2022年新高考廣東物理高考真題及答案

2022年廣東省普通高中學業(yè)水平選擇性考試

物理

本試卷共7頁，16小題，滿分100分，考試用時75分鐘。

注意事項：

1、答卷前，考生務必用黑色字跡鋼筆或簽字筆將自己的姓名、考生號、考場

號和座位號填寫在答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（A）填涂在答題卡相應位

置上。將條形碼橫貼在答題卡右上角”條形碼粘貼處”。

2、作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的

答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案，答案不能答

在試卷上。

3、非選擇題必須用黑色字跡鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目

指定區(qū)域內(nèi)相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新的答

案；不準使用鉛筆和涂改液，不按以上要求作答的答案無效。

4、作答選考題時，請先用2B鉛筆填涂選做題的題號對應的信息點，再作答。

漏涂、錯涂、多涂的，答案無效。

5、考生必須保持答題卡的整潔，考試結束后，將試卷和答題卡一并交回。

一、單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個

選項中，只有一項是符合題目要求的。

1.圖是可用來制作豆腐的石磨。木柄A8靜止時，連接AB的輕繩處于繃緊狀態(tài)。。點是

三根輕繩的結點，F(xiàn)、月和乙分別表示三根繩的拉力大小，￡=工且NAQB=60°。下

列關系式正確的是（

B.F=2RC.f=3耳D.

F=6F1

【答案】D

【解析】

【詳解】以。點為研究對象，受力分析如圖

F

O

由幾何關系可知

e=3o°

由平衡條件可得

-sin30。=月sin30°

耳cos30°+F2COS30°=F

聯(lián)立可得

尸=聞

故D正確，ABC錯誤。

故選D。

2.“祝融號”火星車需要“休眠”以度過火星寒冷的冬季。假設火星和地球的冬季是各自

公轉周期的四分之一，且火星的冬季時長約為地球的1.88倍?；鹦呛偷厍蚶@太陽的公轉均

可視為勻速圓周運動。下列關于火星、地球公轉的說法正確的是（）

A.火星公轉的線速度比地球的大B.火星公轉的角速度比地球的大

C.火星公轉的半徑比地球的小D.火星公轉的加速度比地球的小

【答案】D

【解析】

【詳解】由題意可知，火星的公轉周期大于地球的公轉周期

C.根據(jù)6絲=加苓r可得

T=------

\GM

可知火星的公轉半徑大于地球的公轉半徑，故C錯誤；

ggCMmV2r/n

A.根據(jù)G一—可得

結合C選項，可知火星的公轉線速度小于地球的公轉線速度，故A錯誤；

B.根據(jù)與可知火星公轉的角速度小于地球公轉的角速度，故B錯誤;

D.根據(jù)G―彳=ma可得

GM

可知火星公轉的加速度小于地球公轉的加速度，故D正確。

故選D。

3.圖是滑雪道的示意圖?？梢暈橘|(zhì)點的運動員從斜坡上的M點由靜止自由滑下，經(jīng)過水平

NP段后飛入空中，在Q點落地。不計運動員經(jīng)過N點的機械能損失，不計摩擦力和空氣

阻力。下列能表示該過程運動員速度大小v或加速度大小a隨時間，變化的圖像是

【答案】C

【解析】

【詳解】設斜坡傾角為運動員在斜坡MN段做勻加速直線運動，根據(jù)牛頓第二定律

mgsin0-mat

可得

4=gsin。

運動員在水平NQ段做勻速直線運動，加速度

a2=0

運動員從P點飛出后做平拋運動，加速度為重力加速度

設在P點的速度為％,則從P點飛出后速度大小的表達式為

由分析可知從p點飛出后速度大小與時間的圖像不可能為直線，且

q<%

C正確，ABD錯誤。

故選Co

4.圖是簡化的某種旋轉磁極式發(fā)電機原理圖。定子是僅匝數(shù)〃不同的兩線圈，%>%,

二者軸線在同一平面內(nèi)且相互垂直，兩線圈到其軸線交點。的距離相等，且均連接阻值為

R的電阻，轉子是中心在。點的條形磁鐵，繞。點在該平面內(nèi)勻速轉動時.，兩線圈輸出正

弦式交變電流。不計線圈電阻、自感及兩線圈間的相互影響，下列說法正確的是（）

A.兩線圈產(chǎn)生的電動勢的有效值相等B.兩線圈產(chǎn)生的交變電流頻率相等

C.兩線圈產(chǎn)生電動勢同時達到最大值D.兩電阻消耗的電功率相等

【答案】B

【解析】

【詳解】AD.根據(jù)

△①

△t

兩線圈中磁通量變化率相等，但是匝數(shù)不等，則產(chǎn)生的感應電動勢最大值不相等，有效

值也不相等，根據(jù)

可知，兩電阻電功率也不相等，選項AD錯誤；

B.因兩線圈放在同一個旋轉磁鐵的旁邊，則兩線圈產(chǎn)生的交流電的頻率相等，選項B正

確；

C.當磁鐵的磁極到達線圈附近時，磁通量變化率最大，感應電動勢最大，可知兩線圈產(chǎn)

生的感應電動勢不可能同時達到最大值，選項C錯誤；

故選Bo

5.目前科學家己經(jīng)能夠制備出能量量子數(shù)〃較大的氫原子。氫原子第"能級的能量為

E“=與,其中耳=-13.6eV。圖是按能量排列的電磁波譜，要使〃=20的氫原子吸收

n

一個光子后，恰好失去一個電子變成氫離子，被吸收的光子是（)

;可；

紅外線見紫外線X射線

光

-IIIIII

10-210-,10°10'102103

能量(eV)

A.紅外線波段的光子B.可見光波段的光子

C.紫外線波段的光子D.X射線波段的光子

【答案】A

【解析】

【詳解】要使處于〃=20的氫原子吸收一個光子后恰好失去一個電子變成氫離子，則需要吸

收光子的能量為

-136

E=0—（=；）eV=0.034eV

202

則被吸收的光子是紅外線波段的光子。

故選Ao

6.如圖5所示，在豎直平面內(nèi)，截面為三角形的小積木懸掛在離地足夠高處，一玩具槍的

槍口與小積木上尸點等高且相距為心當玩具子彈以水平速度v從槍口向尸點射出時，小

積木恰好由靜止釋放，子彈從射出至擊中積木所用時間為心不計空氣阻力。下列關于子彈

B.將擊中P點，，等于人

vV

C.將擊中P點上方，f大于工D.將擊中P點下方，f等于人

Vv

【答案】B

【解析】

【詳解】由題意知槍口與P點等高，子彈和小積木在豎直方向上做自由落體運動，當子彈

擊中積木時子彈和積木運動時間相同，根據(jù)

,12

可知下落高度相同，所以將擊中P點；又由于初始狀態(tài)子彈到P點的水平距離為L子彈

在水平方向上做勻速直線運動，故有

L

v

故選Bo

7.如圖所示，一個立方體空間被對角平面MNPQ劃分成兩個區(qū)域，兩區(qū)域分布有磁感應

強度大小相等、方向相反且與z軸平行的勻強磁場。一質(zhì)子以某一速度從立方體左側垂直

0yz平面進入磁場，并穿過兩個磁場區(qū)域。下列關于質(zhì)子運動軌跡在不同坐標平面的投影

中，可能正確的是（）

【解析】

【詳解】AB.由題意知當質(zhì)子射出后先在MN左側運動，剛射出時根據(jù)左手定則可知在

MN受到y(tǒng)軸正方向洛倫茲力，即在MN左側會向y軸正方向偏移，做勻速圓周運動，y

軸坐標增大；在MN右側根據(jù)左手定則可知洛倫茲力反向，質(zhì)子在y軸正方向上做減速運

動，故A正確，B錯誤；

CD.根據(jù)左手定則可知質(zhì)子在整個運動過程中都只受到平行于xOy平面的洛倫茲力作用，

在z軸方向上沒有運動，z軸坐標不變，故CD錯誤。

故選Ao

二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個

選項中，有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有

選錯的得0分。

8.如圖所示，磁控管內(nèi)局部區(qū)域分布有水平向右的勻強電場和垂直紙面向里的勻強磁場。

電子從M點由靜止釋放，沿圖中所示軌跡依次經(jīng)過N、P兩點。已知M、P在同一等勢面

上，下列說法正確的有（）

-----------；----------?

XXP!XX

xxgxx；

A.電子從N到尸，電場力做正功B.N點的電勢高于尸點的電勢

C.電子從M到N,洛倫茲力不做功D.電子在M點所受的合力大于在P

點所受的合力

【答案】BC

【解析】

【詳解】A.由題可知電子所受電場力水平向左，電子從N到P的過程中電場力做負功，

故A錯誤；

B.根據(jù)沿著電場線方向電勢逐漸降低可知N點的電勢高于尸點，故B正確；

C.由于洛倫茲力一直都和速度方向垂直，故電子從M到N洛倫茲力都不做功；故C正

確；

D.由于M點和P點在同一等勢面上，故從M到P電場力做功為0,而洛倫茲力不做功，

M點速度為0,根據(jù)動能定理可知電子在P點速度也為0,則電子在M點和P點都只受電

場力作用，在勻強電場中電子在這兩點電場力相等，即合力相等，故D錯誤；

故選BCo

9.如圖所示，載有防疫物資的無人駕駛小車，在水平MN段以恒定功率200W、速度

5m/s勻速行駛，在斜坡PQ段以恒定功率570W、速度2m/s勻速行駛。已知小車總質(zhì)

量為50kg,MN=PQ=20m,PQ段的傾角為30。，重力加速度g取10m/s?,不計空氣

阻力。下列說法正確的有（）

A.從M到N,小車牽引力大小為40NB.從歷到N,小車克服摩擦力做功

800J

C.從P到。，小車重力勢能增加lx1（）4JD.從P到Q,小車克服摩擦力做功

700J

【答案】ABD

【解析】

【詳解】A.小車從M到N,依題意有

P[=Fvx=200W

代入數(shù)據(jù)解得

E=40N

故A正確；

B.依題意，小車從"到N,因勻速，小車所受的摩擦力大小為

fi=F=40N

則摩擦力做功為

叱=-40x20J=—800J

則小車克服摩擦力做功為800J,故B正確；

C.依題意，從P到。，重力勢能增加量為

A￡p=mgxAh=500Nx20mxsin300=5000J

故C錯誤；

D.依題意，小車從尸到Q,摩擦力為力，有

f2+mgsin300=—

摩擦力做功為

XS

嗎=~f22

s2=20m

聯(lián)立解得

%=-700J

則小車克服摩擦力做功為700J,故D正確。

故選ABD。

10.如圖所示，水平地面（。引，平面）下有一根平行于y軸且通有恒定電流/的長直導

線。P、M和N為地面上的三點，P點位于導線正上方，平行于y軸，PN平行于x

軸。一閉合的圓形金屬線圈，圓心在P點，可沿不同方向以相同的速率做勻速直線運動,

運動過程中線圈平面始終與地面平行。下列說法正確的有（）

A.N點與M點的磁感應強度大小相等，方向相同

B.線圈沿PN方向運動時，穿過線圈的磁通量不變

C.線圈從P點開始豎直向上運動時，線圈中無感應電流

D.線圈從P到"過程的感應電動勢與從P到N過程的感應電動勢相等

【答案】AC

【解析】

【詳解】A.依題意，M、N兩點連線與長直導線平行、兩點與長直導線的距離相同，根據(jù)

右手螺旋定則可知，通電長直導線在M、N兩點產(chǎn)生的磁感應強度大小相等，方向相同，

故A正確；

B.根據(jù)右手螺旋定則，線圈在P點時，磁感線穿進與穿出在線圈中對稱，磁通量為零；

在向N點平移過程中，磁感線穿進與穿出線圈不再對稱，線圈的磁通量會發(fā)生變化，故B

錯誤；

C.根據(jù)右手螺旋定則，線圈從P點豎直向上運動過程中，磁感線穿進與穿出線圈對稱，

線圈的磁通量始終為零，沒有發(fā)生變化，線圈無感應電流，故c正確；

D.線圈從P點到M點與從P點到N點，線圈的磁通量變化量相同，依題意P點到M點

所用時間較從P點到N點時間長，根據(jù)法拉第電磁感應定律，則兩次的感應電動勢不相

等，故D錯誤。

故選ACo

三、非選擇題：共54分。第11~14題為必考題，考生都必須作答。第15~16題

為選考題，考生根據(jù)要求作答。

(-)必考題：共42分。

11.某實驗小組為測量小球從某一高度釋放，與某種橡膠材料碰撞導致的機械能損失，設

計了如圖(。)所示的裝置，實驗過程如下：

釋放裝置

（1）讓小球從某一高度由靜止釋放，與水平放置的橡膠材料碰撞后豎直反彈。調(diào)節(jié)光電門

位置，使小球從光電門正上方釋放后，在下落和反彈過程中均可通過光電門。

（2）用螺旋測微器測量小球的直徑，示數(shù)如圖（6）所示，小球直徑d=

mm。

（3）測量時，應（選填"A”或"B"，其中A為“先釋放小球，后接通數(shù)字

計時器”，B為“先接通數(shù)字計時器，后釋放小球”）。記錄小球第一次和第二次通過光電

門遮光時間％和

（4）計算小球通過光電門的速度，已知小球的質(zhì)量為相，可得小球與橡膠材料碰撞導致的

機械能損失AE=（用字母〃八d、％和右表示）。

（5）若適當調(diào)高光電門的高度，將會（選填“增大”或“減小”）因空氣阻力

引起的測量誤差。

1/、21/、2?

【答案】①.7.883##7.884②B③.，"（丁廠一，"（丁廣④.增大

【解析】

【詳解】（2）[1]依題意，小球的直徑為

d=7.5mm+38.4x（）.01mm=7.884mm

考慮到偶然誤差，7.883mm也可以。

（3）[2]在測量時，因小球下落時間很短，如果先釋放小球，有可能會出現(xiàn)時間記錄不完

整，所以應先接通數(shù)字計時器，再釋放小球，故選B。

（4）[3]依題意，小球向下、向上先后通過光電門時的速度分別為出、V2,則有

’2

則小球與硅膠材料碰撞過程中機械能的損失量為

A口12121,d、21,d\2

AE=—mv,—mvy=—m（一）—m（一）

222%2t2

（5）[4]若調(diào)高光電門的高度，較調(diào)整之前小球會經(jīng)歷較大的空中距離，所以將會增大因

空氣阻力引起的測量誤差。

12.彈性導電繩逐步成為智能控制系統(tǒng)中部分傳感器的敏感元件，某同學測量彈性導電繩

的電阻與拉伸后繩長之間的關系，實驗過程如下：

（1）裝置安裝和電路連接；如圖（a）所示，導電繩的一端固定，另一端作為拉伸端，兩

端分別用帶有金屬夾A、B的導線接入如圖（b）所示的電路中。

(b)(c)

（2）導電繩拉伸后的長度L及其電阻R的測量

①將導電繩拉伸后，用刻度尺測量并記錄A、B間的距離，即為導電繩拉伸后的長度以

②將滑動變阻器R的滑片滑到最右端。斷開開關S2,閉合開關Si,調(diào)節(jié)R,使電壓表和電

流表的指針偏轉到合適位置。記錄兩表的示數(shù)。和人。

③閉合S2,電壓表的示數(shù)（選填“變大”或“變小”）。調(diào)節(jié)R使電壓表的示

數(shù)仍為U,記錄電流表的示數(shù)b則此時導電繩的電阻心=（用八、/2和U表

示）。

④斷開Si,增大導電繩拉伸量，測量并記錄A、B間的距離，重復步驟②和③。

（3）該電壓表內(nèi)阻對導電繩電阻的測量值__________（選填“有”或“無”）影響。

（4）圖11（c）是根據(jù)部分實驗數(shù)據(jù)描繪的R、一L圖線。將該導電繩兩端固定在某種機械臂

上，當機械臂彎曲后，測得導電繩的電阻心為1.33kC,則由圖線可讀出導電繩拉伸后的長

度為cm,即為機械臂彎曲后的長度。

U

【答案】①.變小~一-③.無④.51.80

，2—。

【解析】

【詳解】（2）[1]閉合S2后，并聯(lián)部分的電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律，電壓表的示數(shù)

變小。

⑵加在導電繩兩端的電壓為U,流過導電繩的電流為12一/1,因此導電繩的電阻

（3）[3]在閉合S2之前，電流表L的示數(shù)包括定值電阻的電流和電壓表分得的電流，閉合

S2之后，加在電壓表兩端的電壓保持不變，因此流過電壓表和定值電阻的總電流仍為

故流過導電繩的電流是/2一九，與電壓表內(nèi)阻無關，電壓表內(nèi)阻對測量沒有影響。

（4）[4]由圖c可知，導電繩拉伸后的長度為51.80cm。

13.某同學受自動雨傘開傘過程的啟發(fā)，設計了如圖所示的物理模型。豎直放置在水平桌

面上的滑桿上套有一個滑塊，初始時它們處于靜止狀態(tài)。當滑塊從A處以初速度%為

10m/s向上滑動時，受到滑桿的摩擦力/為1N,滑塊滑到8處與滑桿發(fā)生完全非彈性碰

撞，帶動滑桿離開桌面一起豎直向上運動。已知滑塊的質(zhì)量加=0.2kg,滑桿的質(zhì)量

M=0.6kg,A、B間的距離/=重力加速度g取10m/s2,不計空氣阻力。求：

（1）滑塊在靜止時和向上滑動的過程中，桌面對滑桿支持力的大小例和N2；

（2）滑塊碰撞前瞬間的速度大小0；

（3）滑桿向上運動的最大高度力。

滑桿

滑塊

/////////////

【答案】⑴M=8N,7V2=5N;（2）v,=8m/s；（3）/z=0.2m

【解析】

【詳解】（1）當滑塊處于靜止時桌面對滑桿的支持力等于滑塊和滑桿的重力，即

N=(m+A/)g=8N

當滑塊向上滑動過程中受到滑桿的摩擦力為1N,根據(jù)牛頓第三定律可知滑塊對滑桿的摩擦

力也為1N,方向豎直向上，則此時桌面對滑桿的支持力為

N2=Mg-f'=5N

（2）滑塊向上運動到碰前瞬間根據(jù)動能定理有

-mgl-fl=—mv\—mv^

代入數(shù)據(jù)解得片=8m/s。

（3）由于滑塊和滑桿發(fā)生完全非彈性碰撞，即碰后兩者共速，碰撞過程根據(jù)動量守恒有

碰后滑塊和滑桿以速度口整體向上做豎直上拋運動，根據(jù)動能定理有

代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得力=0.2m。

14.密立根通過觀測油滴的運動規(guī)律證明了電荷的量子性，因此獲得了1923年的諾貝爾

獎。圖是密立根油滴實驗的原理示意圖，兩個水平放置、相距為4的足夠大金屬極板，上

極板中央有一小孔。通過小孔噴入一些小油滴，由于碰撞或摩擦，部分油滴帶上了電荷。

有兩個質(zhì)量均為加0、位于同一豎直線上的球形小油滴A和B,在時間f內(nèi)都勻速下落了距

離力。此時給兩極板加上電壓U（上極板接正極），A繼續(xù)以原速度下落，B經(jīng)過一段時間

后向上勻速運動。8在勻速運動時間f內(nèi)上升了距離W//J,隨后與A合并，形成一

個球形新油滴，繼續(xù)在兩極板間運動直至勻速。已知球形油滴受到的空氣阻力大小為

于=k/v，其中k為比例系數(shù)，機為油滴質(zhì)量，V為油滴運動速率，不計空氣浮力，重力

加速度為g。求：

（1）比例系數(shù)公

（2）油滴A、B的帶電量和電性；8上升距離兒電勢能的變化量；

（3）新油滴勻速運動速度的大小和方向。

小孔___________

0+

?A

d，U?B

【答案】（1）二旦；（2）油滴A不帶電，油滴B帶負電，電荷量為一"片J,

%也

+九）

一一邑彳~」；（3）見解析

%

【解析】

【詳解】（1）未加電壓時，油滴勻速時的速度大小

勻速時

mg=f

又

f=kn3K

聯(lián)立可得

2

k=H

4

(2)加電壓后，油滴A的速度不變，可知油滴A不帶電，油滴B最后速度方向向上，可

知油滴B所受電場力向上，極板間電場強度向下，可知油滴B帶負電，油滴B向上勻速運

動時，速度大小為

根據(jù)平衡條件可得

.5U

mg+km，％~—q

解得

_mgdQi+的)

q~4U

根據(jù)

%=一%

又

%=，我

聯(lián)立解得

△E_-g也(4+))

「4

(3)油滴B與油滴A合并后，新油滴的質(zhì)量為2，k，新油滴所受電場力

口'_Uqmg(/?,+K)

d/7,

若F>2mg,即

4>4

可知

為＞匕

新油滴速度方向向上，設向上為正方向，根據(jù)動量守恒定律

mv2-mvt=2mV|,

可得

v共＞°

新油滴向上加速，達到平衡時

2mg+k?(2mYv=F

解得速度大小為

九一

V-一二尸-工

尋It

速度方向向上；

若F'＜2mg,即

%>1%

可知

V2<Vi

設向下為正方向，根據(jù)動量守恒定律

mvy-mv2=27nVji

可知

v共＞0

新油滴向下加速，達到平衡時

2

Img=F+k-(2m)3v

解得速度大小為

速度方向向下。

(-)選考題：共12分。請考生從2道題中任選一題作答。如果多做，則按所

做的第一題計分。

15.利用空調(diào)將熱量從溫度較低的室內(nèi)傳遞到溫度較高的室外環(huán)境，這個過程

(選填“是”或“不是”)自發(fā)過程。該過程空調(diào)消耗了電能，空調(diào)排放到室外環(huán)境的熱

量(選填“大于”“等于”或“小于”)從室內(nèi)吸收的熱量。

【答案】①.不是②.大于

【解析】

【詳解】［1］空調(diào)將熱量從溫度低的室內(nèi)傳遞到溫度較高的室外，這個過程要消耗電能，不

是自發(fā)的過程；

⑵由于空調(diào)的壓縮機做功，使得空調(diào)排放