2022年浙江省嘉興市全國計(jì)算機(jī)等級考試網(wǎng)絡(luò)技術(shù)真題(含答案)

2022年浙江省嘉興市全國計(jì)算機(jī)等級考試網(wǎng)絡(luò)技術(shù)真題(含答案)學(xué)校:________班級:________姓名:________考號:________

一、單選題(10題)1.

2.若兩臺服務(wù)器系統(tǒng)可用性分別達(dá)到99．9％和99．99％，那么下面關(guān)于兩臺服務(wù)器每年停機(jī)時(shí)間的描述中正確的是（）。

A.兩臺服務(wù)器每年的停機(jī)時(shí)間之和不可能大于9小時(shí)

B.兩臺服務(wù)器每年的停機(jī)時(shí)間之差不可能小于5分鐘

C.兩臺服務(wù)器每年的停機(jī)時(shí)間必須小于等于的時(shí)長分別是8．8小時(shí)和5分鐘

D.兩臺服務(wù)器每年的停機(jī)時(shí)間必須小于等于的時(shí)長分別是8．8小時(shí)和53分鐘

3.網(wǎng)絡(luò)基礎(chǔ)服務(wù)系統(tǒng)不包括()。

A.網(wǎng)絡(luò)管理和服務(wù)軟件B.網(wǎng)絡(luò)安全軟件C.網(wǎng)絡(luò)下載和上傳軟件D.網(wǎng)絡(luò)管理軟件

4.目前世界上最大的計(jì)算機(jī)互聯(lián)網(wǎng)絡(luò)是

A.ARPA網(wǎng)B.IBM網(wǎng)C.InternetD.Intranet

5.以下哪項(xiàng)不是IP電話中網(wǎng)守所具有的功能?()。

A.號碼查詢B.計(jì)費(fèi)管理C.身份驗(yàn)證D.呼叫控制

6.下列關(guān)于RPR技術(shù)的描述中，錯(cuò)誤的是()

A.RPR能夠在30ms內(nèi)隔離出現(xiàn)故障的結(jié)點(diǎn)和光纖段

B.RPR環(huán)中每一個(gè)結(jié)點(diǎn)都執(zhí)行SRP公平算法

C.兩個(gè)RPR結(jié)點(diǎn)之間的裸光纖最大長度為100公里

D.RPR的內(nèi)環(huán)和外環(huán)都可以傳輸數(shù)據(jù)分組與控制分組

7.下列對VLAN的描述中，錯(cuò)誤的是（）。

A.VLAN以交換式網(wǎng)絡(luò)為基礎(chǔ)

B.VLAN工作在OSI參考模型的網(wǎng)絡(luò)層

C.每個(gè)VIAN都是一個(gè)獨(dú)立的邏輯網(wǎng)段

D.VLAN之間通信必須通過路由器

8.以下哪個(gè)不是網(wǎng)絡(luò)商務(wù)信息的特點(diǎn)()。

A.收益大B.便于存儲C.時(shí)效性強(qiáng)D.準(zhǔn)確性高

9.

10.

二、填空題(10題)11.CSMA／CD的工作流程為：先聽后發(fā)，邊聽邊發(fā)，沖突停止，延遲

。

12.網(wǎng)絡(luò)反病毒技術(shù)主要有3種，它們是預(yù)防病毒技術(shù)、【】病毒技術(shù)和消除病毒技術(shù)。

13.在電信管理網(wǎng)中，管理者和代理之間的管理信息交換是通過CMIS和______實(shí)現(xiàn)的。

14.網(wǎng)絡(luò)管理的5大功能是配置管理、性能管理、【】、安全管理和計(jì)費(fèi)管理。

15.

16.寬帶網(wǎng)絡(luò)可分為傳輸網(wǎng)、交換網(wǎng)和______。

17.路由器的接口主要有三類：局域網(wǎng)接口、廣域網(wǎng)接口和路由器_________接口。

18.在CPU與主存之間設(shè)置，其目的是為了提高CPU對主存的訪問效率。

19.搜索引擎在外觀、功能等方面千差萬別，但其構(gòu)成一般包括搜索器、索引器、和用戶接口4個(gè)部分。

20.在E1載波中，每個(gè)子信道的數(shù)據(jù)傳輸速率是。

三、2.填空題(8題)21.虛擬局域網(wǎng)通常采用交換機(jī)端口號、MAC地址、網(wǎng)絡(luò)層地址或______。

22.當(dāng)一個(gè)Web站點(diǎn)利用lis建立在NTFS分區(qū)時(shí)，限制用戶訪問站點(diǎn)資源的4種方法是：IP地址限制、______驗(yàn)證、Web權(quán)限和NTFS權(quán)限。

23.電子政務(wù)需要先進(jìn)可靠的______保障，這是所有電子政務(wù)系統(tǒng)都必須要妥善解決的一個(gè)關(guān)鍵性問題。

24.在雙絞線組網(wǎng)的方式中，______是以太網(wǎng)的中心連接設(shè)備。

25.因特網(wǎng)(Internet)上連接的計(jì)算機(jī)稱之為主機(jī)，其中，因特網(wǎng)服務(wù)與信息資源的提供者被稱為【】，因特網(wǎng)服務(wù)和信息資源的使用者被稱為【】。

26.最早出現(xiàn)的計(jì)算機(jī)網(wǎng)絡(luò)是______。

27.______的優(yōu)點(diǎn)是對代理的資源要求不高。SNMP采用的就是這種方式。

28.瀏覽器通常由一系列的客戶單元、一系列的【】單元和一個(gè)控制單元組成。

四、C語言程序設(shè)計(jì)題(2題)29.已知數(shù)據(jù)文件in．dat中存有200個(gè)四位數(shù)，并已調(diào)用讀函數(shù)readDat把這些數(shù)存入數(shù)組a中，請考生編制一函數(shù)jsgal，其功能是：從數(shù)組a中依次取出一個(gè)四位數(shù)，對每一個(gè)四位數(shù)作如下處理：把個(gè)位數(shù)字和千位數(shù)字重新組成一個(gè)新的含有兩位數(shù)字的數(shù)(新數(shù)的十位數(shù)字是原四位數(shù)的個(gè)位數(shù)字，新數(shù)的個(gè)位數(shù)字是原四位數(shù)的于位數(shù)字)，以及把百位數(shù)字和十位數(shù)字組成另一個(gè)新的含有兩位數(shù)字的數(shù)(新數(shù)的十位數(shù)字是原四位數(shù)的百位數(shù)字，新數(shù)的個(gè)位數(shù)字是原四位數(shù)的十位數(shù)字)，如果兩個(gè)新組成數(shù)：一個(gè)是奇數(shù)，另一個(gè)為偶數(shù)，并且至少有一個(gè)數(shù)能被l7整除，同時(shí)兩個(gè)新數(shù)的十位數(shù)字均不為零，則將滿足此條件的四位數(shù)存入數(shù)組b中，并計(jì)算滿足上述條件的四位數(shù)的個(gè)數(shù)cnt，而后對數(shù)組b進(jìn)行降序排序。最后main函數(shù)調(diào)用寫函數(shù)writeDat把結(jié)果cnt以及數(shù)組b中符合條件的四位數(shù)輸出到out．dat文件中。

例如：一個(gè)四位數(shù)為4512，依題意組成的第一個(gè)新數(shù)為24，第二個(gè)新數(shù)為51，其中51能被l7整除，這兩個(gè)新數(shù)的十位數(shù)字不為零，則4512這個(gè)四位數(shù)滿足題意所規(guī)定條件。

注意：部分源程序存在test．c文件中。

程序中已定義數(shù)組：a[200]，b[200]，已定義變量：cnt

請勿改動數(shù)據(jù)文件in．dat中的任何數(shù)據(jù)、主函數(shù)main、讀函數(shù)readDat和寫函數(shù)writeDat的內(nèi)容。

30.已知數(shù)據(jù)文件in．dat中存有200個(gè)四位數(shù)，并已調(diào)用讀函數(shù)readDat把這些數(shù)存入數(shù)組a中，請考生編制一函數(shù)isVat，其功能是：如果四位數(shù)各位上的數(shù)字均是奇數(shù)，則統(tǒng)計(jì)出滿足此條件的個(gè)數(shù)cnt并把這些四位數(shù)按從大到小的順序存入數(shù)組b中。最后main函數(shù)調(diào)用寫函數(shù)writeDat把結(jié)果cnt以及數(shù)組b中符合條件的四位數(shù)輸出到out．dat文件中。

注意：部分源程序存在test．c文件中。

程序中已定義數(shù)組：a[200]，b[200]，已定義變量：cnt

請勿改動數(shù)據(jù)文件in．dat中的任何數(shù)據(jù)、主函數(shù)main、讀函數(shù)readDat和寫函數(shù)writeDat的內(nèi)容。

五、1.選擇題(3題)31.在下列四項(xiàng)中，不屬于OSl(開放系統(tǒng)互連)參考模型7個(gè)層次的是______。

A.會話層B.數(shù)據(jù)鏈路層C.用戶層D.應(yīng)用層

32.SDH的主要優(yōu)點(diǎn)()。

A.同步復(fù)用B.標(biāo)準(zhǔn)光接口C.強(qiáng)大的網(wǎng)絡(luò)管理D.以上都是

33.最早的網(wǎng)絡(luò)操作系統(tǒng)經(jīng)歷了由()結(jié)構(gòu)向()結(jié)構(gòu)的演變。

A.對等，非對等B.單一，復(fù)雜C.通用，專用D.共享，交換式

六、1.程序設(shè)計(jì)題(3題)34.已知數(shù)據(jù)文件IN53.DAT中存有200個(gè)4位數(shù)，并已調(diào)用讀函數(shù)readDat()把這些數(shù)存入數(shù)組a中，請編制一函數(shù)isVal()，其功能是：依次從數(shù)組a中取出一個(gè)4位數(shù)，如果該4位數(shù)連續(xù)大于該4位數(shù)以前的5個(gè)數(shù)且該數(shù)是偶數(shù)，則統(tǒng)計(jì)出滿足此條件的數(shù)個(gè)數(shù)cnt并把這些4位數(shù)按從大到小的順序存入數(shù)組b中，最后調(diào)用寫函數(shù)writeDat()把結(jié)果cnt及數(shù)組b中符合條件的4位數(shù)輸出到文件OUT53.DAT中。

請勿改動主函數(shù)main()、讀函數(shù)readDat()和寫函數(shù)wiltedat()的內(nèi)容。

試題程序：

#include＜stdio.h＞

#defineMAX200

inta[MAX],b[MAX],cnt=0;

voidjsVal()

{

}

voidreadDat(){

{

inti;

FILE*fp;

fp=fopen("in53.dat","r");

for(i=0;i＜MAX;i++)

fscanf(fp,"%d",&a[i]);

fclose(fp);

}

voidmain()

{

inti;

readDat();

jsVal();

printf("滿足條件的數(shù)=%d\n",cnt);

for(i=0;i＜cnt;i++)

printf("%d",b[i]);

printf("\n");

writeDat();

}

writeDat()

{

FILE*fp;

inti;

fp=foPen("out53.dat","w");

fprintf(fp,"%d\n",cnt);

for(i=0;i＜cnt;i++)

fprintf(fp,"%d\n",b[i]);

fclose(fp);

}

35.請編制程序，要求：將文件IN92.DAT中的200個(gè)整數(shù)讀入數(shù)組xx中，求出數(shù)組xx中最大數(shù)max及最大數(shù)的個(gè)數(shù)cnt和數(shù)組xx中值能被3整除或能被7整除的數(shù)的算術(shù)平均值pj(保留兩位小數(shù))，結(jié)果max，cnt，pj輸出到out92.dat中。

部分程序、讀函數(shù)read_dat(intxx[200])及輸出格式已給出。

試題程序：

#include＜conio.h＞

#include＜stdio.h＞

#defineN200

voidread_dat(intxx[N])

{

inti,j;

FILE*fp;

fp=fopen("IN92.DAT","r");

for(i=0；i＜20;i++)

{

for(j=0;j＜10;j++＞

{

fscanf(fp,"%d,",&xx[i*10+j]);

printf("%d",xx[i*10+j]);

}

printf("\n");

}

fclose(fp);

}

voidmain()

{

inti,k,cnt,xx[N],max;

floatpj;

FILE*fw;

longj=0;

clrscr();

fw=fopen("out92.dat","w");

read_dat(xx);

printf("\n\nmax=%d,cnt=%d,pj=%6.2f\n",max,cnt,pj);

fprintf(fw,"%d\n%d\n%6.2f\n",max,cnt,pj);

fclose(fw);

}

36.已知數(shù)據(jù)文件1N68.DAT中存有200個(gè)4位數(shù)，并已調(diào)用讀函數(shù)readDat()把這些數(shù)存入數(shù)組a中，清編制一函數(shù)JsVal()，其功能是：如果4位數(shù)各位上的數(shù)字均是奇數(shù)，則統(tǒng)計(jì)出滿足此條件的個(gè)數(shù)cnt，并把這些4位數(shù)按從大到小的順序存入數(shù)組b中。最后調(diào)用函數(shù)writeDat()把結(jié)果cnt及數(shù)組b中符合條件的4位數(shù)輸出到OUT68.DAT文件。

注意：部分源程序己給出。

程序中已定義數(shù)組；a[200]，b[200]，已定義變量：cnt。

請勿改動主函數(shù)main()、讀函數(shù)readDat()和寫函數(shù)writeDat()的內(nèi)容。

試題程序：

#include＜stdio.h＞

#defineMAX200

inta[MAX],b[MAX],cnt=0;

voidjsVal()

{

}

voidreadDat()

{

inti;

FILE*fp;

fp=fopen("IN68.DAT","r");

for(i=0;i＜MAX;i++)

fscanf(fp,"%d",&a[i]);

fclose(fp);

}

voidmain()

{

inti;

readDat();

jsVal();

printf(滿足條件的數(shù)=%d\n",cnt);

for(i=0;i＜cnt;i++)

printf("%d",bIii);

printf("\n");

writeDat();

}

writeDat()

{

FILE*fp;

ihti;

fp=fopen("out68.dar","w");

fprintf(fp,"%d\n",cnt);

for(i=0;i＜cnt;i++)

fprintf{fp,"%d\n",bIii);

fclose(fp);

}

參考答案

1.A

2.D如果要保證服務(wù)器系統(tǒng)可用性達(dá)到99．9％和99．99％，系統(tǒng)的每年的停機(jī)時(shí)間要小于8．76小時(shí)和0．876小時(shí)。53分鐘約是0．883。故選擇D選項(xiàng)。

3.C

4.C解析：目前，Internet是由世界范圍內(nèi)150多個(gè)國家和地區(qū)數(shù)以萬計(jì)的局域網(wǎng)、數(shù)百萬臺計(jì)算機(jī)連接在一起而形成的一個(gè)國際性網(wǎng)絡(luò)，網(wǎng)絡(luò)用戶已達(dá)數(shù)千萬個(gè)，并且-仍在不斷增加。Internet是目前世界上覆蓋范圍最廣、使用者最多、最成功的計(jì)算機(jī)互聯(lián)網(wǎng)絡(luò)。

5.A

6.A

7.BVLAN工作在OSI參考模型的第二層(數(shù)據(jù)鏈路層)，而不是網(wǎng)絡(luò)層。故選項(xiàng)B錯(cuò)誤。

8.A

9.A

10.A

11.重發(fā)重發(fā)解析：為了有效實(shí)現(xiàn)多個(gè)結(jié)點(diǎn)訪問公共傳輸介質(zhì)的控制策略，CSMA／CD的發(fā)送流程可以簡單概括為4點(diǎn)：先聽后發(fā)，邊聽邊發(fā)，沖突停止，延遲重發(fā)。

12.檢測檢測解析：本題考查點(diǎn)是網(wǎng)絡(luò)反病毒的3種主要技術(shù)。計(jì)算機(jī)病毒在網(wǎng)絡(luò)上的破壞性遠(yuǎn)大于單機(jī)系統(tǒng)，例如，CHI病毒就給一些網(wǎng)絡(luò)造成過嚴(yán)重的破壞。目前，網(wǎng)絡(luò)反病毒技術(shù)主要有3種：預(yù)防病毒技術(shù)、檢測病毒技術(shù)和消除病毒技術(shù)。預(yù)防病毒技術(shù)是通過將監(jiān)控程序事先常駐于系統(tǒng)內(nèi)存之中，優(yōu)先獲得系統(tǒng)控制權(quán)，監(jiān)視系統(tǒng)中病毒的出現(xiàn)，達(dá)到阻止病毒進(jìn)入系統(tǒng)的目的；檢測病毒技術(shù)是通過對病毒的一些特征來進(jìn)行檢測，達(dá)到發(fā)現(xiàn)病毒的目的；消除病毒技術(shù)是通過對病毒的分析，開發(fā)具有刪除病毒程序并恢復(fù)原文件的軟件。

13.CMIPCMIP解析：在電信管理網(wǎng)中，管理者和代理之間的管理信息交換是通過CMIS和CMIP實(shí)現(xiàn)的。

14.故障管理故障管理解析：網(wǎng)絡(luò)管理的5大功能是配置管理、性能管理、故障管理、安全管理和計(jì)費(fèi)管理。

15.

16.接入網(wǎng)接入網(wǎng)解析：寬帶網(wǎng)絡(luò)從功能上可以分成傳輸網(wǎng)、交換網(wǎng)和接入網(wǎng)三大部分，其相關(guān)技術(shù)也分為3類，即傳輸技術(shù)、交換技術(shù)和接入技術(shù)。

17.\n配置

\n

18.Cache首先，設(shè)置Cache并不能從實(shí)質(zhì)上擴(kuò)大主存容量。Cache在CPU與主存間交換數(shù)據(jù)，對外存儲器（硬盤）是沒有太大影響的，其主要目的是為了提高CPU對主存的訪問效率。

19.檢索器搜索引擎的原理起源于傳統(tǒng)的信息全文檢索理論?，F(xiàn)在的全文搜索引擎由搜索器、索引器、檢索器和用戶接口4部分組成。搜索器也稱為“蜘蛛”、“機(jī)器人”或“爬蟲”，它實(shí)際上是一個(gè)基于Web的程序，主要用于在Internet上自動搜集網(wǎng)頁信息。索引器將搜索器在Internet上采集到的信息進(jìn)行分類并建立索引，然后存放在索引數(shù)據(jù)庫中。檢索器的功能是根據(jù)用戶的查詢在索引庫中快速地檢索出文檔，進(jìn)行文檔與查詢的相關(guān)度評價(jià)，對輸出的結(jié)果進(jìn)行排序，并實(shí)現(xiàn)某種用戶相關(guān)性反饋機(jī)制。用戶接口的作用是輸入用戶查詢，顯示查詢結(jié)果，提供用戶相關(guān)性反饋機(jī)制。

20.64KbpsE1載波是歐洲電子傳輸格式，它由ITU-TS設(shè)計(jì)，并由歐洲郵政電訊管理委員會（CEPT）命名。在E1鏈路中，傳輸速率為2.048Mbps，使用PCM編碼。對于一條傳輸速率為2.048Mbps的信道來說，其傳送1bit信號的時(shí)隙約為0.5ms。如果共享該信道的所有信息源的傳輸速率都是64Kbps，則信道內(nèi)傳送信號的最大周期Ts約為16ms。所以，在周期Ts內(nèi)，該信道可被32個(gè)信息源共享，而不會相互干擾或重疊。因此，E1載波將32個(gè)信道復(fù)用在1個(gè)E1數(shù)據(jù)幀中。使用E1載波進(jìn)行傳輸?shù)腎SDN用30個(gè)B信道傳輸數(shù)據(jù)，因此，控制開銷=（32-30）/32=6.25%。

21.IP廣播組地址定義IP廣播組地址定義解析：虛擬網(wǎng)絡(luò)建立在交換技術(shù)基礎(chǔ)上。以軟件方式來實(shí)現(xiàn)邏輯工作組的劃分與管理。通常有4種定義虛擬局域網(wǎng)的技術(shù)：通過交換機(jī)端口號、用MAC地址、用網(wǎng)絡(luò)層地址和IP廣播組地址。

22.用戶或者用戶身份用戶或者用戶身份解析：如果一個(gè)Web站點(diǎn)利用IIS建立在NTFS分區(qū)，那么可以通過IP地址限制、用戶身份驗(yàn)證、Web權(quán)限和NTFS權(quán)限對它進(jìn)行訪問控制。

23.安全安全解析：對于電子政務(wù)來說，信息網(wǎng)絡(luò)的安全尤為重要。需要先進(jìn)而可靠的安全保障是所有電子政務(wù)系統(tǒng)都必須要解決的一個(gè)關(guān)鍵性問題。

24.集線器集線器解析：在雙絞線組網(wǎng)的方式中，集線器是局域網(wǎng)的基本連接設(shè)備，也是以太網(wǎng)的中心連接設(shè)備。在傳統(tǒng)的局域網(wǎng)中，連網(wǎng)的結(jié)點(diǎn)通過非屏蔽雙絞線與集線器連接，構(gòu)成物理上的星型拓?fù)浣Y(jié)構(gòu)。當(dāng)集線器接收到某個(gè)結(jié)點(diǎn)發(fā)送的廣播信息后將會把接收到的數(shù)據(jù)轉(zhuǎn)發(fā)到集線器的每一個(gè)端口。

25.服務(wù)器客戶機(jī)服務(wù)器\r\n客戶機(jī)解析：因特網(wǎng)主要由通信線路、路由器、主機(jī)和信息資源構(gòu)成。主機(jī)即是因特網(wǎng)上連接的計(jì)算機(jī)。因特網(wǎng)能為用戶提供服務(wù)和共享的信息資源，有些主機(jī)專門起到提供服務(wù)和信息的作用，被稱為服務(wù)器。有些主機(jī)則是用于接受服務(wù)和信息，被稱為客戶機(jī)。服務(wù)器主機(jī)要求配置較高，客戶機(jī)主機(jī)則可以是一臺普通個(gè)人計(jì)算機(jī)。

26.ARPANETARPANET解析：最早出現(xiàn)的計(jì)算機(jī)網(wǎng)絡(luò)是ARPANET。

27.輪詢監(jiān)控輪詢監(jiān)控解析：輪詢監(jiān)控方式中，管理站每隔一定時(shí)間間隔就向代理結(jié)點(diǎn)請求管理信息，管理站根據(jù)所返回的管理信息來判斷是否有異常事件發(fā)生。所以對代理的資源要求不高，但是管理通信的開銷大。

28.解釋解釋解析：本題的考查點(diǎn)是瀏覽器的組成。瀏覽器通常由一系列的客戶單元、一系列的解釋單元和一個(gè)控制單元組成?？刂茊卧菫g覽器的核心，負(fù)責(zé)協(xié)調(diào)、管理客戶單元和解釋單元?？蛻魡卧邮蘸蛨?zhí)行從鍵盤和鼠標(biāo)上傳來的用戶指令。解釋單元負(fù)責(zé)相關(guān)的解釋工作，如HTML解釋器負(fù)責(zé)解釋由服務(wù)器發(fā)來的頁面文件。

29.【審題關(guān)鍵句】個(gè)位+千位與百位+十位，奇數(shù)，偶數(shù)，整除，從大到小排序。

\n【解題思路】

\n本題類似第24套試題，通過審題可以發(fā)現(xiàn)主要是對四位數(shù)的篩選條件有所不同，體現(xiàn)在兩個(gè)方面：①分解后重新組合成十位數(shù)的方式不同，參考答案的第8、9條語句重新指定兩位數(shù)的組合方式；②新組合的兩位數(shù)的奇偶性判斷及整除判斷，參考答案的第l0條語句。

\n本題第10條語句中各條件表達(dá)式之間的關(guān)系有些復(fù)雜，大致思路是：①首先判斷新組合的兩位數(shù)的十位不為0，即表達(dá)式“gwbw”；②再判斷新組合的第一個(gè)兩位數(shù)為偶數(shù)，第二個(gè)兩位數(shù)為奇數(shù)，且兩個(gè)兩位數(shù)中至少有一個(gè)能被l7整除的情況，兩個(gè)整除關(guān)系表達(dá)式式要用或運(yùn)算符(11)連接，且用括號括起來先計(jì)算或運(yùn)算，再與奇偶性判斷表達(dá)式進(jìn)行與運(yùn)算；③最后，在判斷新組合的第一個(gè)兩位數(shù)為奇數(shù)，第二個(gè)兩位數(shù)為偶數(shù)，且兩個(gè)兩位數(shù)中至少有一個(gè)能被l7整除的情況(各表達(dá)式之間的連接關(guān)系同第2步)。完成以上3部分的表達(dá)式設(shè)計(jì)后，再通過與運(yùn)算將3部分表達(dá)式連接起來。

\n【參考答案】

\n

30.【審題關(guān)鍵句】各位都是奇數(shù)，從大到小排序。

\n【解題思路】

\n本題類似第32套試題，通過審題可以發(fā)現(xiàn)主要是對四位數(shù)的篩選條件有所不同，即判斷四位數(shù)的每一位數(shù)都為奇數(shù)，參考答案的第8條語句，只需將每位數(shù)的判斷條件改為奇數(shù)判斷即可。

\n【參考答案】

\n

31.C解析：“開放系統(tǒng)互連(OSI)”參考模型是國際標(biāo)準(zhǔn)化組織(ISO)制定的。該模型從邏輯上把網(wǎng)絡(luò)的功能分為七層，使得各層功能界線清晰，簡化網(wǎng)絡(luò)設(shè)計(jì)。七層模型結(jié)構(gòu)依次為物理層、數(shù)據(jù)鏈路層、網(wǎng)絡(luò)層、傳輸層、會話層、表示層和應(yīng)用層，其中沒有定義用戶層。

32.D解析：SDH具有以下特點(diǎn)：(1)具有全世界統(tǒng)一的網(wǎng)絡(luò)結(jié)點(diǎn)接口(NNI)，簡化了信息互通；(2)具有一套標(biāo)準(zhǔn)化的信息結(jié)構(gòu)等級，這些信息結(jié)構(gòu)叫做同步傳輸模塊(STM，SynchronousTransportModule)；(3)在幀結(jié)構(gòu)中具有豐富的用于維護(hù)管理的比特，因而具有強(qiáng)大的網(wǎng)絡(luò)管理功能；(4)所有網(wǎng)絡(luò)單元都有標(biāo)準(zhǔn)的光接口，包括同步光纜線路系統(tǒng)、同步復(fù)用器、分插復(fù)用器和同步數(shù)字交叉連接設(shè)備等等，因此可以在光路上實(shí)現(xiàn)互通；(5)它有一套特殊的復(fù)用結(jié)構(gòu)，允許現(xiàn)有的準(zhǔn)同步數(shù)字體系(PDH)、其自身同步數(shù)字體系(SDH)和寬帶綜合業(yè)務(wù)數(shù)字網(wǎng)(BISDN)的信息都能進(jìn)入其幀結(jié)構(gòu)，因而具有廣泛的適應(yīng)性。

33.A解析：網(wǎng)絡(luò)操作系統(tǒng)經(jīng)歷了從對等結(jié)構(gòu)向非對等結(jié)構(gòu)演變的過程。

34.voidjsVal(){intijflag;for(i=5;i＜MAX;i++){for(j=i-5;j＜i;j++){if(a[i]＞a[j])/*如果該4位數(shù)連續(xù)大于它以前的5個(gè)數(shù)*/flag=l;/*則置flag為1*/elseflag=0;/*否則置flag為0*/if(a[i]%2!=0)/*如果該四位數(shù)為奇數(shù)*/flag=0;/*則置flag為0*/if(flag==O)break;/*如果flag為0則退出循環(huán)*/}if(flag==1){b[cnt]=a[i];/*把滿足條件的數(shù)存入數(shù)組b中*/cnt++;/*統(tǒng)計(jì)滿足條件的數(shù)的個(gè)數(shù)*/}}for(i=0;i＜cnt-1;i++)/*將數(shù)組b中的數(shù)按從大到波折順序排列*/for(j=i+l;j＜cnt;j++)if(b[i]＜b[j]){flag=b[i];b[i]=b[j];b[j]=flag;}}voidjsVal()\r\n{inti,j,flag;\r\nfor(i=5;i＜MAX;i++)\r\n{\r\nfor(j=i-5;j＜i;j++)\r\n{\r\nif(a[i]＞a[j])/*如果該4位數(shù)連續(xù)大于它以前的5個(gè)數(shù)*/\r\nflag=l;/*則置flag為1*/\r\nelseflag=0;/*否則置flag為0*/\r\nif(a[i]%2!=0)/*如果該四位數(shù)為奇數(shù)*/\r\nflag=0;/*則置flag為0*/\r\nif(flag==O)\r\nbreak;/*如果flag為0,則退出循環(huán)*/\r\n}\r\nif(flag==1)\r\n{b[cnt]=a[i];/*把滿足條件的數(shù)存入數(shù)組b中*/\r\ncnt++;/*統(tǒng)計(jì)滿足條件的數(shù)的個(gè)數(shù)*/\r\n}\r\n}\r\nfor(i=0;i＜cnt-1;i++)/*將數(shù)組b中的數(shù)按從大到波折順序排列*/\r\nfor(j=i+l;j＜cnt;j++)\r\nif(b[i]＜b[j])\r\n{flag=b[i];\r\nb[i]=b[j];\r\nb[j]=flag;\r\n}\r\n}解析：本題考查的知識點(diǎn)如下：

(1)使用循環(huán)對數(shù)組的元素進(jìn)行比較和排序。

(2)強(qiáng)行退出循環(huán)結(jié)構(gòu)。

在本題中，數(shù)組b中的數(shù)據(jù)要滿足的條件有兩個(gè)。在這里，不再使用判斷結(jié)構(gòu)中條件的布爾運(yùn)算，而采用一種新的方法——設(shè)置標(biāo)志變量flag。當(dāng)數(shù)據(jù)不滿足某一條件時(shí)，如數(shù)據(jù)不是偶數(shù)，將flag設(shè)置為0：當(dāng)flag等于0時(shí)，可直接退出本層循環(huán)結(jié)構(gòu)，進(jìn)入外層的循環(huán)中。否則，根據(jù)題意要求，將數(shù)據(jù)存入數(shù)組b中。對數(shù)組b中的數(shù)據(jù)排序，使用“選擇排序法”。

35.voidmain(){intikcntxx[N]max;floatpj;FILE*fw;longj=0;clrscr();fw=fopen("out92.dat""N");read_dat(xx);max=xx[0];for(i=1k=0;i＜N;i++){if(xx[i]＞max)max=xx[i];/*求出數(shù)組xx中最大數(shù)max*/if(xx[i]%3==0||xx[i]%7==0){j+=xx[i];/*求出數(shù)組xx中值能被3整除或能被7整除的數(shù)的總和*/k++;}}for(i=0cnt=0;i＜N;i++)if(xx[i]==max)cnt++;/*求出數(shù)組xx中最大數(shù)max的個(gè)數(shù)*/Pj=(float)(j*100/k)/100;/*求出數(shù)組xx中值能被3整除或能被7整除的數(shù)的平均值*/printf("\n\nmax=%dcnt=%dpj=%6.2f\n"maxcntpj);fprintf(fw"%d\n%d\n%6.2f\n"maxcntpj);fclose(fw);}[解析]本題考查的知識點(diǎn)如下：(1)運(yùn)算符“%”的使用。(2)判斷結(jié)構(gòu)中多個(gè)條件的布爾運(yùn)算。首先要找出數(shù)組中最大的元素。先定義第1個(gè)元素為最大的元素然后依次和后面的元素比較若后面的數(shù)中有大于第1個(gè)元素的則將這個(gè)數(shù)定義為最大的元素。再和后面的數(shù)進(jìn)行比較。一個(gè)數(shù)a除以b取余所得的數(shù)為0則a能被b整除。根據(jù)題意可知被3整除和被7整除兩個(gè)條件滿足一個(gè)即可所以兩個(gè)條件之間用“或”運(yùn)算。在本題中要求算術(shù)平均值保留兩位小數(shù)。使用的方法是：將和乘以100除以個(gè)數(shù)強(qiáng)制類型轉(zhuǎn)換后再除以100。為了保證和有效我們定義了一個(gè)長整型變量來記錄和。因?yàn)閭€(gè)數(shù)也為整型運(yùn)算符“/”在這里的含義是整除而我們要保留小數(shù)所以要使用強(qiáng)制類型轉(zhuǎn)換將和乘以100的結(jié)果轉(zhuǎn)換為浮點(diǎn)類型這樣就可以實(shí)現(xiàn)保留兩位小數(shù)。voidmain()\r\n{\r\ninti,k,cnt,xx[N],max;\r\nfloatpj;\r\nFILE*fw;\r\nlongj=0;\r\nclrscr();\r\nfw=fopen('out92.dat','N');\r\nread_dat(xx);\r\nmax=xx[0];\r\nfor(i=1,k=0;i＜N;i++)\r\n{\r\nif(xx[i]＞max)\r\nmax=xx[i];/*求出數(shù)組xx中最大數(shù)max*/\r\nif(xx[i]%3==0||xx[i]%7==0)\r\n{\r\nj+=xx[i];/*求出數(shù)組xx中值能被3整除或能被7整除的數(shù)的總和*/\r\nk++;\r\n}\r\n}\r\nfor(i=0,cnt=0;i＜N;i++)\r\nif(xx[i]==max)\r\ncnt++;/*求出數(shù)組xx中最大數(shù)max的個(gè)數(shù)*/\r\nPj=(float)(j*100/k)/100;/*求出數(shù)組xx中值能被3整除或能被7整除的數(shù)的平均值*/\r\nprintf('\\n\\nmax=%d,cnt=%d,pj=%6.2f\\n',max,cnt,pj);\r\nfprintf(fw,'%d\\n%d\\n%6.2f\\n',max,cnt,pj);\r\nfclose(fw);\r\n}\r\n[解析]本題考查的知識點(diǎn)如下：\r\n(1)運(yùn)算符“%”的使用。\r\n(2)判斷結(jié)構(gòu)中多個(gè)條件的布爾運(yùn)算。\r\n首先，要找出數(shù)組中最大的元素。先定義第1個(gè)元素為最大的元素，然后依次和后面的元素比較，若后面的數(shù)中有大于第1個(gè)元素的，則將這個(gè)數(shù)定義為最大的元素。再和后面的數(shù)進(jìn)行比較。一個(gè)數(shù)a除以b取余所得的數(shù)為0，則a能被b整除。根據(jù)題意可知，被3整除和被7整除兩個(gè)條件滿足一個(gè)即可，所以兩個(gè)條件之間用“或”運(yùn)算。在本題中，要求算術(shù)平均值保留兩位小數(shù)。使用的方法是：將和乘以100除以個(gè)數(shù)強(qiáng)制類型轉(zhuǎn)換后再除以100。為了保證和有效，我們定義了一個(gè)長整型變量來記錄和。因?yàn)閭€(gè)數(shù)也為整型，運(yùn)算符“/”在這里的含義是整除，而我們要保留小數(shù)，所以要使用強(qiáng)制類型轉(zhuǎn)換將和乘以