2023屆廣州市嶺南中學物理高一第二學期期中檢測試題含解析

2023屆廣州市嶺南中學物理高一第二學期期中檢測試題注意事項1．考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、如圖，汽車向左開動，系在車后緣的繩子繞過定滑輪拉著重物M上升，當汽車向左勻速運動時，重物M將（）A．勻速上升 B．加速上升 C．減速上升 D．無法確定2、如圖所示，一輕彈簧固定于O點，另一端系一重物，將重物從與懸點O在同一水平面且彈簧保持原長的A點由靜止釋放，讓它自由擺下。不計空氣阻力，在重物由A點擺向最低點B的過程中（）A．重物的重力勢能增加B．彈簧的彈性勢能不變C．重物的機械能減少D．重物和彈簧組成的系統(tǒng)機械能減少3、如圖所示，在勻速轉(zhuǎn)動的圓筒內(nèi)壁上有一物體隨圓筒一起轉(zhuǎn)動而未滑動。若圓筒和物體以更大的角速度做勻速轉(zhuǎn)動，下列說法正確的是（）A．物體所受彈力增大，摩擦力也增大B．物體所受彈力增大，摩擦力減小C．物體所受彈力減小，摩擦力減小D．物體所受彈力增大，摩擦力不變4、關于曲線運動，下列說法中正確的是（）A．變速運動一定是曲線運動 B．曲線運動一定是變速運動C．速率不變的曲線運動是勻速運動 D．曲線運動也可以是勻速運動5、人造衛(wèi)星在運行中因受高空稀薄空氣的阻力作用，繞地球運行的軌道半徑會慢慢變化，衛(wèi)星的運動可近似視為勻速圓周運動，當它緩慢變化前在軌道半徑上運行時線速度為，周期為，后來在軌道半徑上運行時線速度為，周期為，則它們的關系是（）A．， B．， C．， D．，6、關于曲線運動，下列說法正確的是（）A．曲線運動一定是變速運動，因為速度大小、方向都在變化B．曲線運動的物體加速度一定變化C．曲線運動的物體所受合外力可以為零D．曲線運動的物體速度沿軌跡切線方向，所受合外力一定指向軌跡的凹側(cè)7、輕桿一端固定在光滑水平軸O上，另一端固定一質(zhì)量為m的小球，如圖所示．給小球一初速度，使其在豎直平面內(nèi)做圓周運動，且剛好能通過最高點P，下列說法正確的是（）A．小球在最高點時對桿的作用力為零B．小球在最高點時對桿的作用力為mgC．若增大小球的初速度，則在最高點時球?qū)U的力一定增大D．若增大小球的初速度，則在最高點時球?qū)U的力可能為零8、如圖所示是自行車的輪盤與車軸上的飛輪之間的鏈條傳動裝置．P是輪盤的一個齒,Q是飛輪上的一個齒．下列說法中正確的是（）A．P、Q兩點線速度大小相等B．P點線速度大于Q點線速度C．P、Q兩點向心加速度大小相等D．P點向心加速度小于Q點向心加速度9、甲、乙兩個做勻速圓周運動的質(zhì)點，它們的角速度之比為3∶1，線速度之比為2∶3，那么下列說法中正確的是（）A．它們的半徑之比為2∶9B．它們的半徑之比為1∶2C．它們的周期之比為2∶3D．它們的周期之比為1∶310、以下關于宇宙速度的說法中正確的是()A．第一宇宙速度是人造地球衛(wèi)星運行時的最大速度B．第一宇宙速度是發(fā)射人造地球衛(wèi)星的最大速度C．地球上的物體無論具有多大的速度都不可能脫離地球的束縛D．第三宇宙速度是脫離太陽束縛的最小速度11、在x軸上存在與x軸平行的電場，x軸上各點的電勢隨x點位置變化情況如圖所示．圖中－x1～x1之間為曲線，且關于縱軸對稱，其余均為直線，也關于縱軸對稱．下列關于該電場的論述正確的是()A．x軸上各點的場強大小相等B．從-x1到x1場強的大小先減小后增大C．一個帶正電的粒子在x1點的電勢能大于在-x1點的電勢能D．一個帶正電的粒子在－x1點的電勢能小于在-x2點的電勢能12、如圖所示，從某高度水平拋出一小球，經(jīng)過時間t到達一豎直墻面時，速度與豎直方向的夾角為θ，不計空氣阻力，重力加速度為g。下列說法正確的是()A．小球水平拋出時的初速度大小為gttanθB．小球在t時間內(nèi)的位移方向與水平方向的夾角為θC．若小球初速度增大，則平拋運動的時間變短D．若小球初速度增大，則tanθ減小二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）利用打點計時器“探究小車的速度隨時間變化的規(guī)律”，打出的紙帶如圖所示，已知交流電源的頻率為50HZ，從計數(shù)點1開始，每相鄰兩個計數(shù)點之間還有四個點沒有畫出，圖中1、2、3、4、5、6、7為連續(xù)的計數(shù)點，測得s1=1.40cm，s2=2.00cm，s3=2.60cm，s4=3.20cm，s5=3.80cm，s6=4.40cm（結(jié)果均保留2位有效數(shù)字）（1）在打點計時器打4計數(shù)點時，小車的速度v4=__________m∕s，（2）小車的加速度為__________m∕s214、（10分）如圖，一同學在做研究平拋運動的實驗時，忘記記下小球拋出點位置，A為小球運動一段時間后的位置，試根據(jù)圖像求小球作平拋運動的初速度_________________m/s．(g取10m／s2)三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）如圖所示，豎直放置的半圓形光滑絕緣軌道半徑為R=0.2m，圓心為O，下端與絕緣水平軌道在B點相切并平滑連接.一帶正電q=5.0×10-3C、質(zhì)量為m=3.0kg的物塊(可視為質(zhì)點)，置于水平軌道上的A點.已知A、B兩點間的距離為L=1.0m，物塊與水平軌道間的動摩擦因數(shù)為μ=0.2(1)若物塊在A點以初速度v0向左運動，恰好能到達圓周的最高點D，則物塊的初速度v(2)若整個裝置處于方向水平向左、場強大小為E=2.0×103N/C的勻強電場中(圖中未畫出)，現(xiàn)將物塊從A點由靜止釋放，試確定物塊在以后運動過程中速度最大時的位置((3)在(2)問的情景中，試求物塊在水平面上運動的總路程．16、（12分）如圖所示，一小物塊沿光滑水平面向右以速度v0＝1.5m/s運動，然后從O點水平飛出（不計空氣阻力）．已知圓弧的半徑為R＝1m，O點恰為圓弧的圓心，求小物塊從O點飛出到擊中圓弧所經(jīng)歷的時間t．（取g＝10m/s2，）17、（12分）如圖，位于豎直水平面內(nèi)的光滑軌道由四分之一圓弧ab和拋物線bc組成，圓弧半徑Oa水平，b點為拋物線頂點．已知h=2m,，s=．取重力加速度大?。?）一小環(huán)套在軌道上從a點由靜止滑下，當其在bc段軌道運動時，與軌道之間無相互作用力，求圓弧軌道的半徑；（2）若環(huán)從b點由靜止因微小擾動而開始滑下，求環(huán)到達c點時速度的水平分量的大?。?/p>

參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、B【解析】

考查運動的合成與分解的應用，掌握牛頓第二定律的內(nèi)容，注意正確將小車的運動按效果進行分解，小車的運動可分解為沿繩方向和垂直于繩的方向兩個運動，其中沿繩方向的運動與物體上升的運動速度相等．【詳解】小車的運動可分解為沿繩方向和垂直于繩的方向兩個運動，設繩子與水平面的夾角為θ，由幾何關系可得：vM=vcosθ，因v不變，而當θ逐漸變小，故vM逐漸變大，物體有向上的加速度，故B正確，ACD錯誤．2、C【解析】

A．在重物由A點擺向最低點B的過程中，重力做正功，重力勢能減少，故A錯誤；BC．在重物由A點擺向最低點B的過程中，彈簧對重物做負功，所以重物的機械能減少，彈簧的彈性勢能增加，故B錯誤，C正確；D．在重物由A點擺向最低點B的過程中，只有重力和彈簧的彈力做功，故重物和彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒，故D錯誤。故選C。3、D【解析】

物體做勻速圓周運動，合力指向圓心，對物體受力分析，受重力、向上的靜摩擦力、指向圓心的支持力，如圖，開始時重力G與靜摩擦力f平衡，支持力N提供向心力，當圓筒的角速度ω增大以后，向心力變大，物體所受彈力N增大，最大靜摩擦增大，物體仍靜止，即重力G與靜摩擦力f平衡，故ABC錯誤，D正確。故選D。4、B【解析】

變速運動不一定是曲線運動，例如自由落體運動，選項A錯誤；曲線運動的方向一定變化，則曲線運動一定是變速運動，選項B正確；速率不變的曲線運動是變速運動，例如勻速圓周運動，選項C錯誤；曲線運動一定不是勻速運動，選項D錯誤.5、C【解析】根據(jù)，解得：，因為軌道半徑會逐漸減小，所以速度增大，根據(jù)，解得：，，因為軌道半徑會逐漸減小，所以周期減小，故T1＞T2故應選C．點晴：人造地球衛(wèi)星在運行中，由于受到稀薄大氣的阻力作用，其運動軌道半徑會逐漸減小，根據(jù)萬有引力提供向心力列出等式，判斷線速度、周期的變化．6、D【解析】A、曲線運動的速度方向是曲線上某一點的切線方向，故速度方向一定變化，當速度大小不一定變化，比如勻速圓周運動，A錯；B、曲線運動的物體加速度不一定變化，比如平拋運動，B錯；C、曲線運動的條件是合外力與速度不一條直線上,所以合外力不為零，C錯；D、曲線運動的物體速度沿軌跡切線方向，所受合外力一定指向軌跡的凹側(cè)，D對；故選D點睛：曲線運動的條件,合外力與速度不在一條直線上,速度方向時刻變化,故曲線運動時變速運動.曲線運動合力一定不能為零.在恒力作用下,物體可以做曲線運動.7、BD【解析】以小球為研究對象，設在最高點時桿對小球的作用力大小為F，方向豎直向上．小球剛好能通過最高點P，速度為零，根據(jù)牛頓第二定律得：，即有F=mg，再由牛頓第三定律得到，小球在最高點時對桿的作用力也為mg，方向豎直向下．故A錯誤，B正確．對于球，在最高點時：若時，桿對球的作用力方向豎直向上時，由，得，增大小球的初速度，桿對球的作用力F減小，則球?qū)U的力減小，若，由，得，增大小球的初速度，桿對球的作用力F增大，則球?qū)U的力增大，故C錯誤，D正確；故選BD．【點睛】小球剛好能通過最高點P時，速度為零，根據(jù)牛頓第二定律研究桿對小球的作用力，再由牛頓第三定律研究小球?qū)U作用力．由牛頓第二定律討論增大小球的初速度時，在最高點桿對球的作用力變化情況．8、AD【解析】

Q兩點是傳送帶傳動的兩輪子邊緣上兩點，則，根據(jù)及，而，可知P點向心加速度小于Q點向心加速度，故AD正確、BC錯誤。故選AD。9、AD【解析】由v＝ωr，得r＝vω，r甲r乙＝v甲ω甲v乙ω乙＝29，A正確，B錯誤；由T＝10、AD【解析】A、根據(jù)GMmR2=mv2R可得衛(wèi)星的線速度v=GMR,B、要是衛(wèi)星在更高一點的軌道運動，則發(fā)射速度應該大于第一宇宙速度，所以第一宇宙速度是發(fā)射人造地球衛(wèi)星的最小速度，B錯；C、因為第二宇宙速度是地球的逃逸速度,即當衛(wèi)星的速度大于等于第二宇宙速度時衛(wèi)星脫離地球的吸引而進入繞太陽運行的軌道,C錯；D、當物體的速度大于等于第三宇宙速度時，物體將脫離太陽的束縛，故D對；故選AD點睛：第一宇宙速度是衛(wèi)星沿地球表面運動時的速度,半徑越大運行速度越小,故第一宇宙速度是人造地球衛(wèi)星最大的運行速度;當衛(wèi)星的速度大于等于第二宇宙速度時衛(wèi)星脫離地球的吸引而進入繞太陽運行的軌道;當物體的速度大于等于第三宇宙速度時物體將脫離太陽的束縛11、BD【解析】試題分析：φ-x圖象的斜率大小等于電場強度，故x軸上的電場強度不同，故A錯誤；從-x1到x1場強斜率先減小后增大，故場強先減小后增大，故B正確；由圖可知，場強方向均指向O，根據(jù)對稱性可知，一個帶正電的粒子在x1點的電勢能等于在-x1點的電勢能，故C錯誤；電場線指向O點，則負電荷由-x1到-x2的過程中電場力做正功，故電勢能減小，故帶負電的粒子在-x1點的電勢能大于在-x2的電勢能，故D正確；故選BD．考點：電場強度；電勢及電勢能【名師點睛】本題關鍵要理解φ-t圖象的斜率等于場強，由電勢的高低判斷出電場線的方向，來判斷電場力方向做功情況，并確定電勢能的變化．12、AC【解析】

小球到達豎直墻面時沿豎直方向和水平方向上的分速度大小分別為vy＝gt，vx＝vytanθ＝gttanθ，所以水平拋出時的初速度為gttanθ，A項正確；設小球在t時間內(nèi)的位移方向與水平方向的夾角為α，則tanα＝y(tǒng)x=12gt2v0t=gt2v二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、0.29m/s0.60m/s2【解析】

每相鄰兩個計數(shù)點之間還有四個點沒有畫出，則T=0.1s；（1）在打點計時器打4計數(shù)點時，小車的速度；（2）因，則加速度14、2m/s【解析】【分析】拋運動在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動，根據(jù)豎直方向上相等時間內(nèi)的位移之差是一恒量求出相等的時間間隔，結(jié)合水平位移求出初速度；解：根據(jù)得：則小球平拋運動的初速度為：三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（1）14m/s（2）arcsin1【解析】試題分析：物塊恰好能到達圓周的最高點D，故有：mg=mv對A到D過程，根據(jù)動能定理，有：-mg（2R）-μmgL=12mvD2-12mv聯(lián)立解得：v0=14m/s（2）對物塊，假設物塊能滑到C點，從A至C過程，由動能定理得：qE（L+R）-mgR-μmgL=12mvC2可得vC=0，故物塊始終沒有脫離軌道對物塊受力分析，可知tanθ=故物塊在以后運動過程中速度最大時位于B點左側(cè)圓弧上，其與