2021年安徽省滁州市全國計算機等級考試網(wǎng)絡技術測試卷(含答案)

2021年安徽省滁州市全國計算機等級考試網(wǎng)絡技術測試卷(含答案)學校:________班級:________姓名:________考號:________

一、單選題(10題)1.計算機網(wǎng)絡分為局城網(wǎng)、城域網(wǎng)與廣域網(wǎng)，其劃分依據(jù)是()。

A.數(shù)據(jù)傳輸所使用的介質(zhì)B.網(wǎng)絡的覆蓋范圍C.網(wǎng)絡的控制方式D.網(wǎng)絡的拓撲構型

2.

3.FDDI是一種以——作為傳輸介質(zhì)的高速主干網(wǎng)()。

A.雙絞線B.同軸電纜C.光纖D.微波

4.下列關于以太網(wǎng)接收流程，錯誤的是()。

A.所有結點只要不發(fā)送數(shù)據(jù)就處于接收狀態(tài)

B.某個結點在收到一個數(shù)據(jù)幀后，首先判斷接收的數(shù)據(jù)幀長度，如果長度小于規(guī)定的幀的最小長度則丟棄該幀

C.結點在完成一個數(shù)據(jù)幀的接收，首先檢查幀的目的地址，如果目的地址不符，結點丟棄收到的核

D.接收結點進行地址匹配后，確認是接收的幀，則進行LLC數(shù)據(jù)長度檢查

5.在Cisco路由器上使用命令"snmp-serverhostsystem"進行SNMP設置，如果在管理站上能正常接收來自該路由器的通知，那么下列描述中錯誤的是()。

A.路由器上已用"snmp-serverenabletraps"設置了SNMP代理具有發(fā)出通知的功能

B.管理站使用TCP的162端口接收通知

C.路由器向管理站按照團體字system發(fā)送通知

D.路由器使用SNMP版本1向管理站發(fā)送通知

6.

7.以下技術不屬于預防病毒技術的范疇()。

A.加密可執(zhí)行程序B.引導區(qū)保護C.系統(tǒng)監(jiān)控與讀寫控制D.自身校驗

8.計算機網(wǎng)絡在邏輯功能上可以分為()

A.通信子網(wǎng)與資源子網(wǎng)B.通信子網(wǎng)與共享子網(wǎng)C.主從網(wǎng)絡與對等網(wǎng)絡D.數(shù)據(jù)網(wǎng)絡與多媒體網(wǎng)絡

9.Linux的版本很多，以下不屬于Linux版本的是()。

A.RedHatLinuxB.DebianLinuxC.S.U.S.ELinuxD.AIX5L

10.下列有關網(wǎng)絡技術的發(fā)展趨勢的描述中，不正確的是()

A.計算機網(wǎng)絡的數(shù)據(jù)傳輸速率將越來越高

B.計算機網(wǎng)絡的主要特征為資源共享

C.網(wǎng)絡信息交換將以高速度的電路交換為主要特征

D.網(wǎng)絡協(xié)議向標準化，網(wǎng)絡服務向綜合化方向芡展

二、填空題(10題)11.在E1載波中，每個子信道的數(shù)據(jù)傳輸速率是。

12.

13.防火墻技術大體上分為網(wǎng)絡層防火墻和【】防火墻兩類。

14.在通信網(wǎng)中，為了防止當發(fā)送能力大于接收能力時造成數(shù)據(jù)丟失的現(xiàn)象，一般需要進行______。

15.軟件計劃階段可以分成______和可行性研究兩個子階段。

16.

17.(11)因特網(wǎng)主要由通信線路、________、主機和信息資源四部分組成。

18.

19.IEEE802.11標準定義了無線局域網(wǎng)的兩種工作模式，其中的模式是一種點對點連接的網(wǎng)絡，不需要無線接入點和有線網(wǎng)絡的支持。

20.

三、2.填空題(8題)21.世界最早投入運行的計算機網(wǎng)絡是【】。

22.經(jīng)典奔騰有兩個______KB的超高速緩存。

23.在TCP/IP協(xié)議中，地址【】被稱為有限廣播地址。

24.國家政務建設應用系統(tǒng)中，______主要面向政府公務員，提供辦公支持、決策支持等o

25.在數(shù)據(jù)通信中，使用多路復用技術大大提高了線路的利用率，最基本的多路復用技術有兩類：【】和時分多路復用。

26.在Internet中，負責選擇合適的路由，使發(fā)送的數(shù)據(jù)分組(packet)能夠正確無誤地按照地址找到目的站并交付給目的站所使用的協(xié)議是【】。

27.IEEE802.11標準使用的傳輸技術為紅外、跳頻擴頻與______無線局域網(wǎng)。

28.局域網(wǎng)的兩種工作模式是______和客戶機/服務器模式。

四、C語言程序設計題(2題)29.函數(shù)ReadDat實現(xiàn)從文件in．dat中讀取一篇英文文章，存入到字符串數(shù)組xx中；請編制函數(shù)encryptChar，按給定的替代關系對數(shù)組xx中的所有字符進行替代，仍存入數(shù)組xx對應的位置上，最后調(diào)用函數(shù)WriteDat把結果xx輸出到文件oul．dat中。

替代關系：f(p)=p*11mod256，mod為取余運算，P是數(shù)組xx中某一個字符的ASCIl值，f(p)是計算后的無符號整型值(注意：中間變量定義成整型變量)，如果原字符是小寫字母或計算后f(p)值小于等于32，則該字符不變，否則用f(p)替代所對應的字符。

注意：部分源程序存放在test．c文件中，原始數(shù)據(jù)文件存放的格式是：每行的寬度均小于80個字符，含標點符號和空格，并也按此替代關系進行處理。

請勿改動主函數(shù)main、讀函數(shù)ReadDat和輸出函數(shù)WriteDat的內(nèi)容。

30.函數(shù)readDat是從文件in．dat中讀取20行數(shù)據(jù)存放到字符串數(shù)組xx中(每行字符串長度均小于80)。請編制函數(shù)jsSort，其函數(shù)的功能是：以行為單位對字符串按下面給定的條件進行排序，排序后的結果仍按行重新存入字符串數(shù)組xx中，最后調(diào)用函數(shù)writeDat把結果xx輸出到文件out．dat中。

條件：字符串從中間一分為二，左邊部分按字符的ASCII值降序排序，右邊部分不作處理，排序后，左邊部分與右邊部分按例子所示進行交換。如果原字符串長度為奇數(shù)，則最中間的字符不參加處理，字符仍放在原位置上。

注意：部分源程序存在test．c文件中。

請勿改動數(shù)據(jù)文件in．dat中的任何數(shù)據(jù)、主函數(shù)main、讀函數(shù)readDat和寫函數(shù)writeDat的內(nèi)容。

五、1.選擇題(3題)31.下列關于TCP和UDP的描述正確的是()。

A.TCP和UDP都是無連接的

B.TCP是面向連接的，UDP是面向無連接的

C.TCP適用于可靠性較差的廣域網(wǎng)，UDP適用于可靠性較高的局域網(wǎng)

D.TCP適用于可靠性較高的局域網(wǎng)，UDP適用于可靠性較差的廣域網(wǎng)

32.下列敘述錯誤的是()。

A.高頻無線電信號由天線發(fā)出后，沿兩條路徑在空間傳播

B.微波天線具有高度方向性，因此在地面一般采用點對點方式通信

C.人們將小區(qū)制移動通信系統(tǒng)叫做蜂窩移動通信系統(tǒng)

D.使用衛(wèi)星通信時，需要注意它的傳輸延時，傳輸延遲的典型值為270ms

33.奔騰采用了增強的64位數(shù)據(jù)總線，它的含義是()。

A.內(nèi)部總線是32位的，而與存儲器之間的外部總線是64位的

B.內(nèi)部總線是64位的，而與存儲器之間的外部總線是32位的

C.內(nèi)部總線是32位的，而與輸出設備之間的外部總線是64位的

D.內(nèi)部總線是64位的，而與輸出設備之間的外部總線是32位的

六、1.程序設計題(3題)34.文件IN65．DAT中存有若干個(個數(shù)<200)4位數(shù)字的正整數(shù)，函數(shù)ReadDat()是讀取這若干個正整數(shù)并存入數(shù)組xx中。請編制函數(shù)CalValue()，其功能要求是：(1)求出這個文件中共有多少個正整數(shù)totNum。

(2)求出這些數(shù)中的各位數(shù)字之和是奇數(shù)的個數(shù)totCnt，以及滿足此條件的這些數(shù)的算術平均值totpjz。最后調(diào)用函數(shù)WriteDat()把所有結果輸出到文件OUT65.DAT中。

注意：部分源程序已給出。

請勿改動主函數(shù)main()、讀函數(shù)ReadDat()和寫函數(shù)WriteDat()的內(nèi)容。

#include＜stdio.h＞

#include＜conio.h＞

#defineMAXNUM200

intxx[MAXNUM];

inttotNum=0;

inttotCnt-0;

doubletotPjz=0.0;

intReadDat(void);

voidWriteDat(void);

voidCalValue(void)

{

}

voidmain()

{

inti;

clrscr();

for(i=0;i＜MAXNUM;i++)

xx[i]=0;

if(ReadDat())

{

printf("數(shù)據(jù)文件IN65.DAT不能打開!\007\n");

return;

}

CalValue();

printf("文件IN65.DAT中共有正整數(shù)=%d個\n",totNum);

printf("符合條件的正整數(shù)的個數(shù)=%d個n",totCnt);

printf("平均值=%.21f\n",totPjz);

WriteDat();

}

intReadDat(void)

{

FILE*fp;

inti=0;

if((fp=fopen("IN65.DAT","r"))==NULL)

return1;

while(!feof(fp))

{

fscanf(fp,"%d",&xx[i++]);

}

fclose(fp);

return0;

}

voidWriteDat(void)

{

FILE*fp;

fp=fopen("OUT65.DAT","w");

fprintf(fp,"%d\n%d\n%.2,1f\n",totNum,totCnt,totPjz);

fclose(fp);

}

35.已知數(shù)據(jù)文件IN85.DAT中存有200個4位數(shù)，并已調(diào)用讀函數(shù)readDat()把這些數(shù)存入數(shù)組9中，請編制一函數(shù)jsVal()，其功能是：如果一個4位數(shù)的千位數(shù)字上的值加十位數(shù)字上的值恰好等于百位數(shù)字上的值加上個位數(shù)字上的值，并且此4位數(shù)是偶數(shù)，則統(tǒng)計出滿足此條件的數(shù)的個數(shù)cnt并把這些4位數(shù)按從小到大的順序存入數(shù)組b中，最后調(diào)用寫函數(shù)writeDat()把結果cnt及數(shù)組b中符合條件的4位數(shù)輸出到OUT85.DAT文件中。

注意：部分源程序已給出。

程序中已定義數(shù)組：a[200]，b[200]，已定義變量：cnt。

請勿改動主函數(shù)main()、讀函數(shù)readDat()和寫函數(shù)writeDat()的內(nèi)容。

試題程序：

#include＜stdio.h＞

#defineMAX200

inta[MAX],b[MAX],cnt=0;

voidjsVal()

{

｝

voidreadDat()

{

inti;

FILE*fp;

fp=fopen("IN85.DAT","r");

for(i=0;i＜MAX;i++)

fscanf(fp,"%d",&a[i]);

fclose(fp);

}

main()

{

inti;

readDat();

jsVal();

printf("滿足條件的數(shù)=%d\n",cnt);

for(i=0;i＜cnt;i++)

printf("%d",b[i]);

printf("\n");

writeDat();

｝

writeDat()

｛

FILE*fp;

inti;

fp=fopen("OUT85.DAT","w");

fprintf(fp,"%d\n",cnt);

for(i=0;i＜cnt;i++)

fprintf(fp,"%d\n",b[i]);

fclose(fp);

｝

36.已知數(shù)據(jù)文件in80.dat中存有300個4位數(shù)，并已調(diào)用函數(shù)readDat()把這些數(shù)存入數(shù)組a中，請編制一函數(shù)isValue()，其功能是：求出個位數(shù)上的數(shù)減千位數(shù)上的數(shù)減百位數(shù)上的數(shù)減十位數(shù)上的數(shù)大于0的個數(shù)cnt，再求出所有滿足此條件的4位數(shù)平均值pjz1，以及所有不滿足此條件的4位數(shù)平均值pjz2，最后調(diào)用函數(shù)writeDat()把結果cnt,pjz1,pjz2輸出到out80.dat文件。

例如：1239，9-1-2-3＞0，則該數(shù)滿足條件，計算平均值pjz1，且個數(shù)cnt=cnt+1。

8129，9-8-1-2＜0，則該數(shù)不滿足條件，計算平均值pjz2。

注意：部分源程序已給出。

程序中已定義數(shù)組：a[300],b[300],定義變量：cnt,pjz1,pjz2。

請勿改動主函數(shù)main()、讀函數(shù)readDat()和寫函數(shù)writeDa(()的內(nèi)容。

試題程序：

#include＜stdio.h＞

inta[300],cnt=0;

doublepjzl=0.0,pjz2=0.0;

voidjsValue()

{

}

main()

{

inti;

readDat();

jsValue();

writeDat();

printf("cnt=%d\n滿足條件的平均值pjz1=%7.2If\n不滿足條件的平均值

pjz2=%7.2If\n",cnt,pjz1,pjz2);

}

readDat()

{

FILE*fp;

inti;

fp=fopen{"in80.dat","r");

for(i=0;i＜300;i++)

fscanf(fp,"%d,",&a[i]);

fclose(fp);

}

writeDat()

{

FILE*fp;

inti;

fp=fopen("out80.dat","w");

fprintf(fp,"%d\n%7.21f\n%7.21f\n",cnt,pjzl,pjz2);

fclose(fp);

}

參考答案

1.B

2.B

3.C解析：光纖分布式數(shù)據(jù)接口(FiberDistributedDataInterface，F(xiàn)DDI)是一種以光纖作為傳輸介質(zhì)、高速、通用的令牌環(huán)型網(wǎng)標準，符合國際標準ISO9314。FDDI網(wǎng)絡可作為高速局域網(wǎng)，在局部范圍內(nèi)互聯(lián)高速計算機系統(tǒng)，或作為城域網(wǎng)互聯(lián)較小的網(wǎng)絡，或作為主干網(wǎng)互聯(lián)分布在較大范圍的主機、局域網(wǎng)和廣域網(wǎng)，以實現(xiàn)大容量數(shù)據(jù)、語音、圖形與視頻等多種信息的傳輸功能。FDDI有以下一些主要的技術特點：①以IEEE802.5的令牌環(huán)標準的介質(zhì)訪問控制MAC協(xié)議；②使用IEEE802.2協(xié)議，與符合IEEE802標準的局域網(wǎng)兼容；③數(shù)據(jù)傳輸速率為100Mbps，光信號碼元傳輸率為125Mbaud波特；④聯(lián)網(wǎng)的結點數(shù)＝1000，環(huán)路長度為100km；⑤可以使用多?；騿文９饫w；⑥具有動態(tài)分配帶寬的能力，能支持同步和異步數(shù)據(jù)傳輸。

4.D

5.B能正常接收來自路由的通知，說明路由上已設置SNMP代理并具有發(fā)出通知的功能。UDP端口號缺省為162，system為管理站團體字，SNMP版本1是最基本、最簡單的，幾乎所有網(wǎng)絡設備和計算機操作系都支持它。

6.C

7.D解析：本題考查點是預防病毒技術。網(wǎng)絡反病毒技術包括預防病毒、檢測病毒和消除病毒3種技術。其中預防病毒是指通過自身常駐內(nèi)存程序，對系統(tǒng)進行監(jiān)視和判斷，爭取事先發(fā)現(xiàn)病毒，以便阻止病毒的入侵和破壞。預防病毒技術包括：加密可執(zhí)行程序、引導區(qū)保護和系統(tǒng)監(jiān)控與讀寫控制。選項D中，自身校驗是屬于檢測病毒技術的范疇。

8.A

9.D

10.C如今計算機網(wǎng)絡的發(fā)展趨勢是傳輸速率越來越高.已形成全球性公用網(wǎng)絡體系。在公用網(wǎng)絡上建立虛擬網(wǎng)絡以滿足對數(shù)據(jù)安全有特殊要求的用戶。現(xiàn)代對網(wǎng)絡的需求越來越多的是為滿足信息的交互和資源的共亨。信息變換方式也由原來的電路交換、報文交換向分組交換和信元交換方向發(fā)展。各種通信控制協(xié)議相應建立了國際化的標準.網(wǎng)絡上傳輸?shù)臄?shù)據(jù)由原來單一的數(shù)據(jù)通信向綜合業(yè)務方向發(fā)展。

11.64KbpsE1載波是歐洲電子傳輸格式，它由ITU-TS設計，并由歐洲郵政電訊管理委員會（CEPT）命名。在E1鏈路中，傳輸速率為2.048Mbps，使用PCM編碼。對于一條傳輸速率為2.048Mbps的信道來說，其傳送1bit信號的時隙約為0.5ms。如果共享該信道的所有信息源的傳輸速率都是64Kbps，則信道內(nèi)傳送信號的最大周期Ts約為16ms。所以，在周期Ts內(nèi)，該信道可被32個信息源共享，而不會相互干擾或重疊。因此，E1載波將32個信道復用在1個E1數(shù)據(jù)幀中。使用E1載波進行傳輸?shù)腎SDN用30個B信道傳輸數(shù)據(jù)，因此，控制開銷=（32-30）/32=6.25%。

12.

13.應用層應用層解析：防火墻技術大體上分為網(wǎng)絡層防火墻和應用層防火墻兩類。

14.流量控制流量控制解析：在通信網(wǎng)中，為了防止當發(fā)送能力大于接收能力時造成數(shù)據(jù)丟失的現(xiàn)象，要進行流量控制。

15.問題定義問題定義解析：軟件計劃階段可以分成問題定義和可行性研究兩個子階段。

16.

17.(11)路由器

【解析】因特網(wǎng)主要由通信線路、路由器、主機（服務器與客戶機）和信息資源構成。

18.

19.Ad-Hoc無線局域網(wǎng)的工作模式一般分為兩種，即Infrastructure和Ad-Hoc。Infrastructure指通過AP（接入點）互聯(lián)的工作模式，也就是說，可以把AP看作傳統(tǒng)局域網(wǎng)中的Hub（集線器）。Ad-Hoc是一種比較特殊的工作模式，它通過把一組需要互相通信的無線網(wǎng)卡的ESSID設為同一值來組網(wǎng)，這樣就可以不必使用AP，是一種特殊的無線網(wǎng)絡應用模式。為若干臺計算機裝上無線網(wǎng)卡，即可實現(xiàn)相互連接，以達到資源共享的目的。

20.組播地址

21.ARPANET(阿帕網(wǎng))ARPANET(阿帕網(wǎng))解析：自1969年美國國防部的阿帕網(wǎng)(ARPANET)運行以來，計算機廣域網(wǎng)開始發(fā)展。

22.88解析：經(jīng)典奔騰有兩個8KB超高速緩存，一個用來緩存指令，另一個用來緩存數(shù)據(jù)。

23.255．255．255．255255．255．255．255解析：在TCP/TP協(xié)議中存在兩種類型的廣播地址。一種是將IP地址的主機地址部分全部置0或置1，這種廣播地址稱為直接廣播地址。利用該地址可以向任何子網(wǎng)直接廣播。另外還有一個特殊的IP地址，用于向本網(wǎng)廣播，被稱為有限廣播地址，其值為55。

24.對內(nèi)電子政務應用系統(tǒng)對內(nèi)電子政務應用系統(tǒng)解析：根據(jù)面向的用戶種類來分，國家政務建設應用系統(tǒng)分成對內(nèi)電子政務應用系統(tǒng)和對外電子政務應用系統(tǒng)。對內(nèi)是面向政府公務員，對外則面對公眾，提供各政府職能部門的相關服務。

25.頻分多路復用或FDMA頻分多路復用或FDMA解析：最基本的多路復用技術有兩類：1、頻分多路復用；把傳輸線的總頻帶劃分成若干個分頻帶，以提供多條數(shù)據(jù)傳輸信道；2、時分多路復用：用時間片輪轉的方法使多個通信信道分時共享一條公共傳輸線。

26.TCP/IPTCP/IP解析：在Internet中，TCP/IP協(xié)議是負責選擇合適的路由，使發(fā)送的數(shù)據(jù)分組能夠正確無誤地按照地址找到目的站并交付給目的站所使用的協(xié)議。

27.直接序列擴頻直接序列擴頻解析：IEEE802.11定義了使用紅外、跳頻擴頻與直接序列擴頻技術。

28.對等模式對等模式解析：服務器/客戶機模式和對等模式是局域網(wǎng)工作的兩種模式。

29.【審題關鍵句】字符替代f(p)=p*11mod256，小于等于32或原字符對應小寫字母不變，否則替換。

\n【解題思路】

\n本題類似第69套試題，通過審題可以發(fā)現(xiàn)主要是排序條件的設置要求有所不同，參考答案的第6行，修改if條件語句的設置即可。另外，在源程序中已經(jīng)定義了一個無符號變量val，因此，在編寫答案程序時，不需要再重新定義。

\n【參考答案】

\n

30.【審題關鍵句】以行為單位從字符串左邊部分降序排序，排序后左邊部分與右邊部分進行交換。如果原字符串長度為奇數(shù)，則最中間的字符不參加處理。

\n【解題思路】①定義循環(huán)變量i、j、k和整型變量len、P。

\n②第一層for循環(huán)中，循環(huán)變量i從0開始，依次遞增直到其值等于20，實現(xiàn)對20行數(shù)據(jù)的逐行處理。在循環(huán)體中，對于i行首先調(diào)用函數(shù)strlen(xx[i])求得第i行字符串的長度，并把其值賦給變量len，再用len除以2，得到第i行字符串長度的一半，賦給變量P。在第二層for循環(huán)中，循環(huán)變量j從0開始，依次遞過來增直到其值等于(p-1)，在第三層for循環(huán)中，循環(huán)變量k從j+1開始，依次遞過來增直到其值等于P，比較字符xx[i][j]ASCII碼值與xx[i][k]ASCII碼值的大小，如果字符xx[i][j]的ASCII碼值小于xx[i][k]的ASCII碼值，則兩者進行互換實現(xiàn)對第i行字符串左半部分的字符串按降序排列。

\n③用變量len的值對2求余數(shù)，如果余數(shù)為1，則調(diào)用函數(shù)字符串拷貝函數(shù)strcpy，把從字符串xx[i]+P+1開始直到字符串xx[i]的結尾的子字符拷貝到字符串變量str中，再調(diào)用字符串連接函數(shù)stmcat把字符串xx[i]的中間字符連接到字符串變量s仃的后面，再調(diào)用字符串連接函數(shù)stmcat把字符串xx[i]的左半部分的子字符串連接到變量str的后面；如果余數(shù)不等于l，則調(diào)用字符串拷貝函數(shù)strcpy，把從字符串xx[i]+P開始直到字符串xx[i]的結尾的子字符拷貝到字符串變量str中，再調(diào)用字符串連接函數(shù)strncat把字符串xx[i]的左半部分的子字符串連接到變量str的后面，實現(xiàn)字符串xx[i]左右部分子字符串的交換。

\n④調(diào)用字符串拷貝函數(shù)strcpy，把字符串變量str的值拷貝到字符串xx[i]，實現(xiàn)把排序后的結果仍按行重新存入字符串數(shù)組xx中。

\n【參考答案】

\n

31.B解析：在TCP/IP協(xié)議集中，傳輸控制協(xié)議TCP協(xié)議和用戶數(shù)據(jù)報協(xié)議UDP協(xié)議運行于傳輸層。其中傳輸控制協(xié)議TCP提供了可靠的面向連接的傳輸服務，用戶數(shù)據(jù)報協(xié)議UDP提供了不可靠的無連接的傳輸服務。TCP和UDP與局域網(wǎng)和廣域網(wǎng)無關。

32.D解析：移動物體之間的通信只能依靠無線通信手段，主要有以下幾種：無線通信系統(tǒng)、微波通信系統(tǒng)、蜂窩移動通信系統(tǒng)，衛(wèi)星移動通信系統(tǒng)。在使用衛(wèi)星通信時，需要注意它的傳輸延時。由于發(fā)送站要通過衛(wèi)星轉發(fā)信號到接收站，因此，如果從地面發(fā)送到衛(wèi)星的信號傳輸時間為△t，不考慮轉發(fā)中處理時間，那么從信號發(fā)送到接收的延遲時間為2△t?！鱰值取決于衛(wèi)星距地面的高度，一般△t值在250～300ms，典型值為：270ms。這樣的話，傳輸延遲的典型值為540ms，這個數(shù)值在設計衛(wèi)星數(shù)據(jù)通信系統(tǒng)時是一個重要參數(shù)。

33.A解析：本題考查點是奔騰數(shù)據(jù)總線的技術指標。奔騰芯片采用了許多新技術，諸如超標量技術、超流水線技術、分支預測技術、雙Cache的哈佛結構、增強的64位數(shù)據(jù)總線和PCI局部總線等。奔騰采用的增強64位數(shù)據(jù)總線的含義是：內(nèi)部總線是32位的，而與存儲器之間的外部總線是64位的。還可以采用突發(fā)模式，在一個總線周期中完成傳送256位數(shù)據(jù)。

34.voidCalValue(void){intithouhuntendata;for(i=O;i{if(!xx[i])coutinue;if(xx[i]＞0)totNum++;/*求正整數(shù)的個數(shù)*/thou=xx[i]/1000;/*求四位數(shù)的千位數(shù)字*/hun=xx[i]%1000/100;/*求四位數(shù)的百位數(shù)字*/ten=xx[i]%100/10;/*求四位數(shù)的十位數(shù)字*/data=xx[i]%10;/*求四位數(shù)的個位數(shù)字*/if((thou+hun+ten+data)%2){totCnt++;/*求各位數(shù)字之和是奇數(shù)的個數(shù)*/tot.Pjz+=xx[i];/*求滿足條件的數(shù)的總和*/}totPjz/=totCnt;/*求滿足條件的數(shù)的平均值*/voidCalValue(void)\r\n{inti,thou,hun,ten,data;\r\nfor(i=O;i{if(!xx[i])coutinue;\r\nif(xx[i]＞0)totNum++;/*求正整數(shù)的個數(shù)*/\r\nthou=xx[i]/1000;/*求四位數(shù)的千位數(shù)字*/\r\nhun=xx[i]%1000/100;/*求四位數(shù)的百位數(shù)字*/\r\nten=xx[i]%100/10;/*求四位數(shù)的十位數(shù)字*/\r\ndata=xx[i]%10;/*求四位數(shù)的個位數(shù)字*/\r\nif((thou+hun+ten+data)%2)\r\n{totCnt++;/*求各位數(shù)字之和是奇數(shù)的個數(shù)*/\r\ntot.Pjz+=xx[i];/*求滿足條件的數(shù)的總和*/\r\n}\r\ntotPjz/=totCnt;/*求滿足條件的數(shù)的平均值*/解析：本題考查的知識點如下：

(1)“%”與叩’的使用。

(2)數(shù)組結束的判斷和強行退出一層循環(huán)結構。

在本題中，并沒有給出確切的數(shù)據(jù)個數(shù)，是以數(shù)據(jù)的最大個數(shù)定義的數(shù)組。在主函數(shù)中，給所有的數(shù)組成員賦初值為0，而從文件中讀取的數(shù)據(jù)是正整數(shù)，所以只要數(shù)組的某個元素為0，則說明數(shù)組存的數(shù)據(jù)已經(jīng)結束。此時就可以結束循環(huán)結構。這里要借助運算符“%”與“/”將4位數(shù)的各位上的數(shù)拆成獨立的數(shù)字，然后就可以根據(jù)題意要求判斷。

35.voidjsVal()｛intithouhuntendataj;for(i=0;i＜200;i++){thou=a[i]/1000;/*求四位數(shù)的千位數(shù)字*/hun=a[i]%1000/100;/*求四位數(shù)的百位數(shù)字*/ten=a[i]%100/10;/*求四位數(shù)的十位數(shù)字*/data=a[i]%10;/*求四位數(shù)的個位數(shù)字*/if(thou+ten==hun+data&&a[i]%2!=1){/*如果千位數(shù)加十位數(shù)等于百位數(shù)加上個位數(shù)并且此數(shù)是偶數(shù)*/b[cnt]=a[i];/*則將滿足條件的數(shù)存入數(shù)組b中*/cnt++;/*統(tǒng)計滿足條件的數(shù)的個數(shù)*/}}for(i=0;i＜cnt-1;i++)/*將數(shù)組b中的數(shù)按小到大的順序排列*/for(j=i+l;j＜cnt;j++)if(b[i]>b[j]){data=b[i];b[i]=b[j];b[j]=data;}｝voidjsVal()\r\n｛\r\ninti,thou,hun,ten,data,j;\r\nfor(i=0;i＜200;i++)\r\n{\r\nthou=a[i]/1000;/*求四位數(shù)的千位數(shù)字*/\r\nhun=a[i]%1000/100;/*求四位數(shù)的百位數(shù)字*/\r\nten=a[i]%100/10;/*求四位數(shù)的十位數(shù)字*/\r\ndata=a[i]%10;/*求四位數(shù)的個位數(shù)字*/\r\nif(thou+ten==hun+data&&a[i]%2!=1)\r\n{/*如果千位數(shù)加十位數(shù)等于百位數(shù)加上個位數(shù)，并且此數(shù)是偶數(shù)*/\r\nb[cnt]=a[i];/*則將滿足條件的數(shù)存入數(shù)組b中*/\r\ncnt++;/*統(tǒng)計滿足條件的數(shù)的個數(shù)*/\r\n}\r\n}\r\nfor(i=0;i＜cnt-1;i++)/*將數(shù)組b中的數(shù)按小到大的順序排列*/\r\nfor(j=i+l;j＜cnt;j++)\r\nif(b[i]>b[j])\r\n{\r\ndata=b[i];\r\nb[i]=b[j];\r\nb[j]=data;\r\n}\r\n｝解析：本題考查的知識點如下