260km根據(jù)波速、波長、周期關(guān)系公式，得到λ＝vs?T＝3.5km/s×1.2s＝4.2km答：震源與監(jiān)測點(diǎn)之間的距離x為21km，S波的波長λ為4.2km．【點(diǎn)評】本題關(guān)鍵根據(jù)波速的兩個公式v=△x△t以及選修3-518．（4分）3﹣5如圖所示是某原子的能級圖，a、b、c為原子躍遷所發(fā)出的二種波長的光．在下列該原子光譜的各選項(xiàng)中，譜線從左向右的波長依次增大，則正確的是（）A． B． C． D．【考點(diǎn)】J4：氫原子的能級公式和躍遷．【專題】54N：原子的能級結(jié)構(gòu)專題．【分析】能級間躍遷時輻射的光子能量等于兩能級間的能級差，根據(jù)Em【解答】解：從能級圖可知，E3﹣E1＞E2﹣E1＞E3﹣E2，根據(jù)Em-En=hcλ知，λa故選：C?！军c(diǎn)評】解決本題的關(guān)鍵知道頻率與波長的關(guān)系，以及知道Em19．（4分）一個中子與某原子核發(fā)生核反應(yīng)，生成一個氘核，其核反應(yīng)方程式為01n+11H→12H；該反應(yīng)放出的能量為Q，則氘核的比結(jié)合能為【考點(diǎn)】JI：愛因斯坦質(zhì)能方程．【專題】16：壓軸題；54P：愛因斯坦的質(zhì)能方程應(yīng)用專題．【分析】核反應(yīng)過程中，質(zhì)量數(shù)與核電荷數(shù)守恒，據(jù)此寫出核反應(yīng)方程式；核反應(yīng)釋放出的能量與核子數(shù)之比是結(jié)合能。【解答】解：由質(zhì)量數(shù)與核電荷數(shù)守恒可知，核反應(yīng)方程式為：01n+11H氘核的比結(jié)合能為：Q2故答案為：01n+11H→1【點(diǎn)評】應(yīng)用質(zhì)量數(shù)與核電荷數(shù)守恒可以寫出核反應(yīng)方程式，知道結(jié)合能的概念是正確求出結(jié)合能的關(guān)鍵。20．（4分）A、B兩種光子的能量之比為2：l，它們都能使某種金屬發(fā)生光電效應(yīng)，且所產(chǎn)生的光電子最大初動能分別為EA、EB．求A、B兩種光子的動量之比和該金屬的逸出功．【考點(diǎn)】IC：光電效應(yīng)．【專題】16：壓軸題；54I：光電效應(yīng)專題．【分析】由光子能量公式E=hf=hc【解答】解：由光子能量公式E=hf=hcλ由EA＝E1﹣W和EB＝E2﹣W聯(lián)立得W＝EA﹣2EB．答：A、B兩種光子的動量之比為2：l；金屬的逸出功為W＝EA﹣2EB．【點(diǎn)評】本題考查的知識點(diǎn)較偏，特別是光子的能量和動量方程要記?。摹⒂?jì)算題：本題共3小題，共計(jì)47分．解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只與出最后答案的不能得分．有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位．21．（15分）某興趣小組設(shè)計(jì)了一種發(fā)電裝置，如圖所示。在磁極和圓柱狀鐵芯之間形成的兩磁場區(qū)域的圓心角α均為49π，磁場均沿半徑方向。匝數(shù)為N的矩形線圈abcd的邊長ab＝cd＝l、bc＝ad＝2l。線圈以角速度ω繞中心軸勻速轉(zhuǎn)動，bc和ad邊同時進(jìn)入磁場。在磁場中，兩條邊所經(jīng)過處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B、方向始終與兩邊的運(yùn)動方向垂直。線圈的總電阻（1）線圈切割磁感線時，感應(yīng)電動勢的大小Em；（2）線圈切割磁感線時，bc邊所受安培力的大小F；（3）外接電阻上電流的有效值I。【考點(diǎn)】D9：導(dǎo)體切割磁感線時的感應(yīng)電動勢．【專題】539：電磁感應(yīng)中的力學(xué)問題．【分析】（1）根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求出感應(yīng)電動勢（2）根據(jù)歐姆定律得出電流大小，根據(jù)安培力公式求出大?。?）根據(jù)電流的熱效應(yīng)求出電流的有效值【解答】解：（1）bc、ad邊的運(yùn)動速度為：v＝ωl感應(yīng)電動勢為：Em＝4NBlv解得：Em＝2NBl2ω（2）根據(jù)歐姆定律得電流為：Im=安培力為：F＝2NBlml解得：F=（3）一個周期內(nèi)，通電時間為：t=4R上消耗的電能為：W＝Im2Rt且有：W＝I2RT解得：I=答：（1）線圈切割磁感線時，感應(yīng)電動勢的大小是2NBl2ω；（2）線圈切割磁感線時，bc邊所受安培力的大小是4N（3）外接電阻上電流的有效值是4NBl【點(diǎn)評】本題研究交變電流的產(chǎn)生，實(shí)質(zhì)上是電磁感應(yīng)知識的具體應(yīng)用，是右手定則、法拉第電磁感應(yīng)定律、安培力等知識的綜合應(yīng)用。22．（16分）某緩沖裝置的理想模型如圖所示，勁度系數(shù)足夠大的輕質(zhì)彈簧與輕桿相連，輕桿可在固定的槽內(nèi)移動，與槽間的滑動摩擦力恒為f。輕桿向右移動不超過l時，裝置可安全工作。一質(zhì)量為m的小車若以速度v0撞擊彈簧，將導(dǎo)致輕桿向右移動l4（1）若彈簧的勁度系數(shù)為k，求輕桿開始移動時，彈簧的壓縮量x；（2）求為使裝置安全工作，允許該小車撞擊的最大速度vm；（3）討論在裝置安全工作時，該小車彈回速度v′和撞擊速度v的關(guān)系。【考點(diǎn)】2S：胡克定律；65：動能定理．【專題】16：壓軸題；52D：動能定理的應(yīng)用專題．【分析】（1）輕桿開始移動時，根據(jù)胡克定律求出彈簧的壓縮量（2）小車從撞擊到停止的過程中由動能定理列出等式，同理，小車以vm撞擊彈簧時由動能定理列出等式求解。（3）根據(jù)動能定理求解【解答】解：（1）輕桿開始移動時，彈簧的彈力F＝kx①且F＝f②解得x=f（2）設(shè)輕桿移動前小車對彈簧所做的功為W，則小車從撞擊到停止的過程中由動能定理得﹣f（l4）﹣W＝0-12同理，小車以vm撞擊彈簧時﹣fl﹣W＝0-12m解得vm=v（3）設(shè)輕桿恰好移動時，小車撞擊速度為v112mv1由④⑦解得v1=當(dāng)v＜v02當(dāng)v02-fl2m答：（1）若彈簧的勁度系數(shù)為k，輕桿開始移動時，彈簧的壓縮量是fk（2）求為使裝置安全工作，允許該小車撞擊的最大速度是v0（3）該小車彈回速度v′和撞擊速度v的關(guān)系是當(dāng)v＜v02當(dāng)v02-fl2m≤【點(diǎn)評】正緩沖裝置是一種實(shí)用裝置，在生產(chǎn)和生活中有著廣泛的應(yīng)用，本題就是根據(jù)某種緩沖裝置改編的一道物理試題，試題設(shè)計(jì)新穎，物理思想深刻。正確解答這道試題，要求考生具有扎實(shí)的高中物理基礎(chǔ)以及很強(qiáng)的分析和解決問題的能力。23．（16分）如圖所示，待測區(qū)域中存在勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)磁場，根據(jù)帶電粒子射入時的受力情況可推測其電場和磁場。圖中裝置由加速器和平移器組成，平移器由兩對水平放置、相距為l的相同平行金屬板構(gòu)成，極板長度為l、間距為d，兩對極板間偏轉(zhuǎn)電壓大小相等、電場方向相反。質(zhì)量為m、電荷量為+q的粒子經(jīng)加速電壓U0加速后，水平射入偏轉(zhuǎn)電壓為U1的平移器，最終從A點(diǎn)水平射入待測區(qū)域。不考慮粒子受到的重力。（1）求粒子射出平移器時的速度大小v1；（2）當(dāng)加速電壓變?yōu)?U0時，欲使粒子仍從A點(diǎn)射入待測區(qū)域，求此時的偏轉(zhuǎn)電壓U；（3）已知粒子以不同速度水平向右射入待測區(qū)域，剛進(jìn)入時的受力大小均為F．現(xiàn)取水平向右為x軸正方向，建立如圖所示的直角坐標(biāo)系Oxyz．保持加速電壓為U0不變，移動裝置使粒子沿不同的坐標(biāo)軸方向射入待測區(qū)域，粒子剛射入時的受力大小如下表所示。射入方向y﹣yz﹣z受力大小5F5F7F3F請推測該區(qū)域中電場強(qiáng)度和磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小及可能的方向。【考